Électrotechnique générale : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 16 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Résistances en série et en parallèle

Résistances en série: R_eq = R₁ + R₂ + …
Résistances en parallèle: 1/R_eq = 1/R₁ + 1/R₂ + …
Deux en parallèle: R_eq = R₁R₂ / (R₁ + R₂)
Loi d’Ohm: V = I·R
Puissance: P = V·I = I²R = V²/R

Méthode

Commencez par l’extrémité du réseau la plus éloignée des bornes.
Associez les résistances en série en les additionnant, et les résistances en parallèle avec 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …
Redessinez le circuit après chaque étape.
Recommencez jusqu’à ce qu’il ne reste qu’une résistance entre les bornes.

Méthode des nœuds

Loi des nœuds de Kirchhoff: ΣI_in = ΣI_out
Courant de branche: I = (V_a − V_b)/R
Nœud de référence: V_ground = 0

Méthode

Choisissez un nœud de référence (la masse) et nommez les potentiels des autres nœuds.
Écrivez la loi des nœuds de Kirchhoff à chaque nœud inconnu : les courants qui sortent par chaque branche égalent les courants qui entrent.
Exprimez chaque courant de branche sous la forme (V_a − V_b)/R.
Résolvez le système d’équations, puis trouvez les courants demandés.

Thévenin et Norton

Tension de Thévenin: V_th = V_{open circuit}
Résistance de Thévenin: R_th : toutes les sources éteintes, vue depuis a–b
Courant de Norton: I_N = V_th/R_th
Courant de charge: I_L = V_th/(R_th + R_L)
Transfert de puissance maximal: R_L = R_th, P_max = V_th²/(4R_th)

Méthode

Retirez la charge et repérez les deux bornes a et b.
Trouvez la tension à vide entre a et b : c’est V_th.
Éteignez toutes les sources indépendantes et trouvez la résistance vue des bornes a–b : c’est R_th.
Rebranchez la charge sur le circuit équivalent : V_th en série avec R_th.
Pour l’équivalent de Norton, convertissez : I_N = V_th/R_th, avec R_N = R_th en parallèle.

Transitoires RC et RL

Constante de temps: τ = RC | τ = L/R
Réponse: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ
Condensateur en continu: circuit ouvert ; v_C ne peut pas sauter
Bobine en continu: court-circuit ; i_L ne peut pas sauter
Régime établi: t ≈ 5τ

Méthode

Trouvez la valeur initiale juste après la commutation : la tension d’un condensateur et le courant d’une bobine ne peuvent pas varier brusquement.
Trouvez la valeur finale longtemps après la commutation : un condensateur se comporte comme un circuit ouvert, une bobine comme un court-circuit.
Trouvez la constante de temps : τ = RC ou τ = L/R, avec la résistance vue par le condensateur ou la bobine.
Utilisez x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ.

Impédance et phaseurs en alternatif

Impédances: Z_R = R, Z_L = jωL, Z_C = 1/(jωC)
Pulsation: ω = 2πf
Module et argument: |Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
Loi d’Ohm en phaseurs: V = I·Z

Méthode

Convertissez la fréquence : ω = 2πf.
Trouvez chaque réactance : X_L = ωL et X_C = 1/(ωC).
Additionnez les impédances comme des résistances, avec Z = R + jX.
Trouvez le module |Z| = √(R² + X²) et l’argument φ = atan(X/R), puis appliquez la loi d’Ohm avec les phaseurs.

Puissance alternative et facteur de puissance

Puissance active: P = V·I·cos φ
Puissance réactive: Q = V·I·sin φ
Puissance apparente: S = V·I = √(P² + Q²)
Facteur de puissance: pf = cos φ = P/S
Condensateur de compensation: Q_C = P(tan φ₁ − tan φ₂), C = Q_C/(ωV²)

Puissance triphasée

Couplage en étoile (Y): V_L = √3·V_ph, I_L = I_ph
Couplage en triangle (Δ): V_L = V_ph, I_L = √3·I_ph
Puissance active totale: P = √3·V_L·I_L·cos φ = 3·I_ph²·R
Puissances apparente et réactive: S = √3·V_L·I_L, Q = P·tan φ
Condensateurs de compensation: Q_C = P(tan φ₁ − tan φ₂), C = Q_C/(3ωV²)
Tension aux bornes de chaque condensateur: Δ : V_L Y : V_L/√3
Puissance absorbée par le moteur: P_in = P_out/η

Transformateurs

Rapport de transformation: a = N₁/N₂ = V₁/V₂
Rapport des courants: I₁/I₂ = N₂/N₁ = 1/a
Courant nominal: I = S/V
Impédance ramenée: Z₁′ = a²·Z_L
Pertes cuivre à charge partielle: P_cu = x²·P_cu,fl
Rendement: η = x·S·pf/(x·S·pf + P_core + x²·P_cu,fl)
Rendement maximal: x = √(P_core/P_cu,fl)

2Exercices

1.Résistances en série et en parallèleMoyen

Trouvez la résistance équivalente R_eq vue par la source V₁.

V₁ = 6 VR₁ = 10 ΩR₂ = 2 ΩR₃ = 3 ΩR₄ = 12 Ω

R_eq = Ω

2.Résistances en série et en parallèleDifficile

Trouvez le courant I_R2 dans R₂.

V₁ = 12 VR₁ = 8 ΩR₂ = 8 ΩR₃ = 12 ΩR₄ = 4 ΩR₅ = 30 ΩR₆ = 12 Ω

I_R2 = A

3.Méthode des nœudsMoyen

Utilisez la méthode des nœuds pour trouver le courant I_R3 dans R₃ dans le sens de la flèche.

V₁ = 15 VI_s = 2,5 AR₁ = 10 ΩR₂ = 12 ΩR₃ = 3 ΩR₄ = 2 Ω

I_R3 = A

4.Méthode des nœudsDifficile

La source de courant est réglée jusqu’à ce que le potentiel du nœud A vaille V_A = 13 V. Utilisez la méthode des nœuds pour trouver le courant de la source I_s (sens indiqué).

V₁ = 30 VR₁ = 10 ΩR₂ = 4 ΩR₃ = 12 ΩR₄ = 12 ΩV_A = 13 V

I_s = A

5.Thévenin et NortonMoyen

Trouvez la résistance de Thévenin R_th vue des bornes a–b.

V₁ = 9 VR₁ = 15 ΩR₂ = 2 ΩR₃ = 6 Ω

R_th = Ω

6.Thévenin et NortonDifficile

Une charge R_L = 5 Ω est branchée entre a et b. Utilisez un équivalent de Thévenin pour trouver la puissance P_L fournie à la charge.

V₁ = 12 VI_s = 2,5 AR₁ = 3 ΩR₂ = 3 ΩR₃ = 25 ΩR_L = 5 Ω

P_L = W

7.Transitoires RC et RLMoyen

La bobine est parcourue par un courant permanent de 2 A. À t = 0, l’interrupteur ferme la boucle à travers R et la source est retirée, donc le courant de la bobine décroît à travers R. Trouvez la tension v_R aux bornes de R à t = 1 ms.

i(0) = 2 AR = 50 ΩL = 33 mHt = 1 ms

v_R = V

8.Transitoires RC et RLDifficile

Juste avant la fermeture de l’interrupteur à t = 0, le condensateur est chargé à 2 V avec la polarité indiquée. Trouvez la tension du condensateur v_C à t = 150 ms.

V_s = 6 VR = 3,3 kΩC = 100 µFv_C(0) = 2 Vt = 150 ms

v_C = V

9.Impédance et phaseurs en alternatifMoyen

Un circuit RLC série est alimenté sous 120 V (efficaces), 100 Hz. Trouvez le facteur de puissance cos φ du circuit.

V = 120 V (rms)f = 100 HzR = 10 ΩL = 50 mHC = 22 µF

cos φ =

10.Impédance et phaseurs en alternatifDifficile

Un circuit RLC série a R = 1 Ω, L = 20 mH et C = 1 µF. Trouvez son facteur de qualité Q à la résonance.

R = 1 ΩL = 20 mHC = 1 µF

Q =

11.Puissance alternative et facteur de puissanceMoyen

Un moteur monophasé absorbe 10 kW avec un facteur de puissance de 0,9 inductif sous 240 V. Trouvez le courant de ligne I.

P = 10 kWpf = 0,9V = 240 V

I = A

12.Puissance alternative et facteur de puissanceDifficile

Une source de 230 V (efficace), 1000 Hz a une impédance interne Z_s = 20 + j6 Ω. L’impédance de charge Z_L peut être choisie librement. La charge donnant la puissance maximale est constituée d’une résistance en série avec un condensateur. Trouvez la capacité C.

V_s = 230 V (rms)f = 1000 HzZ_s = 20 + j6 Ω

C = µF

13.Puissance triphaséeMoyen

Une charge triphasée équilibrée absorbe un courant de ligne de 75 A sur un réseau de tension composée 400 V. Le facteur de puissance vaut 0,92 (inductif). Trouvez la puissance active totale P absorbée par la charge, en kW.

V_L = 400 VI_L = 75 Acos φ = 0,92

P = kW

14.Puissance triphaséeDifficile

Une charge triphasée équilibrée absorbe 50 kW avec un facteur de puissance de 0,75 (inductif) sur un réseau de 480 V (tension composée), 50 Hz. Une batterie de condensateurs triphasée branchée en parallèle avec la charge doit relever le facteur de puissance global à 0,95 (inductif). La puissance active reste la même. Les condensateurs sont couplés en triangle (Δ). Trouvez la capacité C_ph de chaque condensateur, en µF.

P = 50 kWpf₁ = 0,75pf₂ = 0,95V_L = 480 Vf = 50 Hz

C_ph = µF

15.TransformateursMoyen

Un transformateur parfait de rapport N₁:N₂ = 4:1 a son enroulement primaire sous 480 V. Une résistance de 12 Ω est branchée aux bornes de l’enroulement secondaire. Trouvez le courant primaire I₁.

N₁:N₂ = 4:1V₁ = 480 VR_L = 12 Ω

I₁ = A

16.TransformateursDifficile

Un transformateur monophasé de 50 kVA a des pertes fer de 300 W et des pertes cuivre de 1200 W à charge nominale. Il fournit 25 % de sa puissance apparente nominale avec un facteur de puissance de 0,95 (inductif). Trouvez les pertes totales P_loss en watts à cette charge.

S = 50 kVAP_core = 300 WP_cu,fl = 1200 Wx = 0,25pf = 0,95

P_loss = W

3Solutions

1.Résistances en série et en parallèle

Réponse: R_eq = 11,76 Ω

Résistances en série et en parallèle : en série, le même courant traverse chaque résistance et R = R₁ + R₂ + …. En parallèle, chaque résistance a la même tension et 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Un réseau en échelle se réduit paire par paire jusqu’à une seule résistance équivalente.

Regrouper les résistances depuis l’extrémité

Commencez par l’extrémité la plus éloignée de la source et remontez vers elle. Des résistances parcourues par le même courant sont en série ; des résistances entre les deux mêmes nœuds sont en parallèle.

R₃ + R₄ = 3 + 12 = 15 Ω

R₂ ∥ 15 = 2·15/(2+15) = 1,765 Ω

R_eq = R₁ + 1,765 = 10 + 1,765 = 11,76 Ω

Réponse

R_eq = 11,76 Ω

2.Résistances en série et en parallèle

Réponse: I_R2 = 0,5973 A

Regrouper les résistances depuis l’extrémité

R₅ + R₆ = 30 + 12 = 42 Ω

R₄ ∥ 42 = 3,652 Ω

R₃ + 3,652 = 15,65 Ω

R₂ ∥ 15,65 = 5,294 Ω

R_eq = R₁ + 5,294 = 8 + 5,294 = 13,29 Ω

Courant fourni par la source

La source ne voit que R_eq, donc la loi d’Ohm donne le courant qu’elle fournit. Ce courant traverse R₁.

I_R1 = V₁/R_eq = 12/13,29 = 0,9027 A

Courant dans R₂

Retranchez la chute de tension dans R₁ pour obtenir la tension au nœud A, qui est la tension aux bornes de R₂.

V_A = V₁ − I_R1·R₁ = 12 − 0,9027·8 = 4,779 V

I_R2 = V_A/R₂ = 4,779/8 = 0,5973 A

Réponse

I_R2 = 0,5973 A

3.Méthode des nœuds

Réponse: I_R3 = 1,261 A

Méthode des nœuds : choisissez un nœud de référence, nommez les potentiels inconnus, écrivez la loi des nœuds de Kirchhoff à chaque nœud inconnu avec la loi d’Ohm (I = ΔV/R), puis résolvez le système obtenu.

Poser les nœuds

La masse est le fil du bas. Les potentiels connus viennent directement des sources (V₁ = 15 V). Inconnues : V_A, V_B.

Loi des nœuds au nœud A

Les courants qui quittent A par les résistances égalent le courant injecté dans A par les sources.

V_A/R₂ + (V_A − V₁)/R₁ + (V_A − V_B)/R₃ = 0

V_A/12 + (V_A − 15)/10 + (V_A − V_B)/3 = 0

0,5167·V_A − 0,3333·V_B = 1,5

Loi des nœuds au nœud B

Les courants qui quittent B par les résistances égalent le courant injecté dans B par les sources.

V_B/R₄ + (V_B − V_A)/R₃ = I_s

V_B/2 + (V_B − V_A)/3 = (−2,5)

−0,3333·V_A + 0,8333·V_B = −2,5

Résoudre

Δ = (0,5167)(0,8333) − (−0,3333)(−0,3333) = 0,3194

V_A = Δ₁/Δ = 0,4167/0,3194 = 1,304 V

V_B = Δ₂/Δ = −0,7917/0,3194 = −2,478 V

Réponse

I_R3 = (V_A − V_B)/R₃ = (1,304 − −2,478)/3 = 1,261 A

4.Méthode des nœuds

Réponse: I_s = 4,183 A

Loi des nœuds en A

V_A est connu, donc cette équation donne V_B.

(V_A − V₁)/R₁ + V_A/R₂ + (V_A − V_B)/R₃ = 0

(13 − 30)/10 + 13/4 = (V_B − 13)/12

1,55 = (V_B − 13)/12 → V_B = 31,6 V

Loi des nœuds en B

Les courants sortant de B par les résistances sont égaux au courant injecté dans B par les sources.

I_s = (V_B − V_A)/R₃ + V_B/R₄ = (31,6 − 13)/12 + 31,6/12 = 4,183 A

Réponse

I_s = 4,183 A

5.Thévenin et Norton

Réponse: R_th = 7,765 Ω

Théorème de Thévenin : tout réseau linéaire à deux bornes se comporte comme une seule source de tension V_th en série avec une résistance R_th. Le théorème de Norton donne le même réseau sous forme d’une source de courant I_N = V_th/R_th en parallèle avec R_th.

Trouver R_th avec toutes les sources éteintes

Remplacez les sources de tension par des courts-circuits et les sources de courant par des circuits ouverts, puis regardez le circuit depuis a–b.

R₁ ∥ R₂ = 15·2/(15+2) = 1,765 Ω

R_th = (R₁ ∥ R₂) + R₃ = 1,765 + 6 = 7,765 Ω

6.Thévenin et Norton

Réponse: P_L = 26,3 W

Trouver R_th avec toutes les sources éteintes

Remplacez les sources de tension par des courts-circuits et les sources de courant par des circuits ouverts, puis regardez le circuit depuis a–b.

R₁ ∥ R₂ = 3·3/(3+3) = 1,5 Ω

R_th = (R₁ ∥ R₂) + R₃ = 1,5 + 25 = 26,5 Ω

Trouver V_th, la tension à vide

Avec a–b ouverts, le seul chemin pour Iₛ passe par R₃ vers le nœud A. Trouvez V_A par superposition de V₁ et Iₛ, puis ajoutez la chute de tension dans R₃.

V_A = V₁·R₂/(R₁+R₂) + I_s·(R₁∥R₂) = 6 + 2,5·1,5 = 9,75 V

V_th = V_B = V_A + I_s·R₃ = 9,75 + 2,5·25 = 72,25 V

Brancher la charge sur l’équivalent de Thévenin

La source de Thévenin et R_th en série se comportent exactement comme le circuit d’origine en a–b, donc la charge voit une simple boucle série.

I_L = V_th/(R_th + R_L) = 72,25/(26,5 + 5) = 2,294 A

P_L = I_L²·R_L = 2,294²·5 = 26,3 W

7.Transitoires RC et RL

Réponse: v_R = 21,98 V

Régimes transitoires du premier ordre : dans un circuit avec un condensateur ou une bobine, chaque tension et chaque courant passe exponentiellement de sa valeur initiale à sa valeur finale : x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ, avec τ = RC ou τ = L/R. Après environ 5τ, le circuit est stabilisé.

Constante de temps

τ = L/R = 33 mH / 50 Ω = 0,66 ms

Décroissance du courant

i(t) = 2·e^−1/0,66 = 0,4395 A

v_R = R·i = 50·0,4395 = 21,98 V

Réponse

v_R = 21,98 V

8.Transitoires RC et RL

Réponse: v_C = 3,461 V

Valeur initiale, valeur finale, constante de temps

La tension d’un condensateur ne peut pas sauter : elle part de sa valeur stockée et tend vers la tension de la source.

v_C(0) = 2 V, v_C(∞) = V_s = 6 V

τ = R·C = 3,3 kΩ · 100 µF = 330 ms

v_C(t) = 6 + (2 − 6)·e^−t/τ

Tension à l’instant donné

v_C(150) = 6 + (−4)·e^−150/330 = 3,461 V

Réponse

v_C = 3,461 V

9.Impédance et phaseurs en alternatif

Réponse: cos φ = 0,2374

Circuits alternatifs et phaseurs : résistances, bobines et condensateurs ont pour impédances R, jωL et 1/(jωC), avec ω = 2πf. En série, les impédances s’additionnent comme des résistances, mais en nombres complexes. Courant et tension efficaces suivent la loi d’Ohm avec |Z|.

Réactances

X_L = 31,42 Ω, X_C = 72,34 Ω

Impédance

|Z| = √(10² + (−40,93)²) = 42,13 Ω

Facteur de puissance

cos φ = R/|Z| = 10/42,13 = 0,2374

Le circuit est capacitif, donc le facteur de puissance est capacitif (courant en avance).

Réponse

cos φ = 0,2374

10.Impédance et phaseurs en alternatif

Réponse: Q = 141,4

Fréquence de résonance

f₀ = 1/(2π·√(0,02·1·10⁻⁶)) = 1125 Hz

Facteur de qualité

Q compare la réactance à la résonance à la résistance : Q = ω₀L/R.

Q = (1/R)·√(L/C) = (1/1)·√(0,02/(1·10⁻⁶)) = 141,4

Réponse

Q = 141,4

11.Puissance alternative et facteur de puissance

Réponse: I = 46,3 A

Puissance en alternatif : la puissance apparente S = V·I (VA) se partage entre la puissance active P = S·cos φ (W), qui fournit un travail utile, et la puissance réactive Q = S·sin φ (var), qui fait des allers-retours entre source et charge. Le facteur de puissance est cos φ. Un condensateur en parallèle fournit la puissance réactive sur place, donc le courant de ligne baisse pour la même puissance active.

Courant de ligne

Seule la partie active de la puissance fournit un travail, donc divisez par le facteur de puissance.

I = P/(V·cos φ) = 10000/(240·0,9) = 46,3 A

Réponse

I = 46,3 A

12.Puissance alternative et facteur de puissance

Réponse: C = 26,53 µF

Adaptation conjuguée

La réactance de la charge compense celle de la source, et la résistance de la charge est égale à celle de la source.

Z_L = Z_s* = 20 − j6 Ω

Capacité

X_C = 6 Ω → C = 1/(2π·1000·6) = 26,53 µF

Réponse

C = 26,53 µF

13.Puissance triphasée

Réponse: P = 47,8 kW

Puissance apparente

S = √3·V_L·I_L = √3·400·75 = 51,96 kVA

Puissance active

P = S·cos φ = 51,96·0,92 = 47,8 kW

Réponse

P = 47,8 kW

14.Puissance triphasée

Réponse: C_ph = 127,4 µF

Systèmes triphasés équilibrés : en couplage étoile (Y), la tension composée vaut √3 fois la tension simple, V_L = √3·V_ph, et le courant de ligne est égal au courant de phase. En couplage triangle (Δ), la tension composée est égale à la tension de phase et le courant de ligne vaut √3 fois le courant de phase, I_L = √3·I_ph. La puissance totale vaut trois fois la puissance d’une phase : P = 3·V_ph·I_ph·cos φ = √3·V_L·I_L·cos φ. Compensation du facteur de puissance : les condensateurs fournissent localement de la puissance réactive, Q_C = P·(tan φ₁ − tan φ₂). Chacun des trois condensateurs fournit Q_C/3 = V²·ω·C, où V est la tension aux bornes de ce condensateur : V_L dans une batterie en triangle, V_L/√3 dans une batterie en étoile.

Puissance réactive avant et après

La puissance active ne change pas ; chaque facteur de puissance fixe donc la puissance réactive : Q = P·tan φ.

Q₁ = 50·tan(acos 0,75) = 50·0,8819 = 44,1 kvar

Q₂ = 50·tan(acos 0,95) = 50·0,3287 = 16,43 kvar

Puissance réactive fournie par les condensateurs

Q_C = Q₁ − Q₂ = 27,66 kvar

Capacité par phase

Dans une batterie en triangle, chaque condensateur est branché entre deux phases.

V = 480 V, ω = 2π·50 = 314,2 rad/s

C_ph = (Q_C/3)/(ω·V²) = 9221/(314,2·480²) = 127,4 µF

Réponse

C_ph = 127,4 µF

15.Transformateurs

Réponse: I₁ = 2,5 A

Transformateur parfait : les tensions sont dans le rapport des nombres de spires et les courants dans le rapport inverse : V₁/V₂ = N₁/N₂ = a et I₁/I₂ = N₂/N₁ = 1/a ; la puissance absorbée est donc égale à la puissance fournie, V₁·I₁ = V₂·I₂. Une impédance de charge Z au secondaire est vue comme a²·Z depuis le primaire.

Tension et courant secondaires

V₂ = 480/4 = 120 V

I₂ = 120/12 = 10 A

Courant primaire

Un transformateur parfait n’a pas de pertes : V₁·I₁ = V₂·I₂.

I₁ = I₂/4 = 2,5 A

Réponse

I₁ = 2,5 A

Vérification : la charge vue du primaire vaut a²·R_L = 192 Ω, et 480/192 donne le même courant.

16.Transformateurs

Réponse: P_loss = 375 W

Pertes d’un transformateur : les pertes fer (hystérésis et courants de Foucault) dépendent de la tension et sont les mêmes quelle que soit la charge. Les pertes cuivre dans les enroulements varient comme le carré du courant : à une fraction x de la charge nominale, elles valent x²·P_cu,fl. Rendement η = P_out/(P_out + P_core + P_cu), avec P_out = x·S·pf. Le rendement est maximal pour la charge à laquelle les pertes cuivre égalent les pertes fer.

Pertes cuivre à cette charge

P_cu = x²·P_cu,fl = 0,0625·1200 = 75 W

Pertes totales

Les pertes fer sont les mêmes quelle que soit la charge.

P_loss = 300 + 75 = 375 W

Réponse

P_loss = 375 W

Le rendement à cette charge vaut η = 96,94%.

ExamProblems · examproblems.com/courses/electrical-engineering-fundamentals

Électrotechnique générale : pack de révision

1Formules et méthodes

Résistances en série et en parallèle

Méthode

Méthode des nœuds

Méthode

Thévenin et Norton

Méthode

Transitoires RC et RL

Méthode

Impédance et phaseurs en alternatif

Méthode

Puissance alternative et facteur de puissance

Puissance triphasée

Transformateurs

2Exercices

3Solutions

Regrouper les résistances depuis l’extrémité

Réponse

Regrouper les résistances depuis l’extrémité

Courant fourni par la source

Courant dans R₂

Réponse

Poser les nœuds

Loi des nœuds au nœud A

Loi des nœuds au nœud B

Résoudre

Réponse

Loi des nœuds en A

Loi des nœuds en B

Réponse

Trouver Rth avec toutes les sources éteintes

Trouver Rth avec toutes les sources éteintes

Trouver Vth, la tension à vide

Brancher la charge sur l’équivalent de Thévenin

Constante de temps

Décroissance du courant

Réponse

Valeur initiale, valeur finale, constante de temps

Tension à l’instant donné

Réponse

Réactances

Impédance

Facteur de puissance

Réponse

Fréquence de résonance

Facteur de qualité

Réponse

Courant de ligne

Réponse

Adaptation conjuguée

Capacité

Réponse

Puissance apparente

Puissance active

Réponse

Puissance réactive avant et après

Puissance réactive fournie par les condensateurs

Capacité par phase

Réponse

Tension et courant secondaires

Courant primaire

Réponse

Pertes cuivre à cette charge

Pertes totales

Réponse

Trouver R_th avec toutes les sources éteintes

Trouver R_th avec toutes les sources éteintes

Trouver V_th, la tension à vide