Conception de machines : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 12 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Engrenages et trains d’engrenages

Roues en prise
n1·N1 = n2·N2
Couple
T2 = T1·(N2/N1)·η
Puissance
P = T·ω, ω = 2π·n/60
Train composé
rapport total = produit des rapports de chaque étage

Torsion des arbres

Contrainte de cisaillement
τ = T·r/J
Arbre plein
J = πd⁴/32
Arbre creux
J = π(D⁴ − d⁴)/32
Angle de torsion
φ = TL/(GJ)
Puissance
P = T·ω = 2πnT/60

Méthode

  1. Trouvez le moment quadratique polaire : J = πd⁴/32 pour un arbre plein.
  2. Contrainte de cisaillement en surface : τ = T·r/J, avec r le rayon extérieur.
  3. Angle de torsion : φ = TL/(GJ) en radians.
  4. Si la puissance est donnée, trouvez d’abord le couple avec P = T·ω, ω = 2πn/60.

Cercle de Mohr et changement de repère des contraintes

Centre
C = (σx + σy)/2
Rayon
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
Contraintes principales
σ1,2 = C ± R
Direction principale
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
Facette inclinée
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

Méthode

  1. Calculez le centre du cercle de Mohr : C = (σx + σy)/2.
  2. Calculez le rayon : R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. Les contraintes principales valent C ± R et la plus grande contrainte de cisaillement dans le plan vaut R.
  4. Les angles sur le cercle sont le double des angles sur l’élément : tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

Contrainte et déformation axiales

Contrainte normale
σ = F/A
Déformation
ε = ΔL/L
Loi de Hooke
σ = E·ε
Allongement
ΔL = FL/(EA)
Déformation thermique
εT = α·ΔT

Flambement des poteaux

Charge critique d’Euler
Pcr = π²EI/(KL)²
Coefficient de longueur de flambement
K = 1 articulé–articulé, 0,5 encastré–encastré, 0,7 encastré–articulé, 2 encastré–libre
Contrainte critique
σcr = Pcr/A
Élancement
λ = KL/r, r = √(I/A)

Vibrations mécaniques

Fréquence propre
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
À partir de la flèche statique
ωn = √(g/δst)
Amortissement critique
cc = 2√(km) = 2mωn
Taux d’amortissement
ζ = c/cc
Fréquence amortie
ωd = ωn√(1 − ζ²)
Décrément logarithmique
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
Ressorts en parallèle
k = k1 + k2
Ressorts en série
1/k = 1/k1 + 1/k2

2Exercices

1.Engrenages et trains d’engrenagesMoyen
Tw​ = ?z = 4, 960 rpm

Un moteur de 0,75 kW à 960 tr/min entraîne une vis sans fin à 4 filet(s). La roue a 72 dents et la transmission a un rendement de 70 %. Trouvez le couple de sortie Tw sur l’arbre de la roue.

z = 4Nw = 72n = 960 rpmP = 0,75 kWη = 70%
Tw = N·m
2.Engrenages et trains d’engrenagesDifficile
A = 50B = 60C = 18D = 60

Dans un train d’engrenages composé, la roue A (50 dents), sur l’arbre d’entrée qui tourne à 1440 rpm, entraîne la roue B (60 dents). La roue C (18 dents) est solidaire du même arbre que B et entraîne la roue D (60 dents) sur l’arbre de sortie. Trouvez la vitesse de sortie nout.

nin = 1440 rpmA = 50B = 60C = 18D = 60
nout = rpm
3.Torsion des arbresMoyen
do​ = ?T = 400 N·m

Un arbre creux doit transmettre un couple de 400 N·m. Son diamètre intérieur doit valoir 0,6 fois son diamètre extérieur, et la contrainte de cisaillement ne doit pas dépasser 50 MPa. Trouvez le plus petit diamètre extérieur do.

T = 400 N·mdi/do = 0,6τallow = 50 MPa
do = mm
4.Torsion des arbresDifficile
Tdo​ = 80 mm, di​ = 60 mm

Un arbre creux transmet 20 kW à 750 tr/min. Trouvez la contrainte de cisaillement maximale τmax dans l’arbre.

P = 20 kWN = 750 rpmdo = 80 mmdi = 60 mm
τmax = MPa
5.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintesMoyen
σx​ = −50σy​ = 70τxy​ = −20MPa

En un point d’une pièce chargée, σₓ = −50 MPa, σᵧ = 70 MPa et τₓᵧ = −20 MPa (traction positive). Trouvez l’angle θp entre l’axe x et la direction de la plus grande contrainte principale, compris entre −90° et 90°.

σx = −50 MPaσy = 70 MPaτxy = −20 MPa
θp = °
6.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintesDifficile
σx​ = 80σy​ = 30τxy​ = −30MPa

Un point d’une plaque mince est en contraintes planes : σₓ = 80 MPa, σᵧ = 30 MPa et τₓᵧ = −30 MPa (σz = 0). Trouvez la contrainte équivalente de von Mises σvM.

σx = 80 MPaσy = 30 MPaτxy = −30 MPa
σvM = MPa
7.Contrainte et déformation axialesMoyen
Ø 16 mmAcier1,5 mP = 100 kN

Trouvez l’allongement δ de la barre en acier sous l’effort axial.

P = 100 kNd = 16 mmL = 1,5 mE = 200 GPa
δ = mm
8.Contrainte et déformation axialesDifficile
30 kN12600 mm500 mmØ25Ø60σ2​ = ?

Un tronçon en acier (diamètre 25 mm, longueur 600 mm, E = 200 GPa) et un tronçon en aluminium (diamètre 60 mm, longueur 500 mm, E = 70 GPa) sont assemblés bout à bout et fixés entre deux murs rigides. Une charge axiale de 30 kN agit à la jonction, vers le tronçon 2. Trouvez la valeur absolue de la contrainte σ2 dans le tronçon 2.

tronçon 1: acier, Ø25 mm, 600 mm, E = 200 GPatronçon 2: aluminium, Ø60 mm, 500 mm, E = 70 GPaP = 30 kN
σ2 = MPa
9.Flambement des poteauxMoyen
PL = 5 m20 × 60 mmsection

Un poteau de longueur L en acier est articulé aux deux extrémités. Avec la formule d’Euler, trouvez sa charge critique de flambement Pcr.

L = 5 mE = 200 GPa (acier)b × h = 20 × 60 mm
Pcr = kN
10.Flambement des poteauxDifficile
PL = 5 md = 30 mmsection

Un poteau de longueur L en acier est encastré aux deux extrémités. Trouvez son élancement et la contrainte critique de flambement σcr avec la formule d’Euler.

L = 5 mE = 200 GPa (acier)d = 30 mm
σcr = MPa
11.Vibrations mécaniquesMoyen
k = 15 kN/mc = 50 N·s/mm = 5 kg

Une masse de 5 kg est portée par un ressort de raideur 15 kN/m et un amortisseur visqueux de coefficient d’amortissement 50 N·s/m. Trouvez le taux d’amortissement ζ.

m = 5 kgk = 15 kN/mc = 50 N·s/m
ζ =
12.Vibrations mécaniquesDifficile
k1​ = 20k2​ = 10k3​ = 5m = 50 kg

Une masse de 50 kg est suspendue au ressort k₃ = 5 kN/m. Le haut de k₃ est fixé à une barre rigide suspendue à deux ressorts côte à côte, k₁ = 20 kN/m et k₂ = 10 kN/m ; la barre reste horizontale. Négligez l’amortissement et les masses des ressorts et de la barre. Trouvez la fréquence propre fn des vibrations verticales, en Hz.

m = 50 kgk1 = 20 kN/mk2 = 10 kN/mk3 = 5 kN/m
fn = Hz

3Solutions

1.Engrenages et trains d’engrenages

Réponse: Tw = 94 N·m

Gear trains: meshing gears have the same speed at the teeth, so n₁·N₁ = n₂·N₂: the gear with fewer teeth turns faster. Gears on one shaft turn at the same speed. Power is passed on (minus losses), so torque goes up when speed goes down: T₂ = T₁·(N₂/N₁)·η, and P = T·ω with ω = 2π·n/60.

Vitesse de la roue

nw = n·z/Nw = 960·4/72 = 53,33 rpm

Couple de sortie

ωw = 2π·53,33/60 = 5,585 rad/s
Tw = η·P/ωw = 0,7·750/5,585 = 94 N·m

Réponse

Tw = 94 N·m
2.Engrenages et trains d’engrenages

Réponse: nout = 360 rpm

Trains d’engrenages : des roues en prise ont la même vitesse au niveau des dents, donc n₁·N₁ = n₂·N₂ : la roue qui a le moins de dents tourne le plus vite. Des roues montées sur un même arbre tournent à la même vitesse. La puissance est transmise (aux pertes près), donc le couple augmente quand la vitesse diminue : T₂ = T₁·(N₂/N₁)·η, et P = T·ω avec ω = 2π·n/60.

Premier étage

nB = 1440·50/60 = 1200 rpm = nC

Deuxième étage

nout = 1200·18/60 = 360 rpm

Réponse

nout = 360 rpm

rapport total = 4 : 1

3.Torsion des arbres

Réponse: do = 36,04 mm

Torsion des arbres circulaires : la contrainte de cisaillement croît linéairement de zéro au centre jusqu’à τmax = T·r/J en surface, avec J = πd⁴/32 pour un arbre plein et J = π(do⁴ − di⁴)/32 pour un arbre creux. L’angle de torsion vaut φ = TL/(GJ) en radians. Puissance et couple sont liés par P = T·ω.

Diamètre extérieur à partir de la contrainte admissible

T = 400 N·m = 400000 N·mm
1 − k⁴ = 1 − 0,6⁴ = 0,8704
do = ∛(16T/(π·τallow·(1 − k⁴))) = ∛(16·400000/(π·50·0,8704)) = 36,04 mm
di = 0,6·36,04 = 21,62 mm

Réponse

do = 36,04 mm

Un arbre plein nécessiterait d = 34,41 mm ; l’arbre creux est un peu plus gros mais beaucoup plus léger.

4.Torsion des arbres

Réponse: τmax = 3,705 MPa

Torsion des arbres circulaires : la contrainte de cisaillement croît linéairement de zéro au centre jusqu’à τmax = T·r/J en surface, avec J = πd⁴/32 pour un arbre plein et J = π(do⁴ − di⁴)/32 pour un arbre creux. L’angle de torsion vaut φ = TL/(GJ) en radians. Puissance et couple sont liés par P = T·ω.

Couple

ω = 2πN/60 = 2π·750/60 = 78,54 rad/s
T = P/ω = 20000/78,54 = 254,6 N·m

Moment quadratique polaire

J = π(80⁴ − 60⁴)/32 = 2,749 × 10⁶ mm⁴

Contrainte de cisaillement maximale

τmax = T·(do/2)/J = 254648·40/2,749 × 10⁶ = 3,705 MPa

Réponse

τmax = 3,705 MPa
5.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintes

Réponse: θp = −80,78 °

Changement de repère en contraintes planes : sur une facette tournée de θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. Le cercle de Mohr représente toutes les facettes à la fois : son centre est en C = (σₓ + σᵧ)/2 et son rayon vaut R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Les contraintes principales valent C ± R, et la plus grande contrainte de cisaillement dans le plan vaut R.

στxyCσ1​σ2​

Angle sur le cercle

Sur le cercle de Mohr, le point x se trouve à un angle 2θp de l’axe σ ; le quadrant découle des signes de σₓ − σᵧ et de τₓᵧ.

2θp = atan2(2·−20, −50 − 70) = −161,6°

Angle sur l’élément

θp = −80,78°

Réponse

θp = −80,78°

Les angles positifs sont comptés dans le sens antihoraire.

6.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintes

Réponse: σvM = 87,18 MPa

Changement de repère en contraintes planes : sur une facette tournée de θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. Le cercle de Mohr représente toutes les facettes à la fois : son centre est en C = (σₓ + σᵧ)/2 et son rayon vaut R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Les contraintes principales valent C ± R, et la plus grande contrainte de cisaillement dans le plan vaut R. Critères de plasticité : von Mises prévoit la plastification quand σvM = √(σ₁² − σ₁σ₂ + σ₂²) atteint σY ; Tresca quand la contrainte de cisaillement maximale absolue atteint σY/2.

στxyCσ1​σ2​

Contraintes principales

C = 55 MPa, R = 39,05 MPa
σ1 = 94,05 MPa, σ2 = 15,95 MPa, σ3 = 0

Von Mises

σvM = √(94,05² − 94,05·15,95 + 15,95²) = 87,18 MPa

Réponse

σvM = 87,18 MPa
7.Contrainte et déformation axiales

Réponse: δ = 3,73 mm

Loi de Hooke : dans le domaine élastique, σ = E·ε. Avec σ = P/A et ε = δ/L, on obtient δ = PL/(AE).

Contrainte

A = π·16²/4 = 201,1 mm²
σ = P/A = 100·1000/201,1 = 497,4 MPa

Déformation (loi de Hooke)

E for acier = 200 GPa = 200000 MPa.

ε = σ/E = 497,4/200000 = 0,002487 = 2487 µε

Allongement

δ = ε·L = 0,002487·1500 mm = 3,73 mm

Réponse

δ = 3,73 mm
8.Contrainte et déformation axiales

Réponse: σ2 = 7,507 MPa

Deux matériaux : en série (l’un après l’autre), chaque tronçon supporte le même effort et les allongements s’additionnent : δ = P·Σ L/(E·A). En parallèle (côte à côte entre des plaques rigides), les deux parties se raccourcissent de la même quantité, donc leurs déformations sont égales : la partie la plus rigide prend la plus grande part, Pi = P·EiAi/ΣEA, et σi = Ei·ε. Une barre tenue entre deux murs rigides avec une charge à la jonction est hyperstatique : les deux tronçons se partagent la charge proportionnellement à leur rigidité k = EA/L.

Rigidités

k₁ = 200000·490,9/600 = 163625 N/mm
k₂ = 70000·2827/500 = 395841 N/mm

Part du tronçon 2

F2 = 30000·395841/559465 = 21226 N

Contrainte

σ2 = 21226/2827 = 7,507 MPa (compression)

Réponse

σ2 = 7,507 MPa
9.Flambement des poteaux

Réponse: Pcr = 3,158 kN

Flambement d’Euler : un poteau élancé devient instable à Pcr = π²EI/(KL)², où KL est la longueur de flambement : K = 1 pour articulé–articulé, 2 pour encastré–libre, 0,7 pour encastré–articulé et 0,5 pour encastré–encastré. Il flambe autour de l’axe ayant le plus petit I. La formule vaut pour les poteaux élancés, dont la contrainte critique reste sous la limite d’élasticité.

Plus petit moment quadratique

Un rectangle flambe autour de son axe faible, avec la plus petite dimension au cube.

Imin = h·b³/12 = 60·20³/12 = 40000 mm⁴

Longueur de flambement

KL = 1·5000 = 5000 mm

Charge critique

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·200000·40000/5000² = 3158 N = 3,158 kN

Réponse

Pcr = 3,158 kN
10.Flambement des poteaux

Réponse: σcr = 17,77 MPa

Flambement d’Euler : un poteau élancé devient instable à Pcr = π²EI/(KL)², où KL est la longueur de flambement : K = 1 pour articulé–articulé, 2 pour encastré–libre, 0,7 pour encastré–articulé et 0,5 pour encastré–encastré. Il flambe autour de l’axe ayant le plus petit I. La formule vaut pour les poteaux élancés, dont la contrainte critique reste sous la limite d’élasticité.

Plus petit moment quadratique

Une section circulaire a le même I par rapport à tout axe.

I = πd⁴/64 = π·30⁴/64 = 39761 mm⁴

Rayon de giration et élancement

A = 706,9 mm²
r = √(I/A) = √(39761/706,9) = 7,5 mm
KL = 0,5·5000 = 2500 mm
KL/r = 2500/7,5 = 333,3

Contrainte critique

σcr = π²E/(KL/r)² = π²·200000/333,3² = 17,77 MPa

Réponse

σcr = 17,77 MPa
11.Vibrations mécaniques

Réponse: ζ = 0,09129

Vibrations libres d’un système masse–ressort : la pulsation propre non amortie vaut ωn = √(k/m) en rad/s, et fn = ωn/(2π) en Hz. Un amortisseur visqueux c donne le taux d’amortissement ζ = c/cc, avec l’amortissement critique cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Un système sous-amorti (ζ < 1) oscille à ωd = ωn·√(1 − ζ²). Des ressorts en parallèle s’additionnent, k = k₁ + k₂ ; des ressorts en série s’additionnent par leurs inverses, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Amortissement critique

cc = 2·√(k·m) = 2·√(15000·5) = 547,7 N·s/m

Taux d’amortissement

ζ = c/cc = 50/547,7 = 0,09129

Réponse

ζ = 0,09129

ζ < 1 : le système est sous-amorti et oscille en s’amortissant.

12.Vibrations mécaniques

Réponse: fn = 1,473 Hz

Vibrations libres d’un système masse–ressort : la pulsation propre non amortie vaut ωn = √(k/m) en rad/s, et fn = ωn/(2π) en Hz. Un amortisseur visqueux c donne le taux d’amortissement ζ = c/cc, avec l’amortissement critique cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Un système sous-amorti (ζ < 1) oscille à ωd = ωn·√(1 − ζ²). Des ressorts en parallèle s’additionnent, k = k₁ + k₂ ; des ressorts en série s’additionnent par leurs inverses, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Raideur équivalente

Seuls k1 et k2 sont en parallèle. Cette paire est en série avec k3 ; combinez-les donc par leurs inverses.

k12 = 20 + 10 = 30 kN/m
keq = 30·5/(30 + 5) = 4,286 kN/m

Fréquence propre

ωn = √(4286/50) = 9,258 rad/s
fn = 9,258/(2π) = 1,473 Hz

Réponse

fn = 1,473 Hz

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