التدريب لاختبار FE للهندسة الميكانيكية: حزمة المراجعة المكثفة

أوراق القوانين، وأهم خطوات الحل لكل موضوع، و42 مسألة تدريبية، مع الحلول الكاملة في الخلف.

مسائل جديدةالعودة إلى المقرّر

في نافذة الطباعة اختر «حفظ بصيغة PDF» لحفظ نسخة على جهازك.

1القوانين وطرق الحل

ردود أفعال ركائز الكمرات

الاتزان
ΣFx = 0, ΣFy = 0, ΣM = 0
حمل منتظم
المحصّلة w·L في منتصف الحمل
العزم
M = F·d

الطريقة

  1. ارسم مخطط الجسم الحر واستبدل كل ركيزة بردود أفعالها.
  2. استبدل كل حمل موزّع بقوة واحدة عند مركزه.
  3. خذ العزوم حول ركيزة واحدة لإيجاد ردّ الفعل عند الأخرى.
  4. استخدم ΣFy = 0 لإيجاد ردّ الفعل المتبقي، وتحقّق بمعادلة عزوم ثانية.

الإجهاد والانفعال المحوري

الإجهاد العمودي
σ = F/A
الانفعال
ε = ΔL/L
قانون هوك
σ = E·ε
الاستطالة
ΔL = FL/(EA)
الانفعال الحراري
εT = α·ΔT

التواء الأعمدة

إجهاد القص
τ = T·r/J
عمود مصمت
J = πd⁴/32
عمود مجوّف
J = π(D⁴ − d⁴)/32
زاوية الالتواء
φ = TL/(GJ)
القدرة
P = T·ω = 2πnT/60

الطريقة

  1. أوجد عزم القصور القطبي للمساحة: J = πd⁴/32 لعمود مصمت.
  2. إجهاد القص عند السطح: τ = T·r/J، حيث r نصف القطر الخارجي.
  3. زاوية الالتواء: φ = TL/(GJ) بالراديان.
  4. إذا أُعطيت القدرة، أوجد العزم أولًا من P = T·ω، حيث ω = 2πn/60.

قوة القص وعزم الانحناء

القص والعزم
V = ΣF على جانب واحد، M = ΣF·d على جانب واحد
إجهاد الانحناء
σ = M·y/I
مستطيل
I = bh³/12
معامل المقطع
W = I/ymax
بسيطة الارتكاز، حمل منتظم
Mmax = wL²/8

الطريقة

  1. أوجد ردود أفعال الركائز من اتزان الكمرة كلها.
  2. اقطع الكمرة عند المقطع المطلوب واحتفظ بجانب واحد.
  3. قوة القص: مجموع القوى الرأسية على ذلك الجانب. عزم الانحناء: مجموع عزومها حول المقطع.
  4. لإيجاد أقصى عزم، أوجد الموضع الذي تنعدم فيه قوة القص.

دائرة مور وتحويل الإجهاد

المركز
C = (σx + σy)/2
نصف القطر
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
الإجهادات الرئيسية
σ1,2 = C ± R
الاتجاه الرئيسي
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
مستوى مائل
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

الطريقة

  1. احسب مركز دائرة مور: C = (σx + σy)/2.
  2. احسب نصف القطر: R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. الإجهادان الرئيسيان هما C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.
  4. الزوايا على الدائرة ضعف الزوايا على العنصر: tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

ترخيم الكمرة

حمل مركّز في منتصف البحر
δ = PL³/(48EI)
حمل منتظم، كمرة بسيطة الارتكاز
δ = 5wL⁴/(384EI)
كابولي، حمل طرفي
δ = PL³/(3EI)
كابولي، حمل منتظم
δ = wL⁴/(8EI)
التراكب
δ = δ1 + δ2

انبعاج الأعمدة

حمل أويلر
Pcr = π²EI/(KL)²
معامل الطول الفعّال
K = 1 مفصلي–مفصلي، 0,5 مثبَّت–مثبَّت، 0,7 مثبَّت–مفصلي، 2 مثبَّت–حرّ
الإجهاد الحرج
σcr = Pcr/A
النحافة
λ = KL/r, r = √(I/A)

حركة المقذوفات

المركّبات
vx = v0cos θ, vy = v0sin θ
الموضع
x = vxt, y = h + vyt − ½gt²
أقصى ارتفاع
H = h + vy²/(2g)
المدى (أرض مستوية)
R = v0²·sin 2θ/g

الطريقة

  1. حلّل سرعة الإطلاق إلى مركّبتين: vx = v₀·cos θ و vy = v₀·sin θ.
  2. للحركة الأفقية سرعة ثابتة؛ وللحركة الرأسية تسارع −g.
  3. أوجد زمن التحليق من الحركة الرأسية.
  4. استخدم ذلك الزمن في الحركة الأفقية لإيجاد المدى.

الشغل والطاقة

الطاقة الحركية
Ek = ½mv²
طاقة الوضع
Ep = mgh
موازنة الطاقة
Ek1 + Ep1 + W = Ek2 + Ep2 + losses
شغل الاحتكاك
W = μ·N·d
القدرة
P = W/t

الاهتزازات الميكانيكية

التردد الطبيعي
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
من الانحراف الاستاتيكي
ωn = √(g/δst)
التخميد الحرج
cc = 2√(km) = 2mωn
نسبة التخميد
ζ = c/cc
التردد المخمَّد
ωd = ωn√(1 − ζ²)
التناقص اللوغاريتمي
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
نوابض على التوازي
k = k1 + k2
نوابض على التوالي
1/k = 1/k1 + 1/k2

المحرّكات الحرارية والثلاجات

الكفاءة
η = W/QH = 1 − QC/QH
كفاءة كارنو
ηC = 1 − TC/TH (kelvin)
COP الثلاجة
COPR = QC/W
COP المضخة الحرارية
COPHP = QH/W = COPR + 1
موازنة الطاقة
QH = W + QC

دورات القدرة الغازية

أيزنتروبي، نسبة الحجوم
T2/T1 = rk−1
أيزنتروبي، نسبة الضغوط
T2/T1 = rp(k−1)/k
كفاءة أوتو
η = 1 − 1/rk−1
كفاءة ديزل
η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k(rc − 1))
كفاءة برايتون
η = 1 − 1/rp(k−1)/k
الحرارة المضافة
أوتو: cv(T3 − T2) ديزل، برايتون: cp(T3 − T2)
الشغل الصافي لبرايتون
w = cp[(T3 − T4) − (T2 − T1)]
الكفاءات الأيزنتروبية
wc = wc,s/ηc, wt = ηt·wt,s
الهواء البارد
k = 1,4, cp = 1,005, cv = 0,718 kJ/(kg·K)

الاستمرارية وبرنولي

الاستمرارية
A1v1 = A2v2
برنولي
p1 + ½ρv1² + ρgz1 = p2 + ½ρv2² + ρgz2
معدّل التدفّق
Q = A·v
مساحة الدائرة
A = πd²/4

احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

عدد رينولدز
Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ
نظام الجريان
صفائحي تحت Re ≈ 2000، مضطرب فوق Re ≈ 4000
السرعة المتوسطة
V = Q/A, A = π·D²/4
دارسي–فايسباخ
hf = f·(L/D)·V²/(2g)
الفواقد الثانوية
hm = ΣK·V²/(2g)
قيم K النموذجية
المدخل 0,5، المخرج 1,0، كوع 90° ≈ 0,3
هبوط الضغط
Δp = ρ·g·hf
خزانان مفتوحان
Δz = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g)
مخرج حر
H = (1 + f·L/D + ΣK)·V²/(2g)

المضخات وقدرة المضخات

القدرة الهيدروليكية
Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp
قدرة العمود
Pshaft = Ph/ηpump
القدرة الكهربائية
Pel = Pshaft/ηmotor
سمت المضخة
H = Δz + Δp/(ρ·g) + hL
فواقد المنظومة
hL = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g)

التوصيل الحراري

قانون فورييه
Q̇ = kAΔT/L
مقاومة التوصيل الحراري
R = L/(kA)
مقاومة الحمل الحراري
R = 1/(hA)
مقاومات على التوالي
Q̇ = ΔTtotal/ΣR
قيمة U
U = 1/(ΣR·A)

التروس ومجموعات التروس

تروس متعشّقة
n1·N1 = n2·N2
العزم
T2 = T1·(N2/N1)·η
القدرة
P = T·ω, ω = 2π·n/60
مجموعة تروس مركّبة
النسبة الكلية = حاصل ضرب نسب المراحل

خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

نوع النظام
عدد أقطاب G(s) عند s = 0
ثوابت الخطأ
Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s), Ka = lim s²·G(s) (s → 0)
الخطوة A
ess = A/(1 + Kp)
المنحدر A·t
ess = A/Kv
القطع المكافئ A·t²/2
ess = A/Ka
المتحكم PID
C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s
الهدف من الرتبة الثانية
s² + 2ζωns + ωn²
التجاوز والتوقيت
%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, ts ≈ 4/(ζωn)

الطريقة

  1. عُدّ أقطاب الحلقة المفتوحة C(s)·G(s) عند s = 0: فذلك هو نوع النظام.
  2. احسب ثابت الخطأ المناسب للدخل: Kp للخطوة، وKv للمنحدر، وKa للقطع المكافئ.
  3. طبّق ess = A/(1 + Kp) أو A/Kv أو A/Ka، أو حُلّها لإيجاد الكسب المطلوب.
  4. لمواصفة التخميد أو السرعة اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وطابقه مع s² + 2ζω_n·s + ω_n².

2مسائل تدريبية

1.ردود أفعال ركائز الكمراتمتوسطة
w0​ = 10 kN/mABRB​ = ?6 m

الكمرة البسيطة الارتكاز (مسمار في A، بكرة في B) تحمل حملًا متغيّرًا خطيًا ينخفض من 10 kN/m عند A إلى الصفر عند B. أوجد ردّ فعل الركيزة الرأسي RB.

L = 6 mw0 = 10 kN/m
RB = kN
2.ردود أفعال ركائز الكمراتصعبة
w = 3 kN/mP = 15 kNABRA​ = ?RB​1 m2 m2 m

للكمرة البسيطة الارتكاز مسمار في A وبكرة في B. أوجد ردّ فعل الركيزة الرأسي RA.

L = 5 mP = 15 kN عند 3 mw = 3 kN/m من 1 إلى 5 m
RA = kN
3.الإجهاد والانفعال المحوريمتوسطة
300 kNØ3070 GPaØ120/60300 mmδ = ?

قضيب من الفولاذ (القطر 30 mm وE = 200 GPa) داخل أنبوب من الألومنيوم (القطر الخارجي 120 mm والقطر الداخلي 60 mm وE = 70 GPa). طول كل منهما 300 mm، ويُضغطان معًا بين لوحين صلبين بقوة 300 kN. أوجد الانضغاط δ.

P = 300 kNالقضيب: Ø30 mm, E = 200 GPaالأنبوب: Ø120/Ø60 mm, E = 70 GPaL = 300 mm
δ = mm
4.الإجهاد والانفعال المحوريصعبة
Ø 25 mmالنحاس2 mØ 20 mmالنحاس1,5 mP = 120 kN

القضيب المدرَّج مثبَّت في الجدار ومحمَّل عند طرفه الحر. أوجد أكبر إجهاد عمودي σmax في القضيب.

P = 120 kNالجزء 1: Ø25 mm، 2 m، النحاس (E = 117 GPa)الجزء 2: Ø20 mm، 1,5 m، النحاس (E = 117 GPa)
σmax = MPa
5.التواء الأعمدةمتوسطة
T = 500 N·md = 50 mmL = 1,2 mφ = ?

عمود مصمت من الفولاذ مثبَّت في الجدار ويُلوى بعزم T عند طرفه الحر. أوجد زاوية التواء φ الطرف الحر بالدرجات.

T = 500 N·md = 50 mmL = 1,2 mG = 80 GPa
φ = °
6.التواء الأعمدةصعبة
d = ?10 kW, 1450 rpm

عمود مصمت من الألومنيوم ينقل 10 kW بسرعة 1450 rpm. يجب ألّا يتجاوز إجهاد القص 50 MPa وألّا يتجاوز الالتواء 1° لكل m من الطول. أوجد أصغر قطر d يحقّق الحدّين كليهما.

P = 10 kWN = 1450 rpmτallow = 50 MPaθallow = 1°/mG = 26 GPa
d = mm
7.قوة القص وعزم الانحناءمتوسطة
8 kN/m50 kNABCDEFG2 m2 m2 m2 m2 m2 m

تقسم العلامات من A إلى G الكمرة إلى ستة أجزاء متساوية. عند أي علامة يكون عزم الانحناء الأكبر حجمًا، تقعيريًا أو تحدبيًا؟ انقر عليها في المخطط.

50 kN @ 6 m8 kN/m, 0–12 m
  1. 1A (x = 0 m)
  2. 2B (x = 2 m)
  3. 3C (x = 4 m)
  4. 4D (x = 6 m)
  5. 5E (x = 8 m)
  6. 6F (x = 10 m)
  7. 7G (x = 12 m)
8.قوة القص وعزم الانحناءصعبة
10 kN/m50 kNABCDEFG2 m2 m2 m2 m2 m2 m

تقسم العلامات من A إلى G الكمرة إلى ستة أجزاء متساوية. عند أي علامة يكون عزم الانحناء الأكبر حجمًا، تقعيريًا أو تحدبيًا؟ انقر عليها في المخطط.

50 kN @ 12 m10 kN/m, 0–8 m
  1. 1A (x = 0 m)
  2. 2B (x = 2 m)
  3. 3C (x = 4 m)
  4. 4D (x = 6 m)
  5. 5E (x = 8 m)
  6. 6F (x = 10 m)
  7. 7G (x = 12 m)
9.دائرة مور وتحويل الإجهادمتوسطة
σx​ = 60σy​ = −50τxy​ = −40MPa

عند نقطة σₓ = 60 MPa، σᵧ = −50 MPa و τₓᵧ = −40 MPa (الشد موجب). يُدار العنصر 60° عكس عقارب الساعة. أوجد الإجهاد العمودي σy′ على أوجه العنصر المُدار العمودية على المحور المُدار y′.

σx = 60 MPaσy = −50 MPaτxy = −40 MPaθ = 60°
σy′ = MPa
10.دائرة مور وتحويل الإجهادصعبة
σx​ = 120σy​ = 40τxy​ = −30MPa

نقطة في جزء محمَّل فيها σₓ = 120 MPa و σᵧ = 40 MPa و τₓᵧ = −30 MPa (الشدّ موجب). أوجد الإجهاد العمودي σθ على مستوى يدور العمودي عليه بزاوية 40° عكس عقارب الساعة من المحور x.

σx = 120 MPaσy = 40 MPaτxy = −30 MPaθ = 40°
σθ = MPa
11.ترخيم الكمرةمتوسطة
w = 12 kN/mδL = 2 m

كابولي يحمل حملًا موزّعًا بانتظام w على طوله كله. أوجد الترخيم δ عند الطرف الحر.

w = 12 kN/mL = 2 mE = 200 GPa (الفولاذ)I = 36 × 10⁶ mm⁴
δ = mm
12.ترخيم الكمرةصعبة
w = 15 kN/mδL = 8 m

كمرة بسيطة الارتكاز تحمل حملًا موزّعًا بانتظام w. لا يجوز أن يتجاوز ترخيمها البحر/360. أوجد أصغر عزم قصور ذاتي Ireq يحقّق هذا الحد.

w = 15 kN/mL = 8 mE = 200 GPa (الفولاذ)
Ireq = × 10⁶ mm⁴
13.انبعاج الأعمدةمتوسطة
PL = 2 md = 60 mmالمقطع العرضي

عمود طوله L من الفولاذ مثبَّت عند القاعدة ومفصلي عند القمة. باستخدام صيغة أويلر أوجد حمل الانبعاج الحرج Pcr.

L = 2 mE = 200 GPa (الفولاذ)d = 60 mm
Pcr = kN
14.انبعاج الأعمدةصعبة
P = 110 kNL = 3 md = ?المقطع العرضي

عمود دائري مصمت طوله L من الفولاذ مثبَّت عند القاعدة وحرّ عند القمة. يجب أن يحمل 110 kN بمعامل أمان 2 ضد الانبعاج. أوجد أصغر قطر d.

P = 110 kNn = 2L = 3 mE = 200 GPa (الفولاذ)
d = mm
15.حركة المقذوفاتمتوسطة
v0​ = 16 m/s55°المدى

تُقذف كرة بزاوية 55° فوق الأفق من أرض مستوية. أهمل مقاومة الهواء. أوجد زمن التحليق t حتى ترتطم الكرة بالأرض.

v0 = 16 m/sθ = 55°g = 9,81 m/s²
t = s
16.حركة المقذوفاتصعبة
h = 5 mv0​ = 16 m/s50°α = ?

تُقذف كرة بسرعة 16 m/s وبزاوية 50° فوق الأفق من قمة جرف ارتفاعه 5 m. أهمل مقاومة الهواء واستخدم g = 9,81 m/s². بأيّ زاوية α تحت الأفق ترتطم بالأرض؟

v₀ = 16 m/sθ = 50°h = 5 mg = 9,81 m/s²
α = °
17.الشغل والطاقةمتوسطة
40°d = 15 mμ = 0,15

ينزلق جسم من السكون على منحدر يميل بزاوية 40° عن الأفق. معامل الاحتكاك الحركي 0,15. أوجد سرعته v بعد أن ينزلق 15 m على المنحدر.

θ = 40°μ = 0,15d = 15 mg = 9,81 m/s²
v = m/s
18.الشغل والطاقةصعبة
10 kg6 kgμ = 0,25d = 1,5 m

جسم كتلته 10 kg يستقر على طاولة أفقية خشنة (μ = 0,25). يمتدّ منه خيط خفيف فوق بكرة ملساء عند حافة الطاولة إلى جسم معلّق كتلته 6 kg. يُترك النظام من السكون. أوجد سرعة الجسمين v بعد أن يهبط الجسم المعلّق 1,5 m.

m1 = 10 kgm2 = 6 kgμ = 0,25d = 1,5 mg = 9,81 m/s²
v = m/s
19.الاهتزازات الميكانيكيةمتوسطة
k = 200 kN/mc = 250 N·s/mm = 12 kg

كتلة 12 kg يحملها نابض جساءته 200 kN/m ومخمِّد لزج معامل تخميده 250 N·s/m. أوجد نسبة التخميد ζ.

m = 12 kgk = 200 kN/mc = 250 N·s/m
ζ =
20.الاهتزازات الميكانيكيةصعبة
k1​ = 10k2​ = 15m = 40 kg

كتلة 40 kg معلّقة بنابضين متجاورين (على التوازي)، جساءتاهما k₁ = 10 kN/m و k₂ = 15 kN/m. تبقى الكتلة أفقية. أوجد الجساءة المكافئة keq لنظام النوابض بالـ kN/m.

m = 40 kgk1 = 10 kN/mk2 = 15 kN/m
keq = kN/m
21.المحرّكات الحرارية والثلاجاتمتوسطة
TH​ = 200 °CTL​ = 20 °CEQH​QL​W

يعمل محرّك حراري بين خزّان ساخن عند 200 °C وخزّان بارد عند 20 °C. أوجد أعلى كفاءة حرارية ممكنة ηmax.

TH = 200 °CTL = 20 °C
ηmax = %
22.المحرّكات الحرارية والثلاجاتصعبة
TH​ = 21 °CTL​ = 10 °CHPQ̇H​ = 11,5 kWQ̇L​Ẇ = ?

مضخة حرارية تزوّد نظام تدفئة عند 21 °C بـ 11,5 kW من الحرارة، آخذةً الحرارة من مصدر عند 10 °C. معامل أدائها الفعلي 40% من معامل أداء كارنو بين هاتين الدرجتين. أوجد القدرة الكهربائية Ẇ التي تستهلكها.

TH = 21 °CTL = 10 °CηII = 40%Q̇H = 11,5 kW
Ẇ = kW
23.دورات القدرة الغازيةمتوسطة
vP1234qin​qout​

دورة ديزل مثالية نسبة انضغاطها r = 17 ونسبة قطعها rc = v₃/v₂ = 1,8. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد كفاءتها الحرارية η بالنسبة المئوية.

r = 17rc = 1,8k = 1,4
η = %
24.دورات القدرة الغازيةصعبة
vP1234qin​qout​

محطة توربين غازي تعمل بدورة برايتون نسبة ضغط ضاغطها 12. يدخل الهواء الضاغط عند 310 K والتوربين عند 1500 K. الآلتان كلتاهما أيزنتروبيتان. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد الشغل الصافي الخارج wnet لكل كيلوغرام من الهواء، بالـ kJ/kg.

rp = 12T1 = 310 KT3 = 1500 Kk = 1,4cp = 1,005 kJ/(kg·K)
wnet = kJ/kg
25.الاستمرارية وبرنوليمتوسطة
d1​ = 300 mmd2​ = 150 mm12p1​ − p2​ = 43 kPaQ = ?

يجري الماء في مقياس فنتوري أفقي قطر مدخله 300 mm وقطر حلقه 150 mm. الضغط عند المدخل أعلى منه عند الحلق بمقدار 43 kPa. بإهمال الفواقد، أوجد معدّل التدفّق Q.

d1 = 300 mmd2 = 150 mmp1 − p2 = 43 kPaρ = 1000 kg/m³
Q = L/s
26.الاستمرارية وبرنوليصعبة
d1​ = 100 mmd2​ = 50 mm12Δh = 210 mmالزئبقQ = ?

مقياس فنتوري أفقي (المدخل 100 mm، الحلق 50 mm) ينقل الماء. مانومتر زئبقي على شكل U موصول بين المدخل والحلق يُظهر فرقًا في المستوى مقداره 210 mm. معامل التصريف 0,98. أوجد معدّل التدفّق Q. استخدم ρ = 1000 kg/m³ للماء، و 13 600 kg/m³ للزئبق، و g = 9,81 m/s².

d1 = 100 mmd2 = 50 mmΔh = 210 mmCd = 0,98ρHg = 13 600 kg/m³g = 9,81 m/s²
Q = L/s
27.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتمتوسطة
V = 1,6 m/sD = 100 mmL = 150 mf = 0,022

يجري ماء بسرعة متوسطة 1,6 m/s في أنبوب طوله 150 m وقطره الداخلي 100 mm. استخدم معامل احتكاك دارسي f = 0,022 و g = 9,81 m/s². أوجد فاقد السمت بالاحتكاك hf.

V = 1,6 m/sL = 150 mD = 100 mmf = 0,022g = 9,81 m/s²
hf = m
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتصعبة
K = 0,2Δz = ?L = 200 m, D = 300 mm, f = 0,0254× كوع (K = 0,3)

خزانان مفتوحان يصل بينهما أنبوب طوله 200 m وقطره الداخلي 300 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,025. الفواقد الثانوية هي: مدخل حاد الحافة (K = 0,5)، و 4 أكواع (K = 0,3 لكل منها)، وصمام (K = 0,2) والمخرج إلى الخزان السفلي (K = 1,0). استخدم g = 9,81 m/s². ما فرق منسوب الماء Δz بين الخزانين الذي يعطي معدل تدفق 200 L/s؟

Q = 200 L/sL = 200 mD = 300 mmf = 0,025Kentrance = 0,5Kbend = 0,3 (×4)Kvalve = 0,2Kexit = 1,0
Δz = m
29.المضخات وقدرة المضخاتمتوسطة
PQ = 100 L/sH = 36 m

مضخة تدفع 100 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) ضد سمت 36 m. كفاءة المضخة 75% وكفاءة المحرّك الكهربائي الذي يشغّلها 90%. استخدم g = 9,81 m/s². أوجد القدرة الكهربائية Pel التي يسحبها المحرّك، بالـ kW.

Q = 100 L/sH = 36 mηpump = 75%ηmotor = 90%g = 9,81 m/s²
Pel = kW
30.المضخات وقدرة المضخاتصعبة
PQ = 8 L/sΔz = 6 mL = 150 m, D = 100 mm, f = 0,02, ΣK = 8

مضخة تنقل 8 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) من خزان سفلي مفتوح إلى خزان علوي سطح مائه أعلى بـ 6 m. طول الأنبوب 150 m وقطره الداخلي 100 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,02؛ ومجموع معاملات الفواقد الثانوية ΣK = 8 (بما فيها المدخل والمخرج). استخدم g = 9,81 m/s². كفاءة المضخة 75%. أوجد قدرة العمود Pshaft بالـ kW.

Q = 8 L/sΔz = 6 mL = 150 mD = 100 mmf = 0,02ΣK = 8η = 75%
Pshaft = kW
31.التوصيل الحراريمتوسطة
الخشب, k = 0,1750 mmالبوليسترين الممدّد, k = 0,03525 mm23 °C5 °CTi​ = ?Q̇

جدار مكوّن من 50 mm من الخشب و 25 mm من البوليسترين الممدّد، ومساحته 12 m². الوجهان الخارجيان عند 23 °C و 5 °C. أوجد درجة الحرارة Ti عند السطح الفاصل بين الطبقتين.

L1 = 50 mm, k1 = 0,17 W/(m·K)L2 = 25 mm, k2 = 0,035 W/(m·K)A = 12 m²T1 = 23 °CT3 = 5 °C
Ti = °C
32.التوصيل الحراريصعبة
الخشب, k = 0,17200 mmالزجاج, k = 0,9650 mmالغرفة 22 °Cالخارج 4 °CQ̇ = ?

جدار من 200 mm الخشب و 50 mm الزجاج يفصل غرفة عند 22 °C عن الهواء الخارجي عند 4 °C. معاملا الحمل 7,7 W/(m²·K) في الداخل و 25 W/(m²·K) في الخارج، ومساحة الجدار 15 m². أوجد الفقد الحراري Q̇ عبر الجدار.

L1 = 200 mm, k1 = 0,17 W/(m·K)L2 = 50 mm, k2 = 0,96 W/(m·K)A = 15 m²hi = 7,7 W/(m²·K)ho = 25 W/(m²·K)Troom = 22 °CTout = 4 °C
Q̇ = W
33.التروس ومجموعات التروسمتوسطة
d1​ = 150 mmd2​ = 400 mm960 rpmT1​ = 1200 NT2​ = 240 NP = ?

يمر سير على بكرة قائدة قطرها 150 mm تدور بسرعة 960 rpm. الشد 1200 N في الجانب المشدود و240 N في الجانب المرتخي. أوجد القدرة P المنقولة بوحدة kW.

d1 = 150 mmn1 = 960 rpmT1 = 1200 NT2 = 240 N
P = kW
34.التروس ومجموعات التروسصعبة
A = 72B = 80C = 45D = 80

في مجموعة تروس مركّبة، يدير الترس A (72 سنًّا) المثبّت على عمود الدخل الدائر بسرعة 960 rpm الترسَ B (80 سنًّا). الترس C (45 سنًّا) مثبّت على عمود B نفسه ويدير الترس D (80 سنًّا) على عمود الخرج. أوجد سرعة الخرج nout.

nin = 960 rpmA = 72B = 80C = 45D = 80
nout = rpm
35.تحويلات لابلاسمتوسطة
t (s)f(t)t = 0,5f(0,5) = ?

أوجد f(t) للدالة F(s) = 55/(s(s + 1)(s + 3)) بالكسور الجزئية، واحسب f(0,5).

F(s) = 55/(s(s + 1)(s + 3))t = 0,5 s
f(0.5) =
36.تحويلات لابلاسصعبة
t (s)y(t)t = 0,3y(0,3) = ?

يخضع نظام للمعادلة y″ + 9y′ + 20y = 60·u(t)، مع y(0) = 3 و y′(0) = 0. عند t = 0 يُطبَّق دخل خطوة u(t) = 5. استخدم تحويل لابلاس لإيجاد y(0,3).

y″ + 9y′ + 20y = 60·u(t)y(0) = 3y′(0) = 0u(t) = 5t = 0,3 s
y(0.3) =
37.المخططات الصندوقيةمتوسطة
R(s)+11K+7s + 8G(s)C(s)2H₁−−

للنظام المُتحكَّم فيه G(s) = 7/(s + 8) حلقة تغذية راجعة سالبة داخلية (ثانوية) كسبها H₁ = 2. كسب متحكّم K = 11 وحلقة تغذية راجعة سالبة أحادية خارجية يُغلقان النظام. أوجد قطب الحلقة المغلقة p.

G(s) = 7/(s + 8)H₁ = 2K = 11
p =
38.المخططات الصندوقيةصعبة
R(s)+22المتحكّم+D(s)+2s + 9النظام المُتحكَّم فيهC(s)−

متحكّم تناسبي K = 22 يقود النظام G(s) = 2/(s + 9) في حلقة تغذية راجعة سالبة أحادية. يدخل اضطراب D عند دخل النظام (يُضاف إلى خرج المتحكّم). مع R = 0، تُطبَّق خطوة اضطراب مقدارها 0,5. أوجد خرج الحالة المستقرة css.

K = 22G(s) = 2/(s + 9)D = 0,5R = 0
css =
39.الاستجابة الخطويةمتوسطة
t (s)y(t)1

لنظام دالة النقل G(s) = 23/(s² + 6s + 23) ويتلقى دخلًا خطويًا وحدويًا. القطبان هما s = σ ± jωd. أوجد الجزء الحقيقي σ.

G(s) = 23/(s² + 6s + 23)
σ =
40.الاستجابة الخطويةصعبة
R(s)+Ks(s + 10)G(s)C(s)−

لحلقة تغذية عكسية سالبة وحدوية G(s) = K/(s(s + 10)). أوجد الكسب K الذي يعطي استجابة خطوية بتجاوز 5 %.

G(s) = K/(s(s + 10))%OS = 5 %
K =
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDمتوسطة
r(t) = 2·t²/2+10(s + 1)s²(s + 10)C(s)−

يُطبَّق الدخل القطعي المكافئ r(t) = 2·t²/2 على حلقة تغذية عكسية وحدوية فيها G(s) = 10(s + 1)/(s²(s + 10)). أوجد خطأ الحالة المستقرة ess.

G(s) = 10(s + 1)/(s²(s + 10))r(t) = 2·t²/2
ess =
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDصعبة
R(s)+Kp​ + Ki​/s2s + 1C(s)−

يتحكم متحكم PI بالصيغة C(s) = Kp + Ki/s في المحطة G(s) = 2/(s + 1) ضمن حلقة تغذية عكسية وحدوية. يجب أن تكون للحلقة المغلقة ωₙ = 3 rad/s وζ = 0,8. أوجد الكسب التناسبي Kp.

G(s) = 2/(s + 1)ωₙ = 3 rad/sζ = 0,8
Kp =

3المحاليل

1.ردود أفعال ركائز الكمرات

الإجابة: RB = 10 kN

الاتزان الاستاتيكي: الجسم الساكن يحقّق ΣFx = 0 و ΣFy = 0 و ΣM = 0 حول أي نقطة. استبدل كل حمل موزّع بمحصّلته (مساحته) المؤثّرة في مركز مخطط الحمل، وخذ العزوم حول ركيزة لحذف ردّ فعلها من المعادلة.

محصّلة الحمل المثلثي

W = ½·10·6 = 30 kN
x̄ = L/3 = 2 m

الاتزان

العزوم حول A، موجبة عكس عقارب الساعة. ثم اتزان القوى الرأسية.

ΣMA = 0: RB·6 = 30·2
RB = 10 kN
RA = 30 − 10 = 20 kN

الإجابة

RB = 10 kN
2.ردود أفعال ركائز الكمرات

الإجابة: RA = 10,8 kN

الاتزان الاستاتيكي: الجسم الساكن يحقّق ΣFx = 0 و ΣFy = 0 و ΣM = 0 حول أي نقطة. أخذ العزوم حول ركيزة يحذف ردّ فعلها من المعادلة.

w = 3 kN/mP = 15 kNABRA​RB​1 m2 m2 m

مخطط الجسم الحر

استبدل الركائز بقوى ردّ الفعل. البكرة تعطي ردّ فعل رأسيًا واحدًا؛ ومع الأحمال الرأسية فقط يعطي المسمار أيضًا ردّ فعل رأسيًا واحدًا.

الاتزان

العزوم حول A، موجبة عكس عقارب الساعة. ثم اتزان القوى الرأسية.

محصّلة الحمل الموزّع: W = w·ℓ = 3·4 = 12 kN، تؤثّر عند x̄ = 3 m
ΣMA = 0: RB·5 = 15·3 + 3·4·3
RB = 81/5 = 16,2 kN
ΣFy = 0: RA = 27 − 16,2 = 10,8 kN

الإجابة

RA = 10,8 kN
3.الإجهاد والانفعال المحوري

الإجابة: δ = 0,1224 mm

مادتان: على التوالي (الواحدة بعد الأخرى) يحمل كل مقطع القوة نفسها وتُجمع الاستطالات: δ = P·Σ L/(E·A). وعلى التوازي (جنبًا إلى جنب بين لوحين صلبين) ينضغط الجزآن بالمقدار نفسه، فتتساوى انفعالاتهما: الجزء الأكثر صلابة يأخذ حصة أكبر، Pi = P·EiAi/ΣEA، وσi = Ei·ε. القضيب المثبت بين جدارين صلبين مع حمل عند الوصلة غير محدد استاتيكيًا: يتقاسم المقطعان الحمل بنسبة صلابتيهما k = EA/L.

المساحات

Ar = π·30²/4 = 706,9 mm²
At = π(120² − 60²)/4 = 8482 mm²

الصلابة المحورية المشتركة

ΣEA = 200·10³·706,9 + 70·10³·8482 = 7,351 × 10⁸ N

الانضغاط

δ = 300000·300/7,351 × 10⁸ = 0,1224 mm

الإجابة

δ = 0,1224 mm
4.الإجهاد والانفعال المحوري

الإجابة: σmax = 382 MPa

العناصر المحمَّلة محوريًا: كل جزء منشوري يحقّق δ = PL/(AE). وللعناصر المتوالية تُجمع الاستطالات.

القوة نفسها في الجزأين

الطرف الحر يحمل P، لذا يحمل كل مقطع من القضيب القوة المحورية نفسها P. تتغيّر المساحات والمواد فقط.

A1 = π·25²/4 = 490,9 mm², A2 = π·20²/4 = 314,2 mm²
σ1 = 244,5 MPa
σ2 = 382 MPa

أكبر إجهاد

الجزء الأرفع مساحته أصغر، لذا يحمل الإجهاد الأكبر.

σmax = 382 MPa

الإجابة

σmax = 382 MPa
5.التواء الأعمدة

الإجابة: φ = 0,7003 °

التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.

عزم القصور القطبي

J = π·50⁴/32 = 613592 mm⁴

زاوية الالتواء

φ = TL/(GJ) = 500·1000·1200/(80000·613592) = 0,01222 rad
φ = 0,01222·180/π = 0,7003°

الإجابة

φ = 0,7003°
6.التواء الأعمدة

الإجابة: d = 34,87 mm

التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.

العزم

ω = 2πN/60 = 2π·1450/60 = 151,8 rad/s
T = P/ω = 10000/151,8 = 65,86 N·m

القطر وفق المقاومة

T = 65,86 N·m = 65857 N·mm
dτ = ∛(16·65857/(π·50)) = 18,86 mm

القطر وفق الجساءة

θ = 1·π/180/1000 = 1,745 × 10⁻⁵ rad/mm
G = 26 GPa = 26000 MPa
dφ = (32·65857/(π·26000·1,745 × 10⁻⁵))1/4 = 34,87 mm

القطر الحاكم

يجب تحقيق الحدّين كليهما، لذا يحكم القطر الأكبر.

d = max(18,86, 34,87) = 34,87 mm

الإجابة

d = 34,87 mm

هنا تحكم الجساءة.

7.قوة القص وعزم الانحناء

الإجابة: D (x = 6 m)

أكبر عزم انحناء: يغير M ميله حيث تتغير قوة القص، لذا تقع قممه حيث تعبر قوة القص الصفر: تحت حمل نقطي، أو داخل حمل موزع، أو فوق مسند في كمرة ذات بروز. وعند المسند الثابت في كمرة كابولية يكون العزم أكبر ما يمكن عند الجدار. قارن حجم M في تلك المواضع، تقعيريًا كان أم تحدبيًا.

ردود أفعال الركائز

خذ العزوم حول أحد المسندين، ثم استخدم اتزان القوى الرأسية.

R1 = 73 kN, R2 = 73 kN

عزم الانحناء عند كل علامة

اجمع عزوم كل القوى على جانب واحد من القطع. التقعيري موجب والتحدبي سالب.

MA = 0, MB = 130, MC = 228, MD = 294 kN·m, ME = 228, MF = 130, MG = 0

الإجابة

علامة D: MD = 294 kN·m
8.قوة القص وعزم الانحناء

الإجابة: E (x = 8 m)

أكبر عزم انحناء: يغير M ميله حيث تتغير قوة القص، لذا تقع قممه حيث تعبر قوة القص الصفر: تحت حمل نقطي، أو داخل حمل موزع، أو فوق مسند في كمرة ذات بروز. وعند المسند الثابت في كمرة كابولية يكون العزم أكبر ما يمكن عند الجدار. قارن حجم M في تلك المواضع، تقعيريًا كان أم تحدبيًا.

ردود أفعال الركائز

خذ العزوم حول أحد المسندين، ثم استخدم اتزان القوى الرأسية.

R1 = 15 kN, R2 = 115 kN

عزم الانحناء عند كل علامة

اجمع عزوم كل القوى على جانب واحد من القطع. التقعيري موجب والتحدبي سالب.

MA = 0, MB = 10, MC = −20, MD = −90, ME = −200 kN·m, MF = −100, MG = 0

الإجابة

علامة E: ME = −200 kN·m
9.دائرة مور وتحويل الإجهاد

الإجابة: σy′ = 67,14 MPa

تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.

معادلة التحويل للوجه y′

σy′ = 5 − 55·(−0,5) − (−40)·0,866 = 67,14 MPa

تحقّق

مجموع الإجهادات العمودية لا يتغيّر مع الدوران.

σx′ = −57,14 MPa, σx′ + σy′ = 10 = σx + σy

الإجابة

σy′ = 67,14 MPa
10.دائرة مور وتحويل الإجهاد

الإجابة: σθ = 57,4 MPa

تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.

معادلة التحويل

σθ = 80 + 40·0,1736 + −30·0,9848 = 57,4 MPa

الإجابة

σθ = 57,4 MPa
11.ترخيم الكمرة

الإجابة: δ = 3,333 mm

ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب).

وحدات متّسقة

اعمل بالـ N و mm: P بالـ N، w بالـ N/mm (kN/m = N/mm)، L بالـ mm، E بالـ N/mm² (GPa × 1000)، I بالـ mm⁴.

w = 12 N/mm, L = 2000 mm
EI = 7,2 × 10¹² N·mm²

الترخيم

δ = wL⁴/(8EI) = 12·2000⁴/(8·7,2 × 10¹²) = 3,333 mm

الإجابة

δ = 3,333 mm
12.ترخيم الكمرة

الإجابة: Ireq = 180 × 10⁶ mm⁴

ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب).

حدّ الترخيم

δallow = L/360 = 8000/360 = 22,22 mm

عزم القصور الذاتي المطلوب

I = 5wL⁴/(384·E·δallow) = 5·15·8000⁴/(384·200000·22,22) = 1,8 × 10⁸ mm⁴
Ireq = 180 × 10⁶ mm⁴

الإجابة

Ireq = 180 × 10⁶ mm⁴
13.انبعاج الأعمدة

الإجابة: Pcr = 640,7 kN

انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.

أصغر عزم قصور ذاتي

للمقطع الدائري I نفسه حول أي محور.

I = πd⁴/64 = π·60⁴/64 = 636173 mm⁴

الطول الفعّال

KL = 0,7·2000 = 1400 mm

الحمل الحرج

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·200000·636173/1400² = 640691 N = 640,7 kN

الإجابة

Pcr = 640,7 kN
14.انبعاج الأعمدة

الإجابة: d = 95,08 mm

انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.

الحمل الحرج المطلوب

Pcr = n·P = 2·110000 = 220000 N
KL = 2·3000 = 6000 mm

حلّ لإيجاد القطر

d = (64·n·P·(KL)²/(π³E))^(1/4) = (64·220000·6000²/(π³·200000))^(1/4) = 95,08 mm

الإجابة

d = 95,08 mm

تحقّق: النحافة KL/r تساوي 252,4، لذا العمود نحيف وتنطبق صيغة أويلر.

15.حركة المقذوفات

الإجابة: t = 2,672 s

حركة المقذوفات: دون مقاومة الهواء x = vxt و y = h + vyt − ½gt². الاتجاهان مستقلان، لكنهما يشتركان في الزمن نفسه.

حلّل سرعة الإطلاق

السرعة الأفقية ثابتة؛ والحركة الرأسية لها تسارع ثابت g = 9,81 m/s² إلى الأسفل.

vx = v0·cos θ = 16·cos 55° = 9,177 m/s
vy = v0·sin θ = 16·sin 55° = 13,11 m/s

زمن التحليق

الانطلاق والهبوط على الارتفاع نفسه: t = 2vy/g.

t = 2·13,11/9,81 = 2,672 s

الإجابة

t = 2,672 s
16.حركة المقذوفات

الإجابة: α = 56,87 °

Projectile motion: with no air resistance, x = vxt and y = h + vyt − ½gt². The two directions are independent except that they share the same time.

حلّل سرعة الإطلاق

vx = 16·cos 50° = 10,28 m/s
vy0 = 16·sin 50° = 12,26 m/s

السرعة الرأسية عند الارتطام

الطاقة أو v² = v₀² + 2as في الاتجاه الرأسي.

vy = √(12,26² + 2·9,81·5) = 15,76 m/s

زاوية الارتطام

tan α = vy/vx = 15,76/10,28 → α = 56,87°

الإجابة

α = 56,87°
17.الشغل والطاقة

الإجابة: v = 12,46 m/s

مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).

موازنة الطاقة على المنحدر

ينخفض الجسم مسافة رأسية d·sin θ بينما يسلب الاحتكاك μmg·cos θ·d. تُختصر الكتلة.

½v² = g·d·(sin θ − μ·cos θ)
v = √(2·9,81·15·(0,6428 − 0,15·0,766)) = 12,46 m/s

الإجابة

v = 12,46 m/s
18.الشغل والطاقة

الإجابة: v = 2,537 m/s

مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).

الطاقة المحرَّرة والمفقودة

m₂g·d = 58,86·1,5 = 88,29 J
μ·m₁g·d = 0,25·98,1·1,5 = 36,79 J

الطاقة الحركية للجسمين

½(m₁ + m₂)v² = 51,5 → v = √(2·51,5/16) = 2,537 m/s

الإجابة

v = 2,537 m/s
19.الاهتزازات الميكانيكية

الإجابة: ζ = 0,08069

الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

التخميد الحرج

cc = 2·√(k·m) = 2·√(200000·12) = 3098 N·s/m

نسبة التخميد

ζ = c/cc = 250/3098 = 0,08069

الإجابة

ζ = 0,08069

ζ < 1، لذا النظام تحت المخمَّد ويهتزّ وهو يضمحلّ.

20.الاهتزازات الميكانيكية

الإجابة: keq = 25 kN/m

الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

الجساءة المكافئة

النوابض المتجاورة تتشارك الانحراف وتُجمع قواها، لذا تُجمع جساءاتها مباشرة: k = k1 + k2.

keq = 10 + 15 = 25 kN/m

الإجابة

keq = 25 kN/m
21.المحرّكات الحرارية والثلاجات

الإجابة: ηmax = 38,04 %

حدود القانون الثاني: لا يمكن لأي دورة تعمل بين خزّانين بدرجتي حرارة مطلقتين TH و TL أن تتفوّق على الدورة العكوسة (كارنو): ηmax = 1 − TL/TH، COPR,max = TL/(TH − TL) و COPHP,max = TH/(TH − TL). الطاقة محفوظة دائمًا: QH = W + QL.

درجات الحرارة المطلقة

TH = 200 + 273,15 = 473,1 K
TL = 20 + 273,15 = 293,1 K

كفاءة كارنو

ηmax = 1 − TL/TH = 1 − 293,1/473,1 = 38,04 %

الإجابة

ηmax = 38,04 %
22.المحرّكات الحرارية والثلاجات

الإجابة: Ẇ = 1,075 kW

Second-law limits: no cycle working between reservoirs at absolute temperatures TH and TL can beat the reversible (Carnot) cycle: ηmax = 1 − TL/TH, COPR,max = TL/(TH − TL) and COPHP,max = TH/(TH − TL). Energy is always conserved: QH = W + QL.

درجات الحرارة المطلقة

TH = 21 + 273,15 = 294,1 K
TL = 10 + 273,15 = 283,1 K

معامل أداء كارنو والفعلي

COPmax = 294,1/(294,1 − 283,1) = 26,74
COP = 0,4·26,74 = 10,7

القدرة الداخلة

Ẇ = Q̇H/COP = 11,5/10,7 = 1,075 kW

الإجابة

Ẇ = 1,075 kW
23.دورات القدرة الغازية

الإجابة: η = 63,29 %

دورة ديزل (محرّك الاشتعال بالانضغاط): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي، 4→1 طرد حرارة عند حجم ثابت. مع نسبة الانضغاط r = v₁/v₂ ونسبة القطع rc = v₃/v₂: T₂ = T₁·rk−1، و T₃ = rc·T₂، و qin = cp·(T₃ − T₂) و η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k·(rc − 1)).

حدّ القطع

(1,81,4 − 1)/(1,4·(1,8 − 1)) = 1,14

الكفاءة الحرارية

η = 1 − 0,322·1,14 = 63,29%

الإجابة

η = 63,29%
24.دورات القدرة الغازية

الإجابة: wnet = 444,2 kJ/kg

دورة برايتون (التوربين الغازي): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي في التوربين، 4→1 طرد حرارة عند ضغط ثابت. مع نسبة الضغط rp = P₂/P₁: T₂ = T₁·rp(k−1)/k، و T₄ = T₃/rp(k−1)/k و η = 1 − 1/rp(k−1)/k. الشغل الصافي w = cp·[(T₃ − T₄) − (T₂ − T₁)]. مع الكفاءات الأيزنتروبية يحتاج الضاغط ws/ηc ويعطي التوربين ηt·ws.

درجات الحرارة الأيزنتروبية

T2 = 310·120,2857 = 630,5 K
T4 = 1500/120,2857 = 737,5 K

شغل الضاغط والتوربين

wc = 1,005·(630,5 − 310) = 322,1 kJ/kg
wt = 1,005·(1500 − 737,5) = 766,3 kJ/kg

الشغل الصافي

wnet = 766,3 − 322,1 = 444,2 kJ/kg

الإجابة

wnet = 444,2 kJ/kg

نسبة الشغل المرتدّ: wc/wt = 42,03%.

25.الاستمرارية وبرنولي

الإجابة: Q = 169,3 L/s

Continuity and Bernoulli: for an incompressible fluid the flow rate is the same at every section, Q = A₁v₁ = A₂v₂. Along a streamline without losses, p + ½ρv² + ρgz is constant, so where the fluid is faster or higher its pressure is lower.

الاستمرارية

v1 = v2·(150/300)² = 0,25·v2

برنولي بين المدخل والحلق

الأنبوب أفقي، لذا يتغيّر الضغط والسرعة فقط.

p1 − p2 = ½ρv2²(1 − β⁴)
v2 = √(2·43000/(1000·(1 − 0,0625))) = 9,578 m/s
v1 = 2,394 m/s

معدّل التدفّق

Q = A2·v2 = 0,01767·9,578 = 0,1693 m³/s = 169,3 L/s

الإجابة

Q = 169,3 L/s
26.الاستمرارية وبرنولي

الإجابة: Q = 14,32 L/s

Continuity and Bernoulli: for an incompressible fluid the flow rate is the same at every section, Q = A₁v₁ = A₂v₂. Along a streamline without losses, p + ½ρv² + ρgz is constant, so where the fluid is faster or higher its pressure is lower.

فرق الضغط من المانومتر

Δp = (13600 − 1000)·9,81·0,21 = 25957 Pa

سرعة الحلق

الاستمرارية وبرنولي معًا يعطيان سرعة الحلق المثالية.

β = 50/100 = 0,5
v2 = √(2·25957/(1000·(1 − 0,0625))) = 7,441 m/s

معدّل التدفّق الفعلي

Q = Cd·A2·v2 = 0,98·0,001963·7,441 = 0,01432 m³/s = 14,32 L/s

الإجابة

Q = 14,32 L/s
27.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

الإجابة: hf = 4,306 m

الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.

سمت السرعة

V²/(2g) = 1,6²/(2·9,81) = 0,1305 m

دارسي–فايسباخ

hf = f·(L/D)·V²/(2g) = 0,022·(150/0,1)·1,6²/(2·9,81) = 4,306 m

الإجابة

hf = 4,306 m
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

الإجابة: Δz = 7,984 m

الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.

السرعة المتجهة

V = Q/A = 0,2/0,07069 = 2,829 m/s
V²/(2g) = 0,408 m

معاملات الفاقد

f·L/D = 0,025·200/0,3 = 16,67
ΣK = 0,5 + 4·0,3 + 0,2 + 1,0 = 2,9

فاقد السمت الكلي

hf = 16,67·0,408 = 6,801 m
hm = 2,9·0,408 = 1,183 m
Δz = hf + hm = 7,984 m

الإجابة

Δz = 7,984 m
29.المضخات وقدرة المضخات

الإجابة: Pel = 52,32 kW

قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.

القدرة الهيدروليكية

Ph = ρ·g·Q·H = 1000·9,81·0,1·36 = 35,32 kW

قدرة العمود

Pshaft = 35,32/0,75 = 47,09 kW

القدرة الكهربائية

Pel = 47,09/0,9 = 52,32 kW

الإجابة

Pel = 52,32 kW
30.المضخات وقدرة المضخات

الإجابة: Pshaft = 0,8381 kW

قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.

السرعة المتجهة

V = Q/A = 0,008/0,007854 = 1,019 m/s
V²/(2g) = 0,05288 m

فواقد السمت

hL = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g) = (30 + 8)·0,05288 = 2,009 m

سمت المضخة

H = Δz + hL = 6 + 2,009 = 8,009 m

قدرة العمود

Pshaft = ρ·g·Q·H/η = 1000·9,81·0,008·8,009/0,75 = 0,8381 kW

الإجابة

Pshaft = 0,8381 kW
31.التوصيل الحراري

الإجابة: Ti = 17,75 °C

المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.

مقاومات الطبقات

R1 = L1/(k1A) = (50/1000)/(0,17·12) = 0,02451 K/W
R2 = L2/(k2A) = (25/1000)/(0,035·12) = 0,05952 K/W

التدفّق الحراري

Q̇ = (T1 − T3)/(R1 + R2) = 18/0,08403 = 214,2 W

درجة حرارة السطح الفاصل

تنخفض درجة الحرارة عبر الطبقة الأولى بمقدار Q̇·R₁.

Ti = T1 − Q̇·R1 = 23 − 214,2·0,02451 = 17,75 °C

الإجابة

Ti = 17,75 °C
32.التوصيل الحراري

الإجابة: Q̇ = 193,1 W

المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.

مقاومات على التوالي

Ri = 1/(hiA) = 1/(7,7·15) = 0,008658 K/W
R1 = L1/(k1A) = (200/1000)/(0,17·15) = 0,07843 K/W
R2 = L2/(k2A) = (50/1000)/(0,96·15) = 0,003472 K/W
Ro = 1/(hoA) = 1/(25·15) = 0,002667 K/W
ΣR = 0,09323 K/W

الفقد الحراري

Q̇ = (22 − (4))/0,09323 = 193,1 W

الإجابة

Q̇ = 193,1 W
33.التروس ومجموعات التروس

الإجابة: P = 7,238 kW

نقل الحركة بالسيور: من دون انزلاق يكون لبكرتين سرعة الحافة نفسها v = π·d·n/60، إذن n₁·d₁ = n₂·d₂ ونسبة السرعة d₂/d₁. يجعل الانزلاق s البكرة المقودة أبطأ قليلًا: n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). والقدرة المنقولة P = (T₁ − T₂)·v، حيث T₁ الشد في الجانب المشدود وT₂ في الجانب المرتخي. يحدّ الاحتكاك نسبة الشدّين: T₁/T₂ = eμθ، حيث θ زاوية التفاف السير بالراديان على البكرة الأصغر؛ ولسير مفتوح θ = π − 2·asin((d₂ − d₁)/(2C)) حيث C المسافة بين المركزين.

سرعة السير

v = 7,54 m/s

القدرة

P = (1200 − 240)·7,54 = 7238 W = 7,238 kW

الإجابة

P = 7,238 kW
34.التروس ومجموعات التروس

الإجابة: nout = 486 rpm

مجموعات التروس: للتروس المتعشّقة السرعة نفسها عند الأسنان، لذا n₁·N₁ = n₂·N₂: الترس ذو الأسنان الأقل يدور أسرع. التروس المثبّتة على عمود واحد تدور بالسرعة نفسها. تُنقل القدرة (مطروحًا منها الفواقد)، لذا يرتفع العزم عندما تنخفض السرعة: T₂ = T₁·(N₂/N₁)·η، و P = T·ω حيث ω = 2π·n/60.

المرحلة الأولى

nB = 960·72/80 = 864 rpm = nC

المرحلة الثانية

nout = 864·45/80 = 486 rpm

الإجابة

nout = 486 rpm

النسبة الكلية = 1,975 : 1

35.تحويلات لابلاس

الإجابة: f(0.5) = 3,699

تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

الكسور الجزئية

F(s) = A/s + B/(s + 1) + C/(s + 3)
A = 55/(1·3) = 18,33
B = 55/((−1)·2) = −27,5
C = 55/((−3)·(−2)) = 9,167

التحويل العكسي

f(t) = 18,33 − 27,5·e−t + 9,167·e−3t

احسب

f(0,5) = 18,33 − 27,5·e−0,5 + 9,167·e−3·0,5 = 3,699

الإجابة

f(0,5) = 3,699
36.تحويلات لابلاس

الإجابة: y(0.3) = 7,639

تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

حوّل المعادلة

(s² + 9s + 20)·Y(s) = 3s + 27 + 300/s
Y(s) = (3s² + 27s + 300)/(s(s + 4)(s + 5))

الكسور الجزئية

A = 300/(4·5) = 15
B = 240/((−4)·1) = −60
C = 240/((−5)·(−1)) = 48

النتيجة

y(t) = 15 − 60·e−4t + 48·e−5t
y(0,3) = 7,639

الإجابة

y(0,3) = 7,639

تحقّق: y(0) = A + B + C = 3.

37.المخططات الصندوقية

الإجابة: p = −99

جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).

الحلقة الداخلية

Gᵢ = G/(1 + G·H₁) = 7/(s + 8 + 7·2) = 7/(s + 22)

الحلقة الخارجية

T(s) = K·Gᵢ/(1 + K·Gᵢ) = 77/(s + 22 + 77) = 77/(s + 99)

النتيجة

p = −99

الإجابة

p = −99
38.المخططات الصندوقية

الإجابة: css = 0,01887

جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).

دوال التحويل

C/D = G/(1 + K·G) = 2/(s + 9 + 44)

الحالة المستقرة

css = 0,5·2/53 = 0,01887

الإجابة

css = 0,01887

K الأكبر يقلّل أثر الاضطراب، لكن لا يجعله صفرًا أبدًا مع متحكّم تناسبي.

39.الاستجابة الخطوية

الإجابة: σ = −3

الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).

قارن مع الصيغة القياسية

يجب أن يطابق المقام s² + 2ζωₙs + ωₙ².

ωₙ² = 23 → ωₙ = 4,796 rad/s
2ζωₙ = 6 → ζ = 6/(2·4,796) = 0,6255

النتيجة

σ = −ζωₙ = −6/2 = −3

الإجابة

σ = −3
40.الاستجابة الخطوية

الإجابة: K = 52,49

الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).

دالة تحويل الحلقة المغلقة

T(s) = K/(s² + 10s + K)

نسبة التخميد من التجاوز

ζ = −ln(0,05)/√(π² + ln²(0,05)) = 0,6901

الكسب

ωₙ = 10/(2ζ) = 7,245 rad/s
K = ωₙ² = 52,49

الإجابة

K = 52,49
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

الإجابة: ess = 2

خطأ الحالة المستقرة: في حلقة تغذية عكسية وحدوية بدالة نقل الحلقة المفتوحة G(s) يكون الخطأ E(s) = R(s)/(1 + G(s))، وبنظرية القيمة النهائية ess = lims→0 s·E(s). نوع النظام هو عدد أقطاب G(s) عند s = 0. ثوابت الخطأ هي Kp = lim G(s) وKv = lim s·G(s) وKa = lim s²·G(s)، كلها عندما s → 0. تعطي دالة خطوة بحجم A الخطأ ess = A/(1 + Kp)، وتعطي دالة منحدرة A·t الخطأ A/Kv، وتعطي دالة قطع مكافئ A·t²/2 الخطأ A/Ka. تتبع حلقة من النوع 0 دالة الخطوة بخطأ منتهٍ، أما حلقة من النوع 1 فتتبعها تمامًا وتتبع دالة المنحدر بخطأ منتهٍ.

ثابت التسارع

Ka = 10·1/10 = 1

خطأ القطع المكافئ

ess = 2/1 = 2

الإجابة

ess = 2
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

الإجابة: Kp = 1,9

التحكم P وPI وPID: يعمل المتحكم C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s على الخطأ. الكسب التناسبي يجعل الحلقة أسرع ويقلل خطأ محطة من النوع 0، لكنه لا يزيله أبدًا. يضيف الحد التكاملي قطبًا عند s = 0: فيرتفع نوع النظام بواحد، وتُتبع الخطوة دون خطأ. ويضيف الحد التفاضلي تخميدًا. لاختيار الكسوب اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وقارنه بـ s² + 2ζωns + ωn². عندئذٍ %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وtp = π/ωd مع ωd = ωn√(1 − ζ²)، وts ≈ 4/(ζωn).

كثير الحدود المميِّز

1 + C(s)G(s) = 0، مضروبة في s(s + 1).

s² + (1 + 2Kp)s + 2Ki

كثير الحدود المستهدف

s² + 2·0,8·3s + 3² = s² + 4,8s + 9

طابِق المعاملات

1 + 2Kp = 4,8 → Kp = 1,9

الإجابة

Kp = 1,9

الحد التكاملي يجعل الحلقة من النوع 1، فتُتبع الخطوة دون خطأ في الحالة المستقرة.

هذه مادة تدريب مستقلة. ExamProblems غير تابع للجهة التي تنظّم هذا الامتحان ولا معتمد منها، ويُستخدم اسم الامتحان لوصف المحتوى فقط. يُجري اختبار FE exam جهةُ NCEES، وهي غير تابعة لـ ExamProblems ولا تؤيده.

ExamProblems · examproblems.com/courses/fe-exam-mechanical