Conception de machines : pack de révision

Formulaires, étapes clés de la méthode pour chaque thème et 12 exercices, avec les corrigés complets à la fin.

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1Formules et méthodes

Engrenages et trains d’engrenages

Roues en prise
n1·N1 = n2·N2
Couple
T2 = T1·(N2/N1)·η
Puissance
P = T·ω, ω = 2π·n/60
Train composé
rapport total = produit des rapports de chaque étage

Torsion des arbres

Contrainte de cisaillement
τ = T·r/J
Arbre plein
J = πd⁴/32
Arbre creux
J = π(D⁴ − d⁴)/32
Angle de torsion
φ = TL/(GJ)
Puissance
P = T·ω = 2πnT/60

Méthode

  1. Trouvez le moment quadratique polaire : J = πd⁴/32 pour un arbre plein.
  2. Contrainte de cisaillement en surface : τ = T·r/J, avec r le rayon extérieur.
  3. Angle de torsion : φ = TL/(GJ) en radians.
  4. Si la puissance est donnée, trouvez d’abord le couple avec P = T·ω, ω = 2πn/60.

Cercle de Mohr et changement de repère des contraintes

Centre
C = (σx + σy)/2
Rayon
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
Contraintes principales
σ1,2 = C ± R
Direction principale
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
Facette inclinée
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

Méthode

  1. Calculez le centre du cercle de Mohr : C = (σx + σy)/2.
  2. Calculez le rayon : R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. Les contraintes principales valent C ± R et la plus grande contrainte de cisaillement dans le plan vaut R.
  4. Les angles sur le cercle sont le double des angles sur l’élément : tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

Contrainte et déformation axiales

Contrainte normale
σ = F/A
Déformation
ε = ΔL/L
Loi de Hooke
σ = E·ε
Allongement
ΔL = FL/(EA)
Déformation thermique
εT = α·ΔT

Flambement des poteaux

Charge critique d’Euler
Pcr = π²EI/(KL)²
Coefficient de longueur de flambement
K = 1 articulé–articulé, 0,5 encastré–encastré, 0,7 encastré–articulé, 2 encastré–libre
Contrainte critique
σcr = Pcr/A
Élancement
λ = KL/r, r = √(I/A)

Vibrations mécaniques

Fréquence propre
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
À partir de la flèche statique
ωn = √(g/δst)
Amortissement critique
cc = 2√(km) = 2mωn
Taux d’amortissement
ζ = c/cc
Fréquence amortie
ωd = ωn√(1 − ζ²)
Décrément logarithmique
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
Ressorts en parallèle
k = k1 + k2
Ressorts en série
1/k = 1/k1 + 1/k2

2Exercices

1.Engrenages et trains d’engrenagesMoyen
d1​ = 120 mmd2​ = 400 mm1500 rpmT1​ = 400 NT2​ = 160 NP = ?

Une courroie passe sur une poulie motrice de 120 mm tournant à 1500 tr/min. La tension est de 400 N sur le brin tendu et de 160 N sur le brin mou. Trouvez la puissance P transmise, en kW.

d1 = 120 mmn1 = 1500 rpmT1 = 400 NT2 = 160 N
P = kW
2.Engrenages et trains d’engrenagesDifficile
Ns​ = 18nr​ = ?Np​ = 15porte-satellites fixe

Dans un train épicycloïdal, le planétaire a 18 dents et chaque satellite a 15 dents. Le porte-satellites est maintenu fixe et le planétaire est entraîné à 1800 tr/min. Trouvez la vitesse de rotation nr de la couronne (valeur absolue).

Ns = 18Np = 15ns = 1800 rpm
nr = rpm
3.Torsion des arbresMoyen
do​ = 60, di​ = 30 mmT = 400 N·mL = 1,5 m

Un arbre creux en acier (diamètre extérieur 60 mm, diamètre intérieur 30 mm, longueur 1,5 m) est encastré à une extrémité et soumis à un couple de 400 N·m à l’autre. Trouvez l’angle de torsion φ en degrés.

T = 400 N·mdo = 60 mmdi = 30 mmL = 1,5 mG = 80 GPa
φ = °
4.Torsion des arbresDifficile
d = 50 mmTB​ = 1500 N·mTC​ = 200 N·mABC2,5 m1,2 m

Un arbre plein en laiton de diamètre 50 mm est encastré en A. Un couple de 1500 N·m agit en B, à 2,5 m de A, et un couple de 200 N·m de sens opposé agit à l’extrémité libre C, 1,2 m plus loin. Trouvez la valeur absolue de l’angle de torsion φC de l’extrémité C, en degrés.

d = 50 mmTB = 1500 N·mTC = 200 N·mAB = 2,5 mBC = 1,2 mG = 39 GPa
φC = °
5.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintesMoyen
σx​ = −10σy​ = −50τxy​ = 50MPa

En un point, σₓ = −10 MPa, σᵧ = −50 MPa et τₓᵧ = 50 MPa (traction positive). L’élément est tourné de 20° dans le sens trigonométrique. Trouvez la contrainte normale σy′ sur les faces de l’élément tourné perpendiculaires à l’axe tourné y′.

σx = −10 MPaσy = −50 MPaτxy = 50 MPaθ = 20°
σy′ = MPa
6.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintesDifficile
σx​ = 130σy​ = −30τxy​ = 30MPa

En un point d’une pièce chargée, σₓ = 130 MPa, σᵧ = −30 MPa et τₓᵧ = 30 MPa (traction positive). Trouvez la contrainte de cisaillement τθ sur une facette dont la normale est tournée de 20° dans le sens horaire par rapport à l’axe x (positive dans le même sens que τₓᵧ).

σx = 130 MPaσy = −30 MPaτxy = 30 MPaθ = -20°
τθ = MPa
7.Contrainte et déformation axialesMoyen
Ø 16 mmCuivre1 mP = 85 kN

Trouvez l’allongement δ de la barre en cuivre sous l’effort axial.

P = 85 kNd = 16 mmL = 1 mE = 117 GPa
δ = mm
8.Contrainte et déformation axialesDifficile
80 kN12500 mm500 mmØ30Ø30σ2​ = ?

Un tronçon en acier (diamètre 30 mm, longueur 500 mm, E = 200 GPa) et un tronçon en cuivre (diamètre 30 mm, longueur 500 mm, E = 120 GPa) sont assemblés bout à bout et fixés entre deux murs rigides. Une charge axiale de 80 kN agit à la jonction, vers le tronçon 2. Trouvez la valeur absolue de la contrainte σ2 dans le tronçon 2.

tronçon 1: acier, Ø30 mm, 500 mm, E = 200 GPatronçon 2: cuivre, Ø30 mm, 500 mm, E = 120 GPaP = 80 kN
σ2 = MPa
9.Flambement des poteauxMoyen
PL = 6 md = 30 mmsection

Un poteau de longueur L en aluminium est encastré aux deux extrémités. Avec la formule d’Euler, trouvez sa charge critique de flambement Pcr.

L = 6 mE = 70 GPa (aluminium)d = 30 mm
Pcr = kN
10.Flambement des poteauxDifficile
PL = 5 md = 40 mmsection

Un poteau de longueur L en aluminium est articulé aux deux extrémités. Trouvez son élancement et la contrainte critique de flambement σcr avec la formule d’Euler.

L = 5 mE = 70 GPa (aluminium)d = 40 mm
σcr = MPa
11.Vibrations mécaniquesMoyen
k = 5 kN/mc = 20 N·s/mm = 8 kg

Une masse de 8 kg est portée par un ressort de raideur 5 kN/m et un amortisseur visqueux de coefficient d’amortissement 20 N·s/m. Trouvez le taux d’amortissement ζ.

m = 8 kgk = 5 kN/mc = 20 N·s/m
ζ =
12.Vibrations mécaniquesDifficile
k1​ = 10k2​ = 10k3​ = 20m = 50 kg

Une masse de 50 kg est suspendue au ressort k₃ = 20 kN/m. Le haut de k₃ est fixé à une barre rigide suspendue à deux ressorts côte à côte, k₁ = 10 kN/m et k₂ = 10 kN/m ; la barre reste horizontale. Négligez l’amortissement et les masses des ressorts et de la barre. Trouvez la fréquence propre fn des vibrations verticales, en Hz.

m = 50 kgk1 = 10 kN/mk2 = 10 kN/mk3 = 20 kN/m
fn = Hz

3Solutions

1.Engrenages et trains d’engrenages

Réponse: P = 2,262 kW

Transmissions par courroie : sans glissement, les deux poulies ont la même vitesse périphérique v = π·d·n/60, donc n₁·d₁ = n₂·d₂ et le rapport de vitesses vaut d₂/d₁. Le glissement s ralentit un peu la poulie menée : n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). La puissance transmise est P = (T₁ − T₂)·v, avec T₁ la tension du brin tendu et T₂ celle du brin mou. Le frottement limite le rapport des tensions : T₁/T₂ = eμθ, où θ est l’angle d’enroulement en radians sur la plus petite poulie ; pour une courroie ouverte, θ = π − 2·asin((d₂ − d₁)/(2C)) avec l’entraxe C.

Vitesse de la courroie

v = 9,425 m/s

Puissance

P = (400 − 160)·9,425 = 2262 W = 2,262 kW

Réponse

P = 2,262 kW
2.Engrenages et trains d’engrenages

Réponse: nr = 675 rpm

Trains épicycloïdaux : les vitesses du planétaire, de la couronne et du porte-satellites sont liées par la formule de Willis (ns − nc)/(nr − nc) = −Nr/Ns : vu du porte-satellites, le train est un train ordinaire dont les satellites sont des roues intermédiaires. Bloquer un élément transforme le train en réducteur à rapport unique.

Dents de la couronne

Nr = Ns + 2·Np = 18 + 2·15 = 48

Formule de Willis avec le porte-satellites fixe

Avec nc = 0, le planétaire entraîne la couronne par l’intermédiaire des satellites, qui jouent le rôle de roues intermédiaires.

nr = −ns·Ns/Nr = −1800·18/48 = −675 rpm
|nr| = 675 rpm

Réponse

nr = 675 rpm

La couronne tourne en sens inverse du planétaire.

3.Torsion des arbres

Réponse: φ = 0,3603 °

Torsion des arbres circulaires : la contrainte de cisaillement croît linéairement de zéro au centre jusqu’à τmax = T·r/J en surface, avec J = πd⁴/32 pour un arbre plein et J = π(do⁴ − di⁴)/32 pour un arbre creux. L’angle de torsion vaut φ = TL/(GJ) en radians. Puissance et couple sont liés par P = T·ω.

Moment quadratique polaire

J = π(60⁴ − 30⁴)/32 = 1,193 × 10⁶ mm⁴

Angle de torsion

T = 400 N·m = 400000 N·mm
L = 1,5 m = 1500 mm
G = 80 GPa = 80000 MPa
φ = TL/(GJ) = 400000·1500/(80000·1,193 × 10⁶) = 0,006288 rad
φ = 0,006288·180/π = 0,3603°

Réponse

φ = 0,3603°
4.Torsion des arbres

Réponse: φC = 7,207 °

Torsion des arbres circulaires : la contrainte de cisaillement croît linéairement de zéro au centre jusqu’à τmax = T·r/J en surface, avec J = πd⁴/32 pour un arbre plein et J = π(do⁴ − di⁴)/32 pour un arbre creux. L’angle de torsion vaut φ = TL/(GJ) en radians. Puissance et couple sont liés par P = T·ω.

Couples internes

Sens de TC pris comme positif.

TBC = TC = 200 N·m
TAB = TC − TB = 200 − 1500 = −1300 N·m

Torsion de chaque tronçon

J = π·50⁴/32 = 613592 mm⁴
G = 39 GPa = 39000 MPa
φAB = −1,3 × 10⁶·2500/(39000·613592) = −0,1358 rad
φBC = 200000·1200/(39000·613592) = 0,01003 rad

Torsion de l’extrémité C

φC = −0,1358 + 0,01003 = −0,1258 rad → |φC| = 7,207°

Réponse

φC = 7,207°
5.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintes

Réponse: σy′ = −77,46 MPa

Changement de repère en contraintes planes : sur une facette tournée de θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. Le cercle de Mohr représente toutes les facettes à la fois : son centre est en C = (σₓ + σᵧ)/2 et son rayon vaut R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Les contraintes principales valent C ± R, et la plus grande contrainte de cisaillement dans le plan vaut R.

Formule de changement de repère pour la face y′

σy′ = −30 − 20·0,766 − 50·0,6428 = −77,46 MPa

Vérification

La somme des contraintes normales ne change pas avec la rotation.

σx′ = 17,46 MPa, σx′ + σy′ = −60 = σx + σy

Réponse

σy′ = −77,46 MPa
6.Cercle de Mohr et changement de repère des contraintes

Réponse: τθ = 74,4 MPa

Changement de repère en contraintes planes : sur une facette tournée de θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. Le cercle de Mohr représente toutes les facettes à la fois : son centre est en C = (σₓ + σᵧ)/2 et son rayon vaut R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Les contraintes principales valent C ± R, et la plus grande contrainte de cisaillement dans le plan vaut R.

Formule de changement de repère

τθ = −80·−0,6428 + 30·0,766 = 74,4 MPa

Réponse

τθ = 74,4 MPa
7.Contrainte et déformation axiales

Réponse: δ = 3,613 mm

Loi de Hooke : dans le domaine élastique, σ = E·ε. Avec σ = P/A et ε = δ/L, on obtient δ = PL/(AE).

Contrainte

A = π·16²/4 = 201,1 mm²
σ = P/A = 85·1000/201,1 = 422,8 MPa

Déformation (loi de Hooke)

E for cuivre = 117 GPa = 117000 MPa.

ε = σ/E = 422,8/117000 = 0,003613 = 3613 µε

Allongement

δ = ε·L = 0,003613·1000 mm = 3,613 mm

Réponse

δ = 3,613 mm
8.Contrainte et déformation axiales

Réponse: σ2 = 42,44 MPa

Deux matériaux : en série (l’un après l’autre), chaque tronçon supporte le même effort et les allongements s’additionnent : δ = P·Σ L/(E·A). En parallèle (côte à côte entre des plaques rigides), les deux parties se raccourcissent de la même quantité, donc leurs déformations sont égales : la partie la plus rigide prend la plus grande part, Pi = P·EiAi/ΣEA, et σi = Ei·ε. Une barre tenue entre deux murs rigides avec une charge à la jonction est hyperstatique : les deux tronçons se partagent la charge proportionnellement à leur rigidité k = EA/L.

Rigidités

k₁ = 200000·706,9/500 = 282743 N/mm
k₂ = 120000·706,9/500 = 169646 N/mm

Part du tronçon 2

F2 = 80000·169646/452389 = 30000 N

Contrainte

σ2 = 30000/706,9 = 42,44 MPa (compression)

Réponse

σ2 = 42,44 MPa
9.Flambement des poteaux

Réponse: Pcr = 3,052 kN

Flambement d’Euler : un poteau élancé devient instable à Pcr = π²EI/(KL)², où KL est la longueur de flambement : K = 1 pour articulé–articulé, 2 pour encastré–libre, 0,7 pour encastré–articulé et 0,5 pour encastré–encastré. Il flambe autour de l’axe ayant le plus petit I. La formule vaut pour les poteaux élancés, dont la contrainte critique reste sous la limite d’élasticité.

Plus petit moment quadratique

Une section circulaire a le même I par rapport à tout axe.

I = πd⁴/64 = π·30⁴/64 = 39761 mm⁴

Longueur de flambement

KL = 0,5·6000 = 3000 mm

Charge critique

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·70000·39761/3000² = 3052 N = 3,052 kN

Réponse

Pcr = 3,052 kN
10.Flambement des poteaux

Réponse: σcr = 2,763 MPa

Flambement d’Euler : un poteau élancé devient instable à Pcr = π²EI/(KL)², où KL est la longueur de flambement : K = 1 pour articulé–articulé, 2 pour encastré–libre, 0,7 pour encastré–articulé et 0,5 pour encastré–encastré. Il flambe autour de l’axe ayant le plus petit I. La formule vaut pour les poteaux élancés, dont la contrainte critique reste sous la limite d’élasticité.

Plus petit moment quadratique

Une section circulaire a le même I par rapport à tout axe.

I = πd⁴/64 = π·40⁴/64 = 125664 mm⁴

Rayon de giration et élancement

A = 1257 mm²
r = √(I/A) = √(125664/1257) = 10 mm
KL = 1·5000 = 5000 mm
KL/r = 5000/10 = 500

Contrainte critique

σcr = π²E/(KL/r)² = π²·70000/500² = 2,763 MPa

Réponse

σcr = 2,763 MPa
11.Vibrations mécaniques

Réponse: ζ = 0,05

Vibrations libres d’un système masse–ressort : la pulsation propre non amortie vaut ωn = √(k/m) en rad/s, et fn = ωn/(2π) en Hz. Un amortisseur visqueux c donne le taux d’amortissement ζ = c/cc, avec l’amortissement critique cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Un système sous-amorti (ζ < 1) oscille à ωd = ωn·√(1 − ζ²). Des ressorts en parallèle s’additionnent, k = k₁ + k₂ ; des ressorts en série s’additionnent par leurs inverses, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Amortissement critique

cc = 2·√(k·m) = 2·√(5000·8) = 400 N·s/m

Taux d’amortissement

ζ = c/cc = 20/400 = 0,05

Réponse

ζ = 0,05

ζ < 1 : le système est sous-amorti et oscille en s’amortissant.

12.Vibrations mécaniques

Réponse: fn = 2,251 Hz

Vibrations libres d’un système masse–ressort : la pulsation propre non amortie vaut ωn = √(k/m) en rad/s, et fn = ωn/(2π) en Hz. Un amortisseur visqueux c donne le taux d’amortissement ζ = c/cc, avec l’amortissement critique cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Un système sous-amorti (ζ < 1) oscille à ωd = ωn·√(1 − ζ²). Des ressorts en parallèle s’additionnent, k = k₁ + k₂ ; des ressorts en série s’additionnent par leurs inverses, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Raideur équivalente

Seuls k1 et k2 sont en parallèle. Cette paire est en série avec k3 ; combinez-les donc par leurs inverses.

k12 = 10 + 10 = 20 kN/m
keq = 20·20/(20 + 20) = 10 kN/m

Fréquence propre

ωn = √(10000/50) = 14,14 rad/s
fn = 14,14/(2π) = 2,251 Hz

Réponse

fn = 2,251 Hz

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