التدريب لاختبار FE للهندسة الميكانيكية: حزمة المراجعة المكثفة

أوراق القوانين، وأهم خطوات الحل لكل موضوع، و42 مسألة تدريبية، مع الحلول الكاملة في الخلف.

مسائل جديدةالعودة إلى المقرّر

في نافذة الطباعة اختر «حفظ بصيغة PDF» لحفظ نسخة على جهازك.

1القوانين وطرق الحل

ردود أفعال ركائز الكمرات

الاتزان
ΣFx = 0, ΣFy = 0, ΣM = 0
حمل منتظم
المحصّلة w·L في منتصف الحمل
العزم
M = F·d

الطريقة

  1. ارسم مخطط الجسم الحر واستبدل كل ركيزة بردود أفعالها.
  2. استبدل كل حمل موزّع بقوة واحدة عند مركزه.
  3. خذ العزوم حول ركيزة واحدة لإيجاد ردّ الفعل عند الأخرى.
  4. استخدم ΣFy = 0 لإيجاد ردّ الفعل المتبقي، وتحقّق بمعادلة عزوم ثانية.

الإجهاد والانفعال المحوري

الإجهاد العمودي
σ = F/A
الانفعال
ε = ΔL/L
قانون هوك
σ = E·ε
الاستطالة
ΔL = FL/(EA)
الانفعال الحراري
εT = α·ΔT

التواء الأعمدة

إجهاد القص
τ = T·r/J
عمود مصمت
J = πd⁴/32
عمود مجوّف
J = π(D⁴ − d⁴)/32
زاوية الالتواء
φ = TL/(GJ)
القدرة
P = T·ω = 2πnT/60

الطريقة

  1. أوجد عزم القصور القطبي للمساحة: J = πd⁴/32 لعمود مصمت.
  2. إجهاد القص عند السطح: τ = T·r/J، حيث r نصف القطر الخارجي.
  3. زاوية الالتواء: φ = TL/(GJ) بالراديان.
  4. إذا أُعطيت القدرة، أوجد العزم أولًا من P = T·ω، حيث ω = 2πn/60.

قوة القص وعزم الانحناء

القص والعزم
V = ΣF على جانب واحد، M = ΣF·d على جانب واحد
إجهاد الانحناء
σ = M·y/I
مستطيل
I = bh³/12
معامل المقطع
W = I/ymax
بسيطة الارتكاز، حمل منتظم
Mmax = wL²/8

الطريقة

  1. أوجد ردود أفعال الركائز من اتزان الكمرة كلها.
  2. اقطع الكمرة عند المقطع المطلوب واحتفظ بجانب واحد.
  3. قوة القص: مجموع القوى الرأسية على ذلك الجانب. عزم الانحناء: مجموع عزومها حول المقطع.
  4. لإيجاد أقصى عزم، أوجد الموضع الذي تنعدم فيه قوة القص.

دائرة مور وتحويل الإجهاد

المركز
C = (σx + σy)/2
نصف القطر
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
الإجهادات الرئيسية
σ1,2 = C ± R
الاتجاه الرئيسي
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
مستوى مائل
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

الطريقة

  1. احسب مركز دائرة مور: C = (σx + σy)/2.
  2. احسب نصف القطر: R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. الإجهادان الرئيسيان هما C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.
  4. الزوايا على الدائرة ضعف الزوايا على العنصر: tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

ترخيم الكمرة

حمل مركّز في منتصف البحر
δ = PL³/(48EI)
حمل منتظم، كمرة بسيطة الارتكاز
δ = 5wL⁴/(384EI)
كابولي، حمل طرفي
δ = PL³/(3EI)
كابولي، حمل منتظم
δ = wL⁴/(8EI)
التراكب
δ = δ1 + δ2

انبعاج الأعمدة

حمل أويلر
Pcr = π²EI/(KL)²
معامل الطول الفعّال
K = 1 مفصلي–مفصلي، 0,5 مثبَّت–مثبَّت، 0,7 مثبَّت–مفصلي، 2 مثبَّت–حرّ
الإجهاد الحرج
σcr = Pcr/A
النحافة
λ = KL/r, r = √(I/A)

حركة المقذوفات

المركّبات
vx = v0cos θ, vy = v0sin θ
الموضع
x = vxt, y = h + vyt − ½gt²
أقصى ارتفاع
H = h + vy²/(2g)
المدى (أرض مستوية)
R = v0²·sin 2θ/g

الطريقة

  1. حلّل سرعة الإطلاق إلى مركّبتين: vx = v₀·cos θ و vy = v₀·sin θ.
  2. للحركة الأفقية سرعة ثابتة؛ وللحركة الرأسية تسارع −g.
  3. أوجد زمن التحليق من الحركة الرأسية.
  4. استخدم ذلك الزمن في الحركة الأفقية لإيجاد المدى.

الشغل والطاقة

الطاقة الحركية
Ek = ½mv²
طاقة الوضع
Ep = mgh
موازنة الطاقة
Ek1 + Ep1 + W = Ek2 + Ep2 + losses
شغل الاحتكاك
W = μ·N·d
القدرة
P = W/t

الاهتزازات الميكانيكية

التردد الطبيعي
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
من الانحراف الاستاتيكي
ωn = √(g/δst)
التخميد الحرج
cc = 2√(km) = 2mωn
نسبة التخميد
ζ = c/cc
التردد المخمَّد
ωd = ωn√(1 − ζ²)
التناقص اللوغاريتمي
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
نوابض على التوازي
k = k1 + k2
نوابض على التوالي
1/k = 1/k1 + 1/k2

المحرّكات الحرارية والثلاجات

الكفاءة
η = W/QH = 1 − QC/QH
كفاءة كارنو
ηC = 1 − TC/TH (kelvin)
COP الثلاجة
COPR = QC/W
COP المضخة الحرارية
COPHP = QH/W = COPR + 1
موازنة الطاقة
QH = W + QC

دورات القدرة الغازية

أيزنتروبي، نسبة الحجوم
T2/T1 = rk−1
أيزنتروبي، نسبة الضغوط
T2/T1 = rp(k−1)/k
كفاءة أوتو
η = 1 − 1/rk−1
كفاءة ديزل
η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k(rc − 1))
كفاءة برايتون
η = 1 − 1/rp(k−1)/k
الحرارة المضافة
أوتو: cv(T3 − T2) ديزل، برايتون: cp(T3 − T2)
الشغل الصافي لبرايتون
w = cp[(T3 − T4) − (T2 − T1)]
الكفاءات الأيزنتروبية
wc = wc,s/ηc, wt = ηt·wt,s
الهواء البارد
k = 1,4, cp = 1,005, cv = 0,718 kJ/(kg·K)

الاستمرارية وبرنولي

الاستمرارية
A1v1 = A2v2
برنولي
p1 + ½ρv1² + ρgz1 = p2 + ½ρv2² + ρgz2
معدّل التدفّق
Q = A·v
مساحة الدائرة
A = πd²/4

احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

عدد رينولدز
Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ
نظام الجريان
صفائحي تحت Re ≈ 2000، مضطرب فوق Re ≈ 4000
السرعة المتوسطة
V = Q/A, A = π·D²/4
دارسي–فايسباخ
hf = f·(L/D)·V²/(2g)
الفواقد الثانوية
hm = ΣK·V²/(2g)
قيم K النموذجية
المدخل 0,5، المخرج 1,0، كوع 90° ≈ 0,3
هبوط الضغط
Δp = ρ·g·hf
خزانان مفتوحان
Δz = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g)
مخرج حر
H = (1 + f·L/D + ΣK)·V²/(2g)

المضخات وقدرة المضخات

القدرة الهيدروليكية
Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp
قدرة العمود
Pshaft = Ph/ηpump
القدرة الكهربائية
Pel = Pshaft/ηmotor
سمت المضخة
H = Δz + Δp/(ρ·g) + hL
فواقد المنظومة
hL = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g)

التوصيل الحراري

قانون فورييه
Q̇ = kAΔT/L
مقاومة التوصيل الحراري
R = L/(kA)
مقاومة الحمل الحراري
R = 1/(hA)
مقاومات على التوالي
Q̇ = ΔTtotal/ΣR
قيمة U
U = 1/(ΣR·A)

التروس ومجموعات التروس

تروس متعشّقة
n1·N1 = n2·N2
العزم
T2 = T1·(N2/N1)·η
القدرة
P = T·ω, ω = 2π·n/60
مجموعة تروس مركّبة
النسبة الكلية = حاصل ضرب نسب المراحل

خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

نوع النظام
عدد أقطاب G(s) عند s = 0
ثوابت الخطأ
Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s), Ka = lim s²·G(s) (s → 0)
الخطوة A
ess = A/(1 + Kp)
المنحدر A·t
ess = A/Kv
القطع المكافئ A·t²/2
ess = A/Ka
المتحكم PID
C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s
الهدف من الرتبة الثانية
s² + 2ζωns + ωn²
التجاوز والتوقيت
%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, ts ≈ 4/(ζωn)

الطريقة

  1. عُدّ أقطاب الحلقة المفتوحة C(s)·G(s) عند s = 0: فذلك هو نوع النظام.
  2. احسب ثابت الخطأ المناسب للدخل: Kp للخطوة، وKv للمنحدر، وKa للقطع المكافئ.
  3. طبّق ess = A/(1 + Kp) أو A/Kv أو A/Ka، أو حُلّها لإيجاد الكسب المطلوب.
  4. لمواصفة التخميد أو السرعة اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وطابقه مع s² + 2ζω_n·s + ω_n².

2مسائل تدريبية

1.ردود أفعال ركائز الكمراتمتوسطة
P1​ = 30 kNP2​ = 35 kNABCRA​ = ?0,5 m2,5 m1 m

للكمرة مسمار في A وبكرة في B على بعد 3 m من A، وتبرز بعد B حتى الطرف الحر C. أوجد ردّ الفعل الرأسي RA، معتبرًا الاتجاه إلى الأعلى موجبًا.

AB = 3 mAC = 4 mP1 = 30 kN عند 0,5 mP2 = 35 kN عند 4 m
RA = kN
2.ردود أفعال ركائز الكمراتصعبة
w = 10 kN/mP = 40 kNABRA​ = ?RB​2 m1 m1 m

للكمرة البسيطة الارتكاز مسمار في A وبكرة في B. أوجد ردّ فعل الركيزة الرأسي RA.

L = 4 mP = 40 kN عند 3 mw = 10 kN/m من 2 إلى 4 m
RA = kN
3.الإجهاد والانفعال المحوريمتوسطة
Ø 12 mmالنحاس2,5 mP = 75 kN

أوجد استطالة δ قضيب النحاس تحت الحمل المحوري.

P = 75 kNd = 12 mmL = 2,5 mE = 117 GPa
δ = mm
4.الإجهاد والانفعال المحوريصعبة
P = ?Ø4070 GPaØ100/70800 mm

قضيب من الفولاذ (القطر 40 mm وE = 200 GPa والإجهاد المسموح 120 MPa) داخل أنبوب من الألومنيوم (القطر الخارجي 100 mm والقطر الداخلي 70 mm وE = 70 GPa والإجهاد المسموح 50 MPa). يُضغطان معًا بين لوحين صلبين. أوجد أكبر حمل Pmax.

القضيب: Ø40 mm, E = 200 GPa, σallow = 120 MPaالأنبوب: Ø100/Ø70 mm, E = 70 GPa, σallow = 50 MPa
Pmax = kN
5.التواء الأعمدةمتوسطة
do​ = 30, di​ = 21 mmT = 500 N·mL = 0,5 m

عمود مجوّف من الفولاذ (قطره الخارجي 30 mm، وقطره الداخلي 21 mm، وطوله 0,5 m) مثبَّت عند أحد طرفيه ويُلوى بعزم 500 N·m عند الطرف الآخر. أوجد زاوية الالتواء φ بالدرجات.

T = 500 N·mdo = 30 mmdi = 21 mmL = 0,5 mG = 80 GPa
φ = °
6.التواء الأعمدةصعبة
Td = ?

يجب أن ينقل عمود مصمت 5 kW عند 1000 rpm دون أن يتجاوز إجهاد القص 50 MPa. أوجد أصغر قطر مناسب d.

P = 5 kWN = 1000 rpmτallow = 50 MPa
d = mm
7.قوة القص وعزم الانحناءمتوسطة
w = 2 kN/mABمقطع0,5 m3,5 m

أوجد قوة القص Vx عند المقطع x = 0,5 m من الركيزة A. اعتبر العزوم التي تشدّ الألياف السفلية موجبة، وقوة القص إلى الأعلى على الوجه الأيسر موجبة.

L = 4 mw = 2 kN/m من 0 إلى 4 mx = 0,5 m
Vx = kN
8.قوة القص وعزم الانحناءصعبة
12 kN/m20 kN55 kNABCDEFG1 m1 m1 m1 m1 m1 m

تقسم العلامات من A إلى G الكمرة إلى ستة أجزاء متساوية. عند أي علامة يكون عزم الانحناء الأكبر حجمًا، تقعيريًا أو تحدبيًا؟ انقر عليها في المخطط.

20 kN @ 6 m55 kN @ 1 m12 kN/m, 0–4 m
  1. 1A (x = 0 m)
  2. 2B (x = 1 m)
  3. 3C (x = 2 m)
  4. 4D (x = 3 m)
  5. 5E (x = 4 m)
  6. 6F (x = 5 m)
  7. 7G (x = 6 m)
9.دائرة مور وتحويل الإجهادمتوسطة
σx​ = 160σy​ = −60τxy​ = −10MPa

نقطة في جزء محمَّل فيها σₓ = 160 MPa و σᵧ = −60 MPa و τₓᵧ = −10 MPa (الشدّ موجب). أوجد أقصى إجهاد قص في المستوى τmax.

σx = 160 MPaσy = −60 MPaτxy = −10 MPa
τmax = MPa
10.دائرة مور وتحويل الإجهادصعبة
σx​τxy​السطح العلوي للعمود

عمود مصمت قطره 20 mm يحمل عزم انحناء مقداره 100 N·m مع عزم التواء 250 N·m. عند السطح العلوي، حيث يكون إجهاد الانحناء شدًّا وأكبر ما يمكن، أوجد أقصى إجهاد قص في المستوى τmax.

d = 20 mmM = 100 N·mT = 250 N·m
τmax = MPa
11.ترخيم الكمرةمتوسطة
w = 5 kN/mABθ3 m

كمرة بسيطة الارتكاز تحمل حملًا موزّعًا بانتظام w على البحر كله. أوجد ميل الكمرة θA عند الركيزة A، بالراديان.

w = 5 kN/mL = 3 mE = 11 GPa (خشب إنشائي)I = 12 × 10⁶ mm⁴
θA = rad
12.ترخيم الكمرةصعبة
P = 8 kNABδ6 m2 m

كمرة بسيطة الارتكاز تحمل حملًا مركّزًا P على بعد b = 2 m من الركيزة B. أوجد الترخيم δmid عند منتصف البحر.

P = 8 kNb = 2 mL = 8 mE = 200 GPa (الفولاذ)I = 120 × 10⁶ mm⁴
δmid = mm
13.انبعاج الأعمدةمتوسطة
PL = 6 md = 60 mmالمقطع العرضي

عمود طوله L من الفولاذ مثبَّت عند القاعدة ومفصلي عند القمة. باستخدام صيغة أويلر أوجد حمل الانبعاج الحرج Pcr.

L = 6 mE = 200 GPa (الفولاذ)d = 60 mm
Pcr = kN
14.انبعاج الأعمدةصعبة
P = 95 kNL = 2 md = ?المقطع العرضي

عمود دائري مصمت طوله L من الألومنيوم مثبَّت عند القاعدة وحرّ عند القمة. يجب أن يحمل 95 kN بمعامل أمان 2 ضد الانبعاج. أوجد أصغر قطر d.

P = 95 kNn = 2L = 2 mE = 70 GPa (الألومنيوم)
d = mm
15.حركة المقذوفاتمتوسطة
31 my = ?v0​ = 34 m/s60°

تُركل كرة من أرض مستوية بسرعة 34 m/s وبزاوية 60° فوق الأفق نحو جدار على بعد 31 m. أهمل مقاومة الهواء واستخدم g = 9,81 m/s². على أيّ ارتفاع y تمرّ الكرة بالجدار؟

v₀ = 34 m/sθ = 60°x = 31 mg = 9,81 m/s²
y = m
16.حركة المقذوفاتصعبة
h = 40 mv0​ = 24 m/s55°المدى

تُقذف كرة بزاوية 55° فوق الأفق من قمة جرف ارتفاعه 40 m. أهمل مقاومة الهواء. أوجد زمن التحليق t حتى ترتطم الكرة بالأرض.

v0 = 24 m/sθ = 55°h = 40 mg = 9,81 m/s²
t = s
17.الشغل والطاقةمتوسطة
50 km/h

سيارة تسير بسرعة 50 km/h على طريق مستوٍ تكبح بقوة وتنزلق حتى تتوقّف وعجلاتها مقفلة. معامل الاحتكاك الحركي بين الإطارات والطريق 0,7. أوجد مسافة التوقّف d.

v = 50 km/hμ = 0,7g = 9,81 m/s²
d = m
18.الشغل والطاقةصعبة
10 kg6 kgμ = 0,25d = 1 m

جسم كتلته 10 kg يستقر على طاولة أفقية خشنة (μ = 0,25). يمتدّ منه خيط خفيف فوق بكرة ملساء عند حافة الطاولة إلى جسم معلّق كتلته 6 kg. يُترك النظام من السكون. أوجد سرعة الجسمين v بعد أن يهبط الجسم المعلّق 1 m.

m1 = 10 kgm2 = 6 kgμ = 0,25d = 1 mg = 9,81 m/s²
v = m/s
19.الاهتزازات الميكانيكيةمتوسطة
k = 5 kN/mζ = 0,4m = 40 kg

كتلة 40 kg على نابض جساءته 5 kN/m لها مخمِّد لزج يعطي نسبة تخميد 0,4. أوجد التردد الطبيعي المخمَّد fd لاهتزازها الحر بالـ Hz.

m = 40 kgk = 5 kN/mζ = 0,4
fd = Hz
20.الاهتزازات الميكانيكيةصعبة
k1​ = 5k2​ = 50m = 40 kg

كتلة 40 kg معلّقة بنابضين موصولين طرفًا بطرف (على التوالي): النابض العلوي k₁ = 5 kN/m والسفلي k₂ = 50 kN/m. أهمل التخميد وكتل النوابض. أوجد التردد الطبيعي fn للاهتزاز الرأسي بالـ Hz.

m = 40 kgk1 = 5 kN/mk2 = 50 kN/m
fn = Hz
21.المحرّكات الحرارية والثلاجاتمتوسطة
TH​ = 500 °CTL​ = 25 °CEQH​QL​η = 31%

محرّك حراري يستقبل الحرارة من مصدر عند 500 °C ويطرد الحرارة إلى المحيط عند 25 °C. كفاءته الحرارية الفعلية 31%. أوجد كفاءته وفق القانون الثاني ηII، وهي نسبة الكفاءة الفعلية إلى كفاءة كارنو.

TH = 500 °CTL = 25 °Cη = 31%
ηII = %
22.المحرّكات الحرارية والثلاجاتصعبة
TH​ = 400 °CT0​ = 30 °CTL​ = 0 °CERWQ̇H​ = 40 kWQ̇L​ = ?

محرّك حراري كارنو يستقبل 40 kW من الحرارة من مصدر عند 400 °C ويطرد الحرارة إلى المحيط عند 30 °C. يدير شغله كله ثلاجة كارنو تزيل الحرارة من مجمّد عند 0 °C وتطرد الحرارة أيضًا إلى المحيط عند 30 °C. أوجد المعدّل Q̇L الذي تُزال به الحرارة من المجمّد.

TH = 400 °CT0 = 30 °CTL = 0 °CQ̇H = 40 kW
Q̇L = kW
23.دورات القدرة الغازيةمتوسطة
vP1234qin​qout​

دورة ديزل مثالية نسبة انضغاطها r = 19 ونسبة قطعها rc = v₃/v₂ = 3. في بداية الانضغاط يكون الهواء عند 300 K. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد الحرارة المضافة qin لكل كيلوغرام من الهواء، بالـ kJ/kg.

r = 19rc = 3T1 = 300 Kk = 1,4cp = 1,005 kJ/(kg·K)
qin = kJ/kg
24.دورات القدرة الغازيةصعبة
vP1234qin​qout​

محطة توربين غازي تعمل بدورة برايتون نسبة ضغط ضاغطها 6. يدخل الهواء الضاغط عند 290 K والتوربين عند 1200 K. الكفاءة الأيزنتروبية للضاغط 88% وللتوربين 92%. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد الشغل الصافي الخارج wnet لكل كيلوغرام من الهواء، بالـ kJ/kg.

rp = 6T1 = 290 KT3 = 1200 Kηc = 88%ηt = 92%k = 1,4cp = 1,005 kJ/(kg·K)
wnet = kJ/kg
25.الاستمرارية وبرنوليمتوسطة
Q = ?d = 20 mm, Cd​ = 0,63h = 4,5 m

يُفرَّغ الماء من خزان مفتوح كبير عبر فتحة حادّة الحافة قطرها 20 mm. يُحافَظ على مستوى الماء عند 4,5 m فوق الفتحة، ومعامل التصريف 0,63. أوجد معدّل التدفّق Q. استخدم g = 9,81 m/s².

d = 20 mmh = 4,5 mCd = 0,63g = 9,81 m/s²
Q = L/s
26.الاستمرارية وبرنوليصعبة
pair​ = 70 kPaQ = ?d = 25 mmh = 3 m

خزان ماء مغلق فوق مائه هواء مضغوط عند ضغط مقيس 70 kPa. يخرج الماء عبر فتحة قطرها 25 mm، تقع 3 m تحت سطح الماء، إلى الهواء الطلق. بإهمال الفواقد، أوجد معدّل التدفّق Q. استخدم g = 9,81 m/s².

pair = 70 kPa (مقيس)h = 3 md = 25 mmρ = 1000 kg/m³g = 9,81 m/s²
Q = L/s
27.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتمتوسطة
V = 0,8 m/sD = 50 mmL = 800 mf = 0,02

يجري ماء (ρ = 1000 kg/m³) بسرعة 0,8 m/s في أنبوب أفقي طوله 800 m وقطره الداخلي 50 mm. استخدم معامل احتكاك دارسي f = 0,02 و g = 9,81 m/s². أوجد هبوط الضغط Δp على امتداد الأنبوب بالـ kPa.

V = 0,8 m/sL = 800 mD = 50 mmf = 0,02ρ = 1000 kg/m³
Δp = kPa
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتصعبة
K = 10Δz = ?L = 200 m, D = 200 mm, f = 0,0253× كوع (K = 0,3)

خزانان مفتوحان يصل بينهما أنبوب طوله 200 m وقطره الداخلي 200 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,025. الفواقد الثانوية هي: مدخل حاد الحافة (K = 0,5)، و 3 أكواع (K = 0,3 لكل منها)، وصمام (K = 10) والمخرج إلى الخزان السفلي (K = 1,0). استخدم g = 9,81 m/s². ما فرق منسوب الماء Δz بين الخزانين الذي يعطي معدل تدفق 75 L/s؟

Q = 75 L/sL = 200 mD = 200 mmf = 0,025Kentrance = 0,5Kbend = 0,3 (×3)Kvalve = 10Kexit = 1,0
Δz = m
29.المضخات وقدرة المضخاتمتوسطة
PQ = 150 L/sH = 56 m

مضخة كفاءتها 78% تدفع 150 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) ضد سمت 56 m. استخدم g = 9,81 m/s². أوجد قدرة العمود Pshaft اللازمة، بالـ kW.

Q = 150 L/sH = 56 mη = 78%g = 9,81 m/s²
Pshaft = kW
30.المضخات وقدرة المضخاتصعبة
PQ = 75 L/sΔz = 19 mL = 100 m, D = 200 mm, f = 0,018, ΣK = 6

مضخة تنقل 75 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) من خزان سفلي مفتوح إلى خزان علوي سطح مائه أعلى بـ 19 m. طول الأنبوب 100 m وقطره الداخلي 200 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,018؛ ومجموع معاملات الفواقد الثانوية ΣK = 6 (بما فيها المدخل والمخرج). استخدم g = 9,81 m/s². كفاءة المضخة 80%. أوجد قدرة العمود Pshaft بالـ kW.

Q = 75 L/sΔz = 19 mL = 100 mD = 200 mmf = 0,018ΣK = 6η = 80%
Pshaft = kW
31.التوصيل الحراريمتوسطة
الخشب, k = 0,17100 mmألواح الجبس, k = 0,1725 mm23 °C2 °CQ̇ = ?

جدار مكوّن من 100 mm من الخشب و 25 mm من ألواح الجبس، ومساحته 12 m². الوجهان الخارجيان عند 23 °C و 2 °C. أوجد التدفّق الحراري Q̇ عبر الجدار.

L1 = 100 mm, k1 = 0,17 W/(m·K)L2 = 25 mm, k2 = 0,17 W/(m·K)A = 12 m²T1 = 23 °CT3 = 2 °C
Q̇ = W
32.التوصيل الحراريصعبة
الزجاج, k = 0,96100 mmالصوف المعدني, k = 0,0475 mmالغرفة 20 °Cالخارج -13 °CTs​ = ?Q̇

جدار من 100 mm الزجاج و 75 mm الصوف المعدني يفصل غرفة عند 20 °C عن الهواء الخارجي عند -13 °C. معاملا الحمل 6 W/(m²·K) في الداخل و 25 W/(m²·K) في الخارج، ومساحة الجدار 4 m². أوجد درجة حرارة Ts السطح الداخلي للجدار.

L1 = 100 mm, k1 = 0,96 W/(m·K)L2 = 75 mm, k2 = 0,04 W/(m·K)A = 4 m²hi = 6 W/(m²·K)ho = 25 W/(m²·K)Troom = 20 °CTout = -13 °C
Ts = °C
33.التروس ومجموعات التروسمتوسطة
d1​ = 200 mmd2​ = 315 mm1500 rpmT1​ = 1500 NT2​ = 750 NP = ?

يمر سير على بكرة قائدة قطرها 200 mm تدور بسرعة 1500 rpm. الشد 1500 N في الجانب المشدود و750 N في الجانب المرتخي. أوجد القدرة P المنقولة بوحدة kW.

d1 = 200 mmn1 = 1500 rpmT1 = 1500 NT2 = 750 N
P = kW
34.التروس ومجموعات التروسصعبة
A = 15B = 16C = 16D = 50

في مجموعة تروس مركّبة، يدير الترس A (15 سنًّا) المثبّت على عمود الدخل الدائر بسرعة 1450 rpm الترسَ B (16 سنًّا). الترس C (16 سنًّا) مثبّت على عمود B نفسه ويدير الترس D (50 سنًّا) على عمود الخرج. أوجد سرعة الخرج nout.

nin = 1450 rpmA = 15B = 16C = 16D = 50
nout = rpm
35.تحويلات لابلاسمتوسطة
ReIm−1−2−3−4−5−6−7−8−91

F(s) = (4s + 30)/(s² + 10s + 16). تحويله العكسي على الصورة f(t) = A·e−2t + B·e−8t. أوجد المعامل A بالكسور الجزئية.

F(s) = (4s + 30)/(s² + 10s + 16)
A =
36.تحويلات لابلاسصعبة
t (s)y(t)t = 0,1y(0,1) = ?

يخضع نظام للمعادلة y″ + 10y′ + 24y = 24·u(t)، مع y(0) = 1 و y′(0) = 0. عند t = 0 يُطبَّق دخل خطوة u(t) = 1. استخدم تحويل لابلاس لإيجاد y(0,1).

y″ + 10y′ + 24y = 24·u(t)y(0) = 1y′(0) = 0u(t) = 1t = 0,1 s
y(0.1) =
37.المخططات الصندوقيةمتوسطة
R(s)+2(s + 8)(s + 4)(s + 9)G(s)C(s)−

حلقة تغذية راجعة سالبة أحادية لها G(s) = 2(s + 8)/((s + 4)(s + 9)). تُطبَّق خطوة مقدارها 5 عند المرجع. أوجد خطأ الحالة المستقرة ess.

G(s) = 2(s + 8)/((s + 4)(s + 9))R = 5
ess =
38.المخططات الصندوقيةصعبة
R(s)+K(s + 1)(s + 2)(s + 6)G(s)C(s)−

النظام المُتحكَّم فيه G(s) = K/((s + 1)(s + 2)(s + 6)) في حلقة تغذية راجعة سالبة أحادية. استخدم معيار روث–هورفيتز لإيجاد أكبر كسب Kmax تكون عنده الحلقة المغلقة مستقرة.

G(s) = K/((s + 1)(s + 2)(s + 6))تغذية راجعة سالبة أحادية
Kmax =
39.الاستجابة الخطويةمتوسطة
t (s)y(t)2?

لنظام دالة النقل G(s) = 16/(s² + s + 8) ويتلقى دخلًا خطويًا وحدويًا. أوجد النسبة المئوية للتجاوز %OS في الاستجابة الخطوية.

G(s) = 16/(s² + s + 8)
%OS = %
40.الاستجابة الخطويةصعبة
+−24 VR = 42 ΩL = 500 mHC = 100 µFvC​

دائرة RLC على التسلسل فيها R = 42 Ω وL = 500 mH وC = 100 µF موصولة بخطوة جهد 24 V عند t = 0. المكثف غير مشحون ولا يمر تيار قبل الخطوة. أوجد التردد الطبيعي غير المخمّد ωn بوحدة rad/s.

R = 42 ΩL = 500 mHC = 100 µFV = 24 V
ωn = rad/s
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDمتوسطة
R(s)+K = 42,51s + 1C(s)−

تُضبط عملية G(s) = 2,5/(1s + 1) بواسطة كسب تناسبي K = 4 ضمن حلقة تغذية عكسية وحدوية. أوجد خطأ الحالة المستقرة ess لخطوة، كنسبة مئوية من حجم الخطوة.

G(s) = 2,5/(1s + 1)K = 4
ess = %
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDصعبة
R(s)+K = 402s(s + 4)C(s)−

يتحكم متحكم تناسبي K = 40 في المحطة G(s) = 2/(s(s + 4)) ضمن حلقة تغذية عكسية وحدوية. أوجد النسبة المئوية للتجاوز %OS في الاستجابة الخطوية.

G(s) = 2/(s(s + 4))K = 40
%OS = %

3المحاليل

1.ردود أفعال ركائز الكمرات

الإجابة: RA = 13,33 kN

الاتزان الاستاتيكي: الجسم الساكن يحقّق ΣFx = 0 و ΣFy = 0 و ΣM = 0 حول أي نقطة. استبدل كل حمل موزّع بمحصّلته (مساحته) المؤثّرة في مركز مخطط الحمل، وخذ العزوم حول ركيزة لحذف ردّ فعلها من المعادلة.

العزوم حول A

عكس عقارب الساعة موجب.

ΣMA = 0: RB·3 = 30·0,5 + 35·4
RB = 155/3 = 51,67 kN

الاتزان الرأسي

RA = 30 + 35 − 51,67 = 13,33 kN

الإجابة

RA = 13,33 kN
2.ردود أفعال ركائز الكمرات

الإجابة: RA = 15 kN

الاتزان الاستاتيكي: الجسم الساكن يحقّق ΣFx = 0 و ΣFy = 0 و ΣM = 0 حول أي نقطة. أخذ العزوم حول ركيزة يحذف ردّ فعلها من المعادلة.

w = 10 kN/mP = 40 kNABRA​RB​2 m1 m1 m

مخطط الجسم الحر

استبدل الركائز بقوى ردّ الفعل. البكرة تعطي ردّ فعل رأسيًا واحدًا؛ ومع الأحمال الرأسية فقط يعطي المسمار أيضًا ردّ فعل رأسيًا واحدًا.

الاتزان

العزوم حول A، موجبة عكس عقارب الساعة. ثم اتزان القوى الرأسية.

محصّلة الحمل الموزّع: W = w·ℓ = 10·2 = 20 kN، تؤثّر عند x̄ = 3 m
ΣMA = 0: RB·4 = 40·3 + 10·2·3
RB = 180/4 = 45 kN
ΣFy = 0: RA = 60 − 45 = 15 kN

الإجابة

RA = 15 kN
3.الإجهاد والانفعال المحوري

الإجابة: δ = 14,17 mm

قانون هوك: في المدى المرن σ = E·ε. وبالجمع مع σ = P/A و ε = δ/L نحصل على δ = PL/(AE).

الإجهاد

A = π·12²/4 = 113,1 mm²
σ = P/A = 75·1000/113,1 = 663,1 MPa

الانفعال (قانون هوك)

E for النحاس = 117 GPa = 117000 MPa.

ε = σ/E = 663,1/117000 = 0,005668 = 5668 µε

الاستطالة

δ = ε·L = 0,005668·2500 mm = 14,17 mm

الإجابة

δ = 14,17 mm
4.الإجهاد والانفعال المحوري

الإجابة: Pmax = 319 kN

مادتان: على التوالي (الواحدة بعد الأخرى) يحمل كل مقطع القوة نفسها وتُجمع الاستطالات: δ = P·Σ L/(E·A). وعلى التوازي (جنبًا إلى جنب بين لوحين صلبين) ينضغط الجزآن بالمقدار نفسه، فتتساوى انفعالاتهما: الجزء الأكثر صلابة يأخذ حصة أكبر، Pi = P·EiAi/ΣEA، وσi = Ei·ε. القضيب المثبت بين جدارين صلبين مع حمل عند الوصلة غير محدد استاتيكيًا: يتقاسم المقطعان الحمل بنسبة صلابتيهما k = EA/L.

المساحات

Ar = π·40²/4 = 1257 mm²
At = π(100² − 70²)/4 = 4006 mm²

الصلابة المحورية المشتركة

ΣEA = 200·10³·1257 + 70·10³·4006 = 5,317 × 10⁸ N

الانفعال الحاكم

ε = min(0,0006, 0,0007143) = 0,0006 (الفولاذ)

أكبر حمل

Pmax = 0,0006·5,317 × 10⁸ = 319029 N = 319 kN

الإجابة

Pmax = 319 kN
5.التواء الأعمدة

الإجابة: φ = 2,963 °

التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.

عزم القصور القطبي

J = π(30⁴ − 21⁴)/32 = 60428 mm⁴

زاوية الالتواء

T = 500 N·m = 500000 N·mm
L = 0,5 m = 500 mm
G = 80 GPa = 80000 MPa
φ = TL/(GJ) = 500000·500/(80000·60428) = 0,05171 rad
φ = 0,05171·180/π = 2,963°

الإجابة

φ = 2,963°
6.التواء الأعمدة

الإجابة: d = 16,94 mm

التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.

العزم

ω = 2πN/60 = 2π·1000/60 = 104,7 rad/s
T = P/ω = 5000/104,7 = 47,75 N·m

القطر من الإجهاد المسموح

d = ∛(16T/(π·τallow)) = ∛(16·47746/(π·50)) = 16,94 mm

الإجابة

d = 16,94 mm

عمليًا تقرّب إلى المقاس القياسي التالي.

7.قوة القص وعزم الانحناء

الإجابة: Vx = 3 kN

طريقة المقاطع: اقطع الكمرة حيث تريد القوى الداخلية واحتفظ بجانب واحد. توازن قوة القص V القوى الرأسية على ذلك الجانب، ويوازن عزم الانحناء M عزومها حول المقطع.

ردود أفعال الركائز

اتزان الكمرة كلها.

محصّلة الحمل الموزّع: W = w·ℓ = 2·4 = 8 kN، تؤثّر عند x̄ = 2 m
ΣMA = 0: RB·4 = 2·4·2
RB = 16/4 = 4 kN
ΣFy = 0: RA = 8 − 4 = 4 kN
w = 2 kN/mABRA​ = 4RB​ = 4مقطع0,5 m3,5 m

اقطع عند x = 0,5 m واحتفظ بالجزء الأيسر

تظهر فقط القوى الواقعة يسار المقطع. جزء الحمل الموزّع يعمل كقوة واحدة في منتصف ذلك الجزء.

V = RA − (كل الأحمال إلى الأسفل على يسار المقطع)
Vx = 4 − 2·0,5 = 3 kN

الإجابة

Vx = 3 kN
8.قوة القص وعزم الانحناء

الإجابة: B (x = 1 m)

أكبر عزم انحناء: يغير M ميله حيث تتغير قوة القص، لذا تقع قممه حيث تعبر قوة القص الصفر: تحت حمل نقطي، أو داخل حمل موزع، أو فوق مسند في كمرة ذات بروز. وعند المسند الثابت في كمرة كابولية يكون العزم أكبر ما يمكن عند الجدار. قارن حجم M في تلك المواضع، تقعيريًا كان أم تحدبيًا.

ردود أفعال الركائز

خذ العزوم حول أحد المسندين، ثم استخدم اتزان القوى الرأسية.

R1 = 55,25 kN, R2 = 67,75 kN

عزم الانحناء عند كل علامة

اجمع عزوم كل القوى على جانب واحد من القطع. التقعيري موجب والتحدبي سالب.

MA = 0, MB = 49,25 kN·m, MC = 31,5, MD = 1,75, ME = −40, MF = −20, MG = 0

الإجابة

علامة B: MB = 49,25 kN·m
9.دائرة مور وتحويل الإجهاد

الإجابة: τmax = 110,5 MPa

تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.

στxyCτmax​

نصف قطر دائرة مور

τmax = R = √(((160 − −60)/2)² + −10²) = 110,5 MPa

الإجابة

τmax = 110,5 MPa
10.دائرة مور وتحويل الإجهاد

الإجابة: τmax = 171,4 MPa

تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.

الإجهادات عند السطح

σ = 32M/(πd³) = 32·100000/(π·20³) = 127,3 MPa
τ = 16T/(πd³) = 16·250000/(π·20³) = 159,2 MPa
στxyCτmax​

دائرة مور

C = σ/2 = 63,66 MPa
R = √(63,66² + 159,2²) = 171,4 MPa

الإجابة

τmax = 171,4 MPa
11.ترخيم الكمرة

الإجابة: θA = 0,04261 rad

ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب). الميل θ = dv/dx هو التكامل الأول لـ M/(EI)؛ وبوحدات متّسقة يخرج بالراديان.

وحدات متّسقة

اعمل بالـ N و mm: P بالـ N، w بالـ N/mm (kN/m = N/mm)، L بالـ mm، E بالـ N/mm² (GPa × 1000)، I بالـ mm⁴.

w = 5 N/mm, L = 3000 mm
EI = 1,32 × 10¹¹ N·mm²

ميل الطرف

θA = wL³/(24EI) = 5·3000³/(24·1,32 × 10¹¹) = 0,04261 rad

الإجابة

θA = 0,04261 rad

أي 2,442°.

12.ترخيم الكمرة

الإجابة: δmid = 2,444 mm

ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب).

وحدات متّسقة

اعمل بالـ N و mm: P بالـ N، w بالـ N/mm (kN/m = N/mm)، L بالـ mm، E بالـ N/mm² (GPa × 1000)، I بالـ mm⁴.

P = 8000 N, b = 2000 mm, L = 8000 mm
EI = 2,4 × 10¹³ N·mm²

ترخيم المنتصف

δmid = Pb(3L² − 4b²)/(48EI) = 8000·2000·(3·8000² − 4·2000²)/(48·2,4 × 10¹³) = 2,444 mm

الإجابة

δmid = 2,444 mm
13.انبعاج الأعمدة

الإجابة: Pcr = 71,19 kN

انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.

أصغر عزم قصور ذاتي

للمقطع الدائري I نفسه حول أي محور.

I = πd⁴/64 = π·60⁴/64 = 636173 mm⁴

الطول الفعّال

KL = 0,7·6000 = 4200 mm

الحمل الحرج

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·200000·636173/4200² = 71188 N = 71,19 kN

الإجابة

Pcr = 71,19 kN
14.انبعاج الأعمدة

الإجابة: d = 97,3 mm

انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.

الحمل الحرج المطلوب

Pcr = n·P = 2·95000 = 190000 N
KL = 2·2000 = 4000 mm

حلّ لإيجاد القطر

d = (64·n·P·(KL)²/(π³E))^(1/4) = (64·190000·4000²/(π³·70000))^(1/4) = 97,3 mm

الإجابة

d = 97,3 mm

تحقّق: النحافة KL/r تساوي 164,4، لذا العمود نحيف وتنطبق صيغة أويلر.

15.حركة المقذوفات

الإجابة: y = 37,38 m

Projectile motion: with no air resistance, x = vxt and y = h + vyt − ½gt². The two directions are independent except that they share the same time.

الزمن حتى الجدار

vx = 34·cos 60° = 17 m/s
t = x/vx = 31/17 = 1,824 s

الارتفاع في تلك اللحظة

y = 29,44·1,824 − ½·9,81·1,824² = 37,38 m

الإجابة

y = 37,38 m

الكرة لا تزال ترتفع عند الجدار.

16.حركة المقذوفات

الإجابة: t = 5,493 s

حركة المقذوفات: دون مقاومة الهواء x = vxt و y = h + vyt − ½gt². الاتجاهان مستقلان، لكنهما يشتركان في الزمن نفسه.

حلّل سرعة الإطلاق

السرعة الأفقية ثابتة؛ والحركة الرأسية لها تسارع ثابت g = 9,81 m/s² إلى الأسفل.

vx = v0·cos θ = 24·cos 55° = 13,77 m/s
vy = v0·sin θ = 24·sin 55° = 19,66 m/s

زمن التحليق

حلّ y(t) = h + vy·t − ½gt² = 0 للجذر الموجب.

0 = 40 + 19,66·t − 4,905·t²
t = (vy + √(vy² + 2gh))/g = (19,66 + √(386,5 + 784,8))/9,81 = 5,493 s

الإجابة

t = 5,493 s
17.الشغل والطاقة

الإجابة: d = 14,05 m

مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).

السرعة بالوحدات الأساسية

v = 50/3,6 = 13,89 m/s

موازنة الطاقة

½mv² = μmg·d → d = v²/(2μg) = 13,89²/(2·0,7·9,81) = 14,05 m

الإجابة

d = 14,05 m

مضاعفة السرعة تجعل مسافة التوقّف أطول بأربع مرات.

18.الشغل والطاقة

الإجابة: v = 2,072 m/s

مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).

الطاقة المحرَّرة والمفقودة

m₂g·d = 58,86·1 = 58,86 J
μ·m₁g·d = 0,25·98,1·1 = 24,53 J

الطاقة الحركية للجسمين

½(m₁ + m₂)v² = 34,33 → v = √(2·34,33/16) = 2,072 m/s

الإجابة

v = 2,072 m/s
19.الاهتزازات الميكانيكية

الإجابة: fd = 1,631 Hz

الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

التردد الطبيعي غير المخمَّد

ωn = √(5000/40) = 11,18 rad/s
fn = 11,18/(2π) = 1,779 Hz

التردد الطبيعي المخمَّد

fd = fn·√(1 − ζ²) = 1,779·√(1 − 0,4²) = 1,631 Hz

الإجابة

fd = 1,631 Hz
20.الاهتزازات الميكانيكية

الإجابة: fn = 1,697 Hz

الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

الجساءة المكافئة

النوابض على التوالي تتشارك القوة نفسها وتُجمع انحرافاتها، لذا تُدمج بمقلوباتها: 1/k = 1/k1 + 1/k2.

1/keq = 1/5 + 1/50 → keq = 5·50/(5 + 50) = 4,545 kN/m

التردد الطبيعي

ωn = √(4545/40) = 10,66 rad/s
fn = 10,66/(2π) = 1,697 Hz

الإجابة

fn = 1,697 Hz
21.المحرّكات الحرارية والثلاجات

الإجابة: ηII = 50,46 %

Second-law limits: no cycle working between reservoirs at absolute temperatures TH and TL can beat the reversible (Carnot) cycle: ηmax = 1 − TL/TH, COPR,max = TL/(TH − TL) and COPHP,max = TH/(TH − TL). Energy is always conserved: QH = W + QL.

درجات الحرارة المطلقة

TH = 500 + 273,15 = 773,1 K
TL = 25 + 273,15 = 298,1 K

كفاءة كارنو

ηCarnot = 1 − 298,1/773,1 = 61,44 %

كفاءة القانون الثاني

ηII = η/ηCarnot = 31/61,44 = 50,46 %

الإجابة

ηII = 50,46 %
22.المحرّكات الحرارية والثلاجات

الإجابة: Q̇L = 200,2 kW

Second-law limits: no cycle working between reservoirs at absolute temperatures TH and TL can beat the reversible (Carnot) cycle: ηmax = 1 − TL/TH, COPR,max = TL/(TH − TL) and COPHP,max = TH/(TH − TL). Energy is always conserved: QH = W + QL.

درجات الحرارة المطلقة

TH = 400 + 273,15 = 673,1 K
T0 = 30 + 273,15 = 303,1 K
TL = 0 + 273,15 = 273,1 K

شغل المحرّك

η = 1 − 303,1/673,1 = 0,5497
Ẇ = 0,5497·40 = 21,99 kW

الحرارة التي تزيلها الثلاجة

COPR = 273,1/(303,1 − 273,1) = 9,105
Q̇L = 9,105·21,99 = 200,2 kW

الإجابة

Q̇L = 200,2 kW
23.دورات القدرة الغازية

الإجابة: qin = 1958 kJ/kg

دورة ديزل (محرّك الاشتعال بالانضغاط): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي، 4→1 طرد حرارة عند حجم ثابت. مع نسبة الانضغاط r = v₁/v₂ ونسبة القطع rc = v₃/v₂: T₂ = T₁·rk−1، و T₃ = rc·T₂، و qin = cp·(T₃ − T₂) و η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k·(rc − 1)).

درجات الحرارة

T2 = 300·190,4 = 974,1 K
T3 = 3·974,1 = 2922 K

الحرارة المضافة عند ضغط ثابت

qin = 1,005·(2922 − 974,1) = 1958 kJ/kg

الإجابة

qin = 1958 kJ/kg
24.دورات القدرة الغازية

الإجابة: wnet = 223,1 kJ/kg

دورة برايتون (التوربين الغازي): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي في التوربين، 4→1 طرد حرارة عند ضغط ثابت. مع نسبة الضغط rp = P₂/P₁: T₂ = T₁·rp(k−1)/k، و T₄ = T₃/rp(k−1)/k و η = 1 − 1/rp(k−1)/k. الشغل الصافي w = cp·[(T₃ − T₄) − (T₂ − T₁)]. مع الكفاءات الأيزنتروبية يحتاج الضاغط ws/ηc ويعطي التوربين ηt·ws.

درجات الحرارة الأيزنتروبية

T2s = 290·60,2857 = 483,9 K
T4s = 1200/60,2857 = 719,2 K

شغل الضاغط والتوربين

wc = 1,005·(483,9 − 290)/0,88 = 221,4 kJ/kg
wt = 0,92·1,005·(1200 − 719,2) = 444,5 kJ/kg

الشغل الصافي

wnet = 444,5 − 221,4 = 223,1 kJ/kg

الإجابة

wnet = 223,1 kJ/kg

نسبة الشغل المرتدّ: wc/wt = 49,81%.

25.الاستمرارية وبرنولي

الإجابة: Q = 1,86 L/s

Continuity and Bernoulli: for an incompressible fluid the flow rate is the same at every section, Q = A₁v₁ = A₂v₂. Along a streamline without losses, p + ½ρv² + ρgz is constant, so where the fluid is faster or higher its pressure is lower.

سرعة النفث المثالية

√(2gh) = √(2·9,81·4,5) = 9,396 m/s

معدّل التدفّق الفعلي

يأخذ معامل التصريف في الحسبان انكماش النفث والاحتكاك عند الحافة.

Q = Cd·A·√(2gh) = 0,63·0,0003142·9,396 = 0,00186 m³/s = 1,86 L/s

الإجابة

Q = 1,86 L/s
26.الاستمرارية وبرنولي

الإجابة: Q = 6,922 L/s

Continuity and Bernoulli: for an incompressible fluid the flow rate is the same at every section, Q = A₁v₁ = A₂v₂. Along a streamline without losses, p + ½ρv² + ρgz is constant, so where the fluid is faster or higher its pressure is lower.

برنولي من السطح إلى النفث

v = √(2·(70000/1000 + 9,81·3)) = 14,1 m/s

معدّل التدفّق

Q = A·v = 0,0004909·14,1 = 0,006922 m³/s = 6,922 L/s

الإجابة

Q = 6,922 L/s
27.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

الإجابة: Δp = 102,4 kPa

الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.

فاقد السمت

hf = f·(L/D)·V²/(2g) = 0,02·(800/0,05)·0,8²/(2·9,81) = 10,44 m

هبوط الضغط

الأنبوب أفقي والسرعة لا تتغيّر، لذا تختزل معادلة الطاقة إلى Δp = ρ·g·hf.

Δp = ρ·g·hf = 1000·9,81·10,44 = 102400 Pa = 102,4 kPa

الإجابة

Δp = 102,4 kPa
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

الإجابة: Δz = 10,86 m

الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.

السرعة المتجهة

V = Q/A = 0,075/0,03142 = 2,387 m/s
V²/(2g) = 0,2905 m

معاملات الفاقد

f·L/D = 0,025·200/0,2 = 25
ΣK = 0,5 + 3·0,3 + 10 + 1,0 = 12,4

فاقد السمت الكلي

hf = 25·0,2905 = 7,262 m
hm = 12,4·0,2905 = 3,602 m
Δz = hf + hm = 10,86 m

الإجابة

Δz = 10,86 m
29.المضخات وقدرة المضخات

الإجابة: Pshaft = 105,6 kW

قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.

القدرة الهيدروليكية

Ph = ρ·g·Q·H = 1000·9,81·0,15·56 = 82,4 kW

قدرة العمود

Pshaft = Ph/η = 82,4/0,78 = 105,6 kW

الإجابة

Pshaft = 105,6 kW
30.المضخات وقدرة المضخات

الإجابة: Pshaft = 21,48 kW

قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.

السرعة المتجهة

V = Q/A = 0,075/0,03142 = 2,387 m/s
V²/(2g) = 0,2905 m

فواقد السمت

hL = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g) = (9 + 6)·0,2905 = 4,357 m

سمت المضخة

H = Δz + hL = 19 + 4,357 = 23,36 m

قدرة العمود

Pshaft = ρ·g·Q·H/η = 1000·9,81·0,075·23,36/0,8 = 21,48 kW

الإجابة

Pshaft = 21,48 kW
31.التوصيل الحراري

الإجابة: Q̇ = 342,7 W

المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.

مقاومات الطبقات

R1 = L1/(k1A) = (100/1000)/(0,17·12) = 0,04902 K/W
R2 = L2/(k2A) = (25/1000)/(0,17·12) = 0,01225 K/W

التدفّق الحراري

Q̇ = (T1 − T3)/(R1 + R2) = 21/0,06127 = 342,7 W

الإجابة

Q̇ = 342,7 W
32.التوصيل الحراري

الإجابة: Ts = 17,48 °C

المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.

مقاومات على التوالي

Ri = 1/(hiA) = 1/(6·4) = 0,04167 K/W
R1 = L1/(k1A) = (100/1000)/(0,96·4) = 0,02604 K/W
R2 = L2/(k2A) = (75/1000)/(0,04·4) = 0,4688 K/W
Ro = 1/(hoA) = 1/(25·4) = 0,01 K/W
ΣR = 0,5465 K/W

الفقد الحراري

Q̇ = (20 − (-13))/0,5465 = 60,39 W
Ts = Troom − Q̇·Ri = 20 − 60,39·0,04167 = 17,48 °C

الإجابة

Ts = 17,48 °C
33.التروس ومجموعات التروس

الإجابة: P = 11,78 kW

نقل الحركة بالسيور: من دون انزلاق يكون لبكرتين سرعة الحافة نفسها v = π·d·n/60، إذن n₁·d₁ = n₂·d₂ ونسبة السرعة d₂/d₁. يجعل الانزلاق s البكرة المقودة أبطأ قليلًا: n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). والقدرة المنقولة P = (T₁ − T₂)·v، حيث T₁ الشد في الجانب المشدود وT₂ في الجانب المرتخي. يحدّ الاحتكاك نسبة الشدّين: T₁/T₂ = eμθ، حيث θ زاوية التفاف السير بالراديان على البكرة الأصغر؛ ولسير مفتوح θ = π − 2·asin((d₂ − d₁)/(2C)) حيث C المسافة بين المركزين.

سرعة السير

v = 15,71 m/s

القدرة

P = (1500 − 750)·15,71 = 11781 W = 11,78 kW

الإجابة

P = 11,78 kW
34.التروس ومجموعات التروس

الإجابة: nout = 435 rpm

مجموعات التروس: للتروس المتعشّقة السرعة نفسها عند الأسنان، لذا n₁·N₁ = n₂·N₂: الترس ذو الأسنان الأقل يدور أسرع. التروس المثبّتة على عمود واحد تدور بالسرعة نفسها. تُنقل القدرة (مطروحًا منها الفواقد)، لذا يرتفع العزم عندما تنخفض السرعة: T₂ = T₁·(N₂/N₁)·η، و P = T·ω حيث ω = 2π·n/60.

المرحلة الأولى

nB = 1450·15/16 = 1359 rpm = nC

المرحلة الثانية

nout = 1359·16/50 = 435 rpm

الإجابة

nout = 435 rpm

النسبة الكلية = 3,333 : 1

35.تحويلات لابلاس

الإجابة: A = 3,667

تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

حلّل المقام

s² + 10s + 16 = (s + 2)(s + 8)
F(s) = A/(s + 2) + B/(s + 8)

قاعدة التغطية

اضرب في (s + 2) وضع s = −2: يختفي حدّ B.

A = (4s + 30)/(s + 8) |s = −2 = 22/6 = 3,667

الإجابة

A = 3,667
(B = 0,3333، لذا f(t) = 3,667·e−2t + 0,3333·e−8t)
36.تحويلات لابلاس

الإجابة: y(0.1) = 1

تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

حوّل المعادلة

(s² + 10s + 24)·Y(s) = 1s + 10 + 24/s
Y(s) = (s² + 10s + 24)/(s(s + 4)(s + 6))

الكسور الجزئية

A = 24/(4·6) = 1
B = 0/((−4)·2) = 0
C = 0/((−6)·(−2)) = 0

النتيجة

y(t) = 1
y(0,1) = 1

الإجابة

y(0,1) = 1

تحقّق: y(0) = A + B + C = 1.

37.المخططات الصندوقية

الإجابة: ess = 3,462

جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).

ثابت خطأ الموضع

Kₚ = G(0) = 2·8/(4·9) = 0,4444

خطأ الحالة المستقرة

ess = A/(1 + Kₚ) = 5/(1 + 0,4444) = 3,462

الإجابة

ess = 3,462
38.المخططات الصندوقية

الإجابة: Kmax = 168

جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).

المعادلة المميزة

s³ + 9s² + 20s + 12 + K = 0

جدول روث

s³ | 1 20
s² | 9 12 + K
s¹ | (9·20 − 12 − K)/9
s⁰ | 12 + K

حدّ الاستقرار

يجب أن تكون كل عناصر العمود الأول موجبة.

Kmax = 9·20 − 12 = 168

الإجابة

Kmax = 168
39.الاستجابة الخطوية

الإجابة: %OS = 56,88 %

الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).

قارن مع الصيغة القياسية

يجب أن يطابق المقام s² + 2ζωₙs + ωₙ².

ωₙ² = 8 → ωₙ = 2,828 rad/s
2ζωₙ = 1 → ζ = 1/(2·2,828) = 0,1768

النتيجة

%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²) = 100·e−0,5642 = 56,88 %

الإجابة

%OS = 56,88 %
40.الاستجابة الخطوية

الإجابة: ωn = 141,4 rad/s

الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).

التردد الطبيعي ونسبة التخميد

ωₙ = 1/√(LC) = 1/√(0,5·1 × 10⁻⁴) = 141,4 rad/s
ζ = (R/2)·√(C/L) = (42/2)·√(1 × 10⁻⁴/0,5) = 0,297

النتيجة

ωₙ = 141,4 rad/s

الإجابة

ωn = 141,4 rad/s
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

الإجابة: ess = 9,091 %

خطأ الحالة المستقرة: في حلقة تغذية عكسية وحدوية بدالة نقل الحلقة المفتوحة G(s) يكون الخطأ E(s) = R(s)/(1 + G(s))، وبنظرية القيمة النهائية ess = lims→0 s·E(s). نوع النظام هو عدد أقطاب G(s) عند s = 0. ثوابت الخطأ هي Kp = lim G(s) وKv = lim s·G(s) وKa = lim s²·G(s)، كلها عندما s → 0. تعطي دالة خطوة بحجم A الخطأ ess = A/(1 + Kp)، وتعطي دالة منحدرة A·t الخطأ A/Kv، وتعطي دالة قطع مكافئ A·t²/2 الخطأ A/Ka. تتبع حلقة من النوع 0 دالة الخطوة بخطأ منتهٍ، أما حلقة من النوع 1 فتتبعها تمامًا وتتبع دالة المنحدر بخطأ منتهٍ.

ثابت الموضع

Kp = 4·2,5 = 10

خطأ الخطوة

ess = 100/(1 + 10) = 9,091 %

الإجابة

ess = 9,091 %
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

الإجابة: %OS = 48,64 %

التحكم P وPI وPID: يعمل المتحكم C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s على الخطأ. الكسب التناسبي يجعل الحلقة أسرع ويقلل خطأ محطة من النوع 0، لكنه لا يزيله أبدًا. يضيف الحد التكاملي قطبًا عند s = 0: فيرتفع نوع النظام بواحد، وتُتبع الخطوة دون خطأ. ويضيف الحد التفاضلي تخميدًا. لاختيار الكسوب اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وقارنه بـ s² + 2ζωns + ωn². عندئذٍ %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وtp = π/ωd مع ωd = ωn√(1 − ζ²)، وts ≈ 4/(ζωn).

كثير الحدود المميِّز

s(s + 4) + 40·2 = s² + 4s + 80

ωₙ وζ

ωₙ = √80 = 8,944 rad/s
ζ = 4/(2·8,944) = 0,2236

التجاوز

%OS = 100·e−0,2236π/√(1 − 0,2236²) = 48,64 %

الإجابة

%OS = 48,64 %

هذه مادة تدريب مستقلة. ExamProblems غير تابع للجهة التي تنظّم هذا الامتحان ولا معتمد منها، ويُستخدم اسم الامتحان لوصف المحتوى فقط. يُجري اختبار FE exam جهةُ NCEES، وهي غير تابعة لـ ExamProblems ولا تؤيده.

ExamProblems · examproblems.com/courses/fe-exam-mechanical