Conception de machines : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 12 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Engrenages et trains d’engrenages

Roues en prise
n1·N1 = n2·N2
Couple
T2 = T1·(N2/N1)·η
Puissance
P = T·ω, ω = 2π·n/60
Train composé
rapport total = produit des rapports de chaque étage

Torsion des arbres

Contrainte de cisaillement
τ = T·r/J
Arbre plein
J = πd⁴/32
Arbre creux
J = π(D⁴ − d⁴)/32
Angle de torsion
φ = TL/(GJ)
Puissance
P = T·ω = 2πnT/60

Méthode

  1. Trouvez le moment quadratique polaire : J = πd⁴/32 pour un arbre plein.
  2. Contrainte de cisaillement en surface : τ = T·r/J, avec r le rayon extérieur.
  3. Angle de torsion : φ = TL/(GJ) en radians.
  4. Si la puissance est donnée, trouvez d’abord le couple avec P = T·ω, ω = 2πn/60.

Cercle de Mohr et changement de repère des contraintes

Centre
C = (σx + σy)/2
Rayon
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
Contraintes principales
σ1,2 = C ± R
Direction principale
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
Facette inclinée
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

Méthode

  1. Calculez le centre du cercle de Mohr : C = (σx + σy)/2.
  2. Calculez le rayon : R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. Les contraintes principales valent C ± R et la plus grande contrainte de cisaillement dans le plan vaut R.
  4. Les angles sur le cercle sont le double des angles sur l’élément : tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

Contrainte et déformation axiales

Contrainte normale
σ = F/A
Déformation
ε = ΔL/L
Loi de Hooke
σ = E·ε
Allongement
ΔL = FL/(EA)
Déformation thermique
εT = α·ΔT

Flambement des poteaux

Charge critique d’Euler
Pcr = π²EI/(KL)²
Coefficient de longueur de flambement
K = 1 articulé–articulé, 0,5 encastré–encastré, 0,7 encastré–articulé, 2 encastré–libre
Contrainte critique
σcr = Pcr/A
Élancement
λ = KL/r, r = √(I/A)

Vibrations mécaniques

Fréquence propre
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
À partir de la flèche statique
ωn = √(g/δst)
Amortissement critique
cc = 2√(km) = 2mωn
Taux d’amortissement
ζ = c/cc
Fréquence amortie
ωd = ωn√(1 − ζ²)
Décrément logarithmique
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
Ressorts en parallèle
k = k1 + k2
Ressorts en série
1/k = 1/k1 + 1/k2

2Exercices

1.Engrenages et trains d’engrenagesMoyen
N1​ = 16, m = 5 mm

Un moteur de 22 kW tournant à 2900 tr/min entraîne un pignon de 16 dents et de module 5 mm. Trouvez l’effort tangentiel Ft sur les dents du pignon.

P = 22 kWn = 2900 rpmN1 = 16m = 5 mm
Ft = N
2.Engrenages et trains d’engrenagesDifficile
A = 16B = 36C = 48D = 50

Un moteur de 1,5 kW à 1450 tr/min entraîne la roue A (16 dents), qui engrène avec la roue B (36 dents). La roue C (48 dents), sur le même arbre que B, entraîne la roue D (50 dents) sur l’arbre de sortie. Chaque engrènement a un rendement de 95 %. Trouvez le couple de sortie Tout.

P = 1,5 kWnin = 1450 rpmA = 16B = 36C = 48D = 50ηmesh = 95%
Tout = N·m
3.Torsion des arbresMoyen
T = 100 N·md = 50 mmL = 1,5 mφ = ?

Un arbre plein en laiton est encastré dans le mur et tordu par un couple T à son extrémité libre. Trouvez l’angle de torsion φ de l’extrémité libre, en degrés.

T = 100 N·md = 50 mmL = 1,5 mG = 39 GPa
φ = °
4.Torsion des arbresDifficile
do​ = ?15 kW, 1450 rpm

Un arbre creux doit transmettre 15 kW à 1450 tr/min. Son diamètre intérieur doit valoir 0,8 fois son diamètre extérieur, et la contrainte de cisaillement ne doit pas dépasser 50 MPa. Trouvez le plus petit diamètre extérieur do.

P = 15 kWN = 1450 rpmdi/do = 0,8τallow = 50 MPa
do = mm
5.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintesMoyen
σx​ = 20σy​ = 50τxy​ = 30MPa

En un point d’une pièce chargée, σₓ = 20 MPa, σᵧ = 50 MPa et τₓᵧ = 30 MPa (traction positive). Trouvez la contrainte de cisaillement maximale dans le plan τmax.

σx = 20 MPaσy = 50 MPaτxy = 30 MPa
τmax = MPa
6.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintesDifficile
σx​ = −60σy​ = −50τxy​ = −30MPa

Un point d’une plaque mince est en contraintes planes : σₓ = −60 MPa, σᵧ = −50 MPa et τₓᵧ = −30 MPa (σz = 0). Trouvez la contrainte équivalente de von Mises σvM.

σx = −60 MPaσy = −50 MPaτxy = −30 MPa
σvM = MPa
7.Contrainte et déformation axialesMoyen
Ø 10 mmCuivre1 mP = 30 kN

Trouvez l’allongement δ de la barre en cuivre sous l’effort axial.

P = 30 kNd = 10 mmL = 1 mE = 117 GPa
δ = mm
8.Contrainte et déformation axialesDifficile
Ø 25 mmLaiton1,5 mØ 20 mmAluminium0,5 mP = 20 kN

La barre étagée est encastrée dans le mur et chargée à son extrémité libre. Trouvez l’allongement total δ.

P = 20 kNtronçon 1 : Ø25 mm, 1,5 m, laiton (E = 100 GPa)tronçon 2 : Ø20 mm, 0,5 m, aluminium (E = 70 GPa)
δ = mm
9.Flambement des poteauxMoyen
PL = 5 m30 × 40 mmsection

Un poteau de longueur L en acier est encastré en pied et articulé en tête. Avec la formule d’Euler, trouvez sa charge critique de flambement Pcr.

L = 5 mE = 200 GPa (acier)b × h = 30 × 40 mm
Pcr = kN
10.Flambement des poteauxDifficile
P = 150 kNL = 5 md = ?section

Un poteau plein circulaire de longueur L en acier est articulé aux deux extrémités. Il doit porter 150 kN avec un coefficient de sécurité de 2 vis-à-vis du flambement. Trouvez le diamètre minimal d.

P = 150 kNn = 2L = 5 mE = 200 GPa (acier)
d = mm
11.Vibrations mécaniquesMoyen
k = 150 kN/mζ = 0,4m = 80 kg

Une masse de 80 kg sur un ressort de raideur 150 kN/m est munie d’un amortisseur visqueux qui donne un taux d’amortissement de 0,4. Trouvez la fréquence propre amortie fd de ses vibrations libres, en Hz.

m = 80 kgk = 150 kN/mζ = 0,4
fd = Hz
12.Vibrations mécaniquesDifficile
k1​ = 80k2​ = 50m = 25 kg

Une masse de 25 kg est suspendue à deux ressorts reliés bout à bout (en série) : le ressort du haut a k₁ = 80 kN/m et celui du bas k₂ = 50 kN/m. Négligez l’amortissement et les masses des ressorts. Trouvez la fréquence propre fn des vibrations verticales, en Hz.

m = 25 kgk1 = 80 kN/mk2 = 50 kN/m
fn = Hz

3Solutions

1.Engrenages et trains d’engrenages

Réponse: Ft = 1811 N

Gear geometry: the module m sets the tooth size. A gear with N teeth has a pitch diameter d = m·N, two meshing gears have the same module, and their centre distance is a = (d₁ + d₂)/2 = m·(N₁ + N₂)/2. The pitch-line speed is v = π·d·n/60, and the tangential tooth force follows from the torque: Ft = 2T/d.

Couple sur le pignon

ω = 2π·2900/60 = 303,7 rad/s
T = P/ω = 22000/303,7 = 72,44 N·m

Diamètre primitif

d = m·N = 5·16 = 80 mm

Effort tangentiel

Ft = 2T/d = 2·72,44/0,08 = 1811 N

Réponse

Ft = 1811 N
2.Engrenages et trains d’engrenages

Réponse: Tout = 20,9 N·m

Gear trains: meshing gears have the same speed at the teeth, so n₁·N₁ = n₂·N₂: the gear with fewer teeth turns faster. Gears on one shaft turn at the same speed. Power is passed on (minus losses), so torque goes up when speed goes down: T₂ = T₁·(N₂/N₁)·η, and P = T·ω with ω = 2π·n/60.

Vitesse de sortie

nout = 1450·(16/36)·(48/50) = 618,7 rpm
ωout = 2π·618,7/60 = 64,79 rad/s

Puissance et couple de sortie

Pout = 1500·0,95² = 1354 W
Tout = Pout/ωout = 1354/64,79 = 20,9 N·m

Réponse

Tout = 20,9 N·m
3.Torsion des arbres

Réponse: φ = 0,3591 °

Torsion des arbres circulaires : la contrainte de cisaillement croît linéairement de zéro au centre jusqu’à τmax = T·r/J en surface, avec J = πd⁴/32 pour un arbre plein et J = π(do⁴ − di⁴)/32 pour un arbre creux. L’angle de torsion vaut φ = TL/(GJ) en radians. Puissance et couple sont liés par P = T·ω.

Moment quadratique polaire

J = π·50⁴/32 = 613592 mm⁴

Angle de torsion

φ = TL/(GJ) = 100·1000·1500/(39000·613592) = 0,006268 rad
φ = 0,006268·180/π = 0,3591°

Réponse

φ = 0,3591°
4.Torsion des arbres

Réponse: do = 25,73 mm

Torsion des arbres circulaires : la contrainte de cisaillement croît linéairement de zéro au centre jusqu’à τmax = T·r/J en surface, avec J = πd⁴/32 pour un arbre plein et J = π(do⁴ − di⁴)/32 pour un arbre creux. L’angle de torsion vaut φ = TL/(GJ) en radians. Puissance et couple sont liés par P = T·ω.

Couple

ω = 2πN/60 = 2π·1450/60 = 151,8 rad/s
T = P/ω = 15000/151,8 = 98,79 N·m

Diamètre extérieur à partir de la contrainte admissible

T = 98,79 N·m = 98786 N·mm
1 − k⁴ = 1 − 0,8⁴ = 0,5904
do = ∛(16T/(π·τallow·(1 − k⁴))) = ∛(16·98786/(π·50·0,5904)) = 25,73 mm
di = 0,8·25,73 = 20,59 mm

Réponse

do = 25,73 mm

Un arbre plein nécessiterait d = 21,59 mm ; l’arbre creux est un peu plus gros mais beaucoup plus léger.

5.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintes

Réponse: τmax = 33,54 MPa

Changement de repère en contraintes planes : sur une facette tournée de θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. Le cercle de Mohr représente toutes les facettes à la fois : son centre est en C = (σₓ + σᵧ)/2 et son rayon vaut R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Les contraintes principales valent C ± R, et la plus grande contrainte de cisaillement dans le plan vaut R.

στxyCτmax​

Rayon du cercle de Mohr

τmax = R = √(((20 − 50)/2)² + 30²) = 33,54 MPa

Réponse

τmax = 33,54 MPa
6.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintes

Réponse: σvM = 76,16 MPa

Changement de repère en contraintes planes : sur une facette tournée de θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. Le cercle de Mohr représente toutes les facettes à la fois : son centre est en C = (σₓ + σᵧ)/2 et son rayon vaut R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Les contraintes principales valent C ± R, et la plus grande contrainte de cisaillement dans le plan vaut R. Critères de plasticité : von Mises prévoit la plastification quand σvM = √(σ₁² − σ₁σ₂ + σ₂²) atteint σY ; Tresca quand la contrainte de cisaillement maximale absolue atteint σY/2.

στxyCσ1​σ2​

Contraintes principales

C = −55 MPa, R = 30,41 MPa
σ1 = −24,59 MPa, σ2 = −85,41 MPa, σ3 = 0

Von Mises

σvM = √((−24,59)² − (−24,59)·(−85,41) + (−85,41)²) = 76,16 MPa

Réponse

σvM = 76,16 MPa
7.Contrainte et déformation axiales

Réponse: δ = 3,265 mm

Loi de Hooke : dans le domaine élastique, σ = E·ε. Avec σ = P/A et ε = δ/L, on obtient δ = PL/(AE).

Contrainte

A = π·10²/4 = 78,54 mm²
σ = P/A = 30·1000/78,54 = 382 MPa

Déformation (loi de Hooke)

E for cuivre = 117 GPa = 117000 MPa.

ε = σ/E = 382/117000 = 0,003265 = 3265 µε

Allongement

δ = ε·L = 0,003265·1000 mm = 3,265 mm

Réponse

δ = 3,265 mm
8.Contrainte et déformation axiales

Réponse: δ = 1,066 mm

Éléments en charge axiale : chaque tronçon prismatique vérifie δ = PL/(AE). Pour des tronçons en série, les allongements s’additionnent.

Même effort dans les deux tronçons

L’extrémité libre porte P, donc chaque section de la barre transmet le même effort normal P. Seules les aires et les matériaux changent.

A1 = π·25²/4 = 490,9 mm², A2 = π·20²/4 = 314,2 mm²
σ1 = 40,74 MPa
σ2 = 63,66 MPa

Additionner les allongements des tronçons

δ1 = σ1L1/E1 = 40,74·1500/100000 = 0,6112 mm
δ2 = σ2L2/E2 = 63,66·500/70000 = 0,4547 mm
δ = δ1 + δ2 = 1,066 mm

Réponse

δ = 1,066 mm
9.Flambement des poteaux

Réponse: Pcr = 14,5 kN

Flambement d’Euler : un poteau élancé devient instable à Pcr = π²EI/(KL)², où KL est la longueur de flambement : K = 1 pour articulé–articulé, 2 pour encastré–libre, 0,7 pour encastré–articulé et 0,5 pour encastré–encastré. Il flambe autour de l’axe ayant le plus petit I. La formule vaut pour les poteaux élancés, dont la contrainte critique reste sous la limite d’élasticité.

Plus petit moment quadratique

Un rectangle flambe autour de son axe faible, avec la plus petite dimension au cube.

Imin = h·b³/12 = 40·30³/12 = 90000 mm⁴

Longueur de flambement

KL = 0,7·5000 = 3500 mm

Charge critique

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·200000·90000/3500² = 14502 N = 14,5 kN

Réponse

Pcr = 14,5 kN
10.Flambement des poteaux

Réponse: d = 93,8 mm

Flambement d’Euler : un poteau élancé devient instable à Pcr = π²EI/(KL)², où KL est la longueur de flambement : K = 1 pour articulé–articulé, 2 pour encastré–libre, 0,7 pour encastré–articulé et 0,5 pour encastré–encastré. Il flambe autour de l’axe ayant le plus petit I. La formule vaut pour les poteaux élancés, dont la contrainte critique reste sous la limite d’élasticité.

Charge critique nécessaire

Pcr = n·P = 2·150000 = 300000 N
KL = 1·5000 = 5000 mm

Isoler le diamètre

d = (64·n·P·(KL)²/(π³E))^(1/4) = (64·300000·5000²/(π³·200000))^(1/4) = 93,8 mm

Réponse

d = 93,8 mm

Vérification : l’élancement KL/r vaut 213,2, le poteau est donc élancé et Euler s’applique.

11.Vibrations mécaniques

Réponse: fd = 6,316 Hz

Vibrations libres d’un système masse–ressort : la pulsation propre non amortie vaut ωn = √(k/m) en rad/s, et fn = ωn/(2π) en Hz. Un amortisseur visqueux c donne le taux d’amortissement ζ = c/cc, avec l’amortissement critique cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Un système sous-amorti (ζ < 1) oscille à ωd = ωn·√(1 − ζ²). Des ressorts en parallèle s’additionnent, k = k₁ + k₂ ; des ressorts en série s’additionnent par leurs inverses, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Fréquence propre non amortie

ωn = √(150000/80) = 43,3 rad/s
fn = 43,3/(2π) = 6,892 Hz

Fréquence propre amortie

fd = fn·√(1 − ζ²) = 6,892·√(1 − 0,4²) = 6,316 Hz

Réponse

fd = 6,316 Hz
12.Vibrations mécaniques

Réponse: fn = 5,584 Hz

Vibrations libres d’un système masse–ressort : la pulsation propre non amortie vaut ωn = √(k/m) en rad/s, et fn = ωn/(2π) en Hz. Un amortisseur visqueux c donne le taux d’amortissement ζ = c/cc, avec l’amortissement critique cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Un système sous-amorti (ζ < 1) oscille à ωd = ωn·√(1 − ζ²). Des ressorts en parallèle s’additionnent, k = k₁ + k₂ ; des ressorts en série s’additionnent par leurs inverses, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Raideur équivalente

Des ressorts en série subissent la même force et leurs allongements s’additionnent ; ils se combinent donc par leurs inverses : 1/k = 1/k1 + 1/k2.

1/keq = 1/80 + 1/50 → keq = 80·50/(80 + 50) = 30,77 kN/m

Fréquence propre

ωn = √(30769/25) = 35,08 rad/s
fn = 35,08/(2π) = 5,584 Hz

Réponse

fn = 5,584 Hz

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