التدريب لاختبار FE للهندسة الميكانيكية: حزمة المراجعة المكثفة

أوراق القوانين، وأهم خطوات الحل لكل موضوع، و42 مسألة تدريبية، مع الحلول الكاملة في الخلف.

مسائل جديدةالعودة إلى المقرّر

في نافذة الطباعة اختر «حفظ بصيغة PDF» لحفظ نسخة على جهازك.

1القوانين وطرق الحل

ردود أفعال ركائز الكمرات

الاتزان
ΣFx = 0, ΣFy = 0, ΣM = 0
حمل منتظم
المحصّلة w·L في منتصف الحمل
العزم
M = F·d

الطريقة

  1. ارسم مخطط الجسم الحر واستبدل كل ركيزة بردود أفعالها.
  2. استبدل كل حمل موزّع بقوة واحدة عند مركزه.
  3. خذ العزوم حول ركيزة واحدة لإيجاد ردّ الفعل عند الأخرى.
  4. استخدم ΣFy = 0 لإيجاد ردّ الفعل المتبقي، وتحقّق بمعادلة عزوم ثانية.

الإجهاد والانفعال المحوري

الإجهاد العمودي
σ = F/A
الانفعال
ε = ΔL/L
قانون هوك
σ = E·ε
الاستطالة
ΔL = FL/(EA)
الانفعال الحراري
εT = α·ΔT

التواء الأعمدة

إجهاد القص
τ = T·r/J
عمود مصمت
J = πd⁴/32
عمود مجوّف
J = π(D⁴ − d⁴)/32
زاوية الالتواء
φ = TL/(GJ)
القدرة
P = T·ω = 2πnT/60

الطريقة

  1. أوجد عزم القصور القطبي للمساحة: J = πd⁴/32 لعمود مصمت.
  2. إجهاد القص عند السطح: τ = T·r/J، حيث r نصف القطر الخارجي.
  3. زاوية الالتواء: φ = TL/(GJ) بالراديان.
  4. إذا أُعطيت القدرة، أوجد العزم أولًا من P = T·ω، حيث ω = 2πn/60.

قوة القص وعزم الانحناء

القص والعزم
V = ΣF على جانب واحد، M = ΣF·d على جانب واحد
إجهاد الانحناء
σ = M·y/I
مستطيل
I = bh³/12
معامل المقطع
W = I/ymax
بسيطة الارتكاز، حمل منتظم
Mmax = wL²/8

الطريقة

  1. أوجد ردود أفعال الركائز من اتزان الكمرة كلها.
  2. اقطع الكمرة عند المقطع المطلوب واحتفظ بجانب واحد.
  3. قوة القص: مجموع القوى الرأسية على ذلك الجانب. عزم الانحناء: مجموع عزومها حول المقطع.
  4. لإيجاد أقصى عزم، أوجد الموضع الذي تنعدم فيه قوة القص.

دائرة مور وتحويل الإجهاد

المركز
C = (σx + σy)/2
نصف القطر
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
الإجهادات الرئيسية
σ1,2 = C ± R
الاتجاه الرئيسي
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
مستوى مائل
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

الطريقة

  1. احسب مركز دائرة مور: C = (σx + σy)/2.
  2. احسب نصف القطر: R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. الإجهادان الرئيسيان هما C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.
  4. الزوايا على الدائرة ضعف الزوايا على العنصر: tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

ترخيم الكمرة

حمل مركّز في منتصف البحر
δ = PL³/(48EI)
حمل منتظم، كمرة بسيطة الارتكاز
δ = 5wL⁴/(384EI)
كابولي، حمل طرفي
δ = PL³/(3EI)
كابولي، حمل منتظم
δ = wL⁴/(8EI)
التراكب
δ = δ1 + δ2

انبعاج الأعمدة

حمل أويلر
Pcr = π²EI/(KL)²
معامل الطول الفعّال
K = 1 مفصلي–مفصلي، 0,5 مثبَّت–مثبَّت، 0,7 مثبَّت–مفصلي، 2 مثبَّت–حرّ
الإجهاد الحرج
σcr = Pcr/A
النحافة
λ = KL/r, r = √(I/A)

حركة المقذوفات

المركّبات
vx = v0cos θ, vy = v0sin θ
الموضع
x = vxt, y = h + vyt − ½gt²
أقصى ارتفاع
H = h + vy²/(2g)
المدى (أرض مستوية)
R = v0²·sin 2θ/g

الطريقة

  1. حلّل سرعة الإطلاق إلى مركّبتين: vx = v₀·cos θ و vy = v₀·sin θ.
  2. للحركة الأفقية سرعة ثابتة؛ وللحركة الرأسية تسارع −g.
  3. أوجد زمن التحليق من الحركة الرأسية.
  4. استخدم ذلك الزمن في الحركة الأفقية لإيجاد المدى.

الشغل والطاقة

الطاقة الحركية
Ek = ½mv²
طاقة الوضع
Ep = mgh
موازنة الطاقة
Ek1 + Ep1 + W = Ek2 + Ep2 + losses
شغل الاحتكاك
W = μ·N·d
القدرة
P = W/t

الاهتزازات الميكانيكية

التردد الطبيعي
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
من الانحراف الاستاتيكي
ωn = √(g/δst)
التخميد الحرج
cc = 2√(km) = 2mωn
نسبة التخميد
ζ = c/cc
التردد المخمَّد
ωd = ωn√(1 − ζ²)
التناقص اللوغاريتمي
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
نوابض على التوازي
k = k1 + k2
نوابض على التوالي
1/k = 1/k1 + 1/k2

المحرّكات الحرارية والثلاجات

الكفاءة
η = W/QH = 1 − QC/QH
كفاءة كارنو
ηC = 1 − TC/TH (kelvin)
COP الثلاجة
COPR = QC/W
COP المضخة الحرارية
COPHP = QH/W = COPR + 1
موازنة الطاقة
QH = W + QC

دورات القدرة الغازية

أيزنتروبي، نسبة الحجوم
T2/T1 = rk−1
أيزنتروبي، نسبة الضغوط
T2/T1 = rp(k−1)/k
كفاءة أوتو
η = 1 − 1/rk−1
كفاءة ديزل
η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k(rc − 1))
كفاءة برايتون
η = 1 − 1/rp(k−1)/k
الحرارة المضافة
أوتو: cv(T3 − T2) ديزل، برايتون: cp(T3 − T2)
الشغل الصافي لبرايتون
w = cp[(T3 − T4) − (T2 − T1)]
الكفاءات الأيزنتروبية
wc = wc,s/ηc, wt = ηt·wt,s
الهواء البارد
k = 1,4, cp = 1,005, cv = 0,718 kJ/(kg·K)

الاستمرارية وبرنولي

الاستمرارية
A1v1 = A2v2
برنولي
p1 + ½ρv1² + ρgz1 = p2 + ½ρv2² + ρgz2
معدّل التدفّق
Q = A·v
مساحة الدائرة
A = πd²/4

احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

عدد رينولدز
Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ
نظام الجريان
صفائحي تحت Re ≈ 2000، مضطرب فوق Re ≈ 4000
السرعة المتوسطة
V = Q/A, A = π·D²/4
دارسي–فايسباخ
hf = f·(L/D)·V²/(2g)
الفواقد الثانوية
hm = ΣK·V²/(2g)
قيم K النموذجية
المدخل 0,5، المخرج 1,0، كوع 90° ≈ 0,3
هبوط الضغط
Δp = ρ·g·hf
خزانان مفتوحان
Δz = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g)
مخرج حر
H = (1 + f·L/D + ΣK)·V²/(2g)

المضخات وقدرة المضخات

القدرة الهيدروليكية
Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp
قدرة العمود
Pshaft = Ph/ηpump
القدرة الكهربائية
Pel = Pshaft/ηmotor
سمت المضخة
H = Δz + Δp/(ρ·g) + hL
فواقد المنظومة
hL = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g)

التوصيل الحراري

قانون فورييه
Q̇ = kAΔT/L
مقاومة التوصيل الحراري
R = L/(kA)
مقاومة الحمل الحراري
R = 1/(hA)
مقاومات على التوالي
Q̇ = ΔTtotal/ΣR
قيمة U
U = 1/(ΣR·A)

التروس ومجموعات التروس

تروس متعشّقة
n1·N1 = n2·N2
العزم
T2 = T1·(N2/N1)·η
القدرة
P = T·ω, ω = 2π·n/60
مجموعة تروس مركّبة
النسبة الكلية = حاصل ضرب نسب المراحل

خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

نوع النظام
عدد أقطاب G(s) عند s = 0
ثوابت الخطأ
Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s), Ka = lim s²·G(s) (s → 0)
الخطوة A
ess = A/(1 + Kp)
المنحدر A·t
ess = A/Kv
القطع المكافئ A·t²/2
ess = A/Ka
المتحكم PID
C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s
الهدف من الرتبة الثانية
s² + 2ζωns + ωn²
التجاوز والتوقيت
%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, ts ≈ 4/(ζωn)

الطريقة

  1. عُدّ أقطاب الحلقة المفتوحة C(s)·G(s) عند s = 0: فذلك هو نوع النظام.
  2. احسب ثابت الخطأ المناسب للدخل: Kp للخطوة، وKv للمنحدر، وKa للقطع المكافئ.
  3. طبّق ess = A/(1 + Kp) أو A/Kv أو A/Ka، أو حُلّها لإيجاد الكسب المطلوب.
  4. لمواصفة التخميد أو السرعة اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وطابقه مع s² + 2ζω_n·s + ω_n².

2مسائل تدريبية

1.ردود أفعال ركائز الكمراتمتوسطة
w = 4 kN/mP = 60 kNABMA​ = ?8 m

الكمرة الكابولية مثبَّتة في الجدار عند A. تحمل حملًا موزّعًا بانتظام w على طولها كله وحملًا مركّزًا P على بعد 8 m من الجدار. أوجد مقدار عزم ردّ الفعل MA عند الجدار.

L = 8 mP = 60 kN عند 8 mw = 4 kN/m من 0 إلى 8 m
MA = kN·m
2.ردود أفعال ركائز الكمراتصعبة
P = 60 kNQ = 25 kNADCMA​ = ?1,5 m2 m2 m0,5 m

كمرة مركّبة مثبَّتة في الجدار عند A، لها مفصل داخلي عند C (على بعد 3,5 m من A) وترتكز على بكرة عند D (على بعد 6 m من A). تحمل حملًا مركّزًا P على بعد 5,5 m من A وحملًا مركّزًا Q على بعد 1,5 m من A. أوجد مقدار عزم ردّ الفعل MA عند الجدار.

AC = 3,5 mAD = 6 mP = 60 kN عند 5,5 mQ = 25 kN عند 1,5 m
MA = kN·m
3.الإجهاد والانفعال المحوريمتوسطة
Ø 10 mmالنحاس0,5 mP = 50 kN

أوجد الانفعال المحوري ε في قضيب النحاس، بوحدة الميكرو انفعال (µε = 10⁻⁶).

P = 50 kNd = 10 mmL = 0,5 mE = 117 GPa
ε = µε
4.الإجهاد والانفعال المحوريصعبة
Ø 35 mmالألومنيوم0,5 mØ 16 mmالنحاس الأصفر1,5 mP = 120 kN

القضيب المدرَّج مثبَّت في الجدار ومحمَّل عند طرفه الحر. أوجد أكبر إجهاد عمودي σmax في القضيب.

P = 120 kNالجزء 1: Ø35 mm، 0,5 m، الألومنيوم (E = 70 GPa)الجزء 2: Ø16 mm، 1,5 m، النحاس الأصفر (E = 100 GPa)
σmax = MPa
5.التواء الأعمدةمتوسطة
do​ = 30, di​ = 21 mmT = 250 N·mL = 2,5 m

عمود مجوّف من الفولاذ (قطره الخارجي 30 mm، وقطره الداخلي 21 mm، وطوله 2,5 m) مثبَّت عند أحد طرفيه ويُلوى بعزم 250 N·m عند الطرف الآخر. أوجد زاوية الالتواء φ بالدرجات.

T = 250 N·mdo = 30 mmdi = 21 mmL = 2,5 mG = 80 GPa
φ = °
6.التواء الأعمدةصعبة
Tdo​ = 40 mm, di​ = 24 mm

عمود مجوّف ينقل 20 kW عند 750 rpm. أوجد أقصى إجهاد قص τmax في العمود.

P = 20 kWN = 750 rpmdo = 40 mmdi = 24 mm
τmax = MPa
7.قوة القص وعزم الانحناءمتوسطة
w = 2 kN/mABمقطع2 m4 m

أوجد قوة القص Vx عند المقطع x = 2 m من الركيزة A. اعتبر العزوم التي تشدّ الألياف السفلية موجبة، وقوة القص إلى الأعلى على الوجه الأيسر موجبة.

L = 6 mw = 2 kN/m من 0 إلى 6 mx = 2 m
Vx = kN
8.قوة القص وعزم الانحناءصعبة
55 kN35 kN15 kNABCDEFG1 m1 m1 m1 m1 m1 m

تقسم العلامات من A إلى G الكمرة إلى ستة أجزاء متساوية. عند أي علامة يكون عزم الانحناء الأكبر حجمًا، تقعيريًا أو تحدبيًا؟ انقر عليها في المخطط.

55 kN @ 0 m35 kN @ 6 m15 kN @ 4 m
  1. 1A (x = 0 m)
  2. 2B (x = 1 m)
  3. 3C (x = 2 m)
  4. 4D (x = 3 m)
  5. 5E (x = 4 m)
  6. 6F (x = 5 m)
  7. 7G (x = 6 m)
9.دائرة مور وتحويل الإجهادمتوسطة
σx​ = 60σy​ = 100τxy​ = 30MPa

نقطة في جزء محمَّل فيها σₓ = 60 MPa و σᵧ = 100 MPa و τₓᵧ = 30 MPa (الشدّ موجب). أوجد أقصى إجهاد قص في المستوى τmax.

σx = 60 MPaσy = 100 MPaτxy = 30 MPa
τmax = MPa
10.دائرة مور وتحويل الإجهادصعبة
σx​ = 120σy​ = −10τxy​ = 10MPa

نقطة في لوح رقيق في حالة إجهاد مستوٍ: σₓ = 120 MPa، σᵧ = −10 MPa و τₓᵧ = 10 MPa (σz = 0). إجهاد خضوع المادة 460 MPa. أوجد معامل الأمان n ضد الخضوع وفق معيار تريسكا (أقصى إجهاد قص).

σx = 120 MPaσy = −10 MPaτxy = 10 MPaσY = 460 MPa
n =
11.ترخيم الكمرةمتوسطة
P = 25 kNABδ2 m1 m

كمرة بسيطة الارتكاز تحمل حملًا مركّزًا P على بعد a = 2 m من الركيزة A. أوجد الترخيم δP تحت الحمل.

P = 25 kNa = 2 mL = 3 mE = 11 GPa (خشب إنشائي)I = 57 × 10⁶ mm⁴
δP = mm
12.ترخيم الكمرةصعبة
w = 5 kN/mδL = 8 m

كمرة بسيطة الارتكاز تحمل حملًا موزّعًا بانتظام w. لا يجوز أن يتجاوز ترخيمها البحر/360. أوجد أصغر عزم قصور ذاتي Ireq يحقّق هذا الحد.

w = 5 kN/mL = 8 mE = 200 GPa (الفولاذ)
Ireq = × 10⁶ mm⁴
13.انبعاج الأعمدةمتوسطة
PL = 5 md = 30 mmالمقطع العرضي

عمود طوله L من الفولاذ مثبَّت عند القاعدة ومفصلي عند القمة. باستخدام صيغة أويلر أوجد حمل الانبعاج الحرج Pcr.

L = 5 mE = 200 GPa (الفولاذ)d = 30 mm
Pcr = kN
14.انبعاج الأعمدةصعبة
P = 145 kNL = 5 md = ?المقطع العرضي

عمود دائري مصمت طوله L من الفولاذ مثبَّت عند القاعدة ومفصلي عند القمة. يجب أن يحمل 145 kN بمعامل أمان 2 ضد الانبعاج. أوجد أصغر قطر d.

P = 145 kNn = 2L = 5 mE = 200 GPa (الفولاذ)
d = mm
15.حركة المقذوفاتمتوسطة
v0​ = 16 m/sθ = ?R = 10 m

تُقذف كرة من أرض مستوية بسرعة 16 m/s ويجب أن تهبط على بعد 10 m. أهمل مقاومة الهواء واستخدم g = 9,81 m/s². أوجد أصغر زاويتي القذف الممكنتين θ.

v₀ = 16 m/sR = 10 mg = 9,81 m/s²
θ = °
16.حركة المقذوفاتصعبة
23 mv0​ = 34 m/s55°x = ?

تُرمى كرة من مستوى الأرض بسرعة 34 m/s وبزاوية 55° فوق الأفق. تهبط على السطح المستوي لمبنى ارتفاعه 23 m، وهي في طريقها إلى الأسفل. أهمل مقاومة الهواء واستخدم g = 9,81 m/s². أوجد المسافة الأفقية x من نقطة القذف إلى موضع هبوطها.

v₀ = 34 m/sθ = 55°hroof = 23 mg = 9,81 m/s²
x = m
17.الشغل والطاقةمتوسطة
45°d = 7 mμ = 0,4

ينزلق جسم من السكون على منحدر يميل بزاوية 45° عن الأفق. معامل الاحتكاك الحركي 0,4. أوجد سرعته v بعد أن ينزلق 7 m على المنحدر.

θ = 45°μ = 0,4d = 7 mg = 9,81 m/s²
v = m/s
18.الشغل والطاقةصعبة
F = 85 N35°μ = 0,1510 kg

جسم كتلته 10 kg يبدأ من السكون عند أسفل منحدر بزاوية 35° ويُسحب إلى أعلى المنحدر بقوة ثابتة 85 N موازية للمنحدر. معامل الاحتكاك الحركي 0,15. أوجد سرعة الجسم v بعد أن يتحرّك 2 m إلى أعلى المنحدر.

m = 10 kgF = 85 Nθ = 35°μ = 0,15d = 2 mg = 9,81 m/s²
v = m/s
19.الاهتزازات الميكانيكيةمتوسطة
tx20 mm5 دورات0,9 mm

في اختبار اهتزاز حر لنظام كتلة–نابض مخمَّد، تلي قمةَ إزاحة مقدارها 20 mm بعد 5 دورات قمةٌ مقدارها 0,9 mm. أوجد نسبة التخميد ζ.

x0 = 20 mmx5 = 0,9 mmn = 5
ζ =
20.الاهتزازات الميكانيكيةصعبة
k1​ = 5k2​ = 30m = 5 kg

كتلة 5 kg معلّقة بنابضين متجاورين (على التوازي)، جساءتاهما k₁ = 5 kN/m و k₂ = 30 kN/m. تبقى الكتلة أفقية. أهمل التخميد وكتل النوابض. أوجد التردد الطبيعي fn للاهتزاز الرأسي بالـ Hz.

m = 5 kgk1 = 5 kN/mk2 = 30 kN/m
fn = Hz
21.المحرّكات الحرارية والثلاجاتمتوسطة
TH​ = 250 °CTL​ = 15 °CEQH​ = 1000 kJQL​W = ?

يعمل محرّك حراري بين خزّان ساخن عند 250 °C وخزّان بارد عند 15 °C. يأخذ 1000 kJ من الحرارة. أوجد أكبر شغل Wmax يمكن أن ينتجه.

TH = 250 °CTL = 15 °CQH = 1000 kJ
Wmax = kJ
22.المحرّكات الحرارية والثلاجاتصعبة
TH​ = 22 °CTL​ = 2 °CHPQ̇H​ = 5 kWQ̇L​Ẇ = ?

تحافظ مضخة حرارية على منزل عند 22 °C بينما الخارج 2 °C، وتزوّد المنزل بـ 5 kW من الحرارة. أوجد أدنى قدرة داخلة Ẇmin.

TH = 22 °CTL = 2 °CQ̇H = 5 kW
Ẇmin = kW
23.دورات القدرة الغازيةمتوسطة
vP1234qin​qout​

دورة ديزل مثالية نسبة انضغاطها r = 14 ونسبة قطعها rc = v₃/v₂ = 1,8. في بداية الانضغاط يكون الهواء عند 310 K. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد الحرارة المضافة qin لكل كيلوغرام من الهواء، بالـ kJ/kg.

r = 14rc = 1,8T1 = 310 Kk = 1,4cp = 1,005 kJ/(kg·K)
qin = kJ/kg
24.دورات القدرة الغازيةصعبة
vP1234qin​qout​

دورة برايتون مثالية تعمل بنسبة ضغط للضاغط مقدارها 16. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد كفاءتها الحرارية η بالنسبة المئوية.

rp = 16k = 1,4
η = %
25.الاستمرارية وبرنوليمتوسطة
Q = ?d = 40 mm, Cd​ = 0,62h = 6 m

يُفرَّغ الماء من خزان مفتوح كبير عبر فتحة حادّة الحافة قطرها 40 mm. يُحافَظ على مستوى الماء عند 6 m فوق الفتحة، ومعامل التصريف 0,62. أوجد معدّل التدفّق Q. استخدم g = 9,81 m/s².

d = 40 mmh = 6 mCd = 0,62g = 9,81 m/s²
Q = L/s
26.الاستمرارية وبرنوليصعبة
12d1​ = 75 mm, p1​ = 160 kPad2​ = 40 mm, p2​ = ?Δz = 6 m

يتدفّق الماء صعودًا في أنبوب يضيق من 75 mm إلى 40 mm بينما يرتفع 6 m. في المقطع 1 الضغط 160 kPa والسرعة 2,25 m/s. بإهمال الفقد، أوجد الضغط p2 في المقطع 2.

d1 = 75 mmd2 = 40 mmp1 = 160 kPav1 = 2,25 m/sΔz = 6 mρ = 1000 kg/m³
p2 = kPa
27.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتمتوسطة
V = 2,4 m/sD = 200 mmL = 800 mf = 0,018

يجري ماء بسرعة متوسطة 2,4 m/s في أنبوب طوله 800 m وقطره الداخلي 200 mm. استخدم معامل احتكاك دارسي f = 0,018 و g = 9,81 m/s². أوجد فاقد السمت بالاحتكاك hf.

V = 2,4 m/sL = 800 mD = 200 mmf = 0,018g = 9,81 m/s²
hf = m
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتصعبة
K = 5Δz = 33 mL = 150 m, D = 200 mm, f = 0,0184× كوع (K = 0,3)

خزانان مفتوحان يصل بينهما أنبوب طوله 150 m وقطره الداخلي 200 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,018. سطح الماء في الخزان العلوي أعلى بـ 33 m من سطح الخزان السفلي. الفواقد الثانوية هي: مدخل حاد الحافة (K = 0,5)، و 4 أكواع (K = 0,3 لكل منها)، وصمام (K = 5) والمخرج إلى الخزان السفلي (K = 1,0). استخدم g = 9,81 m/s². أوجد معدل التدفق Q بالـ L/s.

Δz = 33 mL = 150 mD = 200 mmf = 0,018Kentrance = 0,5Kbend = 0,3 (×4)Kvalve = 5Kexit = 1,0
Q = L/s
29.المضخات وقدرة المضخاتمتوسطة
PQ = 10 L/sH = 74 m

مضخة تدفع 10 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) ضد سمت 74 m. كفاءة المضخة 75% وكفاءة المحرّك الكهربائي الذي يشغّلها 90%. استخدم g = 9,81 m/s². أوجد القدرة الكهربائية Pel التي يسحبها المحرّك، بالـ kW.

Q = 10 L/sH = 74 mηpump = 75%ηmotor = 90%g = 9,81 m/s²
Pel = kW
30.المضخات وقدرة المضخاتصعبة
200 kPa (مقيس)PQ = 75 L/sΔz = 11 mL = 150 m, D = 200 mm, f = 0,018, ΣK = 5

مضخة تنقل 75 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) من خزان سفلي مفتوح إلى خزان علوي سطح مائه أعلى بـ 11 m. طول الأنبوب 150 m وقطره الداخلي 200 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,018؛ ومجموع معاملات الفواقد الثانوية ΣK = 5 (بما فيها المدخل والمخرج). استخدم g = 9,81 m/s². الخزان العلوي مغلق والهواء فوق مائه عند ضغط مقيس 200 kPa. أوجد السمت H الذي يجب أن تضيفه المضخة.

Q = 75 L/sΔz = 11 mL = 150 mD = 200 mmf = 0,018ΣK = 5ptank = 200 kPa
H = m
31.التوصيل الحراريمتوسطة
ألواح الجبس, k = 0,17150 mmالبوليسترين الممدّد, k = 0,03525 mm15 °C-2 °CTi​ = ?Q̇

جدار مكوّن من 150 mm من ألواح الجبس و 25 mm من البوليسترين الممدّد، ومساحته 20 m². الوجهان الخارجيان عند 15 °C و -2 °C. أوجد درجة الحرارة Ti عند السطح الفاصل بين الطبقتين.

L1 = 150 mm, k1 = 0,17 W/(m·K)L2 = 25 mm, k2 = 0,035 W/(m·K)A = 20 m²T1 = 15 °CT3 = -2 °C
Ti = °C
32.التوصيل الحراريصعبة
الخشب, k = 0,17150 mmالطوب, k = 0,7250 mmالغرفة 20 °Cالخارج -13 °CQ̇ = ?

جدار من 150 mm الخشب و 50 mm الطوب يفصل غرفة عند 20 °C عن الهواء الخارجي عند -13 °C. معاملا الحمل 6 W/(m²·K) في الداخل و 20 W/(m²·K) في الخارج، ومساحة الجدار 15 m². أوجد الفقد الحراري Q̇ عبر الجدار.

L1 = 150 mm, k1 = 0,17 W/(m·K)L2 = 50 mm, k2 = 0,72 W/(m·K)A = 15 m²hi = 6 W/(m²·K)ho = 20 W/(m²·K)Troom = 20 °CTout = -13 °C
Q̇ = W
33.التروس ومجموعات التروسمتوسطة
N1​ = 25N2​ = 60

محرك قدرته 2,2 kW يعمل بسرعة 960 rpm يدير ترسًا صغيرًا (بنيون) له 25 سنًّا، يتعشّق مع ترس له 60 سنًّا. كفاءة زوج التروس 95%. أوجد العزم T1 على عمود المحرك.

P = 2,2 kWn1 = 960 rpmN1 = 25N2 = 60η = 95%
T1 = N·m
34.التروس ومجموعات التروسصعبة
d1​ = 200 mmd2​ = 450 mm720 rpmC = 500 mmθ = ?

يصل سير مفتوح بين بكرة قطرها 200 mm وبكرة قطرها 450 mm والمسافة بين مركزيهما 500 mm. أوجد زاوية الالتفاف θ على البكرة الأصغر بالدرجات.

d1 = 200 mmd2 = 450 mmC = 500 mm
θ = °
35.تحويلات لابلاسمتوسطة
t (s)f(t)t = 0,1f(0,1) = ?

أوجد f(t) للدالة F(s) = 50/(s(s + 4)(s + 6)) بالكسور الجزئية، واحسب f(0,1).

F(s) = 50/(s(s + 4)(s + 6))t = 0,1 s
f(0.1) =
36.تحويلات لابلاسصعبة
t (s)y(t)t = 0,3y(0,3) = ?

يخضع نظام للمعادلة y″ + 7y′ + 10y = 40·u(t)، مع y(0) = 3 و y′(0) = 0. عند t = 0 يُطبَّق دخل خطوة u(t) = 2. استخدم تحويل لابلاس لإيجاد y(0,3).

y″ + 7y′ + 10y = 40·u(t)y(0) = 3y′(0) = 0u(t) = 2t = 0,3 s
y(0.3) =
37.المخططات الصندوقيةمتوسطة
R(s)+5K+8s + 4G(s)C(s)2H₁−−

للنظام المُتحكَّم فيه G(s) = 8/(s + 4) حلقة تغذية راجعة سالبة داخلية (ثانوية) كسبها H₁ = 2. كسب متحكّم K = 5 وحلقة تغذية راجعة سالبة أحادية خارجية يُغلقان النظام. أوجد كسب التيار المستمر للحلقة المغلقة T(0).

G(s) = 8/(s + 4)H₁ = 2K = 5
T(0) =
38.المخططات الصندوقيةصعبة
R(s)+16s + 4G₁+10s + 1G₂C(s)4H₁−0,5H₂−

اختزل المخطط الصندوقي مع G₁ = 16/(s + 4) و G₂ = 10/(s + 1) وتغذية راجعة سالبة داخلية H₁ = 4 حول G₂ وتغذية راجعة سالبة خارجية H₂ = 0,5. أوجد كسب التيار المستمر T(0) للنسبة C(s)/R(s).

G₁ = 16/(s + 4)G₂ = 10/(s + 1)H₁ = 4H₂ = 0,5
T(0) =
39.الاستجابة الخطويةمتوسطة
t (s)y(t)0,5

لنظام دالة النقل G(s) = 13,5/(s² + 8s + 27) ويتلقى دخلًا خطويًا وحدويًا. أوجد التردد الطبيعي ωn بوحدة rad/s.

G(s) = 13,5/(s² + 8s + 27)
ωn = rad/s
40.الاستجابة الخطويةصعبة
k = 400 N/mc = 13 N·s/mm = 5 kgF = 100 Nx(t)

كتلة m = 5 kg معلّقة بنابض k = 400 N/m مع مخمّد لزج c = 13 N·s/m (m·x″ + c·x′ + k·x = F). وهي ساكنة في وضع الاتزان، تُطبَّق عليها فجأةً قوة ثابتة F = 100 N. أوجد الزمن tp الذي تبلغ عنده الإزاحة أكبر قيمة.

m = 5 kgk = 400 N/mc = 13 N·s/mF = 100 N
tp = s
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDمتوسطة
r(t) = 1 + 1t+10s(s + 1)(s + 10)C(s)−

يُطبَّق الدخل r(t) = 1 + 1t (خطوة مع منحدر) على حلقة تغذية عكسية وحدوية فيها G(s) = 10/(s(s + 1)(s + 10)). أوجد خطأ الحالة المستقرة ess.

G(s) = 10/(s(s + 1)(s + 10))r(t) = 1 + 1t
ess =
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDصعبة
R(s)+K10s(s + 10)C(s)−

يتحكم متحكم تناسبي K في المحطة G(s) = 10/(s(s + 10)) ضمن حلقة تغذية عكسية وحدوية. أوجد الكسب K الذي يعطي الحلقة المغلقة نسبة تخميد ζ = 0,6.

G(s) = 10/(s(s + 10))ζ = 0,6
K =

3المحاليل

1.ردود أفعال ركائز الكمرات

الإجابة: MA = 608 kN·m

اتزان الكابولي: الركيزة المثبَّتة تستطيع الدفع إلى الأعلى ومقاومة الدوران أيضًا، لذا تعطي ردّ فعل رأسيًا RA وعزم ردّ فعل MA. ΣFy = 0 يعطي RA، والعزوم حول الجدار تعطي MA = Σ(الحمل × البعد عن الجدار). الحمل الموزّع يؤثّر كمحصّلته في مركز مخطط الحمل.

محصّلة الحمل الموزّع

W = 4·8 = 32 kN, x̄ = 4 m

العزم حول الجدار

MA = P·a + W·x̄ = 60·8 + 32·4 = 608 kN·m

الإجابة

MA = 608 kN·m
2.ردود أفعال ركائز الكمرات

الإجابة: MA = 79,5 kN·m

الاتزان الاستاتيكي: الجسم الساكن يحقّق ΣFx = 0 و ΣFy = 0 و ΣM = 0 حول أي نقطة. استبدل كل حمل موزّع بمحصّلته (مساحته) المؤثّرة في مركز مخطط الحمل، وخذ العزوم حول ركيزة لحذف ردّ فعلها من المعادلة. المفصل الداخلي لا يستطيع نقل عزم انحناء، وهذا يعطي معادلة إضافية: عزم القوى على أيٍّ من الجانبين حول المفصل يساوي صفرًا.

الجزء CD

المفصل ليس له عزم، لذا يجب أن تتوازن العزوم حول C على CD وحده.

ΣMC = 0: RD·2,5 = 60·2
RD = 48 kN
VC = 60 − 48 = 12 kN

الجزء AC

قوة المفصل VC تؤثّر إلى الأسفل على AC (مساوية ومعاكسة لتأثيرها على CD).

RA = 25 + 12 = 37 kN
MA = 25·1,5 + 12·3,5 = 79,5 kN·m

الإجابة

MA = 79,5 kN·m
3.الإجهاد والانفعال المحوري

الإجابة: ε = 5441 µε

قانون هوك: في المدى المرن σ = E·ε. وبالجمع مع σ = P/A و ε = δ/L نحصل على δ = PL/(AE).

الإجهاد

A = π·10²/4 = 78,54 mm²
σ = P/A = 50·1000/78,54 = 636,6 MPa

الانفعال (قانون هوك)

E for النحاس = 117 GPa = 117000 MPa.

ε = σ/E = 636,6/117000 = 0,005441 = 5441 µε

الإجابة

ε = 5441 µε
4.الإجهاد والانفعال المحوري

الإجابة: σmax = 596,8 MPa

العناصر المحمَّلة محوريًا: كل جزء منشوري يحقّق δ = PL/(AE). وللعناصر المتوالية تُجمع الاستطالات.

القوة نفسها في الجزأين

الطرف الحر يحمل P، لذا يحمل كل مقطع من القضيب القوة المحورية نفسها P. تتغيّر المساحات والمواد فقط.

A1 = π·35²/4 = 962,1 mm², A2 = π·16²/4 = 201,1 mm²
σ1 = 124,7 MPa
σ2 = 596,8 MPa

أكبر إجهاد

الجزء الأرفع مساحته أصغر، لذا يحمل الإجهاد الأكبر.

σmax = 596,8 MPa

الإجابة

σmax = 596,8 MPa
5.التواء الأعمدة

الإجابة: φ = 7,407 °

التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.

عزم القصور القطبي

J = π(30⁴ − 21⁴)/32 = 60428 mm⁴

زاوية الالتواء

T = 250 N·m = 250000 N·mm
L = 2,5 m = 2500 mm
G = 80 GPa = 80000 MPa
φ = TL/(GJ) = 250000·2500/(80000·60428) = 0,1293 rad
φ = 0,1293·180/π = 7,407°

الإجابة

φ = 7,407°
6.التواء الأعمدة

الإجابة: τmax = 23,28 MPa

التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.

العزم

ω = 2πN/60 = 2π·750/60 = 78,54 rad/s
T = P/ω = 20000/78,54 = 254,6 N·m

عزم القصور القطبي

J = π(40⁴ − 24⁴)/32 = 218755 mm⁴

أقصى إجهاد قص

τmax = T·(do/2)/J = 254648·20/218755 = 23,28 MPa

الإجابة

τmax = 23,28 MPa
7.قوة القص وعزم الانحناء

الإجابة: Vx = 2 kN

طريقة المقاطع: اقطع الكمرة حيث تريد القوى الداخلية واحتفظ بجانب واحد. توازن قوة القص V القوى الرأسية على ذلك الجانب، ويوازن عزم الانحناء M عزومها حول المقطع.

ردود أفعال الركائز

اتزان الكمرة كلها.

محصّلة الحمل الموزّع: W = w·ℓ = 2·6 = 12 kN، تؤثّر عند x̄ = 3 m
ΣMA = 0: RB·6 = 2·6·3
RB = 36/6 = 6 kN
ΣFy = 0: RA = 12 − 6 = 6 kN
w = 2 kN/mABRA​ = 6RB​ = 6مقطع2 m4 m

اقطع عند x = 2 m واحتفظ بالجزء الأيسر

تظهر فقط القوى الواقعة يسار المقطع. جزء الحمل الموزّع يعمل كقوة واحدة في منتصف ذلك الجزء.

V = RA − (كل الأحمال إلى الأسفل على يسار المقطع)
Vx = 6 − 2·2 = 2 kN

الإجابة

Vx = 2 kN
8.قوة القص وعزم الانحناء

الإجابة: B (x = 1 m)

أكبر عزم انحناء: يغير M ميله حيث تتغير قوة القص، لذا تقع قممه حيث تعبر قوة القص الصفر: تحت حمل نقطي، أو داخل حمل موزع، أو فوق مسند في كمرة ذات بروز. وعند المسند الثابت في كمرة كابولية يكون العزم أكبر ما يمكن عند الجدار. قارن حجم M في تلك المواضع، تقعيريًا كان أم تحدبيًا.

ردود أفعال الركائز

خذ العزوم حول أحد المسندين، ثم استخدم اتزان القوى الرأسية.

R1 = 63,75 kN, R2 = 41,25 kN

عزم الانحناء عند كل علامة

اجمع عزوم كل القوى على جانب واحد من القطع. التقعيري موجب والتحدبي سالب.

MA = 0, MB = −55 kN·m, MC = −46,25, MD = −37,5, ME = −28,75, MF = −35, MG = 0

الإجابة

علامة B: MB = −55 kN·m
9.دائرة مور وتحويل الإجهاد

الإجابة: τmax = 36,06 MPa

تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.

στxyCτmax​

نصف قطر دائرة مور

τmax = R = √(((60 − 100)/2)² + 30²) = 36,06 MPa

الإجابة

τmax = 36,06 MPa
10.دائرة مور وتحويل الإجهاد

الإجابة: n = 3,497

تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R. معايير الخضوع: يتنبّأ فون ميزس بالخضوع عندما يبلغ σvM = √(σ₁² − σ₁σ₂ + σ₂²) قيمة σY؛ وتريسكا عندما يبلغ أقصى إجهاد قص مطلق σY/2.

στxyCσ1​σ2​

الإجهادات الرئيسية

C = 55 MPa, R = 65,76 MPa
σ1 = 120,8 MPa, σ2 = −10,76 MPa, σ3 = 0

تريسكا

σmax − σmin = 131,5 MPa
n = 460/131,5 = 3,497

الإجابة

n = 3,497

n > 1 يعني أن النقطة لا تخضع؛ وتريسكا أكثر تحفّظًا قليلًا من فون ميزس.

11.ترخيم الكمرة

الإجابة: δP = 17,72 mm

ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب).

وحدات متّسقة

اعمل بالـ N و mm: P بالـ N، w بالـ N/mm (kN/m = N/mm)، L بالـ mm، E بالـ N/mm² (GPa × 1000)، I بالـ mm⁴.

P = 25000 N, a = 2000 mm, b = 1000 mm, L = 3000 mm
EI = 6,27 × 10¹¹ N·mm²

الترخيم تحت الحمل

δP = Pa²b²/(3EIL) = 25000·2000²·1000²/(3·6,27 × 10¹¹·3000) = 17,72 mm

الإجابة

δP = 17,72 mm
12.ترخيم الكمرة

الإجابة: Ireq = 60 × 10⁶ mm⁴

ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب).

حدّ الترخيم

δallow = L/360 = 8000/360 = 22,22 mm

عزم القصور الذاتي المطلوب

I = 5wL⁴/(384·E·δallow) = 5·5·8000⁴/(384·200000·22,22) = 6 × 10⁷ mm⁴
Ireq = 60 × 10⁶ mm⁴

الإجابة

Ireq = 60 × 10⁶ mm⁴
13.انبعاج الأعمدة

الإجابة: Pcr = 6,407 kN

انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.

أصغر عزم قصور ذاتي

للمقطع الدائري I نفسه حول أي محور.

I = πd⁴/64 = π·30⁴/64 = 39761 mm⁴

الطول الفعّال

KL = 0,7·5000 = 3500 mm

الحمل الحرج

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·200000·39761/3500² = 6407 N = 6,407 kN

الإجابة

Pcr = 6,407 kN
14.انبعاج الأعمدة

الإجابة: d = 77,81 mm

انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.

الحمل الحرج المطلوب

Pcr = n·P = 2·145000 = 290000 N
KL = 0,7·5000 = 3500 mm

حلّ لإيجاد القطر

d = (64·n·P·(KL)²/(π³E))^(1/4) = (64·290000·3500²/(π³·200000))^(1/4) = 77,81 mm

الإجابة

d = 77,81 mm

تحقّق: النحافة KL/r تساوي 179,9، لذا العمود نحيف وتنطبق صيغة أويلر.

15.حركة المقذوفات

الإجابة: θ = 11,27 °

Projectile motion: with no air resistance, x = vxt and y = h + vyt − ½gt². The two directions are independent except that they share the same time.

صيغة المدى

R = v₀²·sin 2θ/g → sin 2θ = 9,81·10/16² = 0,3832

الزاوية

2θ = 22,53° → θ = 11,27°

الإجابة

θ = 11,27°

الحل الآخر 90° − θ = 78,73°.

16.حركة المقذوفات

الإجابة: x = 91,17 m

Projectile motion: with no air resistance, x = vxt and y = h + vyt − ½gt². The two directions are independent except that they share the same time.

حلّل سرعة الإطلاق

vx = 19,5 m/s, vy = 27,85 m/s

الزمن حتى الهبوط على السطح

الجذر الأكبر: الكرة نازلة.

23 = 27,85·t − 4,905·t²
t = (27,85 + √(27,85² − 2·9,81·23))/9,81 = 4,675 s

المسافة الأفقية

x = vx·t = 19,5·4,675 = 91,17 m

الإجابة

x = 91,17 m
17.الشغل والطاقة

الإجابة: v = 7,633 m/s

مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).

موازنة الطاقة على المنحدر

ينخفض الجسم مسافة رأسية d·sin θ بينما يسلب الاحتكاك μmg·cos θ·d. تُختصر الكتلة.

½v² = g·d·(sin θ − μ·cos θ)
v = √(2·9,81·7·(0,7071 − 0,4·0,7071)) = 7,633 m/s

الإجابة

v = 7,633 m/s
18.الشغل والطاقة

الإجابة: v = 2,583 m/s

مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).

القوى على امتداد المنحدر

m·g = 10·9,81 = 98,1 N
mg·sin θ = 56,27 N
μ·mg·cos θ = 12,05 N

الشغل والطاقة

½mv² = (85 − 68,32)·2 = 33,36 J
v = √(2·33,36/10) = 2,583 m/s

الإجابة

v = 2,583 m/s
19.الاهتزازات الميكانيكية

الإجابة: ζ = 0,09823

الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

التناقص اللوغاريتمي

δ = (1/5)·ln(20/0,9) = 0,6202

نسبة التخميد

ζ = δ/√(4π² + δ²) = 0,6202/√(39,48 + 0,3847) = 0,09823

الإجابة

ζ = 0,09823
20.الاهتزازات الميكانيكية

الإجابة: fn = 13,32 Hz

الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

الجساءة المكافئة

النوابض المتجاورة تتشارك الانحراف وتُجمع قواها، لذا تُجمع جساءاتها مباشرة: k = k1 + k2.

keq = 5 + 30 = 35 kN/m

التردد الطبيعي

ωn = √(35000/5) = 83,67 rad/s
fn = 83,67/(2π) = 13,32 Hz

الإجابة

fn = 13,32 Hz
21.المحرّكات الحرارية والثلاجات

الإجابة: Wmax = 449,2 kJ

حدود القانون الثاني: لا يمكن لأي دورة تعمل بين خزّانين بدرجتي حرارة مطلقتين TH و TL أن تتفوّق على الدورة العكوسة (كارنو): ηmax = 1 − TL/TH، COPR,max = TL/(TH − TL) و COPHP,max = TH/(TH − TL). الطاقة محفوظة دائمًا: QH = W + QL.

درجات الحرارة المطلقة

TH = 250 + 273,15 = 523,1 K
TL = 15 + 273,15 = 288,1 K

كفاءة كارنو

ηmax = 1 − TL/TH = 1 − 288,1/523,1 = 44,92 %

أقصى شغل

Wmax = ηmax·QH = 0,4492·1000 = 449,2 kJ

الإجابة

Wmax = 449,2 kJ
22.المحرّكات الحرارية والثلاجات

الإجابة: Ẇmin = 0,3388 kW

حدود القانون الثاني: لا يمكن لأي دورة تعمل بين خزّانين بدرجتي حرارة مطلقتين TH و TL أن تتفوّق على الدورة العكوسة (كارنو): ηmax = 1 − TL/TH، COPR,max = TL/(TH − TL) و COPHP,max = TH/(TH − TL). الطاقة محفوظة دائمًا: QH = W + QL.

درجات الحرارة المطلقة

TH = 22 + 273,15 = 295,1 K
TL = 2 + 273,15 = 275,1 K

أفضل COP ممكن

COPHP,max = TH/(TH − TL) = 295,1/(295,1 − 275,1) = 14,76

أدنى قدرة

الآلة العكوسة، صاحبة أعلى COP، تحتاج إلى أقل شغل.

Ẇmin = Q̇H/COP = 5/14,76 = 0,3388 kW

الإجابة

Ẇmin = 0,3388 kW
23.دورات القدرة الغازية

الإجابة: qin = 716,3 kJ/kg

دورة ديزل (محرّك الاشتعال بالانضغاط): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي، 4→1 طرد حرارة عند حجم ثابت. مع نسبة الانضغاط r = v₁/v₂ ونسبة القطع rc = v₃/v₂: T₂ = T₁·rk−1، و T₃ = rc·T₂، و qin = cp·(T₃ − T₂) و η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k·(rc − 1)).

درجات الحرارة

T2 = 310·140,4 = 890,9 K
T3 = 1,8·890,9 = 1604 K

الحرارة المضافة عند ضغط ثابت

qin = 1,005·(1604 − 890,9) = 716,3 kJ/kg

الإجابة

qin = 716,3 kJ/kg
24.دورات القدرة الغازية

الإجابة: η = 54,71 %

دورة برايتون (التوربين الغازي): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي في التوربين، 4→1 طرد حرارة عند ضغط ثابت. مع نسبة الضغط rp = P₂/P₁: T₂ = T₁·rp(k−1)/k، و T₄ = T₃/rp(k−1)/k و η = 1 − 1/rp(k−1)/k. الشغل الصافي w = cp·[(T₃ − T₄) − (T₂ − T₁)]. مع الكفاءات الأيزنتروبية يحتاج الضاغط ws/ηc ويعطي التوربين ηt·ws.

الكفاءة الحرارية

η = 1 − 1/160,2857 = 1 − 1/2,208 = 54,71%

الإجابة

η = 54,71%
25.الاستمرارية وبرنولي

الإجابة: Q = 8,453 L/s

Continuity and Bernoulli: for an incompressible fluid the flow rate is the same at every section, Q = A₁v₁ = A₂v₂. Along a streamline without losses, p + ½ρv² + ρgz is constant, so where the fluid is faster or higher its pressure is lower.

سرعة النفث المثالية

√(2gh) = √(2·9,81·6) = 10,85 m/s

معدّل التدفّق الفعلي

يأخذ معامل التصريف في الحسبان انكماش النفث والاحتكاك عند الحافة.

Q = Cd·A·√(2gh) = 0,62·0,001257·10,85 = 0,008453 m³/s = 8,453 L/s

الإجابة

Q = 8,453 L/s
26.الاستمرارية وبرنولي

الإجابة: p2 = 72,39 kPa

الاستمرارية وبرنولي: لمائع غير قابل للانضغاط، معدّل التدفّق واحد عند كل مقطع، Q = A₁v₁ = A₂v₂. وعلى امتداد خط انسياب دون فقد، يبقى p + ½ρv² + ρgz ثابتًا، لذا حيث يكون المائع أسرع أو أعلى يكون ضغطه أقل.

الاستمرارية وبرنولي

اعمل بالـ Pa، ثم اقسم على 1000 للحصول على kPa.

v2 = v1·(d1/d2)² = 2,25·(75/40)² = 7,91 m/s
½ρ(v1² − v2²) = ½·1000·(2,25² − 7,91²)/1000 = −28,75 kPa
ρgΔz = 1000·9,81·6/1000 = 58,86 kPa
p2 = p1 + ½ρ(v1² − v2²) − ρgΔz = 160 + (−28,75) − 58,86 = 72,39 kPa

الإجابة

p2 = 72,39 kPa
27.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

الإجابة: hf = 21,14 m

الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.

سمت السرعة

V²/(2g) = 2,4²/(2·9,81) = 0,2936 m

دارسي–فايسباخ

hf = f·(L/D)·V²/(2g) = 0,018·(800/0,2)·2,4²/(2·9,81) = 21,14 m

الإجابة

hf = 21,14 m
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

الإجابة: Q = 173,6 L/s

الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.

معاملات الفاقد

f·L/D = 0,018·150/0,2 = 13,5
ΣK = 0,5 + 4·0,3 + 5 + 1,0 = 7,7

معادلة الطاقة

السطحان مفتوحان للهواء وساكنان عمليًا، لذا تُفقد Δz كلها في الأنبوب.

33 = (13,5 + 7,7)·V²/(2·9,81)
V = √(2·9,81·33/21,2) = 5,526 m/s

معدّل التدفّق

Q = V·π·D²/4 = 5,526·0,03142 = 0,1736 m³/s = 173,6 L/s

الإجابة

Q = 173,6 L/s
29.المضخات وقدرة المضخات

الإجابة: Pel = 10,75 kW

قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.

القدرة الهيدروليكية

Ph = ρ·g·Q·H = 1000·9,81·0,01·74 = 7,259 kW

قدرة العمود

Pshaft = 7,259/0,75 = 9,679 kW

القدرة الكهربائية

Pel = 9,679/0,9 = 10,75 kW

الإجابة

Pel = 10,75 kW
30.المضخات وقدرة المضخات

الإجابة: H = 36,76 m

قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.

السرعة المتجهة

V = Q/A = 0,075/0,03142 = 2,387 m/s
V²/(2g) = 0,2905 m

فواقد السمت

hL = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g) = (13,5 + 5)·0,2905 = 5,374 m

سمت الضغط

p/(ρ·g) = 200000/(1000·9,81) = 20,39 m

سمت المضخة

السطحان ساكنان عمليًا، لذا لا يوجد حدّ لسمت السرعة.

H = Δz + p/(ρ·g) + hL = 11 + 20,39 + 5,374 = 36,76 m

الإجابة

H = 36,76 m
31.التوصيل الحراري

الإجابة: Ti = 5,605 °C

المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.

مقاومات الطبقات

R1 = L1/(k1A) = (150/1000)/(0,17·20) = 0,04412 K/W
R2 = L2/(k2A) = (25/1000)/(0,035·20) = 0,03571 K/W

التدفّق الحراري

Q̇ = (T1 − T3)/(R1 + R2) = 17/0,07983 = 212,9 W

درجة حرارة السطح الفاصل

تنخفض درجة الحرارة عبر الطبقة الأولى بمقدار Q̇·R₁.

Ti = T1 − Q̇·R1 = 15 − 212,9·0,04412 = 5,605 °C

الإجابة

Ti = 5,605 °C
32.التوصيل الحراري

الإجابة: Q̇ = 423,6 W

المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.

مقاومات على التوالي

Ri = 1/(hiA) = 1/(6·15) = 0,01111 K/W
R1 = L1/(k1A) = (150/1000)/(0,17·15) = 0,05882 K/W
R2 = L2/(k2A) = (50/1000)/(0,72·15) = 0,00463 K/W
Ro = 1/(hoA) = 1/(20·15) = 0,003333 K/W
ΣR = 0,0779 K/W

الفقد الحراري

Q̇ = (20 − (-13))/0,0779 = 423,6 W

الإجابة

Q̇ = 423,6 W
33.التروس ومجموعات التروس

الإجابة: T1 = 21,88 N·m

مجموعات التروس: للتروس المتعشّقة السرعة نفسها عند الأسنان، لذا n₁·N₁ = n₂·N₂: الترس ذو الأسنان الأقل يدور أسرع. التروس المثبّتة على عمود واحد تدور بالسرعة نفسها. تُنقل القدرة (مطروحًا منها الفواقد)، لذا يرتفع العزم عندما تنخفض السرعة: T₂ = T₁·(N₂/N₁)·η، و P = T·ω حيث ω = 2π·n/60.

عزم المحرك

ω₁ = 2π·960/60 = 100,5 rad/s
T1 = P/ω₁ = 2200/100,5 = 21,88 N·m

الإجابة

T1 = 21,88 N·m
34.التروس ومجموعات التروس

الإجابة: θ = 151 °

نقل الحركة بالسيور: من دون انزلاق يكون لبكرتين سرعة الحافة نفسها v = π·d·n/60، إذن n₁·d₁ = n₂·d₂ ونسبة السرعة d₂/d₁. يجعل الانزلاق s البكرة المقودة أبطأ قليلًا: n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). والقدرة المنقولة P = (T₁ − T₂)·v، حيث T₁ الشد في الجانب المشدود وT₂ في الجانب المرتخي. يحدّ الاحتكاك نسبة الشدّين: T₁/T₂ = eμθ، حيث θ زاوية التفاف السير بالراديان على البكرة الأصغر؛ ولسير مفتوح θ = π − 2·asin((d₂ − d₁)/(2C)) حيث C المسافة بين المركزين.

زاوية السير

asin(0,25) = 14,48°

زاوية الالتفاف

θ = 180 − 2·14,48 = 151°

الإجابة

θ = 151°
35.تحويلات لابلاس

الإجابة: f(0.1) = 0,1805

تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

الكسور الجزئية

F(s) = A/s + B/(s + 4) + C/(s + 6)
A = 50/(4·6) = 2,083
B = 50/((−4)·2) = −6,25
C = 50/((−6)·(−2)) = 4,167

التحويل العكسي

f(t) = 2,083 − 6,25·e−4t + 4,167·e−6t

احسب

f(0,1) = 2,083 − 6,25·e−4·0,1 + 4,167·e−6·0,1 = 0,1805

الإجابة

f(0,1) = 0,1805
36.تحويلات لابلاس

الإجابة: y(0.3) = 4,17

تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

حوّل المعادلة

(s² + 7s + 10)·Y(s) = 3s + 21 + 80/s
Y(s) = (3s² + 21s + 80)/(s(s + 2)(s + 5))

الكسور الجزئية

A = 80/(2·5) = 8
B = 50/((−2)·3) = −8,333
C = 50/((−5)·(−3)) = 3,333

النتيجة

y(t) = 8 − 8,333·e−2t + 3,333·e−5t
y(0,3) = 4,17

الإجابة

y(0,3) = 4,17

تحقّق: y(0) = A + B + C = 3.

37.المخططات الصندوقية

الإجابة: T(0) = 0,6667

جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).

الحلقة الداخلية

Gᵢ = G/(1 + G·H₁) = 8/(s + 4 + 8·2) = 8/(s + 20)

الحلقة الخارجية

T(s) = K·Gᵢ/(1 + K·Gᵢ) = 40/(s + 20 + 40) = 40/(s + 60)

النتيجة

T(0) = 40/60 = 0,6667

الإجابة

T(0) = 0,6667
38.المخططات الصندوقية

الإجابة: T(0) = 0,6557

جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).

الحلقة الداخلية

Gᵢ = G₂/(1 + G₂H₁) = 10/(s + 41)

الحلقة الخارجية

T(s) = G₁Gᵢ/(1 + G₁GᵢH₂) = 160/((s + 4)(s + 41) + 80)

كسب التيار المستمر

T(0) = 160/(4·41 + 80) = 160/244 = 0,6557

الإجابة

T(0) = 0,6557
39.الاستجابة الخطوية

الإجابة: ωn = 5,196 rad/s

الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).

قارن مع الصيغة القياسية

يجب أن يطابق المقام s² + 2ζωₙs + ωₙ².

ωₙ² = 27 → ωₙ = 5,196 rad/s
2ζωₙ = 8 → ζ = 8/(2·5,196) = 0,7698

النتيجة

ωₙ = 5,196 rad/s

الإجابة

ωn = 5,196 rad/s
40.الاستجابة الخطوية

الإجابة: tp = 0,355 s

الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).

التردد الطبيعي ونسبة التخميد

ωₙ = √(k/m) = √(400/5) = 8,944 rad/s
ζ = c/(2√(km)) = 13/(2·√(400·5)) = 0,1453

النتيجة

ωd = 8,849 rad/s
tp = π/ωd = 0,355 s

الإجابة

tp = 0,355 s
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

الإجابة: ess = 1

خطأ الحالة المستقرة: في حلقة تغذية عكسية وحدوية بدالة نقل الحلقة المفتوحة G(s) يكون الخطأ E(s) = R(s)/(1 + G(s))، وبنظرية القيمة النهائية ess = lims→0 s·E(s). نوع النظام هو عدد أقطاب G(s) عند s = 0. ثوابت الخطأ هي Kp = lim G(s) وKv = lim s·G(s) وKa = lim s²·G(s)، كلها عندما s → 0. تعطي دالة خطوة بحجم A الخطأ ess = A/(1 + Kp)، وتعطي دالة منحدرة A·t الخطأ A/Kv، وتعطي دالة قطع مكافئ A·t²/2 الخطأ A/Ka. تتبع حلقة من النوع 0 دالة الخطوة بخطأ منتهٍ، أما حلقة من النوع 1 فتتبعها تمامًا وتتبع دالة المنحدر بخطأ منتهٍ.

ثابت السرعة

Kv = lim s·G(s) = 1

جزء الخطوة

Kp = ∞ → estep = 0

خطأ المنحدر

ess = 1/1 = 1

الإجابة

ess = 1
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

الإجابة: K = 6,944

التحكم P وPI وPID: يعمل المتحكم C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s على الخطأ. الكسب التناسبي يجعل الحلقة أسرع ويقلل خطأ محطة من النوع 0، لكنه لا يزيله أبدًا. يضيف الحد التكاملي قطبًا عند s = 0: فيرتفع نوع النظام بواحد، وتُتبع الخطوة دون خطأ. ويضيف الحد التفاضلي تخميدًا. لاختيار الكسوب اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وقارنه بـ s² + 2ζωns + ωn². عندئذٍ %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وtp = π/ωd مع ωd = ωn√(1 − ζ²)، وts ≈ 4/(ζωn).

كثير الحدود المميِّز

s(s + 10) + 10K = s² + 10s + 10K

التردد الطبيعي

2·0,6·ωₙ = 10 → ωₙ = 8,333 rad/s

الكسب

10K = ωₙ² = 69,44 → K = 6,944

الإجابة

K = 6,944

هذه مادة تدريب مستقلة. ExamProblems غير تابع للجهة التي تنظّم هذا الامتحان ولا معتمد منها، ويُستخدم اسم الامتحان لوصف المحتوى فقط. يُجري اختبار FE exam جهةُ NCEES، وهي غير تابعة لـ ExamProblems ولا تؤيده.

ExamProblems · examproblems.com/courses/fe-exam-mechanical