طبّق ess = A/(1 + Kp) أو A/Kv أو A/Ka، أو حُلّها لإيجاد الكسب المطلوب.
لمواصفة التخميد أو السرعة اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وطابقه مع s² + 2ζω_n·s + ω_n².
2مسائل تدريبية
1.ردود أفعال ركائز الكمراتمتوسطة
للكمرة مسمار في A وبكرة في B على بعد 8 m من A، وتبرز بعد B حتى الطرف الحر C. أوجد ردّ الفعل الرأسي RA، معتبرًا الاتجاه إلى الأعلى موجبًا.
AB = 8 mAC = 10 mP1 = 65 kN عند 6 mP2 = 20 kN عند 10 m
RA = kN
2.ردود أفعال ركائز الكمراتصعبة
للكمرة البسيطة الارتكاز مسمار في A وبكرة في B. أوجد ردّ فعل الركيزة الرأسي RA.
L = 5 mP = 25 kN عند 1,5 mw = 8 kN/m من 0 إلى 5 m
RA = kN
3.الإجهاد والانفعال المحوريمتوسطة
أوجد استطالة δ قضيب النحاس تحت الحمل المحوري.
P = 60 kNd = 12 mmL = 2 mE = 117 GPa
δ = mm
4.الإجهاد والانفعال المحوريصعبة
القضيب المدرَّج مثبَّت في الجدار ومحمَّل عند طرفه الحر. أوجد الاستطالة الكلية δ.
P = 55 kNالجزء 1: Ø35 mm، 1,5 m، النحاس الأصفر (E = 100 GPa)الجزء 2: Ø20 mm، 1 m، الفولاذ (E = 200 GPa)
δ = mm
5.التواء الأعمدةمتوسطة
عمود مصمت من الألومنيوم مثبَّت في الجدار ويُلوى بعزم T عند طرفه الحر. أوجد زاوية التواء φ الطرف الحر بالدرجات.
T = 250 N·md = 40 mmL = 1,2 mG = 26 GPa
φ = °
6.التواء الأعمدةصعبة
عمود مصمت من الألومنيوم قطره 50 mm مثبَّت عند A. يؤثّر عزم التواء 200 N·m عند B على بعد 1,5 m من A، ويؤثّر عزم التواء 1500 N·m في الاتجاه المعاكس عند الطرف الحر C، على بعد 0,5 m إضافية. أوجد مقدار زاوية التواء الطرف C φC بالدرجات.
d = 50 mmTB = 200 N·mTC = 1500 N·mAB = 1,5 mBC = 0,5 mG = 26 GPa
φC = °
7.قوة القص وعزم الانحناءمتوسطة
تقسم العلامات من A إلى G الكمرة إلى ستة أجزاء متساوية. عند أي علامة يكون عزم الانحناء الأكبر حجمًا، تقعيريًا أو تحدبيًا؟ انقر عليها في المخطط.
20 kN @ 4 m4 kN/m, 0–6 m
1A (x = 0 m)
2B (x = 1 m)
3C (x = 2 m)
4D (x = 3 m)
5E (x = 4 m)
6F (x = 5 m)
7G (x = 6 m)
8.قوة القص وعزم الانحناءصعبة
الكمرة البسيطة الارتكاز تحمل حملًا موزّعًا بانتظام على جزء من بحرها. أوجد أقصى عزم انحناء Mmax في الكمرة.
L = 4 mw = 24 kN/m من 0 إلى 2 m
Mmax = kN·m
9.دائرة مور وتحويل الإجهادمتوسطة
عند نقطة σₓ = 10 MPa، σᵧ = 10 MPa و τₓᵧ = −50 MPa (الشد موجب). يُدار العنصر 30° عكس عقارب الساعة. أوجد الإجهاد العمودي σy′ على أوجه العنصر المُدار العمودية على المحور المُدار y′.
σx = 10 MPaσy = 10 MPaτxy = −50 MPaθ = 30°
σy′ = MPa
10.دائرة مور وتحويل الإجهادصعبة
نقطة في لوح رقيق في حالة إجهاد مستوٍ: σₓ = 70 MPa، σᵧ = −10 MPa و τₓᵧ = 40 MPa (σz = 0). إجهاد خضوع المادة 420 MPa. أوجد معامل الأمان n ضد الخضوع وفق معيار تريسكا (أقصى إجهاد قص).
σx = 70 MPaσy = −10 MPaτxy = 40 MPaσY = 420 MPa
n =
11.ترخيم الكمرةمتوسطة
كابولي يحمل حملًا موزّعًا بانتظام w على طوله كله. أوجد الترخيم δ عند الطرف الحر.
w = 15 kN/mL = 3 mE = 70 GPa (الألومنيوم)I = 160 × 10⁶ mm⁴
δ = mm
12.ترخيم الكمرةصعبة
كمرة بسيطة الارتكاز تحمل حملين مركّزين متساويين P عند نقطتي الثلث (L/3 من كل ركيزة). باستخدام التراكب، أوجد ترخيم المنتصف δmax.
P = 8 kNL = 4 mE = 70 GPa (الألومنيوم)I = 160 × 10⁶ mm⁴
δmax = mm
13.انبعاج الأعمدةمتوسطة
عمود طوله L من الألومنيوم مفصلي الطرفين. باستخدام صيغة أويلر أوجد حمل الانبعاج الحرج Pcr.
L = 1 mE = 70 GPa (الألومنيوم)d = 30 mm
Pcr = kN
14.انبعاج الأعمدةصعبة
عمود طوله L من الفولاذ مفصلي الطرفين. أوجد نحافته وإجهاد الانبعاج الحرج σcr من صيغة أويلر.
L = 5 mE = 200 GPa (الفولاذ)d = 60 mm
σcr = MPa
15.حركة المقذوفاتمتوسطة
تُقذف كرة من أرض مستوية بزاوية 20° فوق الأفق وتهبط على بعد 15 m. أهمل مقاومة الهواء واستخدم g = 9,81 m/s². أوجد سرعة القذف v0.
θ = 20°R = 15 mg = 9,81 m/s²
v0 = m/s
16.حركة المقذوفاتصعبة
تُقذف كرة بزاوية 25° فوق الأفق من قمة جرف ارتفاعه 55 m. أهمل مقاومة الهواء. أوجد زمن التحليق t حتى ترتطم الكرة بالأرض.
v0 = 29 m/sθ = 25°h = 55 mg = 9,81 m/s²
t = s
17.الشغل والطاقةمتوسطة
سيارة تسير بسرعة 70 km/h على طريق مستوٍ تكبح بقوة وتنزلق حتى تتوقّف وعجلاتها مقفلة. معامل الاحتكاك الحركي بين الإطارات والطريق 0,6. أوجد مسافة التوقّف d.
v = 70 km/hμ = 0,6g = 9,81 m/s²
d = m
18.الشغل والطاقةصعبة
جسم كتلته 2 kg يبدأ من السكون عند أسفل منحدر بزاوية 35° ويُسحب إلى أعلى المنحدر بقوة ثابتة 20 N موازية للمنحدر. معامل الاحتكاك الحركي 0,25. أوجد سرعة الجسم v بعد أن يتحرّك 9 m إلى أعلى المنحدر.
كتلة 15 kg يحملها نابض جساءته 4 kN/m ومخمِّد لزج معامل تخميده 240 N·s/m. أوجد نسبة التخميد ζ.
m = 15 kgk = 4 kN/mc = 240 N·s/m
ζ =
20.الاهتزازات الميكانيكيةصعبة
كتلة 20 kg معلّقة بالنابض k₃ = 25 kN/m. الطرف العلوي لـ k₃ مثبَّت بقضيب صلب معلّق بنابضين متجاورين، k₁ = 5 kN/m و k₂ = 60 kN/m؛ ويبقى القضيب أفقيًا. أهمل التخميد وكتل النوابض والقضيب. أوجد التردد الطبيعي fn للاهتزاز الرأسي بالـ Hz.
m = 20 kgk1 = 5 kN/mk2 = 60 kN/mk3 = 25 kN/m
fn = Hz
21.المحرّكات الحرارية والثلاجاتمتوسطة
يعمل محرّك حراري بين خزّان ساخن عند 225 °C وخزّان بارد عند 30 °C. يأخذ 2800 kJ من الحرارة. أوجد أكبر شغل Wmax يمكن أن ينتجه.
TH = 225 °CTL = 30 °CQH = 2800 kJ
Wmax = kJ
22.المحرّكات الحرارية والثلاجاتصعبة
محرّك حراري كارنو يستقبل 60 kW من الحرارة من مصدر عند 850 °C ويطرد الحرارة إلى المحيط عند 27 °C. يدير شغله كله ثلاجة كارنو تزيل الحرارة من مجمّد عند 0 °C وتطرد الحرارة أيضًا إلى المحيط عند 27 °C. أوجد المعدّل Q̇L الذي تُزال به الحرارة من المجمّد.
TH = 850 °CT0 = 27 °CTL = 0 °CQ̇H = 60 kW
Q̇L = kW
23.دورات القدرة الغازيةمتوسطة
دورة ديزل مثالية نسبة انضغاطها r = 19 ونسبة قطعها rc = v₃/v₂ = 1,5. في بداية الانضغاط يكون الهواء عند 290 K. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد درجة الحرارة T3 في نهاية إضافة الحرارة، بالـ K.
r = 19rc = 1,5T1 = 290 Kk = 1,4
T3 = K
24.دورات القدرة الغازيةصعبة
محطة توربين غازي تعمل بدورة برايتون نسبة ضغط ضاغطها 20. يدخل الهواء الضاغط عند 288 K والتوربين عند 1400 K. الكفاءة الأيزنتروبية للضاغط 82% وللتوربين 88%. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد الشغل الصافي الخارج wnet لكل كيلوغرام من الهواء، بالـ kJ/kg.
يُفرَّغ الماء من خزان مفتوح كبير عبر فتحة حادّة الحافة قطرها 25 mm. يُحافَظ على مستوى الماء عند 4,5 m فوق الفتحة، ومعامل التصريف 0,64. أوجد معدّل التدفّق Q. استخدم g = 9,81 m/s².
d = 25 mmh = 4,5 mCd = 0,64g = 9,81 m/s²
Q = L/s
26.الاستمرارية وبرنوليصعبة
يتدفّق الماء صعودًا في أنبوب يضيق من 100 mm إلى 75 mm بينما يرتفع 2 m. في المقطع 1 الضغط 120 kPa والسرعة 1,25 m/s. بإهمال الفقد، أوجد الضغط p2 في المقطع 2.
يجري ماء بمعدل 2 L/s في أنبوب طوله 400 m وقطره الداخلي 50 mm. استخدم معامل احتكاك دارسي f = 0,03 و g = 9,81 m/s². أوجد فاقد السمت بالاحتكاك hf.
Q = 2 L/sL = 400 mD = 50 mmf = 0,03g = 9,81 m/s²
hf = m
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتصعبة
خزانان مفتوحان يصل بينهما أنبوب طوله 500 m وقطره الداخلي 250 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,015. سطح الماء في الخزان العلوي أعلى بـ 31 m من سطح الخزان السفلي. الفواقد الثانوية هي: مدخل حاد الحافة (K = 0,5)، و 2 أكواع (K = 0,3 لكل منها)، وصمام (K = 2) والمخرج إلى الخزان السفلي (K = 1,0). استخدم g = 9,81 m/s². أوجد معدل التدفق Q بالـ L/s.
في اختبار، تدفع مضخة 100 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) ضد سمت 24 m بينما يأخذ عمودها 29,4 kW. استخدم g = 9,81 m/s². أوجد كفاءة المضخة η بالنسبة المئوية.
Q = 100 L/sH = 24 mPshaft = 29,4 kWg = 9,81 m/s²
η = %
30.المضخات وقدرة المضخاتصعبة
مضخة تنقل 15 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) من خزان سفلي مفتوح إلى خزان علوي سطح مائه أعلى بـ 15 m. طول الأنبوب 100 m وقطره الداخلي 100 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,025؛ ومجموع معاملات الفواقد الثانوية ΣK = 6 (بما فيها المدخل والمخرج). استخدم g = 9,81 m/s². كفاءة المضخة 80%. أوجد قدرة العمود Pshaft بالـ kW.
جدار مكوّن من 200 mm من ألواح الجبس و 150 mm من الصوف المعدني، ومساحته 10 m². الوجهان الخارجيان عند 20 °C و -1 °C. أوجد التدفّق الحراري Q̇ عبر الجدار.
L1 = 200 mm, k1 = 0,17 W/(m·K)L2 = 150 mm, k2 = 0,04 W/(m·K)A = 10 m²T1 = 20 °CT3 = -1 °C
Q̇ = W
32.التوصيل الحراريصعبة
جدار من 150 mm ألواح الجبس و 150 mm الطوب يفصل غرفة عند 22 °C عن الهواء الخارجي عند 5 °C. معاملا الحمل 7,7 W/(m²·K) في الداخل و 25 W/(m²·K) في الخارج، ومساحة الجدار 15 m². أوجد درجة حرارة Ts السطح الداخلي للجدار.
L1 = 150 mm, k1 = 0,17 W/(m·K)L2 = 150 mm, k2 = 0,72 W/(m·K)A = 15 m²hi = 7,7 W/(m²·K)ho = 25 W/(m²·K)Troom = 22 °CTout = 5 °C
Ts = °C
33.التروس ومجموعات التروسمتوسطة
محرّك قدرته 7,5 kW يعمل بسرعة 1450 rpm يدير ترسًا صغيرًا له 20 سنًّا وموديول 2 mm. أوجد القوة المماسية Ft على أسنان الترس الصغير.
P = 7,5 kWn = 1450 rpmN1 = 20m = 2 mm
Ft = N
34.التروس ومجموعات التروسصعبة
يصل سير مفتوح بين بكرة قائدة قطرها 125 mm تدور بسرعة 1440 rpm وبكرة قطرها 200 mm؛ والمسافة بين المركزين 500 mm. معامل الاحتكاك 0,35 ولا يجوز أن يتجاوز الشد في الجانب المشدود 1200 N. أوجد أكبر قدرة P يستطيع السير نقلها دون انزلاق، بوحدة kW (أهمل أثر القوة الطاردة المركزية).
حلّ y″ + 5y′ + 6y = 0 مع y(0) = 9 و y′(0) = 6 باستخدام تحويل لابلاس، وأوجد y(0,3).
y″ + 5y′ + 6y = 0y(0) = 9y′(0) = 6t = 0,3 s
y(0.3) =
37.المخططات الصندوقيةمتوسطة
النظام المُتحكَّم فيه G(s) = K/((s + 3)(s + 5)) في حلقة تغذية راجعة سالبة أحادية. أوجد الكسب K الذي تكون عنده الحلقة المغلقة متخامدة تخميدًا حرجًا (قطبان حقيقيان متساويان).
G(s) = K/((s + 3)(s + 5))تغذية راجعة سالبة أحادية
K =
38.المخططات الصندوقيةصعبة
النظام المُتحكَّم فيه G(s) = 34/(s(s + 7)) في حلقة تغذية راجعة سالبة كسب مستشعرها H = 1. أقطاب الحلقة المغلقة مركّبة. أوجد جزأها الحقيقي σ.
G(s) = 34/(s(s + 7))H = 1
σ =
39.الاستجابة الخطويةمتوسطة
لنظام دالة النقل G(s) = 108/(s² + 9s + 36) ويتلقى دخلًا خطويًا وحدويًا. أوجد التردد الطبيعي ωn بوحدة rad/s.
G(s) = 108/(s² + 9s + 36)
ωn = rad/s
40.الاستجابة الخطويةصعبة
لحلقة تغذية عكسية سالبة وحدوية G(s) = K/(s(s + 4)). أوجد الكسب K الذي يعطي استجابة خطوية بتجاوز 5 %.
G(s) = K/(s(s + 4))%OS = 5 %
K =
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDمتوسطة
يُطبَّق الدخل r(t) = 1 + 1t (خطوة مع منحدر) على حلقة تغذية عكسية وحدوية فيها G(s) = 10/(s(s + 4)). أوجد خطأ الحالة المستقرة ess.
G(s) = 10/(s(s + 4))r(t) = 1 + 1t
ess =
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDصعبة
يتحكم متحكم PI بالصيغة C(s) = Kp + Ki/s في المحطة G(s) = 1/(s + 1) ضمن حلقة تغذية عكسية وحدوية. يجب أن تكون للحلقة المغلقة ωₙ = 6 rad/s وζ = 0,8. أوجد كسب التكامل Ki.
G(s) = 1/(s + 1)ωₙ = 6 rad/sζ = 0,8
Ki =
3المحاليل
1.ردود أفعال ركائز الكمرات
الإجابة: RA = 11,25 kN
الاتزان الاستاتيكي: الجسم الساكن يحقّق ΣFx = 0 و ΣFy = 0 و ΣM = 0 حول أي نقطة. استبدل كل حمل موزّع بمحصّلته (مساحته) المؤثّرة في مركز مخطط الحمل، وخذ العزوم حول ركيزة لحذف ردّ فعلها من المعادلة.
العزوم حول A
عكس عقارب الساعة موجب.
ΣMA = 0: RB·8 = 65·6 + 20·10
RB = 590/8 = 73,75 kN
الاتزان الرأسي
RA = 65 + 20 − 73,75 = 11,25 kN
الإجابة
RA = 11,25 kN
2.ردود أفعال ركائز الكمرات
الإجابة: RA = 37,5 kN
الاتزان الاستاتيكي: الجسم الساكن يحقّق ΣFx = 0 و ΣFy = 0 و ΣM = 0 حول أي نقطة. أخذ العزوم حول ركيزة يحذف ردّ فعلها من المعادلة.
مخطط الجسم الحر
استبدل الركائز بقوى ردّ الفعل. البكرة تعطي ردّ فعل رأسيًا واحدًا؛ ومع الأحمال الرأسية فقط يعطي المسمار أيضًا ردّ فعل رأسيًا واحدًا.
الاتزان
العزوم حول A، موجبة عكس عقارب الساعة. ثم اتزان القوى الرأسية.
محصّلة الحمل الموزّع: W = w·ℓ = 8·5 = 40 kN، تؤثّر عند x̄ = 2,5 m
ΣMA = 0: RB·5 = 25·1,5 + 8·5·2,5
RB = 137,5/5 = 27,5 kN
ΣFy = 0: RA = 65 − 27,5 = 37,5 kN
الإجابة
RA = 37,5 kN
3.الإجهاد والانفعال المحوري
الإجابة: δ = 9,069 mm
قانون هوك: في المدى المرن σ = E·ε. وبالجمع مع σ = P/A و ε = δ/L نحصل على δ = PL/(AE).
الإجهاد
A = π·12²/4 = 113,1 mm²
σ = P/A = 60·1000/113,1 = 530,5 MPa
الانفعال (قانون هوك)
E for النحاس = 117 GPa = 117000 MPa.
ε = σ/E = 530,5/117000 = 0,004534 = 4534 µε
الاستطالة
δ = ε·L = 0,004534·2000 mm = 9,069 mm
الإجابة
δ = 9,069 mm
4.الإجهاد والانفعال المحوري
الإجابة: δ = 1,733 mm
العناصر المحمَّلة محوريًا: كل جزء منشوري يحقّق δ = PL/(AE). وللعناصر المتوالية تُجمع الاستطالات.
القوة نفسها في الجزأين
الطرف الحر يحمل P، لذا يحمل كل مقطع من القضيب القوة المحورية نفسها P. تتغيّر المساحات والمواد فقط.
التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.
عزم القصور القطبي
J = π·40⁴/32 = 251327 mm⁴
زاوية الالتواء
φ = TL/(GJ) = 250·1000·1200/(26000·251327) = 0,04591 rad
φ = 0,04591·180/π = 2,63°
الإجابة
φ = 2,63°
6.التواء الأعمدة
الإجابة: φC = 9,697 °
التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.
أكبر عزم انحناء: يغير M ميله حيث تتغير قوة القص، لذا تقع قممه حيث تعبر قوة القص الصفر: تحت حمل نقطي، أو داخل حمل موزع، أو فوق مسند في كمرة ذات بروز. وعند المسند الثابت في كمرة كابولية يكون العزم أكبر ما يمكن عند الجدار. قارن حجم M في تلك المواضع، تقعيريًا كان أم تحدبيًا.
ردود أفعال الركائز
خذ العزوم حول أحد المسندين، ثم استخدم اتزان القوى الرأسية.
R1 = 18,67 kN, R2 = 25,33 kN
عزم الانحناء عند كل علامة
اجمع عزوم كل القوى على جانب واحد من القطع. التقعيري موجب والتحدبي سالب.
MA = 0, MB = 16,67, MC = 29,33, MD = 38, ME = 42,67 kN·m, MF = 23,33, MG = 0
الإجابة
علامة E: ME = 42,67 kN·m
8.قوة القص وعزم الانحناء
الإجابة: Mmax = 27 kN·m
طريقة المقاطع: اقطع الكمرة حيث تريد القوى الداخلية واحتفظ بجانب واحد. توازن قوة القص V القوى الرأسية على ذلك الجانب، ويوازن عزم الانحناء M عزومها حول المقطع. أقصى عزم: بما أن dM/dx = V، يبلغ عزم الانحناء ذروته حيث تمرّ قوة القص بالصفر، إمّا عند حمل مركّز أو داخل حمل موزّع.
ردود أفعال الركائز
اتزان الكمرة كلها.
محصّلة الحمل الموزّع: W = w·ℓ = 24·2 = 48 kN، تؤثّر عند x̄ = 1 m
ΣMA = 0: RB·4 = 24·2·1
RB = 48/4 = 12 kN
ΣFy = 0: RA = 48 − 12 = 36 kN
انعدام القص
تبدأ قوة القص عند RA، وتبقى ثابتة على أي جزء غير محمَّل، وتتناقص بميل w داخل الحمل.
تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.
معادلة التحويل للوجه y′
σy′ = 10 − 0·0,5 − (−50)·0,866 = 53,3 MPa
تحقّق
مجموع الإجهادات العمودية لا يتغيّر مع الدوران.
σx′ = −33,3 MPa, σx′ + σy′ = 20 = σx + σy
الإجابة
σy′ = 53,3 MPa
10.دائرة مور وتحويل الإجهاد
الإجابة: n = 3,712
تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R. معايير الخضوع: يتنبّأ فون ميزس بالخضوع عندما يبلغ σvM = √(σ₁² − σ₁σ₂ + σ₂²) قيمة σY؛ وتريسكا عندما يبلغ أقصى إجهاد قص مطلق σY/2.
الإجهادات الرئيسية
C = 30 MPa, R = 56,57 MPa
σ1 = 86,57 MPa, σ2 = −26,57 MPa, σ3 = 0
تريسكا
σmax − σmin = 113,1 MPa
n = 420/113,1 = 3,712
الإجابة
n = 3,712
n > 1 يعني أن النقطة لا تخضع؛ وتريسكا أكثر تحفّظًا قليلًا من فون ميزس.
11.ترخيم الكمرة
الإجابة: δ = 13,56 mm
ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب).
وحدات متّسقة
اعمل بالـ N و mm: P بالـ N، w بالـ N/mm (kN/m = N/mm)، L بالـ mm، E بالـ N/mm² (GPa × 1000)، I بالـ mm⁴.
w = 15 N/mm, L = 3000 mm
EI = 1,12 × 10¹³ N·mm²
الترخيم
δ = wL⁴/(8EI) = 15·3000⁴/(8·1,12 × 10¹³) = 13,56 mm
الإجابة
δ = 13,56 mm
12.ترخيم الكمرة
الإجابة: δmax = 1,623 mm
ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب).
وحدات متّسقة
اعمل بالـ N و mm: P بالـ N، w بالـ N/mm (kN/m = N/mm)، L بالـ mm، E بالـ N/mm² (GPa × 1000)، I بالـ mm⁴.
P = 8000 N, L = 4000 mm
EI = 1,12 × 10¹³ N·mm²
حمل واحد عند L/3
δ₁ = Pb(3L² − 4b²)/(48EI), b = L/3 = 1333 mm
δ₁ = 0,8113 mm
اجمع الحملين
δmax = 2·δ₁ = 23PL³/(648EI) = 1,623 mm
الإجابة
δmax = 1,623 mm
13.انبعاج الأعمدة
الإجابة: Pcr = 27,47 kN
انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.
انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.
أصغر عزم قصور ذاتي
للمقطع الدائري I نفسه حول أي محور.
I = πd⁴/64 = π·60⁴/64 = 636173 mm⁴
نصف قطر الدوران والنحافة
A = 2827 mm²
r = √(I/A) = √(636173/2827) = 15 mm
KL = 1·5000 = 5000 mm
KL/r = 5000/15 = 333,3
الإجهاد الحرج
σcr = π²E/(KL/r)² = π²·200000/333,3² = 17,77 MPa
الإجابة
σcr = 17,77 MPa
15.حركة المقذوفات
الإجابة: v0 = 15,13 m/s
Projectile motion: with no air resistance, x = vxt and y = h + vyt − ½gt². The two directions are independent except that they share the same time.
حلّ صيغة المدى لإيجاد v₀
v₀ = √(g·R/sin 2θ) = √(9,81·15/sin 40°) = 15,13 m/s
الإجابة
v0 = 15,13 m/s
16.حركة المقذوفات
الإجابة: t = 4,823 s
حركة المقذوفات: دون مقاومة الهواء x = vxt و y = h + vyt − ½gt². الاتجاهان مستقلان، لكنهما يشتركان في الزمن نفسه.
حلّل سرعة الإطلاق
السرعة الأفقية ثابتة؛ والحركة الرأسية لها تسارع ثابت g = 9,81 m/s² إلى الأسفل.
vx = v0·cos θ = 29·cos 25° = 26,28 m/s
vy = v0·sin θ = 29·sin 25° = 12,26 m/s
زمن التحليق
حلّ y(t) = h + vy·t − ½gt² = 0 للجذر الموجب.
0 = 55 + 12,26·t − 4,905·t²
t = (vy + √(vy² + 2gh))/g = (12,26 + √(150,2 + 1079))/9,81 = 4,823 s
الإجابة
t = 4,823 s
17.الشغل والطاقة
الإجابة: d = 32,12 m
مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).
السرعة بالوحدات الأساسية
v = 70/3,6 = 19,44 m/s
موازنة الطاقة
½mv² = μmg·d → d = v²/(2μg) = 19,44²/(2·0,6·9,81) = 32,12 m
الإجابة
d = 32,12 m
مضاعفة السرعة تجعل مسافة التوقّف أطول بأربع مرات.
18.الشغل والطاقة
الإجابة: v = 6,524 m/s
مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).
القوى على امتداد المنحدر
m·g = 2·9,81 = 19,62 N
mg·sin θ = 11,25 N
μ·mg·cos θ = 4,018 N
الشغل والطاقة
½mv² = (20 − 15,27)·9 = 42,56 J
v = √(2·42,56/2) = 6,524 m/s
الإجابة
v = 6,524 m/s
19.الاهتزازات الميكانيكية
الإجابة: ζ = 0,4899
الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.
التخميد الحرج
cc = 2·√(k·m) = 2·√(4000·15) = 489,9 N·s/m
نسبة التخميد
ζ = c/cc = 240/489,9 = 0,4899
الإجابة
ζ = 0,4899
ζ < 1، لذا النظام تحت المخمَّد ويهتزّ وهو يضمحلّ.
20.الاهتزازات الميكانيكية
الإجابة: fn = 4,782 Hz
الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.
الجساءة المكافئة
k1 و k2 فقط على التوازي. هذا الزوج على التوالي مع k3، لذا ادمجهما بالمقلوبات.
k12 = 5 + 60 = 65 kN/m
keq = 65·25/(65 + 25) = 18,06 kN/m
التردد الطبيعي
ωn = √(18056/20) = 30,05 rad/s
fn = 30,05/(2π) = 4,782 Hz
الإجابة
fn = 4,782 Hz
21.المحرّكات الحرارية والثلاجات
الإجابة: Wmax = 1096 kJ
حدود القانون الثاني: لا يمكن لأي دورة تعمل بين خزّانين بدرجتي حرارة مطلقتين TH و TL أن تتفوّق على الدورة العكوسة (كارنو): ηmax = 1 − TL/TH، COPR,max = TL/(TH − TL) و COPHP,max = TH/(TH − TL). الطاقة محفوظة دائمًا: QH = W + QL.
درجات الحرارة المطلقة
TH = 225 + 273,15 = 498,1 K
TL = 30 + 273,15 = 303,1 K
كفاءة كارنو
ηmax = 1 − TL/TH = 1 − 303,1/498,1 = 39,14 %
أقصى شغل
Wmax = ηmax·QH = 0,3914·2800 = 1096 kJ
الإجابة
Wmax = 1096 kJ
22.المحرّكات الحرارية والثلاجات
الإجابة: Q̇L = 444,8 kW
Second-law limits: no cycle working between reservoirs at absolute temperatures TH and TL can beat the reversible (Carnot) cycle: ηmax = 1 − TL/TH, COPR,max = TL/(TH − TL) and COPHP,max = TH/(TH − TL). Energy is always conserved: QH = W + QL.
درجات الحرارة المطلقة
TH = 850 + 273,15 = 1123 K
T0 = 27 + 273,15 = 300,1 K
TL = 0 + 273,15 = 273,1 K
شغل المحرّك
η = 1 − 300,1/1123 = 0,7328
Ẇ = 0,7328·60 = 43,97 kW
الحرارة التي تزيلها الثلاجة
COPR = 273,1/(300,1 − 273,1) = 10,12
Q̇L = 10,12·43,97 = 444,8 kW
الإجابة
Q̇L = 444,8 kW
23.دورات القدرة الغازية
الإجابة: T3 = 1413 K
دورة ديزل (محرّك الاشتعال بالانضغاط): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي، 4→1 طرد حرارة عند حجم ثابت. مع نسبة الانضغاط r = v₁/v₂ ونسبة القطع rc = v₃/v₂: T₂ = T₁·rk−1، و T₃ = rc·T₂، و qin = cp·(T₃ − T₂) و η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k·(rc − 1)).
نهاية الانضغاط
T2 = 290·190,4 = 941,7 K
إضافة الحرارة عند ضغط ثابت
T3 = rc·T2 = 1,5·941,7 = 1413 K
الإجابة
T3 = 1413 K
24.دورات القدرة الغازية
الإجابة: wnet = 234,3 kJ/kg
دورة برايتون (التوربين الغازي): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي في التوربين، 4→1 طرد حرارة عند ضغط ثابت. مع نسبة الضغط rp = P₂/P₁: T₂ = T₁·rp(k−1)/k، و T₄ = T₃/rp(k−1)/k و η = 1 − 1/rp(k−1)/k. الشغل الصافي w = cp·[(T₃ − T₄) − (T₂ − T₁)]. مع الكفاءات الأيزنتروبية يحتاج الضاغط ws/ηc ويعطي التوربين ηt·ws.
درجات الحرارة الأيزنتروبية
T2s = 288·200,2857 = 677,8 K
T4s = 1400/200,2857 = 594,8 K
شغل الضاغط والتوربين
wc = 1,005·(677,8 − 288)/0,82 = 477,8 kJ/kg
wt = 0,88·1,005·(1400 − 594,8) = 712,1 kJ/kg
الشغل الصافي
wnet = 712,1 − 477,8 = 234,3 kJ/kg
الإجابة
wnet = 234,3 kJ/kg
نسبة الشغل المرتدّ: wc/wt = 67,1%.
25.الاستمرارية وبرنولي
الإجابة: Q = 2,952 L/s
Continuity and Bernoulli: for an incompressible fluid the flow rate is the same at every section, Q = A₁v₁ = A₂v₂. Along a streamline without losses, p + ½ρv² + ρgz is constant, so where the fluid is faster or higher its pressure is lower.
سرعة النفث المثالية
√(2gh) = √(2·9,81·4,5) = 9,396 m/s
معدّل التدفّق الفعلي
يأخذ معامل التصريف في الحسبان انكماش النفث والاحتكاك عند الحافة.
الاستمرارية وبرنولي: لمائع غير قابل للانضغاط، معدّل التدفّق واحد عند كل مقطع، Q = A₁v₁ = A₂v₂. وعلى امتداد خط انسياب دون فقد، يبقى p + ½ρv² + ρgz ثابتًا، لذا حيث يكون المائع أسرع أو أعلى يكون ضغطه أقل.
الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.
السرعة المتوسطة
A = π·0,05²/4 = 0,001963 m²
V = Q/A = 0,002/0,001963 = 1,019 m/s
سمت السرعة
V²/(2g) = 1,019²/(2·9,81) = 0,05288 m
دارسي–فايسباخ
hf = f·(L/D)·V²/(2g) = 0,03·(400/0,05)·1,019²/(2·9,81) = 12,69 m
الإجابة
hf = 12,69 m
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت
الإجابة: Q = 207,3 L/s
الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.
معاملات الفاقد
f·L/D = 0,015·500/0,25 = 30
ΣK = 0,5 + 2·0,3 + 2 + 1,0 = 4,1
معادلة الطاقة
السطحان مفتوحان للهواء وساكنان عمليًا، لذا تُفقد Δz كلها في الأنبوب.
قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.
القدرة الهيدروليكية
Ph = ρ·g·Q·H = 1000·9,81·0,1·24 = 23,54 kW
الكفاءة
η = Ph/Pshaft = 23,54/29,4 = 80,08%
الإجابة
η = 80,08%
30.المضخات وقدرة المضخات
الإجابة: Pshaft = 3,819 kW
قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.
المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.
مقاومات الطبقات
R1 = L1/(k1A) = (200/1000)/(0,17·10) = 0,1176 K/W
R2 = L2/(k2A) = (150/1000)/(0,04·10) = 0,375 K/W
التدفّق الحراري
Q̇ = (T1 − T3)/(R1 + R2) = 21/0,4926 = 42,63 W
الإجابة
Q̇ = 42,63 W
32.التوصيل الحراري
الإجابة: Ts = 20,25 °C
المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.
Gear geometry: the module m sets the tooth size. A gear with N teeth has a pitch diameter d = m·N, two meshing gears have the same module, and their centre distance is a = (d₁ + d₂)/2 = m·(N₁ + N₂)/2. The pitch-line speed is v = π·d·n/60, and the tangential tooth force follows from the torque: Ft = 2T/d.
العزم على الترس الصغير
ω = 2π·1450/60 = 151,8 rad/s
T = P/ω = 7500/151,8 = 49,39 N·m
قطر الخطوة
d = m·N = 2·20 = 40 mm
القوة المماسية
Ft = 2T/d = 2·49,39/0,04 = 2470 N
الإجابة
Ft = 2470 N
34.التروس ومجموعات التروس
الإجابة: P = 7,34 kW
نقل الحركة بالسيور: من دون انزلاق يكون لبكرتين سرعة الحافة نفسها v = π·d·n/60، إذن n₁·d₁ = n₂·d₂ ونسبة السرعة d₂/d₁. يجعل الانزلاق s البكرة المقودة أبطأ قليلًا: n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). والقدرة المنقولة P = (T₁ − T₂)·v، حيث T₁ الشد في الجانب المشدود وT₂ في الجانب المرتخي. يحدّ الاحتكاك نسبة الشدّين: T₁/T₂ = eμθ، حيث θ زاوية التفاف السير بالراديان على البكرة الأصغر؛ ولسير مفتوح θ = π − 2·asin((d₂ − d₁)/(2C)) حيث C المسافة بين المركزين.
زاوية الالتفاف
θ = 2,991 rad
الشد في الجانب المرتخي
eμθ = e1,047 = 2,849, T₂ = 1200/2,849 = 421,2 N
القدرة
P = (1200 − 421,2)·9,425 = 7,34 kW
الإجابة
P = 7,34 kW
35.تحويلات لابلاس
الإجابة: f(0.25) = 0,3093
تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).
تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).
حوّل المعادلة
s²Y − 9s − 6 + 5(sY − 9) + 6Y = 0
Y(s) = (9s + 51)/((s + 2)(s + 3))
الكسور الجزئية
A = 33/1 = 33
B = 24/(−1) = −24
النتيجة
y(t) = 33·e−2t − 24·e−3t
y(0,3) = 8,353
الإجابة
y(0,3) = 8,353
تحقّق: y(0) = A + B = 9.
37.المخططات الصندوقية
الإجابة: K = 1
جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).
المعادلة المميزة
1 + K/((s + 3)(s + 5)) = 0 → s² + 8s + 15 + K = 0
جذر مكرّر
كثيرة الحدود التربيعية s² + βs + γ لها جذر مزدوج عندما β² = 4γ.
8² = 4(15 + K) → K = 64/4 − 15 = 1
الإجابة
K = 1
يقع القطبان للحلقة المغلقة عندئذٍ عند s = −4.
38.المخططات الصندوقية
الإجابة: σ = −3,5
جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).
المعادلة المميزة
s(s + 7) + 34·1 = 0 → s² + 7s + 34 = 0
الجذور
s = −3,5 ± j·√(34 − 12,25) = −3,5 ± j4,664
σ = −3,5
الإجابة
σ = −3,5
39.الاستجابة الخطوية
الإجابة: ωn = 6 rad/s
الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).
قارن مع الصيغة القياسية
يجب أن يطابق المقام s² + 2ζωₙs + ωₙ².
ωₙ² = 36 → ωₙ = 6 rad/s
2ζωₙ = 9 → ζ = 9/(2·6) = 0,75
النتيجة
ωₙ = 6 rad/s
الإجابة
ωn = 6 rad/s
40.الاستجابة الخطوية
الإجابة: K = 8,399
الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).
دالة تحويل الحلقة المغلقة
T(s) = K/(s² + 4s + K)
نسبة التخميد من التجاوز
ζ = −ln(0,05)/√(π² + ln²(0,05)) = 0,6901
الكسب
ωₙ = 4/(2ζ) = 2,898 rad/s
K = ωₙ² = 8,399
الإجابة
K = 8,399
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID
الإجابة: ess = 0,4
خطأ الحالة المستقرة: في حلقة تغذية عكسية وحدوية بدالة نقل الحلقة المفتوحة G(s) يكون الخطأ E(s) = R(s)/(1 + G(s))، وبنظرية القيمة النهائية ess = lims→0 s·E(s). نوع النظام هو عدد أقطاب G(s) عند s = 0. ثوابت الخطأ هي Kp = lim G(s) وKv = lim s·G(s) وKa = lim s²·G(s)، كلها عندما s → 0. تعطي دالة خطوة بحجم A الخطأ ess = A/(1 + Kp)، وتعطي دالة منحدرة A·t الخطأ A/Kv، وتعطي دالة قطع مكافئ A·t²/2 الخطأ A/Ka. تتبع حلقة من النوع 0 دالة الخطوة بخطأ منتهٍ، أما حلقة من النوع 1 فتتبعها تمامًا وتتبع دالة المنحدر بخطأ منتهٍ.
ثابت السرعة
Kv = lim s·G(s) = 2,5
جزء الخطوة
Kp = ∞ → estep = 0
خطأ المنحدر
ess = 1/2,5 = 0,4
الإجابة
ess = 0,4
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID
الإجابة: Ki = 36
التحكم P وPI وPID: يعمل المتحكم C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s على الخطأ. الكسب التناسبي يجعل الحلقة أسرع ويقلل خطأ محطة من النوع 0، لكنه لا يزيله أبدًا. يضيف الحد التكاملي قطبًا عند s = 0: فيرتفع نوع النظام بواحد، وتُتبع الخطوة دون خطأ. ويضيف الحد التفاضلي تخميدًا. لاختيار الكسوب اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وقارنه بـ s² + 2ζωns + ωn². عندئذٍ %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وtp = π/ωd مع ωd = ωn√(1 − ζ²)، وts ≈ 4/(ζωn).
كثير الحدود المميِّز
1 + C(s)G(s) = 0، مضروبة في s(s + 1).
s² + (1 + 1Kp)s + 1Ki
كثير الحدود المستهدف
s² + 2·0,8·6s + 6² = s² + 9,6s + 36
طابِق المعاملات
1Ki = 36 → Ki = 36
الإجابة
Ki = 36
الحد التكاملي يجعل الحلقة من النوع 1، فتُتبع الخطوة دون خطأ في الحالة المستقرة.
هذه مادة تدريب مستقلة. ExamProblems غير تابع للجهة التي تنظّم هذا الامتحان ولا معتمد منها، ويُستخدم اسم الامتحان لوصف المحتوى فقط. يُجري اختبار FE exam جهةُ NCEES، وهي غير تابعة لـ ExamProblems ولا تؤيده.