التدريب لاختبار FE للهندسة الميكانيكية: حزمة المراجعة المكثفة

أوراق القوانين، وأهم خطوات الحل لكل موضوع، و42 مسألة تدريبية، مع الحلول الكاملة في الخلف.

مسائل جديدةالعودة إلى المقرّر

في نافذة الطباعة اختر «حفظ بصيغة PDF» لحفظ نسخة على جهازك.

1القوانين وطرق الحل

ردود أفعال ركائز الكمرات

الاتزان
ΣFx = 0, ΣFy = 0, ΣM = 0
حمل منتظم
المحصّلة w·L في منتصف الحمل
العزم
M = F·d

الطريقة

  1. ارسم مخطط الجسم الحر واستبدل كل ركيزة بردود أفعالها.
  2. استبدل كل حمل موزّع بقوة واحدة عند مركزه.
  3. خذ العزوم حول ركيزة واحدة لإيجاد ردّ الفعل عند الأخرى.
  4. استخدم ΣFy = 0 لإيجاد ردّ الفعل المتبقي، وتحقّق بمعادلة عزوم ثانية.

الإجهاد والانفعال المحوري

الإجهاد العمودي
σ = F/A
الانفعال
ε = ΔL/L
قانون هوك
σ = E·ε
الاستطالة
ΔL = FL/(EA)
الانفعال الحراري
εT = α·ΔT

التواء الأعمدة

إجهاد القص
τ = T·r/J
عمود مصمت
J = πd⁴/32
عمود مجوّف
J = π(D⁴ − d⁴)/32
زاوية الالتواء
φ = TL/(GJ)
القدرة
P = T·ω = 2πnT/60

الطريقة

  1. أوجد عزم القصور القطبي للمساحة: J = πd⁴/32 لعمود مصمت.
  2. إجهاد القص عند السطح: τ = T·r/J، حيث r نصف القطر الخارجي.
  3. زاوية الالتواء: φ = TL/(GJ) بالراديان.
  4. إذا أُعطيت القدرة، أوجد العزم أولًا من P = T·ω، حيث ω = 2πn/60.

قوة القص وعزم الانحناء

القص والعزم
V = ΣF على جانب واحد، M = ΣF·d على جانب واحد
إجهاد الانحناء
σ = M·y/I
مستطيل
I = bh³/12
معامل المقطع
W = I/ymax
بسيطة الارتكاز، حمل منتظم
Mmax = wL²/8

الطريقة

  1. أوجد ردود أفعال الركائز من اتزان الكمرة كلها.
  2. اقطع الكمرة عند المقطع المطلوب واحتفظ بجانب واحد.
  3. قوة القص: مجموع القوى الرأسية على ذلك الجانب. عزم الانحناء: مجموع عزومها حول المقطع.
  4. لإيجاد أقصى عزم، أوجد الموضع الذي تنعدم فيه قوة القص.

دائرة مور وتحويل الإجهاد

المركز
C = (σx + σy)/2
نصف القطر
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
الإجهادات الرئيسية
σ1,2 = C ± R
الاتجاه الرئيسي
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
مستوى مائل
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

الطريقة

  1. احسب مركز دائرة مور: C = (σx + σy)/2.
  2. احسب نصف القطر: R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. الإجهادان الرئيسيان هما C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.
  4. الزوايا على الدائرة ضعف الزوايا على العنصر: tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

ترخيم الكمرة

حمل مركّز في منتصف البحر
δ = PL³/(48EI)
حمل منتظم، كمرة بسيطة الارتكاز
δ = 5wL⁴/(384EI)
كابولي، حمل طرفي
δ = PL³/(3EI)
كابولي، حمل منتظم
δ = wL⁴/(8EI)
التراكب
δ = δ1 + δ2

انبعاج الأعمدة

حمل أويلر
Pcr = π²EI/(KL)²
معامل الطول الفعّال
K = 1 مفصلي–مفصلي، 0,5 مثبَّت–مثبَّت، 0,7 مثبَّت–مفصلي، 2 مثبَّت–حرّ
الإجهاد الحرج
σcr = Pcr/A
النحافة
λ = KL/r, r = √(I/A)

حركة المقذوفات

المركّبات
vx = v0cos θ, vy = v0sin θ
الموضع
x = vxt, y = h + vyt − ½gt²
أقصى ارتفاع
H = h + vy²/(2g)
المدى (أرض مستوية)
R = v0²·sin 2θ/g

الطريقة

  1. حلّل سرعة الإطلاق إلى مركّبتين: vx = v₀·cos θ و vy = v₀·sin θ.
  2. للحركة الأفقية سرعة ثابتة؛ وللحركة الرأسية تسارع −g.
  3. أوجد زمن التحليق من الحركة الرأسية.
  4. استخدم ذلك الزمن في الحركة الأفقية لإيجاد المدى.

الشغل والطاقة

الطاقة الحركية
Ek = ½mv²
طاقة الوضع
Ep = mgh
موازنة الطاقة
Ek1 + Ep1 + W = Ek2 + Ep2 + losses
شغل الاحتكاك
W = μ·N·d
القدرة
P = W/t

الاهتزازات الميكانيكية

التردد الطبيعي
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
من الانحراف الاستاتيكي
ωn = √(g/δst)
التخميد الحرج
cc = 2√(km) = 2mωn
نسبة التخميد
ζ = c/cc
التردد المخمَّد
ωd = ωn√(1 − ζ²)
التناقص اللوغاريتمي
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
نوابض على التوازي
k = k1 + k2
نوابض على التوالي
1/k = 1/k1 + 1/k2

المحرّكات الحرارية والثلاجات

الكفاءة
η = W/QH = 1 − QC/QH
كفاءة كارنو
ηC = 1 − TC/TH (kelvin)
COP الثلاجة
COPR = QC/W
COP المضخة الحرارية
COPHP = QH/W = COPR + 1
موازنة الطاقة
QH = W + QC

دورات القدرة الغازية

أيزنتروبي، نسبة الحجوم
T2/T1 = rk−1
أيزنتروبي، نسبة الضغوط
T2/T1 = rp(k−1)/k
كفاءة أوتو
η = 1 − 1/rk−1
كفاءة ديزل
η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k(rc − 1))
كفاءة برايتون
η = 1 − 1/rp(k−1)/k
الحرارة المضافة
أوتو: cv(T3 − T2) ديزل، برايتون: cp(T3 − T2)
الشغل الصافي لبرايتون
w = cp[(T3 − T4) − (T2 − T1)]
الكفاءات الأيزنتروبية
wc = wc,s/ηc, wt = ηt·wt,s
الهواء البارد
k = 1,4, cp = 1,005, cv = 0,718 kJ/(kg·K)

الاستمرارية وبرنولي

الاستمرارية
A1v1 = A2v2
برنولي
p1 + ½ρv1² + ρgz1 = p2 + ½ρv2² + ρgz2
معدّل التدفّق
Q = A·v
مساحة الدائرة
A = πd²/4

احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

عدد رينولدز
Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ
نظام الجريان
صفائحي تحت Re ≈ 2000، مضطرب فوق Re ≈ 4000
السرعة المتوسطة
V = Q/A, A = π·D²/4
دارسي–فايسباخ
hf = f·(L/D)·V²/(2g)
الفواقد الثانوية
hm = ΣK·V²/(2g)
قيم K النموذجية
المدخل 0,5، المخرج 1,0، كوع 90° ≈ 0,3
هبوط الضغط
Δp = ρ·g·hf
خزانان مفتوحان
Δz = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g)
مخرج حر
H = (1 + f·L/D + ΣK)·V²/(2g)

المضخات وقدرة المضخات

القدرة الهيدروليكية
Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp
قدرة العمود
Pshaft = Ph/ηpump
القدرة الكهربائية
Pel = Pshaft/ηmotor
سمت المضخة
H = Δz + Δp/(ρ·g) + hL
فواقد المنظومة
hL = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g)

التوصيل الحراري

قانون فورييه
Q̇ = kAΔT/L
مقاومة التوصيل الحراري
R = L/(kA)
مقاومة الحمل الحراري
R = 1/(hA)
مقاومات على التوالي
Q̇ = ΔTtotal/ΣR
قيمة U
U = 1/(ΣR·A)

التروس ومجموعات التروس

تروس متعشّقة
n1·N1 = n2·N2
العزم
T2 = T1·(N2/N1)·η
القدرة
P = T·ω, ω = 2π·n/60
مجموعة تروس مركّبة
النسبة الكلية = حاصل ضرب نسب المراحل

خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

نوع النظام
عدد أقطاب G(s) عند s = 0
ثوابت الخطأ
Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s), Ka = lim s²·G(s) (s → 0)
الخطوة A
ess = A/(1 + Kp)
المنحدر A·t
ess = A/Kv
القطع المكافئ A·t²/2
ess = A/Ka
المتحكم PID
C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s
الهدف من الرتبة الثانية
s² + 2ζωns + ωn²
التجاوز والتوقيت
%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, ts ≈ 4/(ζωn)

الطريقة

  1. عُدّ أقطاب الحلقة المفتوحة C(s)·G(s) عند s = 0: فذلك هو نوع النظام.
  2. احسب ثابت الخطأ المناسب للدخل: Kp للخطوة، وKv للمنحدر، وKa للقطع المكافئ.
  3. طبّق ess = A/(1 + Kp) أو A/Kv أو A/Ka، أو حُلّها لإيجاد الكسب المطلوب.
  4. لمواصفة التخميد أو السرعة اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وطابقه مع s² + 2ζω_n·s + ω_n².

2مسائل تدريبية

1.ردود أفعال ركائز الكمراتمتوسطة
w = 2 kN/mP = 75 kNABMA​ = ?5,5 m0,5 m

الكمرة الكابولية مثبَّتة في الجدار عند A. تحمل حملًا موزّعًا بانتظام w على طولها كله وحملًا مركّزًا P على بعد 5,5 m من الجدار. أوجد مقدار عزم ردّ الفعل MA عند الجدار.

L = 6 mP = 75 kN عند 5,5 mw = 2 kN/m من 0 إلى 6 m
MA = kN·m
2.ردود أفعال ركائز الكمراتصعبة
P = 70 kN, 45°Q = 70 kNABRA​ = ?1,5 m2,5 m1 m

للكمرة البسيطة الارتكاز مسمار في A وبكرة في B. يؤثّر حمل P على بعد 1,5 m من A، مائلًا بزاوية 45° عن الأفق، ويؤثّر حمل رأسي Q على بعد 4 m من A. أوجد مقدار قوة ردّ الفعل الكلية RA عند المسمار A.

L = 5 mP = 70 kN عند 1,5 m, θ = 45°Q = 70 kN عند 4 m
RA = kN
3.الإجهاد والانفعال المحوريمتوسطة
Ø 25 mmالنحاس الأصفر1,5 mP = 85 kN

أوجد الانفعال المحوري ε في قضيب النحاس الأصفر، بوحدة الميكرو انفعال (µε = 10⁻⁶).

P = 85 kNd = 25 mmL = 1,5 mE = 100 GPa
ε = µε
4.الإجهاد والانفعال المحوريصعبة
Ø 30 mmالنحاس0,5 mØ 20 mmالنحاس1,5 mP = 55 kN

القضيب المدرَّج مثبَّت في الجدار ومحمَّل عند طرفه الحر. أوجد الاستطالة الكلية δ.

P = 55 kNالجزء 1: Ø30 mm، 0,5 m، النحاس (E = 117 GPa)الجزء 2: Ø20 mm، 1,5 m، النحاس (E = 117 GPa)
δ = mm
5.التواء الأعمدةمتوسطة
d = ?T = 2000 N·mL = 2 m

عمود مصمت من النحاس الأصفر طوله 2 m يحمل عزم التواء 2000 N·m. يجب ألّا تتجاوز زاوية الالتواء بين طرفيه 2°. أوجد أصغر قطر d يحقّق هذا الحد.

T = 2000 N·mL = 2 mG = 39 GPaφallow = 2°
d = mm
6.التواء الأعمدةصعبة
d = 50 mmTB​ = 200 N·mTC​ = 400 N·mABC3 m0,5 m

عمود مصمت من الألومنيوم قطره 50 mm مثبَّت عند A. يؤثّر عزم التواء 200 N·m عند B على بعد 3 m من A، ويؤثّر عزم التواء 400 N·m في الاتجاه المعاكس عند الطرف الحر C، على بعد 0,5 m إضافية. أوجد أقصى إجهاد قص τmax في العمود.

d = 50 mmTB = 200 N·mTC = 400 N·mAB = 3 mBC = 0,5 m
τmax = MPa
7.قوة القص وعزم الانحناءمتوسطة
15 kN/m40 kNABCDEFG1 m1 m1 m1 m1 m1 m

تقسم العلامات من A إلى G الكمرة إلى ستة أجزاء متساوية. عند أي علامة يكون عزم الانحناء الأكبر حجمًا، تقعيريًا أو تحدبيًا؟ انقر عليها في المخطط.

40 kN @ 3 m15 kN/m, 0–6 m
  1. 1A (x = 0 m)
  2. 2B (x = 1 m)
  3. 3C (x = 2 m)
  4. 4D (x = 3 m)
  5. 5E (x = 4 m)
  6. 6F (x = 5 m)
  7. 7G (x = 6 m)
8.قوة القص وعزم الانحناءصعبة
w = 4 kN/mP = 35 kNABمقطع1,5 m3,5 m

أوجد عزم الانحناء Mx عند المقطع x = 1,5 m من الركيزة A. اعتبر العزوم التي تشدّ الألياف السفلية موجبة، وقوة القص إلى الأعلى على الوجه الأيسر موجبة.

L = 5 mP = 35 kN عند 1,5 mw = 4 kN/m من 0 إلى 5 mx = 1,5 m
Mx = kN·m
9.دائرة مور وتحويل الإجهادمتوسطة
σx​ = 80σy​ = −20τxy​ = −10MPa

نقطة في جزء محمَّل فيها σₓ = 80 MPa و σᵧ = −20 MPa و τₓᵧ = −10 MPa (الشدّ موجب). أوجد الزاوية θp من المحور x إلى اتجاه أكبر إجهاد رئيسي، بين −90° و 90°.

σx = 80 MPaσy = −20 MPaτxy = −10 MPa
θp = °
10.دائرة مور وتحويل الإجهادصعبة
σx​τxy​سطح العمود

عمود مصمت قطره 50 mm يحمل قوة شد محورية مقدارها 160 kN مع عزم التواء 250 N·m. عند سطح العمود، أوجد أكبر إجهاد رئيسي σ1.

d = 50 mmF = 160 kNT = 250 N·m
σ1 = MPa
11.ترخيم الكمرةمتوسطة
w = 6 kN/mδL = 4 m

كابولي يحمل حملًا موزّعًا بانتظام w على طوله كله. أوجد الترخيم δ عند الطرف الحر.

w = 6 kN/mL = 4 mE = 200 GPa (الفولاذ)I = 120 × 10⁶ mm⁴
δ = mm
12.ترخيم الكمرةصعبة
w = 8 kN/mP = 8 kNδL = 3 m

كمرة بسيطة الارتكاز تحمل حملًا موزّعًا بانتظام w وحملًا مركّزًا P عند منتصف البحر. باستخدام التراكب، أوجد ترخيم المنتصف δmax.

P = 8 kNw = 8 kN/mL = 3 mE = 70 GPa (الألومنيوم)I = 160 × 10⁶ mm⁴
δmax = mm
13.انبعاج الأعمدةمتوسطة
PL = 3 md = 50 mmالمقطع العرضي

عمود طوله L من الألومنيوم مثبَّت عند القاعدة وحرّ عند القمة. باستخدام صيغة أويلر أوجد حمل الانبعاج الحرج Pcr.

L = 3 mE = 70 GPa (الألومنيوم)d = 50 mm
Pcr = kN
14.انبعاج الأعمدةصعبة
PL = 2 md = 50 mmالمقطع العرضي

عمود طوله L من الفولاذ مفصلي الطرفين. أوجد نحافته وإجهاد الانبعاج الحرج σcr من صيغة أويلر.

L = 2 mE = 200 GPa (الفولاذ)d = 50 mm
σcr = MPa
15.حركة المقذوفاتمتوسطة
v0​ = 18 m/sθ = ?R = 30 m

تُقذف كرة من أرض مستوية بسرعة 18 m/s ويجب أن تهبط على بعد 30 m. أهمل مقاومة الهواء واستخدم g = 9,81 m/s². أوجد أصغر زاويتي القذف الممكنتين θ.

v₀ = 18 m/sR = 30 mg = 9,81 m/s²
θ = °
16.حركة المقذوفاتصعبة
h = 40 mv0​ = 20 m/s40°x = ?

تُقذف كرة بزاوية 40° فوق الأفق من قمة جرف ارتفاعه 40 m. أهمل مقاومة الهواء. أوجد المسافة الأفقية x التي تقطعها الكرة قبل أن ترتطم بالأرض.

v0 = 20 m/sθ = 40°h = 40 mg = 9,81 m/s²
x = m
17.الشغل والطاقةمتوسطة
40 km/h

سيارة تسير بسرعة 40 km/h على طريق مستوٍ تكبح بقوة وتنزلق حتى تتوقّف وعجلاتها مقفلة. معامل الاحتكاك الحركي بين الإطارات والطريق 0,4. أوجد مسافة التوقّف d.

v = 40 km/hμ = 0,4g = 9,81 m/s²
d = m
18.الشغل والطاقةصعبة
h = 1,5 mL = 1 mμ = 0,15k = 1000 N/m

يُترك جسم كتلته 1 kg من السكون على ارتفاع 1,5 m فوق منحدر أملس. في الأسفل يعبر شريطًا أفقيًا خشنًا طوله 1 m (μ = 0,15) ثم يصطدم بنابض (k = 1000 N/m) على سطح أملس. أوجد أقصى انضغاط x للنابض.

m = 1 kgh = 1,5 mL = 1 mμ = 0,15k = 1000 N/mg = 9,81 m/s²
x = cm
19.الاهتزازات الميكانيكيةمتوسطة
tx25 mmدورة واحدة19,4 mm

في اختبار اهتزاز حر لنظام كتلة–نابض مخمَّد، تلي قمةَ إزاحة مقدارها 25 mm بعد دورة واحدة قمةٌ مقدارها 19,4 mm. أوجد نسبة التخميد ζ.

x0 = 25 mmx1 = 19,4 mmn = 1
ζ =
20.الاهتزازات الميكانيكيةصعبة
k1​ = 40k2​ = 5m = 10 kg

كتلة 10 kg معلّقة بنابضين موصولين طرفًا بطرف (على التوالي): النابض العلوي k₁ = 40 kN/m والسفلي k₂ = 5 kN/m. أوجد الجساءة المكافئة keq لنظام النوابض بالـ kN/m.

m = 10 kgk1 = 40 kN/mk2 = 5 kN/m
keq = kN/m
21.المحرّكات الحرارية والثلاجاتمتوسطة
TH​ = 500 °CTL​ = 5 °CEQH​QL​W

يعمل محرّك حراري بين خزّان ساخن عند 500 °C وخزّان بارد عند 5 °C. أوجد أعلى كفاءة حرارية ممكنة ηmax.

TH = 500 °CTL = 5 °C
ηmax = %
22.المحرّكات الحرارية والثلاجاتصعبة
TH​ = 30 °CTL​ = -25 °CRQ̇H​Q̇L​ = 1,5 kWẆ

تحافظ ثلاجة على حيّزها البارد عند -25 °C في مطبخ عند 30 °C، وتنزع الحرارة من الحيّز البارد بمعدّل 1,5 kW. أوجد أعلى معامل أداء ممكن COPmax.

TH = 30 °CTL = -25 °CQ̇L = 1,5 kW
COPmax =
23.دورات القدرة الغازيةمتوسطة
vP1234qin​qout​

دورة ديزل مثالية نسبة انضغاطها r = 20 ونسبة قطعها rc = v₃/v₂ = 1,8. في بداية الانضغاط يكون الهواء عند 295 K. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد درجة الحرارة T3 في نهاية إضافة الحرارة، بالـ K.

r = 20rc = 1,8T1 = 295 Kk = 1,4
T3 = K
24.دورات القدرة الغازيةصعبة
vP1234qin​qout​

محطة توربين غازي تعمل بدورة برايتون نسبة ضغط ضاغطها 20. يدخل الهواء الضاغط عند 295 K والتوربين عند 1500 K. الكفاءة الأيزنتروبية للضاغط 82% وللتوربين 90%. استخدم افتراضات الهواء البارد القياسي: الهواء غاز مثالي بحرارات نوعية ثابتة، k = 1,4، و cp = 1,005 kJ/(kg·K) و cv = 0,718 kJ/(kg·K). أوجد الشغل الصافي الخارج wnet لكل كيلوغرام من الهواء، بالـ kJ/kg.

rp = 20T1 = 295 KT3 = 1500 Kηc = 82%ηt = 90%k = 1,4cp = 1,005 kJ/(kg·K)
wnet = kJ/kg
25.الاستمرارية وبرنوليمتوسطة
12d1​ = 100 mm, p1​ = ?d2​ = 75 mm, p2​ = 230 kPa

يجري الماء بمعدّل 35 L/s في أنبوب أفقي يضيق من 100 mm إلى 75 mm. الضغط في المقطع الضيق 230 kPa. بإهمال الفواقد، أوجد الضغط p1 في المقطع الواسع.

Q = 35 L/sd1 = 100 mmd2 = 75 mmp2 = 230 kPaρ = 1000 kg/m³
p1 = kPa
26.الاستمرارية وبرنوليصعبة
12d1​ = 100 mm, p1​ = 180 kPad2​ = 50 mm, p2​ = ?Δz = 10 m

يتدفّق الماء صعودًا في أنبوب يضيق من 100 mm إلى 50 mm بينما يرتفع 10 m. في المقطع 1 الضغط 180 kPa والسرعة 1,25 m/s. بإهمال الفقد، أوجد الضغط p2 في المقطع 2.

d1 = 100 mmd2 = 50 mmp1 = 180 kPav1 = 1,25 m/sΔz = 10 mρ = 1000 kg/m³
p2 = kPa
27.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتمتوسطة
V = 2,1 m/sD = 100 mmL = 400 mf = 0,03

يجري ماء (ρ = 1000 kg/m³) بسرعة 2,1 m/s في أنبوب أفقي طوله 400 m وقطره الداخلي 100 mm. استخدم معامل احتكاك دارسي f = 0,03 و g = 9,81 m/s². أوجد هبوط الضغط Δp على امتداد الأنبوب بالـ kPa.

V = 2,1 m/sL = 400 mD = 100 mmf = 0,03ρ = 1000 kg/m³
Δp = kPa
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمتصعبة
K = 10Δz = ?L = 300 m, D = 150 mm, f = 0,0152× كوع (K = 0,3)

خزانان مفتوحان يصل بينهما أنبوب طوله 300 m وقطره الداخلي 150 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,015. الفواقد الثانوية هي: مدخل حاد الحافة (K = 0,5)، و 2 أكواع (K = 0,3 لكل منها)، وصمام (K = 10) والمخرج إلى الخزان السفلي (K = 1,0). استخدم g = 9,81 m/s². ما فرق منسوب الماء Δz بين الخزانين الذي يعطي معدل تدفق 20 L/s؟

Q = 20 L/sL = 300 mD = 150 mmf = 0,015Kentrance = 0,5Kbend = 0,3 (×2)Kvalve = 10Kexit = 1,0
Δz = m
29.المضخات وقدرة المضخاتمتوسطة
PQ = 10 L/sH = 54 m

مضخة كفاءتها 80% تدفع 10 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) ضد سمت 54 m. استخدم g = 9,81 m/s². أوجد قدرة العمود Pshaft اللازمة، بالـ kW.

Q = 10 L/sH = 54 mη = 80%g = 9,81 m/s²
Pshaft = kW
30.المضخات وقدرة المضخاتصعبة
100 kPa (مقيس)PQ = 75 L/sΔz = 9 mL = 500 m, D = 200 mm, f = 0,015, ΣK = 4

مضخة تنقل 75 L/s من الماء (ρ = 1000 kg/m³) من خزان سفلي مفتوح إلى خزان علوي سطح مائه أعلى بـ 9 m. طول الأنبوب 500 m وقطره الداخلي 200 mm ومعامل احتكاك دارسي f = 0,015؛ ومجموع معاملات الفواقد الثانوية ΣK = 4 (بما فيها المدخل والمخرج). استخدم g = 9,81 m/s². الخزان العلوي مغلق والهواء فوق مائه عند ضغط مقيس 100 kPa. أوجد السمت H الذي يجب أن تضيفه المضخة.

Q = 75 L/sΔz = 9 mL = 500 mD = 200 mmf = 0,015ΣK = 4ptank = 100 kPa
H = m
31.التوصيل الحراريمتوسطة
الخشب, k = 0,17100 mmالبوليسترين الممدّد, k = 0,035150 mm21 °C-4 °CTi​ = ?Q̇

جدار مكوّن من 100 mm من الخشب و 150 mm من البوليسترين الممدّد، ومساحته 6 m². الوجهان الخارجيان عند 21 °C و -4 °C. أوجد درجة الحرارة Ti عند السطح الفاصل بين الطبقتين.

L1 = 100 mm, k1 = 0,17 W/(m·K)L2 = 150 mm, k2 = 0,035 W/(m·K)A = 6 m²T1 = 21 °CT3 = -4 °C
Ti = °C
32.التوصيل الحراريصعبة
الصوف المعدني, k = 0,04150 mmالخرسانة, k = 1,425 mmالغرفة 22 °Cالخارج -8 °CQ̇ = ?

جدار من 150 mm الصوف المعدني و 25 mm الخرسانة يفصل غرفة عند 22 °C عن الهواء الخارجي عند -8 °C. معاملا الحمل 6 W/(m²·K) في الداخل و 30 W/(m²·K) في الخارج، ومساحة الجدار 12 m². أوجد الفقد الحراري Q̇ عبر الجدار.

L1 = 150 mm, k1 = 0,04 W/(m·K)L2 = 25 mm, k2 = 1,4 W/(m·K)A = 12 m²hi = 6 W/(m²·K)ho = 30 W/(m²·K)Troom = 22 °CTout = -8 °C
Q̇ = W
33.التروس ومجموعات التروسمتوسطة
d1​ = 100 mmd2​ = 200 mm720 rpmn2​ = ?

تدير بكرة قطرها 100 mm تدور بسرعة 720 rpm بكرةً قطرها 200 mm بسير انزلاقه 4 %. أوجد سرعة البكرة المقودة n2.

n1 = 720 rpmd1 = 100 mmd2 = 200 mms = 4 %
n2 = rpm
34.التروس ومجموعات التروسصعبة
d1​ = 150 mmd2​ = 400 mm1450 rpmC = 1000 mmT1​ = 1500 NT2​P = ?

يصل سير مفتوح بين بكرة قائدة قطرها 150 mm تدور بسرعة 1450 rpm وبكرة قطرها 400 mm؛ والمسافة بين المركزين 1000 mm. معامل الاحتكاك 0,25 ولا يجوز أن يتجاوز الشد في الجانب المشدود 1500 N. أوجد أكبر قدرة P يستطيع السير نقلها دون انزلاق، بوحدة kW (أهمل أثر القوة الطاردة المركزية).

d1 = 150 mmn1 = 1450 rpmd2 = 400 mmC = 1000 mmμ = 0,25T1 = 1500 N
P = kW
35.تحويلات لابلاسمتوسطة
t (s)f(t)t = 1f(1) = ?

أوجد f(t) للدالة F(s) = 45/(s(s + 1)(s + 2)) بالكسور الجزئية، واحسب f(1).

F(s) = 45/(s(s + 1)(s + 2))t = 1 s
f(1) =
36.تحويلات لابلاسصعبة
t (s)y(t)t = 1y(1) = ?

يخضع نظام للمعادلة y″ + 3y′ + 2y = 2·u(t)، مع y(0) = 6 و y′(0) = 0. عند t = 0 يُطبَّق دخل خطوة u(t) = 10. استخدم تحويل لابلاس لإيجاد y(1).

y″ + 3y′ + 2y = 2·u(t)y(0) = 6y′(0) = 0u(t) = 10t = 1 s
y(1) =
37.المخططات الصندوقيةمتوسطة
R(s)+38s(s + 1)G(s)C(s)−

حلقة تغذية راجعة سالبة أحادية لها G(s) = 38/(s(s + 1)). المرجع منحدر r(t) = 1·t. أوجد خطأ الحالة المستقرة ess.

G(s) = 38/(s(s + 1))r(t) = 1·t
ess =
38.المخططات الصندوقيةصعبة
R(s)+Kالمتحكّم+D(s)+10s + 10النظام المُتحكَّم فيهC(s)−

متحكّم تناسبي K يقود النظام G(s) = 10/(s + 10) في حلقة تغذية راجعة سالبة أحادية. تدخل خطوة اضطراب مقدارها 1 عند دخل النظام بينما R = 0. أوجد أصغر كسب K يُبقي خرج الحالة المستقرة عند 0,01 أو دونه.

G(s) = 10/(s + 10)D = 1css ≤ 0,01
K =
39.الاستجابة الخطويةمتوسطة
t (s)y(t)3

لنظام دالة النقل G(s) = 72/(s² + 4s + 24) ويتلقى دخلًا خطويًا وحدويًا. أوجد نسبة التخميد ζ.

G(s) = 72/(s² + 4s + 24)
ζ =
40.الاستجابة الخطويةصعبة
+−12 VR = 85 ΩL = 200 mHC = 10 µFvC​

دائرة RLC على التسلسل فيها R = 85 Ω وL = 200 mH وC = 10 µF موصولة بخطوة جهد 12 V عند t = 0. المكثف غير مشحون ولا يمر تيار قبل الخطوة. أوجد ذروة جهد المكثف vC,max.

R = 85 ΩL = 200 mHC = 10 µFV = 12 V
vC,max = V
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDمتوسطة
r(t) = 10t+Ks(s + 5)C(s)−

يجب أن تتبع حلقة تغذية عكسية وحدوية فيها G(s) = K/(s(s + 5)) المنحدر r(t) = 10t بخطأ حالة مستقرة قدره 0,2. أوجد الكسب K.

G(s) = K/(s(s + 5))r(t) = 10tess = 0,2
K =
42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PIDصعبة
r(t) = 5t+2 + 10/s2(s + 1)(s + 2)C(s)−

يتحكم متحكم PI بالصيغة C(s) = 2 + 10/s في المحطة G(s) = 2/((s + 1)(s + 2)) ضمن حلقة تغذية عكسية وحدوية. أوجد خطأ الحالة المستقرة ess لدخل المنحدر r(t) = 5t.

C(s) = 2 + 10/sG(s) = 2/((s + 1)(s + 2))r(t) = 5t
ess =

3المحاليل

1.ردود أفعال ركائز الكمرات

الإجابة: MA = 448,5 kN·m

اتزان الكابولي: الركيزة المثبَّتة تستطيع الدفع إلى الأعلى ومقاومة الدوران أيضًا، لذا تعطي ردّ فعل رأسيًا RA وعزم ردّ فعل MA. ΣFy = 0 يعطي RA، والعزوم حول الجدار تعطي MA = Σ(الحمل × البعد عن الجدار). الحمل الموزّع يؤثّر كمحصّلته في مركز مخطط الحمل.

محصّلة الحمل الموزّع

W = 2·6 = 12 kN, x̄ = 3 m

العزم حول الجدار

MA = P·a + W·x̄ = 75·5,5 + 12·3 = 448,5 kN·m

الإجابة

MA = 448,5 kN·m
2.ردود أفعال ركائز الكمرات

الإجابة: RA = 69,4 kN

الاتزان الاستاتيكي: الجسم الساكن يحقّق ΣFx = 0 و ΣFy = 0 و ΣM = 0 حول أي نقطة. استبدل كل حمل موزّع بمحصّلته (مساحته) المؤثّرة في مركز مخطط الحمل، وخذ العزوم حول ركيزة لحذف ردّ فعلها من المعادلة.

مركّبتا P

Pv = 70·sin 45° = 49,5 kN
Ph = 70·cos 45° = 49,5 kN

ردود الأفعال

ΣMA = 0: RB·5 = 49,5·1,5 + 70·4 → RB = 70,85 kN
Ay = 49,5 + 70 − 70,85 = 48,65 kN
Ax = Ph = 49,5 kN

المحصّلة عند A

RA = √(49,5² + 48,65²) = 69,4 kN

الإجابة

RA = 69,4 kN
3.الإجهاد والانفعال المحوري

الإجابة: ε = 1732 µε

قانون هوك: في المدى المرن σ = E·ε. وبالجمع مع σ = P/A و ε = δ/L نحصل على δ = PL/(AE).

الإجهاد

A = π·25²/4 = 490,9 mm²
σ = P/A = 85·1000/490,9 = 173,2 MPa

الانفعال (قانون هوك)

E for النحاس الأصفر = 100 GPa = 100000 MPa.

ε = σ/E = 173,2/100000 = 0,001732 = 1732 µε

الإجابة

ε = 1732 µε
4.الإجهاد والانفعال المحوري

الإجابة: δ = 2,577 mm

العناصر المحمَّلة محوريًا: كل جزء منشوري يحقّق δ = PL/(AE). وللعناصر المتوالية تُجمع الاستطالات.

القوة نفسها في الجزأين

الطرف الحر يحمل P، لذا يحمل كل مقطع من القضيب القوة المحورية نفسها P. تتغيّر المساحات والمواد فقط.

A1 = π·30²/4 = 706,9 mm², A2 = π·20²/4 = 314,2 mm²
σ1 = 77,81 MPa
σ2 = 175,1 MPa

اجمع استطالات الأجزاء

δ1 = σ1L1/E1 = 77,81·500/117000 = 0,3325 mm
δ2 = σ2L2/E2 = 175,1·1500/117000 = 2,244 mm
δ = δ1 + δ2 = 2,577 mm

الإجابة

δ = 2,577 mm
5.التواء الأعمدة

الإجابة: d = 73,96 mm

التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.

عزم القصور القطبي المطلوب

T = 2000 N·m = 2 × 10⁶ N·mm
L = 2 m = 2000 mm
G = 39 GPa = 39000 MPa
φ = 2·π/180 = 0,03491 rad
J = TL/(Gφ) = 2 × 10⁶·2000/(39000·0,03491) = 2,938 × 10⁶ mm⁴

القطر

d = (32J/π)1/4 = 73,96 mm

الإجابة

d = 73,96 mm

عمليًا تقرّب إلى المقاس القياسي التالي.

6.التواء الأعمدة

الإجابة: τmax = 16,3 MPa

التواء الأعمدة الدائرية: يزداد إجهاد القص خطيًا من الصفر في المركز إلى τmax = T·r/J عند السطح، مع J = πd⁴/32 للعمود المصمت و J = π(do⁴ − di⁴)/32 للمجوّف. زاوية الالتواء φ = TL/(GJ) بالراديان. ترتبط القدرة والعزم بـ P = T·ω.

عزوم الالتواء الداخلية

اتجاه TC مأخوذ موجبًا.

TBC = TC = 400 N·m
TAB = TC − TB = 400 − 200 = 200 N·m

أقصى إجهاد قص

الجزء ذو أكبر عزم داخلي له أكبر إجهاد (القطر نفسه).

|T|max = 400 N·m
τmax = 16·400000/(π·50³) = 16,3 MPa

الإجابة

τmax = 16,3 MPa
7.قوة القص وعزم الانحناء

الإجابة: D (x = 3 m)

أكبر عزم انحناء: يغير M ميله حيث تتغير قوة القص، لذا تقع قممه حيث تعبر قوة القص الصفر: تحت حمل نقطي، أو داخل حمل موزع، أو فوق مسند في كمرة ذات بروز. وعند المسند الثابت في كمرة كابولية يكون العزم أكبر ما يمكن عند الجدار. قارن حجم M في تلك المواضع، تقعيريًا كان أم تحدبيًا.

ردود أفعال الركائز

خذ العزوم حول أحد المسندين، ثم استخدم اتزان القوى الرأسية.

R1 = 65 kN, R2 = 65 kN

عزم الانحناء عند كل علامة

اجمع عزوم كل القوى على جانب واحد من القطع. التقعيري موجب والتحدبي سالب.

MA = 0, MB = 57,5, MC = 100, MD = 127,5 kN·m, ME = 100, MF = 57,5, MG = 0

الإجابة

علامة D: MD = 127,5 kN·m
8.قوة القص وعزم الانحناء

الإجابة: Mx = 47,25 kN·m

طريقة المقاطع: اقطع الكمرة حيث تريد القوى الداخلية واحتفظ بجانب واحد. توازن قوة القص V القوى الرأسية على ذلك الجانب، ويوازن عزم الانحناء M عزومها حول المقطع.

ردود أفعال الركائز

اتزان الكمرة كلها.

محصّلة الحمل الموزّع: W = w·ℓ = 4·5 = 20 kN، تؤثّر عند x̄ = 2,5 m
ΣMA = 0: RB·5 = 35·1,5 + 4·5·2,5
RB = 102,5/5 = 20,5 kN
ΣFy = 0: RA = 55 − 20,5 = 34,5 kN
w = 4 kN/mP = 35 kNABRA​ = 34,5RB​ = 20,5مقطع1,5 m3,5 m

اقطع عند x = 1,5 m واحتفظ بالجزء الأيسر

تظهر فقط القوى الواقعة يسار المقطع. جزء الحمل الموزّع يعمل كقوة واحدة في منتصف ذلك الجزء.

M = RA·x − (كل حمل على يسار المقطع × بعده عن المقطع)
Mx = 34,5·1,5 − 4·1,5·0,75 = 47,25 kN·m

الإجابة

Mx = 47,25 kN·m
9.دائرة مور وتحويل الإجهاد

الإجابة: θp = −5,655 °

تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.

στxyCσ1​σ2​

الزاوية على الدائرة

تقع النقطة x على دائرة مور بزاوية 2θp من المحور σ؛ ويُحدَّد الربع من إشارتي σₓ − σᵧ و τₓᵧ.

2θp = atan2(2·−10, 80 − −20) = −11,31°

الزاوية على العنصر

θp = −5,655°

الإجابة

θp = −5,655°

الزوايا الموجبة عكس عقارب الساعة.

10.دائرة مور وتحويل الإجهاد

الإجابة: σ1 = 82,74 MPa

تحويل الإجهاد المستوي: على مستوى مُدار بزاوية θ، σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. تُظهر دائرة مور جميع المستويات معًا: مركزها عند C = (σₓ + σᵧ)/2 ونصف قطرها R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). الإجهادات الرئيسية هي C ± R، وأكبر إجهاد قص في المستوى هو R.

الإجهادات عند السطح

σ = F/A = 160000/(π·50²/4) = 160000/1963 = 81,49 MPa
τ = 16T/(πd³) = 16·250000/(π·50³) = 10,19 MPa
στxyCσ1​σ2​

دائرة مور

C = σ/2 = 40,74 MPa
R = √(40,74² + 10,19²) = 42 MPa
σ1 = C + R = 82,74 MPa
σ2 = C − R = −1,254 MPa

الإجابة

σ1 = 82,74 MPa
11.ترخيم الكمرة

الإجابة: δ = 8 mm

ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب).

وحدات متّسقة

اعمل بالـ N و mm: P بالـ N، w بالـ N/mm (kN/m = N/mm)، L بالـ mm، E بالـ N/mm² (GPa × 1000)، I بالـ mm⁴.

w = 6 N/mm, L = 4000 mm
EI = 2,4 × 10¹³ N·mm²

الترخيم

δ = wL⁴/(8EI) = 6·4000⁴/(8·2,4 × 10¹³) = 8 mm

الإجابة

δ = 8 mm
12.ترخيم الكمرة

الإجابة: δmax = 1,155 mm

ترخيم الكمرات: يُحسب الترخيم بتكامل الانحناء M/(EI) مرتين. الحالات القياسية مجدولة، مثل PL³/(3EI) لكابولي بحمل طرفي و 5wL⁴/(384EI) لكمرة بسيطة الارتكاز تحت حمل منتظم كامل. تُجمع ترخيمات الأحمال المنفصلة (التراكب).

وحدات متّسقة

اعمل بالـ N و mm: P بالـ N، w بالـ N/mm (kN/m = N/mm)، L بالـ mm، E بالـ N/mm² (GPa × 1000)، I بالـ mm⁴.

P = 8000 N, w = 8 N/mm, L = 3000 mm, EI = 1,12 × 10¹³ N·mm²

كل حمل منفردًا

δP = PL³/(48EI) = 8000·3000³/(48·1,12 × 10¹³) = 0,4018 mm
δw = 5wL⁴/(384EI) = 5·8·3000⁴/(384·1,12 × 10¹³) = 0,7533 mm

اجمعها

δmax = 0,4018 + 0,7533 = 1,155 mm

الإجابة

δmax = 1,155 mm
13.انبعاج الأعمدة

الإجابة: Pcr = 5,888 kN

انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.

أصغر عزم قصور ذاتي

للمقطع الدائري I نفسه حول أي محور.

I = πd⁴/64 = π·50⁴/64 = 306796 mm⁴

الطول الفعّال

KL = 2·3000 = 6000 mm

الحمل الحرج

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·70000·306796/6000² = 5888 N = 5,888 kN

الإجابة

Pcr = 5,888 kN
14.انبعاج الأعمدة

الإجابة: σcr = 77,11 MPa

انبعاج أويلر: يصبح العمود النحيف غير مستقر عند Pcr = π²EI/(KL)²، حيث KL الطول الفعّال: K = 1 لمفصلي–مفصلي، و 2 لمثبَّت–حرّ، و 0,7 لمثبَّت–مفصلي، و 0,5 لمثبَّت–مثبَّت. ينبعج حول المحور ذي أصغر I. تصحّ الصيغة للأعمدة النحيفة التي يبقى إجهادها الحرج دون إجهاد الخضوع.

أصغر عزم قصور ذاتي

للمقطع الدائري I نفسه حول أي محور.

I = πd⁴/64 = π·50⁴/64 = 306796 mm⁴

نصف قطر الدوران والنحافة

A = 1963 mm²
r = √(I/A) = √(306796/1963) = 12,5 mm
KL = 1·2000 = 2000 mm
KL/r = 2000/12,5 = 160

الإجهاد الحرج

σcr = π²E/(KL/r)² = π²·200000/160² = 77,11 MPa

الإجابة

σcr = 77,11 MPa
15.حركة المقذوفات

الإجابة: θ = 32,64 °

Projectile motion: with no air resistance, x = vxt and y = h + vyt − ½gt². The two directions are independent except that they share the same time.

صيغة المدى

R = v₀²·sin 2θ/g → sin 2θ = 9,81·30/18² = 0,9083

الزاوية

2θ = 65,28° → θ = 32,64°

الإجابة

θ = 32,64°

الحل الآخر 90° − θ = 57,36°.

16.حركة المقذوفات

الإجابة: x = 68,22 m

حركة المقذوفات: دون مقاومة الهواء x = vxt و y = h + vyt − ½gt². الاتجاهان مستقلان، لكنهما يشتركان في الزمن نفسه.

حلّل سرعة الإطلاق

السرعة الأفقية ثابتة؛ والحركة الرأسية لها تسارع ثابت g = 9,81 m/s² إلى الأسفل.

vx = v0·cos θ = 20·cos 40° = 15,32 m/s
vy = v0·sin θ = 20·sin 40° = 12,86 m/s

زمن التحليق

حلّ y(t) = h + vy·t − ½gt² = 0 للجذر الموجب.

0 = 40 + 12,86·t − 4,905·t²
t = (vy + √(vy² + 2gh))/g = (12,86 + √(165,3 + 784,8))/9,81 = 4,452 s

المسافة الأفقية

x = vx·t = 15,32·4,452 = 68,22 m

الإجابة

x = 68,22 m
17.الشغل والطاقة

الإجابة: d = 15,73 m

مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).

السرعة بالوحدات الأساسية

v = 40/3,6 = 11,11 m/s

موازنة الطاقة

½mv² = μmg·d → d = v²/(2μg) = 11,11²/(2·0,4·9,81) = 15,73 m

الإجابة

d = 15,73 m

مضاعفة السرعة تجعل مسافة التوقّف أطول بأربع مرات.

18.الشغل والطاقة

الإجابة: x = 16,27 cm

مبدأ الشغل والطاقة: التغيّر في الطاقة الحركية يساوي شغل جميع القوى. كتابة الجاذبية والنوابض كطاقة وضع (mgh و ½kx²) يحوّل ذلك إلى موازنة: الطاقة الابتدائية = الطاقة النهائية + الطاقة المفقودة بالاحتكاك (μN·d).

الطاقة المتبقية بعد الشريط الخشن

المنحدر أملس، لذا الشريط وحده يسلب الطاقة.

mgh − μmgL = 9,81·(1,5 − 0,15·1) = 13,24 J

أقصى انضغاط

½kx² = 13,24 → x = √(2·13,24/1000) = 0,1627 m = 16,27 cm

الإجابة

x = 16,27 cm
19.الاهتزازات الميكانيكية

الإجابة: ζ = 0,04033

الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

التناقص اللوغاريتمي

δ = (1/1)·ln(25/19,4) = 0,2536

نسبة التخميد

ζ = δ/√(4π² + δ²) = 0,2536/√(39,48 + 0,06431) = 0,04033

الإجابة

ζ = 0,04033
20.الاهتزازات الميكانيكية

الإجابة: keq = 4,444 kN/m

الاهتزاز الحر لنظام كتلة–نابض: التردد الطبيعي غير المخمَّد ωn = √(k/m) بالـ rad/s، و fn = ωn/(2π) بالـ Hz. المخمِّد اللزج c يعطي نسبة التخميد ζ = c/cc، مع التخميد الحرج cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. النظام تحت المخمَّد (ζ < 1) يهتزّ عند ωd = ωn·√(1 − ζ²). النوابض على التوازي تُجمع، k = k₁ + k₂؛ والنوابض على التوالي تُجمع مقلوباتها، 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

الجساءة المكافئة

النوابض على التوالي تتشارك القوة نفسها وتُجمع انحرافاتها، لذا تُدمج بمقلوباتها: 1/k = 1/k1 + 1/k2.

1/keq = 1/40 + 1/5 → keq = 40·5/(40 + 5) = 4,444 kN/m

الإجابة

keq = 4,444 kN/m
21.المحرّكات الحرارية والثلاجات

الإجابة: ηmax = 64,02 %

حدود القانون الثاني: لا يمكن لأي دورة تعمل بين خزّانين بدرجتي حرارة مطلقتين TH و TL أن تتفوّق على الدورة العكوسة (كارنو): ηmax = 1 − TL/TH، COPR,max = TL/(TH − TL) و COPHP,max = TH/(TH − TL). الطاقة محفوظة دائمًا: QH = W + QL.

درجات الحرارة المطلقة

TH = 500 + 273,15 = 773,1 K
TL = 5 + 273,15 = 278,1 K

كفاءة كارنو

ηmax = 1 − TL/TH = 1 − 278,1/773,1 = 64,02 %

الإجابة

ηmax = 64,02 %
22.المحرّكات الحرارية والثلاجات

الإجابة: COPmax = 4,512

حدود القانون الثاني: لا يمكن لأي دورة تعمل بين خزّانين بدرجتي حرارة مطلقتين TH و TL أن تتفوّق على الدورة العكوسة (كارنو): ηmax = 1 − TL/TH، COPR,max = TL/(TH − TL) و COPHP,max = TH/(TH − TL). الطاقة محفوظة دائمًا: QH = W + QL.

درجات الحرارة المطلقة

TH = 30 + 273,15 = 303,1 K
TL = -25 + 273,15 = 248,1 K

أفضل COP ممكن

COPR,max = TL/(TH − TL) = 248,1/(303,1 − 248,1) = 4,512

الإجابة

COPmax = 4,512
23.دورات القدرة الغازية

الإجابة: T3 = 1760 K

دورة ديزل (محرّك الاشتعال بالانضغاط): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي، 4→1 طرد حرارة عند حجم ثابت. مع نسبة الانضغاط r = v₁/v₂ ونسبة القطع rc = v₃/v₂: T₂ = T₁·rk−1، و T₃ = rc·T₂، و qin = cp·(T₃ − T₂) و η = 1 − (1/rk−1)·(rck − 1)/(k·(rc − 1)).

نهاية الانضغاط

T2 = 295·200,4 = 977,8 K

إضافة الحرارة عند ضغط ثابت

T3 = rc·T2 = 1,8·977,8 = 1760 K

الإجابة

T3 = 1760 K
24.دورات القدرة الغازية

الإجابة: wnet = 290,9 kJ/kg

دورة برايتون (التوربين الغازي): 1→2 انضغاط أيزنتروبي، 2→3 إضافة حرارة عند ضغط ثابت، 3→4 تمدّد أيزنتروبي في التوربين، 4→1 طرد حرارة عند ضغط ثابت. مع نسبة الضغط rp = P₂/P₁: T₂ = T₁·rp(k−1)/k، و T₄ = T₃/rp(k−1)/k و η = 1 − 1/rp(k−1)/k. الشغل الصافي w = cp·[(T₃ − T₄) − (T₂ − T₁)]. مع الكفاءات الأيزنتروبية يحتاج الضاغط ws/ηc ويعطي التوربين ηt·ws.

درجات الحرارة الأيزنتروبية

T2s = 295·200,2857 = 694,3 K
T4s = 1500/200,2857 = 637,3 K

شغل الضاغط والتوربين

wc = 1,005·(694,3 − 295)/0,82 = 489,4 kJ/kg
wt = 0,9·1,005·(1500 − 637,3) = 780,3 kJ/kg

الشغل الصافي

wnet = 780,3 − 489,4 = 290,9 kJ/kg

الإجابة

wnet = 290,9 kJ/kg

نسبة الشغل المرتدّ: wc/wt = 62,72%.

25.الاستمرارية وبرنولي

الإجابة: p1 = 251,5 kPa

Continuity and Bernoulli: for an incompressible fluid the flow rate is the same at every section, Q = A₁v₁ = A₂v₂. Along a streamline without losses, p + ½ρv² + ρgz is constant, so where the fluid is faster or higher its pressure is lower.

السرعات

v1 = Q/A1 = 0,035/0,007854 = 4,456 m/s
v2 = Q/A2 = 0,035/0,004418 = 7,922 m/s

برنولي

p1 = p2 + ½ρ(v2² − v1²) = 230 + ½·1000·(7,922² − 4,456²)/1000 = 230 + 21,45 = 251,5 kPa

الإجابة

p1 = 251,5 kPa
26.الاستمرارية وبرنولي

الإجابة: p2 = 70,18 kPa

الاستمرارية وبرنولي: لمائع غير قابل للانضغاط، معدّل التدفّق واحد عند كل مقطع، Q = A₁v₁ = A₂v₂. وعلى امتداد خط انسياب دون فقد، يبقى p + ½ρv² + ρgz ثابتًا، لذا حيث يكون المائع أسرع أو أعلى يكون ضغطه أقل.

الاستمرارية وبرنولي

اعمل بالـ Pa، ثم اقسم على 1000 للحصول على kPa.

v2 = v1·(d1/d2)² = 1,25·(100/50)² = 5 m/s
½ρ(v1² − v2²) = ½·1000·(1,25² − 5²)/1000 = −11,72 kPa
ρgΔz = 1000·9,81·10/1000 = 98,1 kPa
p2 = p1 + ½ρ(v1² − v2²) − ρgΔz = 180 + (−11,72) − 98,1 = 70,18 kPa

الإجابة

p2 = 70,18 kPa
27.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

الإجابة: Δp = 264,6 kPa

الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.

فاقد السمت

hf = f·(L/D)·V²/(2g) = 0,03·(400/0,1)·2,1²/(2·9,81) = 26,97 m

هبوط الضغط

الأنبوب أفقي والسرعة لا تتغيّر، لذا تختزل معادلة الطاقة إلى Δp = ρ·g·hf.

Δp = ρ·g·hf = 1000·9,81·26,97 = 264600 Pa = 264,6 kPa

الإجابة

Δp = 264,6 kPa
28.احتكاك الأنابيب وفاقد السمت

الإجابة: Δz = 2,749 m

الجريان في الأنابيب: يميّز عدد رينولدز Re = V·D/ν = ρ·V·D/μ الجريان الصفائحي (Re أقل من نحو 2000) من الجريان المضطرب (فوق نحو 4000). يكلّف الاحتكاك على طول الأنبوب فاقد سمت دارسي–فايسباخ hf = f·(L/D)·V²/(2g). وتضيف الوصلات والصمامات والمدخل والمخرج فواقد ثانوية hm = ΣK·V²/(2g). بين سطحي خزانين مفتوحين تعطي معادلة الطاقة Δz = hf + hm، مع احتساب فاقد المخرج K = 1.

السرعة المتجهة

V = Q/A = 0,02/0,01767 = 1,132 m/s
V²/(2g) = 0,06529 m

معاملات الفاقد

f·L/D = 0,015·300/0,15 = 30
ΣK = 0,5 + 2·0,3 + 10 + 1,0 = 12,1

فاقد السمت الكلي

hf = 30·0,06529 = 1,959 m
hm = 12,1·0,06529 = 0,79 m
Δz = hf + hm = 2,749 m

الإجابة

Δz = 2,749 m
29.المضخات وقدرة المضخات

الإجابة: Pshaft = 6,622 kW

قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.

القدرة الهيدروليكية

Ph = ρ·g·Q·H = 1000·9,81·0,01·54 = 5,297 kW

قدرة العمود

Pshaft = Ph/η = 5,297/0,8 = 6,622 kW

الإجابة

Pshaft = 6,622 kW
30.المضخات وقدرة المضخات

الإجابة: H = 31,25 m

قدرة المضخة: القدرة المعطاة للماء هي القدرة الهيدروليكية Ph = ρ·g·Q·H = Q·Δp. يجب أن يقدّم العمود أكثر من ذلك لأن المضخة تفقد جزءًا: Pshaft = Ph/ηpump، ويسحب المحرّك Pel = Pshaft/ηmotor. يُستنتج سمت المضخة H من معادلة الطاقة: الرفع الاستاتيكي + سمت الضغط + كل فواقد الاحتكاك والفواقد الثانوية.

السرعة المتجهة

V = Q/A = 0,075/0,03142 = 2,387 m/s
V²/(2g) = 0,2905 m

فواقد السمت

hL = (f·L/D + ΣK)·V²/(2g) = (37,5 + 4)·0,2905 = 12,06 m

سمت الضغط

p/(ρ·g) = 100000/(1000·9,81) = 10,19 m

سمت المضخة

السطحان ساكنان عمليًا، لذا لا يوجد حدّ لسمت السرعة.

H = Δz + p/(ρ·g) + hL = 9 + 10,19 + 12,06 = 31,25 m

الإجابة

H = 31,25 m
31.التوصيل الحراري

الإجابة: Ti = 17,98 °C

المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.

مقاومات الطبقات

R1 = L1/(k1A) = (100/1000)/(0,17·6) = 0,09804 K/W
R2 = L2/(k2A) = (150/1000)/(0,035·6) = 0,7143 K/W

التدفّق الحراري

Q̇ = (T1 − T3)/(R1 + R2) = 25/0,8123 = 30,78 W

درجة حرارة السطح الفاصل

تنخفض درجة الحرارة عبر الطبقة الأولى بمقدار Q̇·R₁.

Ti = T1 − Q̇·R1 = 21 − 30,78·0,09804 = 17,98 °C

الإجابة

Ti = 17,98 °C
32.التوصيل الحراري

الإجابة: Q̇ = 90,73 W

المقاومة الحرارية: يتصرّف التدفّق الحراري المستقر عبر طبقات متوالية كالتيار عبر مقاومات متوالية: Q̇ = ΔT/ΣR، مع R = L/(kA) لطبقة موصلة و R = 1/(hA) لسطح بالحمل. الهبوط في درجة الحرارة عبر كل طبقة يتناسب مع مقاومتها.

مقاومات على التوالي

Ri = 1/(hiA) = 1/(6·12) = 0,01389 K/W
R1 = L1/(k1A) = (150/1000)/(0,04·12) = 0,3125 K/W
R2 = L2/(k2A) = (25/1000)/(1,4·12) = 0,001488 K/W
Ro = 1/(hoA) = 1/(30·12) = 0,002778 K/W
ΣR = 0,3307 K/W

الفقد الحراري

Q̇ = (22 − (-8))/0,3307 = 90,73 W

الإجابة

Q̇ = 90,73 W
33.التروس ومجموعات التروس

الإجابة: n2 = 345,6 rpm

نقل الحركة بالسيور: من دون انزلاق يكون لبكرتين سرعة الحافة نفسها v = π·d·n/60، إذن n₁·d₁ = n₂·d₂ ونسبة السرعة d₂/d₁. يجعل الانزلاق s البكرة المقودة أبطأ قليلًا: n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). والقدرة المنقولة P = (T₁ − T₂)·v، حيث T₁ الشد في الجانب المشدود وT₂ في الجانب المرتخي. يحدّ الاحتكاك نسبة الشدّين: T₁/T₂ = eμθ، حيث θ زاوية التفاف السير بالراديان على البكرة الأصغر؛ ولسير مفتوح θ = π − 2·asin((d₂ − d₁)/(2C)) حيث C المسافة بين المركزين.

السرعة من دون انزلاق

720·100/200 = 360 rpm

مع الانزلاق

n2 = 360·0,96 = 345,6 rpm

الإجابة

n2 = 345,6 rpm
34.التروس ومجموعات التروس

الإجابة: P = 8,79 kW

نقل الحركة بالسيور: من دون انزلاق يكون لبكرتين سرعة الحافة نفسها v = π·d·n/60، إذن n₁·d₁ = n₂·d₂ ونسبة السرعة d₂/d₁. يجعل الانزلاق s البكرة المقودة أبطأ قليلًا: n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). والقدرة المنقولة P = (T₁ − T₂)·v، حيث T₁ الشد في الجانب المشدود وT₂ في الجانب المرتخي. يحدّ الاحتكاك نسبة الشدّين: T₁/T₂ = eμθ، حيث θ زاوية التفاف السير بالراديان على البكرة الأصغر؛ ولسير مفتوح θ = π − 2·asin((d₂ − d₁)/(2C)) حيث C المسافة بين المركزين.

زاوية الالتفاف

θ = 2,891 rad

الشد في الجانب المرتخي

eμθ = e0,7227 = 2,06, T₂ = 1500/2,06 = 728,1 N

القدرة

P = (1500 − 728,1)·11,39 = 8,79 kW

الإجابة

P = 8,79 kW
35.تحويلات لابلاس

الإجابة: f(1) = 8,99

تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

الكسور الجزئية

F(s) = A/s + B/(s + 1) + C/(s + 2)
A = 45/(1·2) = 22,5
B = 45/((−1)·1) = −45
C = 45/((−2)·(−1)) = 22,5

التحويل العكسي

f(t) = 22,5 − 45·e−t + 22,5·e−2t

احسب

f(1) = 22,5 − 45·e−1 + 22,5·e−2·1 = 8,99

الإجابة

f(1) = 8,99
36.تحويلات لابلاس

الإجابة: y(1) = 7,598

تحويل لابلاس: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt يحوّل المشتقات إلى ضرب في s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0)، ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). الأزواج القياسية: 1 ↔ 1/s، e−at ↔ 1/(s + a)، t·e−at ↔ 1/(s + a)²، sin ωt ↔ ω/(s² + ω²)، cos ωt ↔ s/(s² + ω²)، والإزاحة s → s + σ تضرب دالة الزمن في e−σt. لعكس F(s) كسرية، جزّئها إلى كسور جزئية: باقي القطب البسيط p هو A = [(s − p)·F(s)] عند s = p. نظرية القيمة النهائية: f(∞) = lims→0 s·F(s)، وتصحّ فقط عندما تقع كل أقطاب s·F(s) في نصف المستوى الأيسر. نظرية القيمة الابتدائية: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

حوّل المعادلة

(s² + 3s + 2)·Y(s) = 6s + 18 + 20/s
Y(s) = (6s² + 18s + 20)/(s(s + 1)(s + 2))

الكسور الجزئية

A = 20/(1·2) = 10
B = 8/((−1)·1) = −8
C = 8/((−2)·(−1)) = 4

النتيجة

y(t) = 10 − 8·e−t + 4·e−2t
y(1) = 7,598

الإجابة

y(1) = 7,598

تحقّق: y(0) = A + B + C = 6.

37.المخططات الصندوقية

الإجابة: ess = 0,02632

جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).

ثابت خطأ السرعة

Kᵥ = lims→0 s·G(s) = 38/1 = 38

خطأ الحالة المستقرة

ess = A/Kᵥ = 1/38 = 0,02632

الإجابة

ess = 0,02632
38.المخططات الصندوقية

الإجابة: K = 99

جبر المخططات الصندوقية: الصناديق على التوالي تُضرب (G₁·G₂)، والصناديق على التوازي تُجمع (G₁ + G₂)، والحلقة ذات المسار الأمامي G ومسار التغذية الراجعة H تُختزل إلى T = G/(1 + G·H) للتغذية الراجعة السالبة و G/(1 − G·H) للتغذية الراجعة الموجبة. اختزل الحلقات الداخلية أولًا، ثم اتجه إلى الخارج. أقطاب الحلقة المغلقة هي جذور المعادلة المميّزة 1 + G(s)H(s) = 0. لحلقة مستقرة، دخل خطوة مقداره A يعطي خرج الحالة المستقرة A·T(0)؛ ومع التغذية الراجعة الأحادية يكون خطأ الحالة المستقرة لخطوة A/(1 + Kp) مع Kp = G(0).

استجابة الاضطراب

css = D·G(0)/(1 + K·G(0)) = 1·10/(10 + 10K)

حلّ لإيجاد K

10 + 10K = 1·10/0,01 = 1000
K = (1000 − 10)/10 = 99

الإجابة

K = 99
39.الاستجابة الخطوية

الإجابة: ζ = 0,4082

الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).

قارن مع الصيغة القياسية

يجب أن يطابق المقام s² + 2ζωₙs + ωₙ².

ωₙ² = 24 → ωₙ = 4,899 rad/s
2ζωₙ = 4 → ζ = 4/(2·4,899) = 0,4082

النتيجة

ζ = 0,4082

الإجابة

ζ = 0,4082
40.الاستجابة الخطوية

الإجابة: vC,max = 16,46 V

الاستجابة للدخل الخطوي: النظام من الرتبة الأولى G(s) = K/(τs + 1) يستجيب لخطوة مقدارها U بالعلاقة y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): يبلغ 63,2 % من القيمة النهائية K·U بعد ثابت زمني واحد τ و98 % بعد 4τ. والنظام من الرتبة الثانية G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) له القطبان s = −ζωₙ ± jωd مع ωd = ωₙ√(1 − ζ²). وعندما 0 < ζ < 1 تتجاوز الاستجابة الخطوية القيمة النهائية: النسبة المئوية للتجاوز %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وزمن الذروة tp = π/ωd، وزمن الاستقرار عند 2 % هو ts ≈ 4/(ζωₙ). قارن المقام مع s² + 2ζωₙs + ωₙ² لقراءة ωₙ وζ. وفي نظام كتلة–نابض–مخمّد ωₙ = √(k/m) وζ = c/(2√(km))؛ وفي دائرة RLC على التسلسل ωₙ = 1/√(LC) وζ = (R/2)·√(C/L).

التردد الطبيعي ونسبة التخميد

ωₙ = 1/√(LC) = 1/√(0,2·1 × 10⁻⁵) = 707,1 rad/s
ζ = (R/2)·√(C/L) = (85/2)·√(1 × 10⁻⁵/0,2) = 0,3005

النتيجة

%OS = 37,16 %
vC,max = 12·(1 + 0,3716) = 16,46 V

الإجابة

vC,max = 16,46 V
41.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

الإجابة: K = 250

خطأ الحالة المستقرة: في حلقة تغذية عكسية وحدوية بدالة نقل الحلقة المفتوحة G(s) يكون الخطأ E(s) = R(s)/(1 + G(s))، وبنظرية القيمة النهائية ess = lims→0 s·E(s). نوع النظام هو عدد أقطاب G(s) عند s = 0. ثوابت الخطأ هي Kp = lim G(s) وKv = lim s·G(s) وKa = lim s²·G(s)، كلها عندما s → 0. تعطي دالة خطوة بحجم A الخطأ ess = A/(1 + Kp)، وتعطي دالة منحدرة A·t الخطأ A/Kv، وتعطي دالة قطع مكافئ A·t²/2 الخطأ A/Ka. تتبع حلقة من النوع 0 دالة الخطوة بخطأ منتهٍ، أما حلقة من النوع 1 فتتبعها تمامًا وتتبع دالة المنحدر بخطأ منتهٍ.

ثابت السرعة المطلوب

Kv = A/ess = 10/0,2 = 50

الكسب

K = 5·Kv = 250

الإجابة

K = 250

الكسب الكبير يجعل هذه الحلقة قليلة التخميد جدًا: ζ = 0,1581. وهذا التعارض هو سبب استخدام المعوِّضات.

42.خطأ الحالة المستقرة والتحكم PID

الإجابة: ess = 0,5

التحكم P وPI وPID: يعمل المتحكم C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s على الخطأ. الكسب التناسبي يجعل الحلقة أسرع ويقلل خطأ محطة من النوع 0، لكنه لا يزيله أبدًا. يضيف الحد التكاملي قطبًا عند s = 0: فيرتفع نوع النظام بواحد، وتُتبع الخطوة دون خطأ. ويضيف الحد التفاضلي تخميدًا. لاختيار الكسوب اكتب كثير الحدود المميِّز للحلقة المغلقة وقارنه بـ s² + 2ζωns + ωn². عندئذٍ %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²)، وtp = π/ωd مع ωd = ωn√(1 − ζ²)، وts ≈ 4/(ζωn).

ثابت السرعة

s·C(s) = 2s + 10 → 10 عندما s → 0.

Kv = 10·2/2 = 10

خطأ المنحدر

ess = 5/10 = 0,5

الإجابة

ess = 0,5

يزيل المتحكم PI خطأ الخطوة تمامًا؛ ويُتبع المنحدر بتأخر ثابت.

هذه مادة تدريب مستقلة. ExamProblems غير تابع للجهة التي تنظّم هذا الامتحان ولا معتمد منها، ويُستخدم اسم الامتحان لوصف المحتوى فقط. يُجري اختبار FE exam جهةُ NCEES، وهي غير تابعة لـ ExamProblems ولا تؤيده.

ExamProblems · examproblems.com/courses/fe-exam-mechanical