Física 2: Electricidad y magnetismo: pack de repaso

Hojas de fórmulas, los pasos clave de los métodos de cada tema y 10 problemas de práctica, con las soluciones completas al final.

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1Fórmulas y métodos

Ley de Coulomb y campo eléctrico

Ley de Coulomb
F = k·|q1q2|/r²
Campo de una carga puntual
E = k·|q|/r²
Constante
k = 8,99 × 10⁹ N·m²/C²
Fuerza sobre una carga
F = q·E

Resistencias en serie y en paralelo

Resistencias en serie
Req = R1 + R2 + …
Resistencias en paralelo
1/Req = 1/R1 + 1/R2 + …
Dos en paralelo
Req = R1R2 / (R1 + R2)
Ley de Ohm
V = I·R
Potencia
P = V·I = I²R = V²/R

Método

  1. Empieza por el extremo de la red más alejado de los terminales.
  2. Combina las resistencias en serie sumándolas, y las resistencias en paralelo con 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …
  3. Vuelve a dibujar el circuito después de cada paso.
  4. Repite hasta que quede una sola resistencia entre los terminales.

Transitorios RC y RL

Constante de tiempo
τ = RC | τ = L/R
Respuesta
x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ
Condensador en continua
circuito abierto; vC no puede saltar
Bobina en continua
cortocircuito; iL no puede saltar
Régimen permanente
t ≈ 5τ

Método

  1. Halla el valor inicial justo después de la conmutación: la tensión de un condensador y la corriente de una bobina no pueden variar bruscamente.
  2. Halla el valor final mucho después de la conmutación: un condensador se comporta como un circuito abierto y una bobina como un cortocircuito.
  3. Halla la constante de tiempo: τ = RC o τ = L/R, usando la resistencia que ve el condensador o la bobina.
  4. Usa x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ.

Campos magnéticos e inducción

Hilo recto y largo
B = μ0I/(2πr)
Centro de una bobina plana
B = μ0NI/(2R)
Solenoide largo
B = μ0nI, n = N/L
Constante
μ0 = 4π × 10⁻⁷ T·m/A
Fuerza sobre un hilo
F = BIL·sin θ
Fuerza sobre una carga
F = |q|vB·sin θ
Movimiento circular
r = mv/(|q|B), T = 2πm/(|q|B)
Hilos paralelos
F/L = μ0I1I2/(2πd)
Flujo
Φ = BA·cos θ
Ley de Faraday
ε = −N·ΔΦ/Δt
Varilla en movimiento
ε = BLv
Generador
E0 = NBAω, Erms = E0/√2
Inductancia
ε = L·ΔI/Δt, L = μ0N²A/l, W = ½LI²
Inductancia mutua
ε2 = M·di1/dt, M = k√(L1L2)
Selector de velocidades y espectrómetro
v = E/B, r = √(2mV/|q|)/B

Método

  1. Convierte todas las magnitudes a unidades del SI: cm a m, cm² a m², mT y µT a T.
  2. Elige la fórmula correcta: B = μ₀I/(2πr) para un hilo, μ₀NI/(2R) para el centro de una bobina, μ₀nI dentro de un solenoide; F = BIL·sin θ o |q|vB·sin θ para las fuerzas.
  3. Para la inducción, halla la variación del flujo ΔΦ = Δ(BA·cos θ) y usa ε = N·ΔΦ/Δt, o ε = BLv para una varilla en movimiento y NBAω para una bobina giratoria.
  4. Halla los sentidos por separado con las reglas de la mano derecha, y con la ley de Lenz para las corrientes inducidas.

Impedancia y fasores en alterna

Impedancias
ZR = R, ZL = jωL, ZC = 1/(jωC)
Frecuencia angular
ω = 2πf
Módulo y ángulo
|Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
Ley de Ohm con fasores
V = I·Z

Método

  1. Convierte la frecuencia: ω = 2πf.
  2. Halla cada reactancia: XL = ωL y XC = 1/(ωC).
  3. Suma las impedancias como resistencias, con Z = R + jX.
  4. Halla el módulo |Z| = √(R² + X²) y el ángulo φ = atan(X/R), y luego aplica la ley de Ohm con fasores.

2Problemas de práctica

1.Ley de Coulomb y campo eléctricoMedia
++10 µC−−1 µCP40 cm

Una carga de +10 µC y una carga de −1 µC están separadas 40 cm. El punto P está en la recta que las une, entre ambas, a 10 cm de la primera carga. Halla el módulo del campo eléctrico E en P.

q1 = +10 µCq2 = −1 µCr1 = 10 cmr2 = 30 cm
E = N/C
2.Ley de Coulomb y campo eléctricoDifícil
L = 20 cm20°qq

Dos bolitas idénticas, cada una de 2 g de masa, cuelgan del mismo punto mediante hilos aislantes de 20 cm de longitud. Se les dan cargas iguales y cada hilo queda a 20° de la vertical. Usa g = 9,81 m/s². Halla la carga q de cada bolita en nC. Use k = 8,99 × 10⁹ N·m²/C².

m = 2 gL = 20 cmθ = 20°g = 9,81 m/s²
q = nC
3.Resistencias en serie y en paraleloMedia
R1​ = 15 ΩIR1​R3​ = 6 Ω+−V1​12 VR2​5 ΩAR4​6 ΩB

Halla la corriente IR1 que entrega la fuente, que pasa por R1.

V1 = 12 VR1 = 15 ΩR2 = 5 ΩR3 = 6 ΩR4 = 6 Ω
IR1 = A
4.Resistencias en serie y en paraleloDifícil
R1​ = 15 ΩR3​ = 10 ΩR5​ = 12 Ω+−V1​18 VR2​15 ΩIR2​AR4​10 ΩBR6​30 Ω

Halla la corriente IR2 por R2.

V1 = 18 VR1 = 15 ΩR2 = 15 ΩR3 = 10 ΩR4 = 10 ΩR5 = 12 ΩR6 = 30 Ω
IR2 = A
5.Transitorios RC y RLMedia
+−Vs​9 Vt = 0R = 50 ΩL150 mHi(t)

La bobina no lleva corriente antes de que el interruptor se cierre en t = 0. Halla la energía W(∞) almacenada en la bobina una vez estabilizado el circuito, en mJ.

Vs = 9 VR = 50 ΩL = 150 mH
W(∞) = mJ
6.Transitorios RC y RLDifícil
+−Vs​12 Vt = 0R = 3,3 kΩC68 µF+−vC​vC​(0) = 4 V

Justo antes de que el interruptor se cierre en t = 0, el condensador tiene 4 V con la polaridad indicada. ¿Cuánto tarda vC en llegar a 7,2 V? Halla t.

Vs = 12 VR = 3,3 kΩC = 68 µFvC(0) = 4 V
t = ms
7.Campos magnéticos e inducciónMedia
nBA = 20 cm², N = 20B: 0,1 → 0,9 T

Una bobina de 20 espiras, área 20 cm² y resistencia 4 Ω forma un circuito cerrado. Un campo uniforme perpendicular a la bobina crece de forma constante de 0,1 T a 0,9 T en 20 ms. Halla la corriente inducida media I.

N = 20A = 20 cm²B: 0,1 T → 0,9 TΔt = 20 msR = 4 Ω
I = mA
8.Campos magnéticos e inducciónDifícil
Bn = 1800 rpm10 cm × 15 cmN = 150B = 0,05 T

Una bobina de 150 espiras, de 10 cm × 15 cm, gira a 1800 rpm en un campo uniforme de 0,05 T alrededor de un eje perpendicular al campo. Halla la fem de pico E0.

N = 150A = 10 cm × 15 cmB = 0,05 Tn = 1800 rpm
E0 = V
9.Impedancia y fasores en alternaMedia
50 V60 HzR = 50 ΩL = 100 mHI

Una resistencia y una bobina están conectadas en paralelo a una alimentación de 50 V (eficaces) y 60 Hz. Halla el ángulo de fase φ de la impedancia, en grados (positivo cuando la corriente va retrasada respecto a la tensión).

V = 50 V (rms)f = 60 HzR = 50 ΩL = 100 mH
φ = °
10.Impedancia y fasores en alternaDifícil
VfR = 100 ΩL = 100 mHC = 0,047 µF

Un circuito RLC en serie tiene R = 100 Ω, L = 100 mH y C = 0,047 µF. Halla su ancho de banda B (la anchura de la banda entre las frecuencias de media potencia), en Hz.

R = 100 ΩL = 100 mHC = 0,047 µF
B = Hz

3Disoluciones

1.Ley de Coulomb y campo eléctrico

Respuesta: E = 9,09 × 10⁶ N/C

Ley de Coulomb: dos cargas puntuales se atraen o se repelen con F = k·|q₁·q₂|/r², con k = 8,99 × 10⁹ N·m²/C². El campo de una carga puntual es E = k·|q|/r² y apunta alejándose de una carga positiva y hacia una carga negativa. Las fuerzas y los campos de varias cargas se suman como vectores.

Campo de cada carga

E1 = k·10 × 10⁻⁶/0,1² = 8,99 × 10⁶ N/C
E2 = k·1 × 10⁻⁶/0,3² = 99889 N/C

Sentidos y suma

El primer campo apunta alejándose de la carga positiva y el segundo hacia la carga negativa: ambos apuntan en el mismo sentido.

E = |8,99 × 10⁶ + 99889| = 9,09 × 10⁶ N/C

Respuesta

E = 9,09 × 10⁶ N/C
2.Ley de Coulomb y campo eléctrico

Respuesta: q = 121,9 nC

Coulomb’s law: two point charges attract or repel with F = k·|q₁·q₂|/r², with k = 8,99 × 10⁹ N·m²/C². The field of a point charge is E = k·|q|/r², pointing away from a positive charge and towards a negative one. Forces and fields from several charges add as vectors.

Fuerza eléctrica a partir del equilibrio

La parte horizontal de la tensión equilibra F y su parte vertical equilibra m·g.

F = m·g·tan θ = 0,002·9,81·tan 20° = 0,007141 N

Separación

r = 2·L·sin θ = 2·0,2·sin 20° = 0,1368 m

Carga

F = k·q²/r² → q = r·√(F/k) = 0,1368·√(0,007141/8,99 × 10⁹) = 1,219 × 10⁻⁷ C = 121,9 nC

Respuesta

q = 121,9 nC
3.Resistencias en serie y en paralelo

Respuesta: IR1 = 0,6476 A

Resistencias en serie y en paralelo: en serie, la misma corriente pasa por cada resistencia y R = R₁ + R₂ + …. En paralelo, cada resistencia tiene la misma tensión y 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Una red en escalera se reduce por parejas hasta que queda una sola resistencia equivalente.

R1​ = 15 ΩR3​ = 6 Ω+−V1​12 VR2​5 ΩAR4​6 ΩB

Combina las resistencias desde el extremo más lejano

Empieza por el extremo más alejado de la fuente y avanza hacia ella. Las resistencias con la misma corriente están en serie; las que están entre los mismos dos nodos, en paralelo.

R3 + R4 = 6 + 6 = 12 Ω
R2 ∥ 12 = 5·12/(5+12) = 3,529 Ω
Req = R1 + 3,529 = 15 + 3,529 = 18,53 Ω

Corriente de la fuente

La fuente solo ve Req, así que la ley de Ohm da la corriente que entrega. Esa corriente pasa por R₁.

IR1 = V1/Req = 12/18,53 = 0,6476 A

Respuesta

IR1 = 0,6476 A
4.Resistencias en serie y en paralelo

Respuesta: IR2 = 0,4241 A

Resistencias en serie y en paralelo: en serie, la misma corriente pasa por cada resistencia y R = R₁ + R₂ + …. En paralelo, cada resistencia tiene la misma tensión y 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Una red en escalera se reduce por parejas hasta que queda una sola resistencia equivalente.

R1​ = 15 ΩR3​ = 10 ΩR5​ = 12 Ω+−V1​18 VR2​15 ΩAR4​10 ΩBR6​30 Ω

Combina las resistencias desde el extremo más lejano

Empieza por el extremo más alejado de la fuente y avanza hacia ella. Las resistencias con la misma corriente están en serie; las que están entre los mismos dos nodos, en paralelo.

R5 + R6 = 12 + 30 = 42 Ω
R4 ∥ 42 = 8,077 Ω
R3 + 8,077 = 18,08 Ω
R2 ∥ 18,08 = 8,198 Ω
Req = R1 + 8,198 = 15 + 8,198 = 23,2 Ω

Corriente de la fuente

La fuente solo ve Req, así que la ley de Ohm da la corriente que entrega. Esa corriente pasa por R₁.

IR1 = V1/Req = 18/23,2 = 0,7759 A

Corriente por R₂

Resta la caída en R₁ para obtener la tensión en el nodo A, que es la tensión en R₂.

VA = V1 − IR1·R1 = 18 − 0,7759·15 = 6,361 V
IR2 = VA/R2 = 6,361/15 = 0,4241 A

Respuesta

IR2 = 0,4241 A
5.Transitorios RC y RL

Respuesta: W(∞) = 2,43 mJ

Transitorios de primer orden: en un circuito con un condensador o una bobina, cada tensión y corriente pasa de forma exponencial de su valor inicial a su valor final: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, con τ = RC o τ = L/R. Tras unos 5τ el circuito se ha estabilizado.

Constante de tiempo y corriente final

Mucho después de cerrar el interruptor la bobina se comporta como un cortocircuito, así que la corriente final la fija solo R.

τ = L/R = 150 mH / 50 Ω = 3 ms
i(∞) = Vs/R = 9/50 = 0,18 A

Energía almacenada

W(∞) = ½·L·i(∞)² = ½·150·0,18² = 2,43 mJ

Respuesta

W(∞) = 2,43 mJ
6.Transitorios RC y RL

Respuesta: t = 114,6 ms

Transitorios de primer orden: en un circuito con un condensador o una bobina, cada tensión y corriente pasa de forma exponencial de su valor inicial a su valor final: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, con τ = RC o τ = L/R. Tras unos 5τ el circuito se ha estabilizado.

Valor inicial, valor final, constante de tiempo

La tensión del condensador no puede saltar, así que parte de su valor almacenado y tiende a la tensión de la fuente.

vC(0) = 4 V, vC(∞) = Vs = 12 V
τ = R·C = 3,3 kΩ · 68 µF = 224,4 ms
vC(t) = 12 + (4 − 12)·e−t/τ

Despeja el tiempo

7,2 = 12 + (−8)·e−t/τ → e−t/τ = (7,2 − 12)/(4 − 12) = 0,6
t = τ·ln((4 − 12)/(7,2 − 12)) = 224,4·ln(1,667) = 114,6 ms

Respuesta

t = 114,6 ms
7.Campos magnéticos e inducción

Respuesta: I = 400 mA

Inducción electromagnética: el flujo a través de una espira es Φ = BA·cos θ, con θ entre B y la normal de la espira. Ley de Faraday: un cambio de flujo induce una fem = −N·dΦ/dt en una bobina de N espiras, y la ley de Lenz dice que la corriente inducida circula de modo que su propio campo se opone al cambio. Una varilla que se mueve a través de un campo da una fem = BLv. Una bobina que gira con ω da e = NBAω·sin ωt, con pico NBAω. Autoinducción: fem = −L·di/dt, con L = μ₀N²A/l para un solenoide largo, y la energía almacenada es W = ½LI². Dos bobinas acopladas: fem₂ = −M·di₁/dt con M = k√(L₁L₂).

Variación del flujo por espira

ΔΦ = (0,9 − 0,1)·0,002 = 0,0016 Wb

Fem media

ε = NΔΦ/Δt = 20·0,0016/0,02 = 1,6 V

Corriente

I = ε/R = 1,6/4 = 0,4 A

Respuesta

I = 400 mA
8.Campos magnéticos e inducción

Respuesta: E0 = 21,21 V

Inducción electromagnética: el flujo a través de una espira es Φ = BA·cos θ, con θ entre B y la normal de la espira. Ley de Faraday: un cambio de flujo induce una fem = −N·dΦ/dt en una bobina de N espiras, y la ley de Lenz dice que la corriente inducida circula de modo que su propio campo se opone al cambio. Una varilla que se mueve a través de un campo da una fem = BLv. Una bobina que gira con ω da e = NBAω·sin ωt, con pico NBAω. Autoinducción: fem = −L·di/dt, con L = μ₀N²A/l para un solenoide largo, y la energía almacenada es W = ½LI². Dos bobinas acopladas: fem₂ = −M·di₁/dt con M = k√(L₁L₂).

Velocidad angular y área

ω = 2π·1800/60 = 188,5 rad/s
A = 0,015 m²

Fem de pico

E₀ = NBAω = 150·0,05·0,015·188,5 = 21,21 V

Respuesta

E0 = 21,21 V
9.Impedancia y fasores en alterna

Respuesta: φ = 52,98 °

Circuitos de alterna con fasores: resistencias, bobinas y condensadores tienen impedancias R, jωL y 1/(jωC), con ω = 2πf. En serie, las impedancias se suman como resistencias, pero como números complejos. La corriente y la tensión eficaces siguen la ley de Ohm con |Z|.

Reactancia

XL = ωL = 2π·60·0,1 = 37,7 Ω

Corrientes de rama

Ambas ramas están conectadas directamente a la alimentación, así que cada una ve la tensión completa V.

IR = V/R = 50/50 = 1 A
IX = V/XL = 50/37,7 = 1,326 A

Corriente total

La corriente de la resistencia está en fase con V y la corriente reactiva está desfasada 90°, así que se suman como los catetos de un triángulo rectángulo.

I = √(IR² + IX²) = √(1² + 1,326²) = 1,661 A

Ángulo de fase

La corriente de la bobina va retrasada respecto a V, así que la corriente total va retrasada y el ángulo es positivo.

φ = arctan(IX/IR) = arctan(1,326/1) = 52,98°

Respuesta

φ = 52,98°
10.Impedancia y fasores en alterna

Respuesta: B = 159,2 Hz

Circuitos de alterna con fasores: resistencias, bobinas y condensadores tienen impedancias R, jωL y 1/(jωC), con ω = 2πf. En serie, las impedancias se suman como resistencias, pero como números complejos. La corriente y la tensión eficaces siguen la ley de Ohm con |Z|.

Frecuencia de resonancia

f0 = 1/(2π·√(0,1·0,047·10⁻⁶)) = 2322 Hz

Factor de calidad

Q compara la reactancia en resonancia con la resistencia: Q = ω₀L/R.

Q = (1/R)·√(L/C) = (1/100)·√(0,1/(0,047·10⁻⁶)) = 14,59

Ancho de banda

B = f0/Q = 2322/14,59 = 159,2 Hz

Respuesta

B = 159,2 Hz

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