التدريب لاختبار FE للهندسة الميكانيكية: حزمة المراجعة المكثفة

أوراق القوانين، وأهم خطوات الحل لكل موضوع، و42 مسألة تدريبية، مع الحلول الكاملة في الخلف.

مسائل جديدةالعودة إلى المقرّر

في نافذة الطباعة اختر «حفظ بصيغة PDF» لحفظ نسخة على جهازك.

1القوانين وطرق الحل

ردود أفعال ركائز الكمرات

الاتزان
ΣFx = 0, ΣFy = 0, ΣM = 0
حمل منتظم
المحصّلة w·L في منتصف الحمل
العزم
M = F·d

الطريقة

  1. ارسم مخطط الجسم الحر واستبدل كل ركيزة بردود أفعالها.
  2. استبدل كل حمل موزّع بقوة واحدة عند مركزه.
  3. خذ العزوم حول ركيزة واحدة لإيجاد ردّ الفعل عند الأخرى.
  4. استخدم ΣFy = 0 لإيجاد ردّ الفعل المتبقي، وتحقّق بمعادلة عزوم ثانية.

الإجهاد والانفعال المحوري

الإجهاد العمودي
σ = F/A
الانفعال
ε = ΔL/L
قانون هوك
σ = E·ε
الاستطالة
ΔL = FL/(EA)
الانفعال الحراري
εT = α·ΔT

التواء الأعمدة

إجهاد القص
τ = T·r/J
عمود مصمت
J = πd⁴/32
عمود مجوّف
J = π(D⁴ − d⁴)/32
زاوية الالتواء
φ = TL/(GJ)
القدرة
P = T·ω = 2πnT/60

الطريقة

  1. أوجد عزم القصور القطبي للمساحة: J = πd⁴/32 لعمود مصمت.
  2. إجهاد القص عند السطح: τ = T·r/J، حيث r نصف القطر الخارجي.
  3. زاوية الالتواء: φ = TL/(GJ) بالراديان.
  4. إذا أُعطيت القدرة، أوجد العزم أولًا من P = T·ω، حيث ω = 2πn/60.

قوة القص وعزم الانحناء

القص والعزم
V = ΣF على جانب واحد، M = ΣF·d على جانب واحد
إجهاد الانحناء
σ = M·y/I
مستطيل
I = bh³/12
معامل المقطع
W = I/ymax
بسيطة الارتكاز، حمل منتظم
Mmax = wL²/8

الطريقة

  1. أوجد ردود أفعال الركائز من اتزان الكمرة كلها.
  2. اقطع الكمرة عند المقطع المطلوب واحتفظ بجانب واحد.
  3. قوة القص: مجموع القوى الرأسية على ذلك الجانب. عزم الانحناء: مجموع عزومها حول المقطع.
  4. لإيجاد أقصى عزم، أوجد الموضع الذي تنعدم فيه قوة القص.

دائرة مور وتحويل الإجهاد

المركز
C = (σx + σy)/2
نصف القطر
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
الإجهادات الرئيسية
σ1,2 = C ± R
الاتجاه الرئيسي
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
مستوى مائل
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

الطريقة

  1. احسب مركز دائرة مور: C = (σx + σy)/2.
  2. احسب نصف القطر: R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. الإجهادان الرئيسيان هما C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.
  4. الزوايا على الدائرة ضعف الزوايا على العنصر: tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

ترخيم الكمرة

حمل مركّز في منتصف البحر
δ = PL³/(48EI)
حمل منتظم، كمرة بسيطة الارتكاز
δ = 5wL⁴/(384EI)
كابولي، حمل طرفي
δ = PL³/(3EI)
كابولي، حمل منتظم
δ = wL⁴/(8EI)
التراكب
δ = δ1 + δ2

انبعاج الأعمدة

حمل أويلر
Pcr = π²EI/(KL)²
معامل الطول الفعّال
K = 1 مفصلي–مفصلي، 0,5 مثبَّت–مثبَّت، 0,7 مثبَّت–مفصلي، 2 مثبَّت–حرّ
الإجهاد الحرج
σcr = Pcr/A
النحافة
λ = KL/r, r = √(I/A)

حركة المقذوفات

المركّبات
vx = v0cos θ, vy = v0sin θ
الموضع
x = vxt, y = h + vyt − ½gt²
أقصى ارتفاع
H = h + vy²/(2g)
المدى (أرض مستوية)
R = v0²·sin 2θ/g

الطريقة

  1. حلّل سرعة الإطلاق إلى مركّبتين: vx = v₀·cos θ و vy = v₀·sin θ.
  2. للحركة الأفقية سرعة ثابتة؛ وللحركة الرأسية تسارع −g.
  3. أوجد زمن التحليق من الحركة الرأسية.
  4. استخدم ذلك الزمن في الحركة الأفقية لإيجاد المدى.

الشغل والطاقة

الطاقة الحركية
Ek = ½mv²
طاقة الوضع
Ep = mgh
موازنة الطاقة
Ek1 + Ep1 + W = Ek2 + Ep2 + losses
شغل الاحتكاك
W = μ·N·d
القدرة
P = W/t

الاهتزازات الميكانيكية

التردد الطبيعي
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
من الانحراف الاستاتيكي
ωn = √(g/δst)
التخميد الحرج
cc = 2√(km) = 2mωn
نسبة التخميد
ζ = c/cc
التردد المخمَّد
ωd = ωn√(1 − ζ²)
التناقص اللوغاريتمي
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
نوابض على التوازي
k = k1 + k2
نوابض على التوالي
1/k = 1/k1 + 1/k2

المحرّكات الحرارية والثلاجات

الكفاءة
η = W/QH = 1 − QC/QH
كفاءة كارنو
ηC = 1 − TC/TH (kelvin)
COP الثلاجة
COPR = QC/W
COP المضخة الحرارية
COPHP = QH/W = COPR + 1
موازنة الطاقة
QH = W + QC

دورات القدرة الغازية

أيزنتروبي، نسبة الحجوم
T2/T1 = rk−1
أيزنتروبي، نسبة الضغوط
T2/T1 = rp(k−1)/k
كفاءة أوتو
η = 1 − 1/rk−1
كفاءة ديزل
η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k(rc − 1))
كفاءة برايتون
η = 1 − 1/rp(k−1)/k
الحرارة المضافة
أوتو: cv(T3 − T2) ديزل، برايتون: cp(T3 − T2)
الشغل الصافي لبرايتون
w = cp[(T3 − T4) − (T2 − T1)]
الكفاءات الأيزنتروبية
wc = wc,s/ηc, wt = ηt·wt,s
الهواء البارد
k = 1,4, cp = 1,005, cv = 0,718 kJ/(kg·K)

الاستمرارية وبرنولي

الاستمرارية
A1v1 = A2v2
برنولي
p1 + ½ρv1² + ρgz1 = p2 + ½ρv2² + ρgz2
معدّل التدفّق
Q = A·v
مساحة الدائرة
A = πd²/4

احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

عدد رينولدز
Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ
نظام الجريان
صفائحي تحت Re ≈ 2000، مضطرب فوق Re ≈ 4000
السرعة المتوسطة
V = Q/A, A = π·D²/4
دارسي–فايسباخ
hf = f·(L/D)·V²/(2g)
الفواقد الثانوية
hm = ΣK·V²/(2g)
قيم K النموذجية
المدخل 0,5، المخرج 1,0، كوع 90° ≈ 0,3
هبوط الضغط
Δp = ρ·g·hf
خزانان مفتوحان
Δz = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g)
مخرج حر
H = (1 + f·L/D + ΣK)·V²/(2g)

المضخات وقدرة المضخات

القدرة الهيدروليكية
Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp
قدرة العمود
Pshaft = Ph/ηpump
القدرة الكهربائية
Pel = Pshaft/ηmotor
سمت المضخة
H = Δz + Δp/(ρ·g) + hL
فواقد المنظومة
hL = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g)

التوصيل الحراري

قانون فورييه
Q̇ = kAΔT/L
مقاومة التوصيل الحراري
R = L/(kA)
مقاومة الحمل الحراري
R = 1/(hA)
مقاومات على التوالي
Q̇ = ΔTtotal/ΣR
قيمة U
U = 1/(ΣR·A)

التروس ومجموعات التروس

تروس متعشّقة
n1·N1 = n2·N2
العزم
T2 = T1·(N2/N1)·η
القدرة
P = T·ω, ω = 2π·n/60
مجموعة تروس مركّبة
النسبة الكلية = حاصل ضرب نسب المراحل

خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

نوع النظام
عدد أقطاب G(s) عند s = 0
ثوابت الخطأ
Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s), Ka = lim s²·G(s) (s → 0)
الخطوة A
ess = A/(1 + Kp)
المنحدر A·t
ess = A/Kv
القطع المكافئ A·t²/2
ess = A/Ka
المتحكم PID
C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s
الهدف من الرتبة الثانية
s² + 2ζωns + ωn²
التجاوز والتوقيت
%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, ts ≈ 4/(ζωn)

الطريقة

  1. عُدّ أقطاب الحلقة المفتوحة C(s)·G(s) عند s = 0: فذلك هو نوع النظام.
  2. احسب ثابت الخطأ المناسب للدخل: Kp للخطوة، وKv للمنحدر، وKa للقطع المكافئ.
  3. طبّق ess = A/(1 + Kp) أو A/Kv أو A/Ka، أو حُلّها لإيجاد الكسب المطلوب.
  4. لمواصفة التخميد أو السرعة اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وطابقه مع s² + 2ζω_n·s + ω_n².

2مسائل تدريبية

1.ردود أفعال ركائز الكمراتمتوسطة
P1​ = 20 kNP2​ = 30 kNABRA​RB​ = ?2,5 m0,5 m1 m

للكمرة البسيطة الارتكاز مسمار في A وبكرة في B. أوجد ردّ فعل الركيزة الرأسي RB.

L = 4 mP1 = 20 kN عند 2,5 mP2 = 30 kN عند 3 m
RB = kN
2.ردود أفعال ركائز الكمراتصعبة
w = 5 kN/mP = 60 kNABRA​RB​ = ?1 m2 m2 m

للكمرة البسيطة الارتكاز مسمار في A وبكرة في B. أوجد ردّ فعل الركيزة الرأسي RB.

L = 5 mP = 60 kN عند 1 mw = 5 kN/m من 3 إلى 5 m
RB = kN
3.الإجهاد والانفعال المحوريمتوسطة
Ø 16 mmالألومنيوم3 mP = 20 kN

أوجد استطالة δ قضيب الألومنيوم تحت الحمل المحوري.

P = 20 kNd = 16 mmL = 3 mE = 70 GPa
δ = mm
4.الإجهاد والانفعال المحوريصعبة
50 kN12600 mm200 mmØ30Ø60σ2​ = ?

مقطع الفولاذ (القطر 30 mm والطول 600 mm وE = 200 GPa) ومقطع من الألومنيوم (القطر 60 mm والطول 200 mm وE = 70 GPa) موصولان طرفًا بطرف ومثبتان بين جدارين صلبين. يؤثر حمل محوري 50 kN عند الوصلة باتجاه المقطع 2. أوجد مقدار الإجهاد σ2 في المقطع 2.

المقطع 1: الفولاذ, Ø30 mm, 600 mm, E = 200 GPaالمقطع 2: الألومنيوم, Ø60 mm, 200 mm, E = 70 GPaP = 50 kN
σ2 = MPa
5.التواء الأعمدةمتوسطة
d = 12 mmT = 75 N·m300 mmφ = 7,92°

في اختبار التواء، تُلوى عيّنة مصمتة قطرها 12 mm بعزم 75 N·m. يدور طرفا طول قياس مقداره 300 mm بزاوية 7,92° أحدهما بالنسبة إلى الآخر (المادة لا تزال مرنة). أوجد معامل القص G للمادة.

T = 75 N·md = 12 mmL = 300 mmφ = 7,92°
G = GPa
6.التواء الأعمدةصعبة
d = ?20 kW, 500 rpm

عمود مصمت من النحاس الأصفر ينقل 20 kW بسرعة 500 rpm. يجب ألّا يتجاوز إجهاد القص 40 MPa وألّا يتجاوز الالتواء 0,75° لكل m من الطول. أوجد أصغر قطر d يحقّق الحدّين كليهما.

P = 20 kWN = 500 rpmτallow = 40 MPaθallow = 0,75°/mG = 39 GPa
d = mm
7.قوة القص وعزم الانحناءمتوسطة
M0​ = 55 kN·mAB5 m1 m

الكمرة البسيطة الارتكاز تحمل ازدواجًا باتجاه عقارب الساعة M0 = 55 kN·m عند x = 5 m من A، ولا يوجد حمل آخر. أوجد عزم الانحناء Mx يسار الازدواج مباشرةً. اعتبر العزوم التي تشدّ الألياف السفلية (التقعّر) موجبة، وقوة القص إلى الأعلى على الوجه الأيسر موجبة.

L = 6 mM0 = 55 kN·m باتجاه عقارب الساعة، عند 5 m
Mx = kN·m
8.قوة القص وعزم الانحناءصعبة
w = 5 kN/mP = 40 kNABمقطع4,5 m1,5 m

أوجد عزم الانحناء Mx عند المقطع x = 4,5 m من الركيزة A. اعتبر العزوم التي تشدّ الألياف السفلية موجبة، وقوة القص إلى الأعلى على الوجه الأيسر موجبة.

L = 6 mP = 40 kN عند 4,5 mw = 5 kN/m من 0 إلى 6 mx = 4,5 m
Mx = kN·m
9.دائرة مور وتحويل الإجهادمتوسطة
σx​ = 120σy​ = 120τxy​ = −10MPa

عند نقطة σₓ = 120 MPa، σᵧ = 120 MPa و τₓᵧ = −10 MPa (الشد موجب). يُدار العنصر 20° باتجاه عقارب الساعة. أوجد الإجهاد العمودي σy′ على أوجه العنصر المُدار العمودية على المحور المُدار y′.

σx = 120 MPaσy = 120 MPaτxy = −10 MPaθ = -20°
σy′ = MPa
10.دائرة مور وتحويل الإجهادصعبة
30°D = 800 mm, t = 10 mm, p = 2 MPap

خزان أسطواني رقيق الجدار قطره الداخلي 800 mm وسُمك جداره 10 mm يحتوي غازًا عند ضغط مقيس 2 MPa. وهو مصنوع من لوح ملحوم على طول درز حلزوني يميل بزاوية 30° عن محور الأسطوانة. أوجد الإجهاد العمودي σn المؤثّر عبر درز اللحام.

D = 800 mmt = 10 mmp = 2 MPaα = 30°
σn = MPa
11.ترخيم الكمرةمتوسطة
P = 14 kNABδ6,5 m1,5 m

كمرة بسيطة الارتكاز تحمل حملًا مركّزًا P على بعد a = 6,5 m من الركيزة A. أوجد الترخيم δP تحت الحمل.

P = 14 kNa = 6,5 mL = 8 mE = 70 GPa (الألومنيوم)I = 160 × 10⁶ mm⁴
δP = mm
12.ترخيم الكمرةصعبة
P = 20 kNAB2,5 m2,5 m

كابولي مسنود مثبَّت عند A ومرتكز ارتكازًا بسيطًا (مسنود) عند B. يحمل حملًا مركّزًا P عند منتصف البحر. EI ثابت. أوجد ردّ الفعل RB عند الركيزة الساندة.

L = 5 mP = 20 kN عند 2,5 m
RB = kN
13.انبعاج الأعمدةمتوسطة
PL = 4 m20 × 60 mmالمقطع العرضي

عمود طوله L من الألومنيوم مثبَّت الطرفين. باستخدام صيغة أويلر أوجد حمل الانبعاج الحرج Pcr.

L = 4 mE = 70 GPa (الألومنيوم)b × h = 20 × 60 mm
Pcr = kN
14.انبعاج الأعمدةصعبة
PL = 3 md = 40 mmالمقطع العرضي

عمود طوله L من الفولاذ مثبَّت الطرفين. أوجد نحافته وإجهاد الانبعاج الحرج σcr من صيغة أويلر.

L = 3 mE = 200 GPa (الفولاذ)d = 40 mm
σcr = MPa
15.حركة المقذوفاتمتوسطة
v0​ = ?70°R = 95 m

تُقذف كرة من أرض مستوية بزاوية 70° فوق الأفق وتهبط على بعد 95 m. أهمل مقاومة الهواء واستخدم g = 9,81 m/s². أوجد سرعة القذف v0.

θ = 70°R = 95 mg = 9,81 m/s²
v0 = m/s
16.حركة المقذوفاتصعبة
h = 20 mv0​ = 23 m/s45°H = ?

تُقذف كرة بسرعة 23 m/s وبزاوية 45° فوق الأفق من قمة جرف ارتفاعه 20 m. أهمل مقاومة الهواء واستخدم g = 9,81 m/s². أوجد أقصى ارتفاع H فوق الأرض عند أسفل الجرف.

v₀ = 23 m/sθ = 45°h = 20 mg = 9,81 m/s²
H = m
17.الشغل والطاقةمتوسطة
40°d = 18 mμ = 0,2

ينزلق جسم كتلته 10 kg مسافة 18 m على منحدر يميل بزاوية 40° عن الأفق، بمعامل احتكاك حركي 0,2. أوجد الشغل Wf المبذول ضد الاحتكاك.

m = 10 kgθ = 40°μ = 0,2d = 18 mg = 9,81 m/s²
Wf = J
18.الشغل والطاقةصعبة
h = 6,8 mR = 1,5 mN = ?

عربة كتلتها 0,5 kg تُترك من السكون على ارتفاع 6,8 m على مسار أملس يؤدي إلى حلقة دائرية رأسية نصف قطرها 1,5 m. أوجد القوة العمودية N التي يؤثّر بها المسار على العربة عند قمة الحلقة.

m = 0,5 kgh = 6,8 mR = 1,5 mg = 9,81 m/s²
N = N
19.الاهتزازات الميكانيكيةمتوسطة
tx10 mm2 دورات5,3 mm

في اختبار اهتزاز حر لنظام كتلة–نابض مخمَّد، تلي قمةَ إزاحة مقدارها 10 mm بعد 2 دورات قمةٌ مقدارها 5,3 mm. أوجد نسبة التخميد ζ.

x0 = 10 mmx2 = 5,3 mmn = 2
ζ =
20.الاهتزازات الميكانيكيةصعبة
k1​ = 12k2​ = 25k3​ = 5m = 5 kg

كتلة 5 kg معلّقة بالنابض k₃ = 5 kN/m. الطرف العلوي لـ k₃ مثبَّت بقضيب صلب معلّق بنابضين متجاورين، k₁ = 12 kN/m و k₂ = 25 kN/m؛ ويبقى القضيب أفقيًا. أهمل التخميد وكتل النوابض والقضيب. أوجد التردد الطبيعي fn للاهتزاز الرأسي بالـ Hz.

m = 5 kgk1 = 12 kN/mk2 = 25 kN/mk3 = 5 kN/m
fn = Hz
21.المحرّكات الحرارية والثلاجاتمتوسطة
TH​ = 500 °CTL​ = ?EQH​ = 1200 kJQL​ = 486 kJW

محرّك حراري عكوس (كارنو) يأخذ 1200 kJ من الحرارة من خزّان عند 500 °C ويطرد 486 kJ في كل دورة. أوجد درجة حرارة الخزّان البارد TL بوحدة °C.

TH = 500 °CQH = 1200 kJQL = 486 kJ
TL = °C
22.المحرّكات الحرارية والثلاجاتصعبة
TH​ = 20 °CTL​ = 5 °CHPQ̇H​ = 11 kWQ̇L​Ẇ

تحافظ مضخة حرارية على منزل عند 20 °C بينما الخارج 5 °C، وتزوّد المنزل بـ 11 kW من الحرارة. أوجد أعلى معامل أداء ممكن COPmax.

TH = 20 °CTL = 5 °CQ̇H = 11 kW
COPmax =
23.دورات القدرة الغازيةمتوسطة
vP1234qin​qout​

دورة ديزل مثالية نسبة انضغاطها r = 17 ونسبة قطعها rc = v₃/v₂ = 2. في بداية الانضغاط يكون الهواء عند 310 K. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد درجة الحرارة T3 في نهاية إضافة الحرارة، بالـ K.

r = 17rc = 2T1 = 310 Kk = 1,4
T3 = K
24.دورات القدرة الغازيةصعبة
vP1234qin​qout​

دورة برايتون مثالية تعمل بنسبة ضغط للضاغط مقدارها 16. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد كفاءتها الحرارية η بالنسبة المئوية.

rp = 16k = 1,4
η = %
25.الاستمرارية وبرنوليمتوسطة
12d1​ = 100 mm, p1​ = 230 kPad2​ = 40 mm, p2​ = ?

يتدفّق الماء في أنبوب أفقي يضيق من 100 mm إلى 40 mm. في الجزء الواسع الضغط 230 kPa والسرعة 0,75 m/s. بإهمال الفقد، أوجد الضغط p2 في الجزء الضيق.

d1 = 100 mmd2 = 40 mmp1 = 230 kPav1 = 0,75 m/sρ = 1000 kg/m³
p2 = kPa
26.الاستمرارية وبرنوليصعبة
12d1​ = 100 mm, p1​ = 240 kPad2​ = 50 mm, p2​ = ?Δz = 4 m

يتدفّق الماء صعودًا في أنبوب يضيق من 100 mm إلى 50 mm بينما يرتفع 4 m. في المقطع 1 الضغط 240 kPa والسرعة 3 m/s. بإهمال الفقد، أوجد الضغط p2 في المقطع 2.

d1 = 100 mmd2 = 50 mmp1 = 240 kPav1 = 3 m/sΔz = 4 mρ = 1000 kg/m³
p2 = kPa
27.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتمتوسطة
V = 1,6 m/sD = 250 mmL = 100 mf = 0,015

يجري ماء (ρ = 1000 kg/m³) بسرعة 1,6 m/s في أنبوب أفقي طوله 100 m وقطره الداخلي 250 mm. استخدم معامل احتكاك دارسي f = 0,015 و g = 9,81 m/s². أوجد هبوط الضغط Δp على امتداد الأنبوب بالـ kPa.

V = 1,6 m/sL = 100 mD = 250 mmf = 0,015ρ = 1000 kg/m³
Δp = kPa
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتصعبة
K = 2مخرج حرH = ?L = 300 m, D = 250 mm, f = 0,0152× كوع (K = 0,3)

أنبوب طوله 300 m وقطره الداخلي 250 mm (معامل احتكاك دارسي f = 0,015) يمتدّ من خزان مفتوح ويصبّ كنفّاثة حرة في الهواء. الفواقد الثانوية هي: مدخل حاد الحافة (K = 0,5)، و 2 أكواع (K = 0,3 لكل منها) وصمام (K = 2). استخدم g = 9,81 m/s². كم يجب أن يرتفع سطح الخزان H فوق مخرج الأنبوب للحصول على معدل تدفق 60 L/s؟

Q = 60 L/sL = 300 mD = 250 mmf = 0,015Kentrance = 0,5Kbend = 0,3 (×2)Kvalve = 2
H = m
29.المضخات وقدرة المضخاتمتوسطة
PQ = 10 L/sH = 10 m

مضخة كفاءتها 75% تدفع 10 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) ضد سمت 10 m. استخدم g = 9,81 m/s². أوجد قدرة العمود Pshaft اللازمة، بالـ kW.

Q = 10 L/sH = 10 mη = 75%g = 9,81 m/s²
Pshaft = kW
30.المضخات وقدرة المضخاتصعبة
PQ = 100 L/sΔz = 6 mL = 600 m, D = 250 mm, f = 0,02, ΣK = 6

مضخة تنقل 100 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) من خزان سفلي مفتوح إلى خزان علوي سطح مائه أعلى بـ 6 m. طول الأنبوب 600 m وقطره الداخلي 250 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,02؛ ومجموع معاملات الفواقد الثانوية ΣK = 6 (بما فيها المدخل والمخرج). استخدم g = 9,81 m/s². أوجد السمت H الذي يجب أن تضيفه المضخة.

Q = 100 L/sΔz = 6 mL = 600 mD = 250 mmf = 0,02ΣK = 6
H = m
31.التوصيل الحراريمتوسطة
الزجاج, k = 0,96250 mmالطوب, k = 0,7250 mm15 °C-13 °CQ̇ = ?

جدار مكوّن من 250 mm من الزجاج و 50 mm من الطوب، ومساحته 10 m². الوجهان الخارجيان عند 15 °C و -13 °C. أوجد التدفّق الحراري Q̇ عبر الجدار.

L1 = 250 mm, k1 = 0,96 W/(m·K)L2 = 50 mm, k2 = 0,72 W/(m·K)A = 10 m²T1 = 15 °CT3 = -13 °C
Q̇ = W
32.التوصيل الحراريصعبة
الخشب, k = 0,17250 mmالبوليسترين الممدّد, k = 0,03525 mmالغرفة 20 °Cالخارج -13 °CQ̇ = ?

جدار من 250 mm الخشب و 25 mm البوليسترين الممدّد يفصل غرفة عند 20 °C عن الهواء الخارجي عند -13 °C. معاملا الحمل 6 W/(m²·K) في الداخل و 25 W/(m²·K) في الخارج، ومساحة الجدار 8 m². أوجد الفقد الحراري Q̇ عبر الجدار.

L1 = 250 mm, k1 = 0,17 W/(m·K)L2 = 25 mm, k2 = 0,035 W/(m·K)A = 8 m²hi = 6 W/(m²·K)ho = 25 W/(m²·K)Troom = 20 °CTout = -13 °C
Q̇ = W
33.التروس ومجموعات التروسمتوسطة
N1​N2​ = ?

عمودان متوازيان المسافة بينهما 375 mm. يجب وصلهما بزوج من التروس المستقيمة بموديول 5 mm وتخفيض سرعة 5 : 1. كم سنًّا N2 يجب أن يكون للترس الكبير؟

a = 375 mmm = 5 mmi = 5
N2 =
34.التروس ومجموعات التروسصعبة
A = 18B = 30C = 15D = 30

محرّك قدرته 1,5 kW بسرعة 2900 rpm يدير الترس A (18 سنًّا)، الذي يتعشّق مع الترس B (30 سنًّا). الترس C (15 سنًّا) على عمود B نفسه يدير الترس D (30 سنًّا) على عمود الخرج. كفاءة كل تعشيق 98%. أوجد عزم الخرج Tout.

P = 1,5 kWnin = 2900 rpmA = 18B = 30C = 15D = 30ηmesh = 98%
Tout = N·m
35.تحويلات لابلاسمتوسطة
t (s)f(t)t = 0,6f(0,6) = ?

أوجد f(t) للدالة F(s) = 10/(s(s + 1)(s + 4)) بالكسور الجزئية، واحسب f(0,6).

F(s) = 10/(s(s + 1)(s + 4))t = 0,6 s
f(0.6) =
36.تحويلات لابلاسصعبة
t (s)y(t)t = 0,6y(0,6) = ?

يخضع نظام للمعادلة y″ + 6y′ + 8y = 8·u(t)، مع y(0) = 6 و y′(0) = 0. عند t = 0 يُطبَّق دخل خطوة u(t) = 5. استخدم تحويل لابلاس لإيجاد y(0,6).

y″ + 6y′ + 8y = 8·u(t)y(0) = 6y′(0) = 0u(t) = 5t = 0,6 s
y(0.6) =
37.المخططات الصندوقيةمتوسطة
R(s)+3(s + 3)(s + 6)(s + 7)G(s)C(s)−

حلقة تغذية راجعة سالبة أحادية لها G(s) = 3(s + 3)/((s + 6)(s + 7)). تُطبَّق خطوة مقدارها 2 عند المرجع. أوجد خطأ الحالة المستقرة ess.

G(s) = 3(s + 3)/((s + 6)(s + 7))R = 2
ess =
38.المخططات الصندوقيةصعبة
R(s)+15s + 4G₁+1s + 2G₂C(s)0,5H₁−1H₂−

اختزل المخطط الصندوقي مع G₁ = 15/(s + 4) و G₂ = 1/(s + 2) وتغذية راجعة سالبة داخلية H₁ = 0,5 حول G₂ وتغذية راجعة سالبة خارجية H₂ = 1. أوجد كسب التيار المستمر T(0) للنسبة C(s)/R(s).

G₁ = 15/(s + 4)G₂ = 1/(s + 2)H₁ = 0,5H₂ = 1
T(0) =
39.الاستجابة الخطويةمتوسطة
t (s)y(t)1?

لنظام دالة النقل G(s) = 99/(s² + 8s + 99) ويتلقى دخلًا خطويًا وحدويًا. أوجد النسبة المئوية للتجاوز %OS في الاستجابة الخطوية.

G(s) = 99/(s² + 8s + 99)
%OS = %
40.الاستجابة الخطويةصعبة
R(s)+Ks(s + 20)G(s)C(s)−

لحلقة تغذية عكسية سالبة وحدوية G(s) = K/(s(s + 20)). أوجد الكسب K الذي يعطي استجابة خطوية بتجاوز 2 %.

G(s) = K/(s(s + 20))%OS = 2 %
K =
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDمتوسطة
R(s)+K = 52,510s + 1C(s)−

تُضبط عملية G(s) = 2,5/(10s + 1) بواسطة كسب تناسبي K = 5 ضمن حلقة تغذية عكسية وحدوية. أوجد خطأ الحالة المستقرة ess لخطوة، كنسبة مئوية من حجم الخطوة.

G(s) = 2,5/(10s + 1)K = 5
ess = %
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDصعبة
r(t) = 1t+2 + 4/s5(s + 2)(s + 5)C(s)−

يتحكم متحكم PI بالصيغة C(s) = 2 + 4/s في المحطة G(s) = 5/((s + 2)(s + 5)) ضمن حلقة تغذية عكسية وحدوية. أوجد خطأ الحالة المستقرة ess لدخل المنحدر r(t) = 1t.

C(s) = 2 + 4/sG(s) = 5/((s + 2)(s + 5))r(t) = 1t
ess =

3المحاليل

1.ردود أفعال ركائز الكمرات

الإجابة: RB = 35 kN

الاتزان الاستاتيكي: الجسم الساكن يحقّق ΣFx = 0 و ΣFy = 0 و ΣM = 0 حول أي نقطة. أخذ العزوم حول ركيزة يحذف ردّ فعلها من المعادلة.

P1​ = 20 kNP2​ = 30 kNABRA​RB​2,5 m0,5 m1 m

مخطط الجسم الحر

استبدل الركائز بقوى ردّ الفعل. البكرة تعطي ردّ فعل رأسيًا واحدًا؛ ومع الأحمال الرأسية فقط يعطي المسمار أيضًا ردّ فعل رأسيًا واحدًا.

الاتزان

العزوم حول A، موجبة عكس عقارب الساعة. ثم اتزان القوى الرأسية.

ΣMA = 0: RB·4 = 20·2,5 + 30·3
RB = 140/4 = 35 kN
ΣFy = 0: RA = 50 − 35 = 15 kN

الإجابة

RB = 35 kN
2.ردود أفعال ركائز الكمرات

الإجابة: RB = 20 kN

الاتزان الاستاتيكي: الجسم الساكن يحقّق ΣFx = 0 و ΣFy = 0 و ΣM = 0 حول أي نقطة. أخذ العزوم حول ركيزة يحذف ردّ فعلها من المعادلة.

w = 5 kN/mP = 60 kNABRA​RB​1 m2 m2 m

مخطط الجسم الحر

استبدل الركائز بقوى ردّ الفعل. البكرة تعطي ردّ فعل رأسيًا واحدًا؛ ومع الأحمال الرأسية فقط يعطي المسمار أيضًا ردّ فعل رأسيًا واحدًا.

الاتزان

العزوم حول A، موجبة عكس عقارب الساعة. ثم اتزان القوى الرأسية.

محصّلة الحمل الموزّع: W = w·ℓ = 5·2 = 10 kN، تؤثّر عند x̄ = 4 m
ΣMA = 0: RB·5 = 60·1 + 5·2·4
RB = 100/5 = 20 kN
ΣFy = 0: RA = 70 − 20 = 50 kN

الإجابة

RB = 20 kN
3.الإجهاد والانفعال المحوري

الإجابة: δ = 4,263 mm

قانون هوك: في المدى المرن σ = E·ε. وبالجمع مع σ = P/A و ε = δ/L نحصل على δ = PL/(AE).

الإجهاد

A = π·16²/4 = 201,1 mm²
σ = P/A = 20·1000/201,1 = 99,47 MPa

الانفعال (قانون هوك)

E for الألومنيوم = 70 GPa = 70000 MPa.

ε = σ/E = 99,47/70000 = 0,001421 = 1421 µε

الاستطالة

δ = ε·L = 0,001421·3000 mm = 4,263 mm

الإجابة

δ = 4,263 mm
4.الإجهاد والانفعال المحوري

الإجابة: σ2 = 14,28 MPa

مادتان: على التوالي (الواحدة بعد الأخرى) يحمل كل مقطع القوة نفسها وتُجمع الاستطالات: δ = P·Σ L/(E·A). وعلى التوازي (جنبًا إلى جنب بين لوحين صلبين) ينضغط الجزآن بالمقدار نفسه، فتتساوى انفعالاتهما: الجزء الأكثر صلابة يأخذ حصة أكبر، Pi = P·EiAi/ΣEA، وσi = Ei·ε. القضيب المثبت بين جدارين صلبين مع حمل عند الوصلة غير محدد استاتيكيًا: يتقاسم المقطعان الحمل بنسبة صلابتيهما k = EA/L.

الصلابات

k₁ = 200000·706,9/600 = 235619 N/mm
k₂ = 70000·2827/200 = 989602 N/mm

حصة المقطع 2

F2 = 50000·989602/1,225 × 10⁶ = 40385 N

الإجهاد

σ2 = 40385/2827 = 14,28 MPa (ضغط)

الإجابة

σ2 = 14,28 MPa
5.التواء الأعمدة

الإجابة: G = 79,96 GPa

التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.

عزم القصور القطبي والزاوية

J = π·12⁴/32 = 2036 mm⁴
φ = 7,92·π/180 = 0,1382 rad

معامل القص

T = 75 N·m = 75000 N·mm
G = TL/(Jφ) = 75000·300/(2036·0,1382) = 79957 MPa
G = 79,96 GPa

الإجابة

G = 79,96 GPa

للمقارنة: الفولاذ ≈ 80 GPa، النحاس الأصفر ≈ 39 GPa، الألومنيوم ≈ 26 GPa.

6.التواء الأعمدة

الإجابة: d = 52,54 mm

التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.

العزم

ω = 2πN/60 = 2π·500/60 = 52,36 rad/s
T = P/ω = 20000/52,36 = 382 N·m

القطر وفق المقاومة

T = 382 N·m = 381972 N·mm
dτ = ∛(16·381972/(π·40)) = 36,5 mm

القطر وفق الجساءة

θ = 0,75·π/180/1000 = 1,309 × 10⁻⁵ rad/mm
G = 39 GPa = 39000 MPa
dφ = (32·381972/(π·39000·1,309 × 10⁻⁵))1/4 = 52,54 mm

القطر الحاكم

يجب تحقيق الحدّين كليهما، لذا يحكم القطر الأكبر.

d = max(36,5, 52,54) = 52,54 mm

الإجابة

d = 52,54 mm

هنا تحكم الجساءة.

7.قوة القص وعزم الانحناء

الإجابة: Mx = −45,83 kN·m

طريقة المقاطع: اقطع الكمرة حيث تريد القوى الداخلية واحتفظ بجانب واحد. توازن قوة القص V القوى الرأسية على ذلك الجانب، ويوازن عزم الانحناء M عزومها حول المقطع. الازدواج المؤثّر يجعل مخطط عزم الانحناء يقفز بمقدار الازدواج.

ردود أفعال الركائز

العزوم حول A، عكس عقارب الساعة موجب: RB·L − M0 = 0. الاتزان الرأسي: RA + RB = 0.

RB = M0/L = 55/6 = 9,167 kN (إلى الأعلى)
RA = −RB = −9,167 kN (إلى الأسفل)

اقطع يسار الازدواج مباشرةً

يحتوي الجزء الأيسر على RA فقط.

Mx = RA·a = −9,167·5 = −45,83 kN·m

الإجابة

Mx = −45,83 kN·m
8.قوة القص وعزم الانحناء

الإجابة: Mx = 61,88 kN·m

طريقة المقاطع: اقطع الكمرة حيث تريد القوى الداخلية واحتفظ بجانب واحد. توازن قوة القص V القوى الرأسية على ذلك الجانب، ويوازن عزم الانحناء M عزومها حول المقطع.

ردود أفعال الركائز

اتزان الكمرة كلها.

محصّلة الحمل الموزّع: W = w·ℓ = 5·6 = 30 kN، تؤثّر عند x̄ = 3 m
ΣMA = 0: RB·6 = 40·4,5 + 5·6·3
RB = 270/6 = 45 kN
ΣFy = 0: RA = 70 − 45 = 25 kN
w = 5 kN/mP = 40 kNABRA​ = 25RB​ = 45مقطع4,5 m1,5 m

اقطع عند x = 4,5 m واحتفظ بالجزء الأيسر

تظهر فقط القوى الواقعة يسار المقطع. جزء الحمل الموزّع يعمل كقوة واحدة في منتصف ذلك الجزء.

M = RA·x − (كل حمل على يسار المقطع × بعده عن المقطع)
Mx = 25·4,5 − 5·4,5·2,25 = 61,88 kN·m

الإجابة

Mx = 61,88 kN·m
9.دائرة مور وتحويل الإجهاد

الإجابة: σy′ = 113,6 MPa

تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.

معادلة التحويل للوجه y′

σy′ = 120 − 0·0,766 − (−10)·(−0,6428) = 113,6 MPa

تحقّق

مجموع الإجهادات العمودية لا يتغيّر مع الدوران.

σx′ = 126,4 MPa, σx′ + σy′ = 240 = σx + σy

الإجابة

σy′ = 113,6 MPa
10.دائرة مور وتحويل الإجهاد

الإجابة: σn = 70 MPa

تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R. الأسطوانة الرقيقة الجدار: الإجهاد المحيطي σh = pr/t والإجهاد المحوري σa = pr/(2t)؛ وهما الإجهادان الرئيسيان في الجدار.

إجهادات الجدار

r = 800/2 = 400 mm
σh = pr/t = 2·400/10 = 80 MPa
σa = pr/(2t) = 40 MPa

التحويل إلى الدرز

خذ x على امتداد المحور (σa) و y على امتداد المحيط (σh). العمودي على الدرز يصنع 90° − α مع المحور.

σn = 40·sin²30° + 80·cos²30° = 70 MPa

الإجابة

σn = 70 MPa
11.ترخيم الكمرة

الإجابة: δP = 4,951 mm

ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب).

وحدات متّسقة

اعمل بالـ N و mm: P بالـ N، w بالـ N/mm (kN/m = N/mm)، L بالـ mm، E بالـ N/mm² (GPa × 1000)، I بالـ mm⁴.

P = 14000 N, a = 6500 mm, b = 1500 mm, L = 8000 mm
EI = 1,12 × 10¹³ N·mm²

الترخيم تحت الحمل

δP = Pa²b²/(3EIL) = 14000·6500²·1500²/(3·1,12 × 10¹³·8000) = 4,951 mm

الإجابة

δP = 4,951 mm
12.ترخيم الكمرة

الإجابة: RB = 6,25 kN

ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب). في الكمرة غير المحدّدة استاتيكيًا، أزل ركيزة زائدة واشترط أن يكون الترخيم هناك صفرًا (التوافق).

أزل الركيزة الساندة

بدون الركيزة الساندة تكون الكمرة كابوليًا. وكان طرفها الحر سيترخّم تحت الحمل.

δload = P(L/2)²(3L − L/2)/(6EI) = 5PL³/(48EI)

التوافق عند الركيزة الساندة

قوة الركيزة الساندة RB وحدها ترفع الطرف الحر بمقدار RBL³/(3EI). الركيزة الساندة تُبقي ترخيم B صفرًا، لذا يجب أن يلغي أحدهما الآخر. ويُختصر EI.

RB·L³/(3EI) = 5PL³/(48EI) → RB = 5P/16 = 5·20/16 = 6,25 kN

الإجابة

RB = 6,25 kN
13.انبعاج الأعمدة

الإجابة: Pcr = 6,909 kN

انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.

أصغر عزم قصور ذاتي

ينبعج المستطيل حول محوره الضعيف، باستخدام مكعّب البُعد الأصغر.

Imin = h·b³/12 = 60·20³/12 = 40000 mm⁴

الطول الفعّال

KL = 0,5·4000 = 2000 mm

الحمل الحرج

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·70000·40000/2000² = 6909 N = 6,909 kN

الإجابة

Pcr = 6,909 kN
14.انبعاج الأعمدة

الإجابة: σcr = 87,73 MPa

انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.

أصغر عزم قصور ذاتي

للمقطع الدائري I نفسه حول أي محور.

I = πd⁴/64 = π·40⁴/64 = 125664 mm⁴

نصف قطر الدوران والنحافة

A = 1257 mm²
r = √(I/A) = √(125664/1257) = 10 mm
KL = 0,5·3000 = 1500 mm
KL/r = 1500/10 = 150

الإجهاد الحرج

σcr = π²E/(KL/r)² = π²·200000/150² = 87,73 MPa

الإجابة

σcr = 87,73 MPa
15.حركة المقذوفات

الإجابة: v0 = 38,08 m/s

Projectile motion: with no air resistance, x = vxt and y = h + vyt − ½gt². The two directions are independent except that they share the same time.

حلّ صيغة المدى لإيجاد v₀

v₀ = √(g·R/sin 2θ) = √(9,81·95/sin 140°) = 38,08 m/s

الإجابة

v0 = 38,08 m/s
16.حركة المقذوفات

الإجابة: H = 33,48 m

Projectile motion: with no air resistance, x = vxt and y = h + vyt − ½gt². The two directions are independent except that they share the same time.

سرعة القذف الرأسية

vy = 23·sin 45° = 16,26 m/s

الارتفاع فوق الجرف

Δh = vy²/(2g) = 16,26²/(2·9,81) = 13,48 m

الارتفاع فوق الأرض

H = 20 + 13,48 = 33,48 m

الإجابة

H = 33,48 m
17.الشغل والطاقة

الإجابة: Wf = 270,5 J

مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).

قوة الاحتكاك

N = mg·cos θ = 98,1·0,766 = 75,15 N
F = μN = 0,2·75,15 = 15,03 N

الشغل ضد الاحتكاك

Wf = F·d = 15,03·18 = 270,5 J

الإجابة

Wf = 270,5 J
18.الشغل والطاقة

الإجابة: N = 19,95 N

مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d). على مسار دائري يجب أن تساوي القوة المحصّلة نحو المركز mv²/r.

السرعة عند القمة

v² = 2g(h − 2R) = 2·9,81·(6,8 − 3) = 74,56 m²/s²

القوى عند القمة

m·g = 0,5·9,81 = 4,905 N
N = mv²/R − mg = 0,5·74,56/1,5 − 4,905 = 19,95 N

الإجابة

N = 19,95 N

تكمل العربة الحلقة بالكاد عندما h = 2,5R؛ وعندئذٍ N = 0 عند القمة.

19.الاهتزازات الميكانيكية

الإجابة: ζ = 0,05046

الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

التناقص اللوغاريتمي

δ = (1/2)·ln(10/5,3) = 0,3174

نسبة التخميد

ζ = δ/√(4π² + δ²) = 0,3174/√(39,48 + 0,1008) = 0,05046

الإجابة

ζ = 0,05046
20.الاهتزازات الميكانيكية

الإجابة: fn = 4,724 Hz

الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

الجساءة المكافئة

k1 و k2 فقط على التوازي. هذا الزوج على التوالي مع k3، لذا ادمجهما بالمقلوبات.

k12 = 12 + 25 = 37 kN/m
keq = 37·5/(37 + 5) = 4,405 kN/m

التردد الطبيعي

ωn = √(4405/5) = 29,68 rad/s
fn = 29,68/(2π) = 4,724 Hz

الإجابة

fn = 4,724 Hz
21.المحرّكات الحرارية والثلاجات

الإجابة: TL = 39,98 °C

Second-law limits: no cycle working between reservoirs at absolute temperatures TH and TL can beat the reversible (Carnot) cycle: ηmax = 1 − TL/TH, COPR,max = TL/(TH − TL) and COPHP,max = TH/(TH − TL). Energy is always conserved: QH = W + QL.

درجة الحرارة المطلقة للمصدر

TH = 500 + 273,15 = 773,1 K

نسبة الحرارة العكوسة

TL = TH·QL/QH = 773,1·486/1200 = 313,1 K = 39,98 °C

الإجابة

TL = 39,98 °C
22.المحرّكات الحرارية والثلاجات

الإجابة: COPmax = 19,54

حدود القانون الثاني: لا يمكن لأي دورة تعمل بين خزّانين بدرجتي حرارة مطلقتين TH و TL أن تتفوّق على الدورة العكوسة (كارنو): ηmax = 1 − TL/TH، COPR,max = TL/(TH − TL) و COPHP,max = TH/(TH − TL). الطاقة محفوظة دائمًا: QH = W + QL.

درجات الحرارة المطلقة

TH = 20 + 273,15 = 293,1 K
TL = 5 + 273,15 = 278,1 K

أفضل COP ممكن

COPHP,max = TH/(TH − TL) = 293,1/(293,1 − 278,1) = 19,54

الإجابة

COPmax = 19,54
23.دورات القدرة الغازية

الإجابة: T3 = 1926 K

دورة ديزل (محرّك الاشتعال بالانضغاط): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي، 4→1 طرد حرارة عند حجم ثابت. مع نسبة الانضغاط r = v₁/v₂ ونسبة القطع rc = v₃/v₂: T₂ = T₁·rk−1، و T₃ = rc·T₂، و qin = cp·(T₃ − T₂) و η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k·(rc − 1)).

نهاية الانضغاط

T2 = 310·170,4 = 962,8 K

إضافة الحرارة عند ضغط ثابت

T3 = rc·T2 = 2·962,8 = 1926 K

الإجابة

T3 = 1926 K
24.دورات القدرة الغازية

الإجابة: η = 54,71 %

دورة برايتون (التوربين الغازي): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي في التوربين، 4→1 طرد حرارة عند ضغط ثابت. مع نسبة الضغط rp = P₂/P₁: T₂ = T₁·rp(k−1)/k، و T₄ = T₃/rp(k−1)/k و η = 1 − 1/rp(k−1)/k. الشغل الصافي w = cp·[(T₃ − T₄) − (T₂ − T₁)]. مع الكفاءات الأيزنتروبية يحتاج الضاغط ws/ηc ويعطي التوربين ηt·ws.

الكفاءة الحرارية

η = 1 − 1/160,2857 = 1 − 1/2,208 = 54,71%

الإجابة

η = 54,71%
25.الاستمرارية وبرنولي

الإجابة: p2 = 219,3 kPa

الاستمرارية وبرنولي: لمائع غير قابل للانضغاط، معدّل التدفّق واحد عند كل مقطع، Q = A₁v₁ = A₂v₂. وعلى امتداد خط انسياب دون فقد، يبقى p + ½ρv² + ρgz ثابتًا، لذا حيث يكون المائع أسرع أو أعلى يكون ضغطه أقل.

الاستمرارية وبرنولي

اعمل بالـ Pa، ثم اقسم على 1000 للحصول على kPa.

v2 = v1·(d1/d2)² = 0,75·(100/40)² = 4,688 m/s
½ρ(v1² − v2²) = ½·1000·(0,75² − 4,688²)/1000 = −10,71 kPa
p2 = p1 + ½ρ(v1² − v2²) = 230 + (−10,71) = 219,3 kPa

الإجابة

p2 = 219,3 kPa
26.الاستمرارية وبرنولي

الإجابة: p2 = 133,3 kPa

الاستمرارية وبرنولي: لمائع غير قابل للانضغاط، معدّل التدفّق واحد عند كل مقطع، Q = A₁v₁ = A₂v₂. وعلى امتداد خط انسياب دون فقد، يبقى p + ½ρv² + ρgz ثابتًا، لذا حيث يكون المائع أسرع أو أعلى يكون ضغطه أقل.

الاستمرارية وبرنولي

اعمل بالـ Pa، ثم اقسم على 1000 للحصول على kPa.

v2 = v1·(d1/d2)² = 3·(100/50)² = 12 m/s
½ρ(v1² − v2²) = ½·1000·(3² − 12²)/1000 = −67,5 kPa
ρgΔz = 1000·9,81·4/1000 = 39,24 kPa
p2 = p1 + ½ρ(v1² − v2²) − ρgΔz = 240 + (−67,5) − 39,24 = 133,3 kPa

الإجابة

p2 = 133,3 kPa
27.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

الإجابة: Δp = 7,68 kPa

الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.

فاقد السمت

hf = f·(L/D)·V²/(2g) = 0,015·(100/0,25)·1,6²/(2·9,81) = 0,7829 m

هبوط الضغط

الأنبوب أفقي والسرعة لا تتغيّر، لذا تختزل معادلة الطاقة إلى Δp = ρ·g·hf.

Δp = ρ·g·hf = 1000·9,81·0,7829 = 7680 Pa = 7,68 kPa

الإجابة

Δp = 7,68 kPa
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

الإجابة: H = 1,683 m

الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.

السرعة المتجهة

V = Q/A = 0,06/0,04909 = 1,222 m/s
V²/(2g) = 0,07615 m

معاملات الفاقد

f·L/D = 0,015·300/0,25 = 18
ΣK = 0,5 + 2·0,3 + 2 = 3,1

معادلة الطاقة

نفّاثة المخرج ما زالت تحمل سمت سرعتها؛ وهو ليس فاقدًا لكن يجب توفيره.

H = (1 + 18 + 3,1)·0,07615 = 1,683 m

الإجابة

H = 1,683 m
29.المضخات وقدرة المضخات

الإجابة: Pshaft = 1,308 kW

قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.

القدرة الهيدروليكية

Ph = ρ·g·Q·H = 1000·9,81·0,01·10 = 0,981 kW

قدرة العمود

Pshaft = Ph/η = 0,981/0,75 = 1,308 kW

الإجابة

Pshaft = 1,308 kW
30.المضخات وقدرة المضخات

الإجابة: H = 17,42 m

قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.

السرعة المتجهة

V = Q/A = 0,1/0,04909 = 2,037 m/s
V²/(2g) = 0,2115 m

فواقد السمت

hL = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g) = (48 + 6)·0,2115 = 11,42 m

سمت المضخة

السطحان مفتوحان وساكنان عمليًا، لذا تسقط حدود الضغط والسرعة.

H = Δz + hL = 6 + 11,42 = 17,42 m

الإجابة

H = 17,42 m
31.التوصيل الحراري

الإجابة: Q̇ = 848,8 W

المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.

مقاومات الطبقات

R1 = L1/(k1A) = (250/1000)/(0,96·10) = 0,02604 K/W
R2 = L2/(k2A) = (50/1000)/(0,72·10) = 0,006944 K/W

التدفّق الحراري

Q̇ = (T1 − T3)/(R1 + R2) = 28/0,03299 = 848,8 W

الإجابة

Q̇ = 848,8 W
32.التوصيل الحراري

الإجابة: Q̇ = 110,4 W

المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.

مقاومات على التوالي

Ri = 1/(hiA) = 1/(6·8) = 0,02083 K/W
R1 = L1/(k1A) = (250/1000)/(0,17·8) = 0,1838 K/W
R2 = L2/(k2A) = (25/1000)/(0,035·8) = 0,08929 K/W
Ro = 1/(hoA) = 1/(25·8) = 0,005 K/W
ΣR = 0,2989 K/W

الفقد الحراري

Q̇ = (20 − (-13))/0,2989 = 110,4 W

الإجابة

Q̇ = 110,4 W
33.التروس ومجموعات التروس

الإجابة: N2 = 125

Gear geometry: the module m sets the tooth size. A gear with N teeth has a pitch diameter d = m·N, two meshing gears have the same module, and their centre distance is a = (d₁ + d₂)/2 = m·(N₁ + N₂)/2. The pitch-line speed is v = π·d·n/60, and the tangential tooth force follows from the torque: Ft = 2T/d.

العدد الكلي للأسنان

N1 + N2 = 2a/m = 2·375/5 = 150

قسّم وفق النسبة

N1 = 150/(1 + 5) = 25
N2 = 5·25 = 125

الإجابة

N2 = 125
34.التروس ومجموعات التروس

الإجابة: Tout = 15,81 N·m

Gear trains: meshing gears have the same speed at the teeth, so n₁·N₁ = n₂·N₂: the gear with fewer teeth turns faster. Gears on one shaft turn at the same speed. Power is passed on (minus losses), so torque goes up when speed goes down: T₂ = T₁·(N₂/N₁)·η, and P = T·ω with ω = 2π·n/60.

سرعة الخرج

nout = 2900·(18/30)·(15/30) = 870 rpm
ωout = 2π·870/60 = 91,11 rad/s

قدرة الخرج والعزم

Pout = 1500·0,98² = 1441 W
Tout = Pout/ωout = 1441/91,11 = 15,81 N·m

الإجابة

Tout = 15,81 N·m
35.تحويلات لابلاس

الإجابة: f(0.6) = 0,7462

تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

الكسور الجزئية

F(s) = A/s + B/(s + 1) + C/(s + 4)
A = 10/(1·4) = 2,5
B = 10/((−1)·3) = −3,333
C = 10/((−4)·(−3)) = 0,8333

التحويل العكسي

f(t) = 2,5 − 3,333·e−t + 0,8333·e−4t

احسب

f(0,6) = 2,5 − 3,333·e−0,6 + 0,8333·e−4·0,6 = 0,7462

الإجابة

f(0,6) = 0,7462
36.تحويلات لابلاس

الإجابة: y(0.6) = 5,512

تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

حوّل المعادلة

(s² + 6s + 8)·Y(s) = 6s + 36 + 40/s
Y(s) = (6s² + 36s + 40)/(s(s + 2)(s + 4))

الكسور الجزئية

A = 40/(2·4) = 5
B = −8/((−2)·2) = 2
C = −8/((−4)·(−2)) = −1

النتيجة

y(t) = 5 + 2·e−2t − e−4t
y(0,6) = 5,512

الإجابة

y(0,6) = 5,512

تحقّق: y(0) = A + B + C = 6.

37.المخططات الصندوقية

الإجابة: ess = 1,647

جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).

ثابت خطأ الموضع

Kₚ = G(0) = 3·3/(6·7) = 0,2143

خطأ الحالة المستقرة

ess = A/(1 + Kₚ) = 2/(1 + 0,2143) = 1,647

الإجابة

ess = 1,647
38.المخططات الصندوقية

الإجابة: T(0) = 0,6

جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).

الحلقة الداخلية

Gᵢ = G₂/(1 + G₂H₁) = 1/(s + 2,5)

الحلقة الخارجية

T(s) = G₁Gᵢ/(1 + G₁GᵢH₂) = 15/((s + 4)(s + 2,5) + 15)

كسب التيار المستمر

T(0) = 15/(4·2,5 + 15) = 15/25 = 0,6

الإجابة

T(0) = 0,6
39.الاستجابة الخطوية

الإجابة: %OS = 25,17 %

الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).

قارن مع الصيغة القياسية

يجب أن يطابق المقام s² + 2ζωₙs + ωₙ².

ωₙ² = 99 → ωₙ = 9,95 rad/s
2ζωₙ = 8 → ζ = 8/(2·9,95) = 0,402

النتيجة

%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²) = 100·e−1,379 = 25,17 %

الإجابة

%OS = 25,17 %
40.الاستجابة الخطوية

الإجابة: K = 164,5

الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).

دالة تحويل الحلقة المغلقة

T(s) = K/(s² + 20s + K)

نسبة التخميد من التجاوز

ζ = −ln(0,02)/√(π² + ln²(0,02)) = 0,7797

الكسب

ωₙ = 20/(2ζ) = 12,83 rad/s
K = ωₙ² = 164,5

الإجابة

K = 164,5
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

الإجابة: ess = 7,407 %

خطأ الحالة المستقرة: في حلقة تغذية عكسية وحدوية بدالة نقل الحلقة المفتوحة G(s) يكون الخطأ E(s) = R(s)/(1 + G(s))، وبنظرية القيمة النهائية ess = lims→0 s·E(s). نوع النظام هو عدد أقطاب G(s) عند s = 0. ثوابت الخطأ هي Kp = lim G(s) وKv = lim s·G(s) وKa = lim s²·G(s)، كلها عندما s → 0. تعطي دالة خطوة بحجم A الخطأ ess = A/(1 + Kp)، وتعطي دالة منحدرة A·t الخطأ A/Kv، وتعطي دالة قطع مكافئ A·t²/2 الخطأ A/Ka. تتبع حلقة من النوع 0 دالة الخطوة بخطأ منتهٍ، أما حلقة من النوع 1 فتتبعها تمامًا وتتبع دالة المنحدر بخطأ منتهٍ.

ثابت الموضع

Kp = 5·2,5 = 12,5

خطأ الخطوة

ess = 100/(1 + 12,5) = 7,407 %

الإجابة

ess = 7,407 %
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

الإجابة: ess = 0,5

التحكم P وPI وPID: يعمل المتحكم C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s على الخطأ. الكسب التناسبي يجعل الحلقة أسرع ويقلل خطأ محطة من النوع 0، لكنه لا يزيله أبدًا. يضيف الحد التكاملي قطبًا عند s = 0: فيرتفع نوع النظام بواحد، وتُتبع الخطوة دون خطأ. ويضيف الحد التفاضلي تخميدًا. لاختيار الكسوب اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وقارنه بـ s² + 2ζωns + ωn². عندئذٍ %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وtp = π/ωd مع ωd = ωn√(1 − ζ²)، وts ≈ 4/(ζωn).

ثابت السرعة

s·C(s) = 2s + 4 → 4 عندما s → 0.

Kv = 4·5/10 = 2

خطأ المنحدر

ess = 1/2 = 0,5

الإجابة

ess = 0,5

يزيل المتحكم PI خطأ الخطوة تمامًا؛ ويُتبع المنحدر بتأخر ثابت.

هذه مادة تدريب مستقلة. ExamProblems غير تابع للجهة التي تنظّم هذا الامتحان ولا معتمد منها، ويُستخدم اسم الامتحان لوصف المحتوى فقط. يُجري اختبار FE exam جهةُ NCEES، وهي غير تابعة لـ ExamProblems ولا تؤيده.

ExamProblems · examproblems.com/courses/fe-exam-mechanical