FE Electrical and Computer परीक्षा अभ्यास: क्रैम पैक

सूत्र-पत्रक, हर विषय के मुख्य विधि-चरण और 40 अभ्यास प्रश्न, पूरे हल पीछे दिए गए हैं।

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1सूत्र और विधियाँ

श्रेणी और समांतर प्रतिरोधक

श्रेणी में प्रतिरोध
Req = R1 + R2 + …
समांतर में प्रतिरोध
1/Req = 1/R1 + 1/R2 + …
दो समांतर में
Req = R1R2 / (R1 + R2)
ओम का नियम
V = I·R
शक्ति
P = V·I = I²R = V²/R

विधि

  1. नेटवर्क के उस सिरे से शुरू करें जो टर्मिनलों से सबसे दूर है।
  2. श्रेणी में प्रतिरोधकों को जोड़कर मिलाएँ, और समांतर में प्रतिरोधकों को 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + … से।
  3. हर चरण के बाद परिपथ दोबारा बनाएँ।
  4. तब तक दोहराएँ जब तक टर्मिनलों के बीच एक ही प्रतिरोधक न बचे।

नोडल विश्लेषण

किरचॉफ का धारा नियम
ΣIin = ΣIout
शाखा धारा
I = (Va − Vb)/R
संदर्भ नोड
Vground = 0

विधि

  1. एक संदर्भ नोड (भू) चुनें और बाकी नोड वोल्टताओं को नाम दें।
  2. हर अज्ञात नोड पर किरखॉफ़ का धारा नियम लिखें: हर शाखा से निकलने वाली धाराएँ प्रवेश करने वाली धाराओं के बराबर होती हैं।
  3. हर शाखा धारा को (Va − Vb)/R के रूप में व्यक्त करें।
  4. समीकरण निकाय हल करें, फिर आवश्यक कोई भी धारा ज्ञात करें।

मेश विश्लेषण

किरचॉफ का वोल्टता नियम
हर लूप के चारों ओर ΣV = 0
साझा प्रतिरोध
धारा = I1 − I2
मेश में धारा स्रोत
उस मेश की धारा तय करता है

विधि

  1. परिपथ के हर मेश (खिड़की) में दक्षिणावर्त धारा बनाएँ।
  2. हर मेश के चारों ओर किरखॉफ़ का वोल्टता नियम लगाएँ: वोल्टता पातों का योग शून्य है।
  3. दो मेशों के साझा प्रतिरोधक में धारा दोनों मेश धाराओं का अंतर होती है।
  4. समीकरण हल करें; ऋणात्मक परिणाम का अर्थ है कि धारा उलटी दिशा में बहती है।

अध्यारोपण

अध्यारोपण
x = x1 + x2 + … (one source at a time)
बंद वोल्टता स्रोत
शॉर्ट सर्किट (0 V)
बंद धारा स्रोत
खुला परिपथ (0 A)
वोल्टता विभाजक
V2 = V·R2/(R1 + R2)
धारा विभाजक
I1 = I·R2/(R1 + R2)

विधि

  1. स्वतंत्र स्रोत गिनें। आप हर स्रोत के लिए एक सरल परिपथ हल करेंगे।
  2. एक स्रोत रखें और बाकी बंद कर दें: वोल्टता स्रोत लघु परिपथ (एक तार) बन जाता है, धारा स्रोत खुला परिपथ (एक अंतराल) बन जाता है।
  3. सरल परिपथ में आवश्यक वोल्टता या धारा ज्ञात करें, उसकी दिशा का ध्यान रखते हुए।
  4. हर स्रोत के लिए दोहराएँ, फिर योगदानों को उनके चिह्नों सहित जोड़ें।

थेवेनिन और नॉर्टन

थेवेनिन वोल्टता
Vth = Vopen circuit
थेवेनिन प्रतिरोध
Rth: सभी स्रोत बंद, a–b से देखा गया
नॉर्टन धारा
IN = Vth/Rth
लोड धारा
IL = Vth/(Rth + RL)
अधिकतम शक्ति स्थानांतरण
RL = Rth, Pmax = Vth²/(4Rth)

विधि

  1. भार हटाएँ और दोनों टर्मिनलों को a और b से चिह्नित करें।
  2. a और b के बीच खुला-परिपथ वोल्टता ज्ञात करें: यही Vth है।
  3. सभी स्वतंत्र स्रोत बंद करें और a–b से दिखने वाला प्रतिरोध ज्ञात करें: यही Rth है।
  4. लोड को समतुल्य परिपथ पर वापस लगाएँ: Vth, Rth के साथ श्रेणी में।
  5. नॉर्टन समतुल्य के लिए रूपांतरित करें: IN = Vth/Rth, और RN = Rth समांतर में।

RC और RL क्षणिक अवस्थाएँ

समय स्थिरांक
τ = RC | τ = L/R
अनुक्रिया
x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ
DC पर संधारित्र
खुला परिपथ; vC अचानक नहीं बदल सकता
DC पर प्रेरक
शॉर्ट सर्किट; iL अचानक नहीं बदल सकता
स्थिर अवस्था
t ≈ 5τ

विधि

  1. स्विचिंग के ठीक बाद प्रारंभिक मान ज्ञात करें: संधारित्र की वोल्टता और प्रेरक की धारा अचानक नहीं बदल सकती।
  2. स्विचिंग के बहुत बाद अंतिम मान ज्ञात करें: संधारित्र खुले परिपथ जैसा, प्रेरक लघु परिपथ जैसा व्यवहार करता है।
  3. समय स्थिरांक ज्ञात करें: τ = RC या τ = L/R, संधारित्र या प्रेरक द्वारा देखे गए प्रतिरोध का उपयोग करके।
  4. x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ का उपयोग करें।

AC प्रतिबाधा और फ़ेज़र

प्रतिबाधाएँ
ZR = R, ZL = jωL, ZC = 1/(jωC)
कोणीय आवृत्ति
ω = 2πf
परिमाण और कोण
|Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
फेज़र रूप में ओम का नियम
V = I·Z

विधि

  1. आवृत्ति बदलें: ω = 2πf।
  2. हर प्रतिघात ज्ञात करें: XL = ωL और XC = 1/(ωC)।
  3. प्रतिबाधाओं को प्रतिरोधकों की तरह जोड़ें, Z = R + jX के साथ।
  4. परिमाण |Z| = √(R² + X²) और कोण φ = atan(X/R) ज्ञात करें, फिर फ़ेज़र के साथ ओम का नियम लगाएँ।

AC शक्ति और शक्ति गुणक

सक्रिय शक्ति
P = V·I·cos φ
प्रतिघाती शक्ति
Q = V·I·sin φ
आभासी शक्ति
S = V·I = √(P² + Q²)
शक्ति गुणांक
pf = cos φ = P/S
सुधार संधारित्र
QC = P(tan φ1 − tan φ2), C = QC/(ωV²)

त्रि-फ़ेज़ शक्ति

Y संयोजन
VL = √3·Vph, IL = Iph
Δ संयोजन
VL = Vph, IL = √3·Iph
कुल वास्तविक शक्ति
P = √3·VL·IL·cos φ = 3·Iph²·R
आभासी और प्रतिघाती शक्ति
S = √3·VL·IL, Q = P·tan φ
सुधार संधारित्र
QC = P(tan φ1 − tan φ2), C = QC/(3ωV²)
प्रत्येक संधारित्र पर वोल्टता
Δ: VL Y: VL/√3
मोटर निवेश
Pin = Pout/η

ट्रांसफ़ॉर्मर

फेरों का अनुपात
a = N1/N2 = V1/V2
धारा अनुपात
I1/I2 = N2/N1 = 1/a
निर्धारित धारा
I = S/V
स्थानांतरित प्रतिबाधा
Z1′ = a²·ZL
आंशिक भार पर ताम्र हानि
Pcu = x²·Pcu,fl
दक्षता
η = x·S·pf/(x·S·pf + Pcore + x²·Pcu,fl)
अधिकतम दक्षता
x = √(Pcore/Pcu,fl)

ऑप-एम्प परिपथ

इनवर्टिंग प्रवर्धक
Vout = −(Rf/Rin)·Vin
नॉन-इनवर्टिंग प्रवर्धक
Vout = (1 + Rf/R1)·Vin
योगकारी प्रवर्धक
Vout = −Rf(V1/R1 + V2/R2)
आदर्श ऑप-एम्प
V+ = V−, Iin = 0

डायोड और ट्रांज़िस्टर

डायोड (नियत वोल्टता पात)
VD = 0.7 V when conducting
सक्रिय क्षेत्र
VBE = 0.7 V, IC = β·IB, IE = (β + 1)·IB
स्थिर बायस
IB = (VCC − 0.7)/RB
विभाजक बायस
IB = (VTH − 0.7)/(RTH + (β + 1)RE)
विभाजक का थेवेनिन तुल्य
VTH = VCC·R2/(R1 + R2), RTH = R1∥R2
संग्राहक लूप
VCE = VCC − ICRC − IERE
संतृप्ति
IC(sat) = (VCC − VCE(sat))/RC, IB ≥ IC(sat)/β

संख्या पद्धतियाँ

स्थानीय मान
बाइनरी 2k, ऑक्टल 8k, हेक्स 16k
दशमलव में
Σ dk·bk
दशमलव से
आधार से भाग दें, शेषफल नीचे से ऊपर पढ़ें
हेक्स ↔ बाइनरी
एक हेक्स अंक = 4 बिट
टू’ज़ कॉम्प्लीमेंट
बिट उलटें और 1 जोड़ें

डिजिटल लॉजिक: गेट, K-मानचित्र और फ़्लिप-फ़्लॉप

मूल गेट
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
बूलीय नियम
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
डी मॉर्गन
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
कार्नो मानचित्र का क्रम
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ खानों का समूह
k चर खो देता है
4-से-1 मल्टीप्लेक्सर
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
फ़्लिप-फ़्लॉप
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
काउंटर
n-बिट: 2ⁿ अवस्थाएँ; mod-N: सबसे छोटा n जिसमें 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
रिपल काउंटर
fmax = 1/(n·tpd)
रिंग और जॉनसन काउंटर
n और 2n अवस्थाएँ

विधि

  1. परिपथ के लिए निवेशों से निर्गत तक एक-एक गेट करके काम करें और हर तार पर मान लिखें, या उसका व्यंजक लिखें और सत्यमान सारणी भरें।
  2. सरलीकरण के लिए 1 (और डोंट-केयर को X के रूप में) को ग्रे-कोड पंक्तियों और स्तंभों वाले कार्नो मानचित्र में रखें: 00, 01, 11, 10।
  3. 1 को 1, 2, 4, 8 या 16 खानों के जितने कम और जितने बड़े संभव हों उतने समूहों से ढकें, किनारों से लिपटते हुए; हर समूह एक गुणन पद है जो उन चरों से बना है जो स्थिर रहते हैं। POS रूप के लिए 0 को समूहित करें।
  4. फ़्लिप-फ़्लॉप और काउंटरों के लिए हर सक्रिय क्लॉक कोर पर निवेश पढ़ें, हर कोर के बाद अवस्था लिखें, और याद रखें कि n-बिट काउंटर 2ⁿ अवस्थाओं के बाद लौट जाता है।

स्थायित्व: राउथ–हरविट्ज़ और मूल बिंदुपथ

स्थायित्व
अभिलाक्षणिक बहुपद के सभी मूल बाएँ अर्ध-तल में
राउथ सारणी, त्रिघात की s¹ प्रविष्टि
b1 = (a2a1 − a3a0)/a2
दाएँ अर्ध-तल के मूल
पहले स्तंभ में चिह्न-परिवर्तनों की संख्या
त्रिघात s³ + a₂s² + a₁s + a₀
स्थायी जब सभी a > 0 और a₂·a₁ > a₀
K/(s(s + a)(s + b))
Kmax = ab(a + b), ω = √(ab)
अभिलाक्षणिक समीकरण
1 + K·G(s) = 0
अनंतस्पर्शियाँ
σa = (Σp − Σz)/(n − m), θ = (2q + 1)·180°/(n − m)
विचलन और संगम बिंदु
dK/ds = 0
परिमाण शर्त
K = 1/|G(s)|
प्रस्थान कोण
θd = 180° − Σ∠(from other poles) + Σ∠(from zeros)

विधि

  1. संवृत-लूप अभिलाक्षणिक बहुपद लिखिए: 1 + K·G(s) = 0 का हर, गुणा करके फैलाया हुआ।
  2. गुणांकों को बारी-बारी से राउथ सारणी की पहली दो पंक्तियों में रखिए और बाकी पंक्तियाँ बनाइए।
  3. पहले स्तंभ के चिह्न-परिवर्तन गिनिए: हर एक दाएँ अर्ध-तल का एक ध्रुव है। सारणी में K होने पर माँग कीजिए कि पहले स्तंभ की हर प्रविष्टि धनात्मक रहे।
  4. मूल बिंदुपथ के लिए ध्रुव और शून्य, वास्तविक अक्ष के खंड, केंद्रक से निकलती अनंतस्पर्शियाँ और dK/ds = 0 वाले विचलन/संगम बिंदु अंकित कीजिए। किसी बिंदु पर लब्धि के लिए K = 1/|G(s)| का उपयोग कीजिए।

स्थायी-अवस्था त्रुटि और PID नियंत्रण

तंत्र प्रकार
G(s) के s = 0 पर ध्रुवों की संख्या
त्रुटि स्थिरांक
Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s), Ka = lim s²·G(s) (s → 0)
सोपान A
ess = A/(1 + Kp)
रैंप A·t
ess = A/Kv
परवलय A·t²/2
ess = A/Ka
PID नियंत्रक
C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s
द्वितीय-कोटि लक्ष्य
s² + 2ζωns + ωn²
अतिलंघन और समय
%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, ts ≈ 4/(ζωn)

विधि

  1. विवृत-लूप C(s)·G(s) के s = 0 पर ध्रुव गिनिए: वही तंत्र का प्रकार है।
  2. निवेश से मेल खाने वाला त्रुटि स्थिरांक निकालिए: सोपान के लिए Kp, रैंप के लिए Kv, परवलय के लिए Ka।
  3. ess = A/(1 + Kp), A/Kv या A/Ka लगाइए, या जिस लब्धि की आपको ज़रूरत है उसके लिए इसे हल कीजिए।
  4. अवमंदन या चाल के विनिर्देश के लिए संवृत-लूप अभिलाक्षणिक बहुपद लिखिए और उसे s² + 2ζω_n·s + ω_n² से मिलाइए।

2अभ्यास प्रश्न

1.श्रेणी और समांतर प्रतिरोधकमध्यम
R1​ = 12 ΩR3​ = 10 Ω+−V1​6 VR2​15 ΩAR4​8 ΩB

स्रोत V1 द्वारा देखा गया समतुल्य प्रतिरोध Req ज्ञात कीजिए।

V1 = 6 VR1 = 12 ΩR2 = 15 ΩR3 = 10 ΩR4 = 8 Ω
Req = Ω
2.श्रेणी और समांतर प्रतिरोधककठिन
R1​ = 15 ΩR3​ = 4 ΩR5​ = 25 Ω+−V1​6 VR2​8 ΩAR4​20 ΩBR6​15 Ω

स्रोत V1 द्वारा देखा गया समतुल्य प्रतिरोध Req ज्ञात कीजिए।

V1 = 6 VR1 = 15 ΩR2 = 8 ΩR3 = 4 ΩR4 = 20 ΩR5 = 25 ΩR6 = 15 Ω
Req = Ω
3.नोडल विश्लेषणमध्यम
−+Vs​ = 4 VIs​1 AAR1​15 ΩR2​5 ΩB

A और B के बीच वोल्टता स्रोत Vₛ का + टर्मिनल B पर है, इसलिए यह VB − VA = Vₛ बनाता है। सुपरनोड के साथ नोडल विश्लेषण से नोड वोल्टता VB (ग्राउंड के सापेक्ष) ज्ञात कीजिए।

Is = 1 AVs = 4 VR1 = 15 ΩR2 = 5 Ω
VB = V
4.नोडल विश्लेषणकठिन
R1​ = 5 ΩR2​ = 15 ΩIR2​R4​ = 4 Ω+−V1​36 VR3​25 ΩAR5​10 ΩBIs​2 A−+V2​12 V

नोडल विश्लेषण से तीर की दिशा में R2 से होकर धारा IR2 ज्ञात कीजिए।

V1 = 36 VIs = 2 AV2 = 12 VR1 = 5 ΩR2 = 15 ΩR3 = 25 ΩR4 = 4 ΩR5 = 10 Ω
IR2 = A
5.मेश विश्लेषणमध्यम
R1​ = 12 ΩR2​ = 5 Ω+−VR2​+−V1​30 VR3​4 ΩA+−V2​18 VI1​I2​

मेश विश्लेषण से दर्शाई गई ध्रुवता के साथ R2 के सिरों पर वोल्टता VR2 ज्ञात कीजिए।

V1 = 30 VV2 = 18 VR1 = 12 ΩR2 = 5 ΩR3 = 4 Ω
VR2 = V
6.मेश विश्लेषणकठिन
R1​ = 15 ΩR2​ = 15 ΩR3​ = 4 Ω+−V1​5 VR4​20 ΩAR5​6 ΩB+−V2​30 VI1​I2​I3​

मेश विश्लेषण से मेश धारा I1 (दक्षिणावर्त) ज्ञात कीजिए।

V1 = 5 VV2 = 30 VR1 = 15 ΩR2 = 15 ΩR3 = 4 ΩR4 = 20 ΩR5 = 6 Ω
I1 = A
7.अध्यारोपणमध्यम
R1​ = 6 ΩIR1​R3​ = 15 Ω+−V1​10 VR2​12 ΩAR4​12 ΩBIs​1 A

अध्यारोपण से तीर की दिशा में R1 से होकर धारा IR1 ज्ञात कीजिए।

V1 = 10 VIs = 1 AR1 = 6 ΩR2 = 12 ΩR3 = 15 ΩR4 = 12 Ω
IR1 = A
8.अध्यारोपणकठिन
R1​ = 3 ΩR2​ = 6 ΩR4​ = 4 Ω+−V1​36 VR3​3 ΩIR3​AIs​4 AB+−V2​36 V

अध्यारोपण से तीर की दिशा में R3 से होकर धारा IR3 ज्ञात कीजिए।

V1 = 36 VIs = 4 AV2 = 36 VR1 = 3 ΩR2 = 6 ΩR3 = 3 ΩR4 = 4 Ω
IR3 = A
9.थेवेनिन और नॉर्टनमध्यम
R1​ = 4 ΩR3​ = 2 Ω+−V1​24 VR2​20 ΩARL​12 ΩIL​B

a–b के बीच भार RL = 12 Ω जुड़ा है। बाकी परिपथ को उसके थेवेनिन समतुल्य से बदलें और भार धारा IL ज्ञात कीजिए।

V1 = 24 VR1 = 4 ΩR2 = 20 ΩR3 = 2 ΩRL = 12 Ω
IL = A
10.थेवेनिन और नॉर्टनकठिन
R1​ = 10 ΩR3​ = 30 Ω+−V1​6 VR2​15 ΩAIs​0.5 ABab

नॉर्टन धारा IN ज्ञात कीजिए: टर्मिनल शॉर्ट करने पर a से b की ओर बहने वाली धारा।

V1 = 6 VIs = 0.5 AR1 = 10 ΩR2 = 15 ΩR3 = 30 Ω
IN = A
11.RC और RL क्षणिक अवस्थाएँमध्यम
+−Vs​24 Vt = 0R = 50 ΩL33 mHi(t)

t = 0 पर स्विच बंद होने से पहले प्रेरक में कोई धारा नहीं है। स्विच बंद होने के कितनी देर बाद धारा अपने अंतिम मान के 75% तक पहुँचती है? t ज्ञात कीजिए।

Vs = 24 VR = 50 ΩL = 33 mH
t = ms
12.RC और RL क्षणिक अवस्थाएँकठिन
+−Vs​24 Vt = 0R = 6.8 kΩC47 µF+−vC​vC​(0) = 3 V

t = 0 पर स्विच बंद होने से ठीक पहले संधारित्र पर दर्शाई ध्रुवता के साथ 3 V है। t = 300 ms पर संधारित्र वोल्टता vC ज्ञात कीजिए।

Vs = 24 VR = 6.8 kΩC = 47 µFvC(0) = 3 Vt = 300 ms
vC = V
13.AC प्रतिबाधा और फ़ेज़रमध्यम
10 V60 HzR = 10 ΩL = 250 mHC = 22 µF

एक श्रेणी RLC परिपथ 10 V (rms), 60 Hz आपूर्ति से जुड़ा है। प्रतिबाधा का कलान्तर कोण φ डिग्री में ज्ञात कीजिए (धनात्मक जब धारा वोल्टता से पीछे हो)।

V = 10 V (rms)f = 60 HzR = 10 ΩL = 250 mHC = 22 µF
φ = °
14.AC प्रतिबाधा और फ़ेज़रकठिन
24 V100 HzR1​ = 20 ΩR2​ = 20 ΩC = 100 µFI

एक प्रतिरोधक R1, R2 और एक संधारित्र C के समांतर संयोजन के साथ श्रेणी में, 24 V (rms), 100 Hz आपूर्ति के आर-पार जुड़ा है। rms धारा I ज्ञात कीजिए।

V = 24 V (rms)f = 100 HzR1 = 20 ΩR2 = 20 ΩC = 100 µF
I = A
15.AC शक्ति और शक्ति गुणकमध्यम
400 V114 kW, 0.8526 kW, 0.8I = ?

400 V एकल-फ़ेज़ आपूर्ति से दो भार समांतर में जुड़े हैं: 0.85 पश्चगामी शक्ति गुणक पर एक 14 kW भार और 0.8 पश्चगामी शक्ति गुणक पर एक 6 kW भार। आपूर्ति से ली गई कुल धारा I ज्ञात कीजिए।

V = 400 VP1 = 14 kW, pf1 = 0.85 पश्चगामीP2 = 6 kW, pf2 = 0.8 पश्चगामी
I = A
16.AC शक्ति और शक्ति गुणककठिन
P1​ = 69 kWQ1​S1​φ

एक 200 kVA एकल-फ़ेज़ ट्रांसफ़ॉर्मर 0.7 पश्चगामी शक्ति गुणक पर 69 kW का भार आपूर्ति करता है। ट्रांसफ़ॉर्मर के अपनी kVA रेटिंग तक पहुँचने से पहले प्रतिरोधी (एकांक शक्ति गुणक) भार के रूप में कितनी अतिरिक्त सक्रिय शक्ति ΔP जोड़ी जा सकती है?

Smax = 200 kVAP1 = 69 kWpf1 = 0.7
ΔP = kW
17.त्रि-फ़ेज़ शक्तिमध्यम
ABCVL​ = 480 VZ = 20 + j15 Ωप्रति फ़ेज़

प्रति फ़ेज़ 20 + j15 Ω प्रतिबाधा वाला एक संतुलित Δ-संयोजित भार 480 V लाइन-से-लाइन वोल्टता वाली संतुलित त्रि-फ़ेज़ आपूर्ति से जुड़ा है। भार द्वारा अवशोषित कुल वास्तविक शक्ति P kW में ज्ञात कीजिए।

VL = 480 VZ = 20 + j15 Ω प्रति फ़ेज़
P = kW
18.त्रि-फ़ेज़ शक्तिकठिन
P = 60 kWφ1​S1​Q2​QC​

एक संतुलित त्रि-फ़ेज़ भार 415 V (लाइन-से-लाइन), 60 Hz आपूर्ति से 0.65 पश्चगामी शक्ति गुणक पर 60 kW लेता है। भार के समांतर एक त्रि-फ़ेज़ संधारित्र बैंक को समग्र शक्ति गुणक 0.95 पश्चगामी तक बढ़ाना है। वास्तविक शक्ति समान रहती है। संधारित्र Y में जुड़े हैं। हर संधारित्र की धारिता Cph µF में ज्ञात कीजिए।

P = 60 kWpf1 = 0.65pf2 = 0.95VL = 415 Vf = 60 Hz
Cph = µF
19.ट्रांसफ़ॉर्मरमध्यम
RL​ = 10 Ω2012400 VV2​I1​ = ?I2​

फेरा अनुपात N₁:N₂ = 20:1 वाले एक आदर्श ट्रांसफ़ॉर्मर की प्राथमिक कुंडली पर 2400 V लगाया गया है। द्वितीयक कुंडली के सिरों पर 10 Ω का प्रतिरोधक जुड़ा है। प्राथमिक धारा I1 ज्ञात कीजिए।

N1:N2 = 20:1V1 = 2400 VRL = 10 Ω
I1 = A
20.ट्रांसफ़ॉर्मरकठिन
pf 0.9250 kVA, η = 99%

एक एकल-फ़ेज़ 250 kVA ट्रांसफ़ॉर्मर की क्रोड हानि 1500 W है। निर्धारित भार और 0.9 पश्चगामी शक्ति गुणक पर इसकी दक्षता 99% है। पूर्ण-भार ताम्र हानि Pcu,fl वाट में ज्ञात कीजिए।

S = 250 kVAPcore = 1500 Wpf = 0.9η = 99%
Pcu,fl = W
21.ऑप-एम्प परिपथमध्यम
−+Vout​Rf​ = 100 kΩR1​ = 47 kΩVin​ = 1.7 V

ऑप-एम्प आदर्श है और ±15 V आपूर्ति से चलता है। आउटपुट वोल्टता Vout ज्ञात कीजिए।

Vin = 1.7 VR1 = 47 kΩRf = 100 kΩ
Vout = V
22.ऑप-एम्प परिपथकठिन
−+Vout​Rf​ = 1 kΩV1​ = 0.8 VR1​ = 1 kΩV2​ = 1.3 VR2​ = 10 kΩ

योजक एम्पलीफ़ायर ±15 V आपूर्ति वाले आदर्श ऑप-एम्प का उपयोग करता है। आउटपुट वोल्टता Vout ज्ञात कीजिए।

V1 = 0.8 VV2 = 1.3 VR1 = 1 kΩR2 = 10 kΩRf = 1 kΩ
Vout = V
23.डायोड और ट्रांज़िस्टरमध्यम
RC​ = 3.3 kΩβ = 80VCC​ = 9 VRB​ = 560 kΩ

β = 80 वाला एक NPN ट्रांज़िस्टर आपूर्ति VCC = 9 V से आधार प्रतिरोधक RB = 560 kΩ द्वारा बायस किया गया है। संग्राहक प्रतिरोधक RC = 3.3 kΩ है और उत्सर्जक भू से जुड़ा है। VBE = 0.7 V लें और मानें कि ट्रांज़िस्टर सक्रिय क्षेत्र में है। संग्राहक–उत्सर्जक वोल्टता VCE ज्ञात कीजिए।

VCC = 9 VRB = 560 kΩRC = 3.3 kΩβ = 80VBE = 0.7 V
VCE = V
24.डायोड और ट्रांज़िस्टरकठिन
+−≥ 9 VR = ?5.1 V≤ 25 mA

5.1 V का ज़ेनर नियामक एक भार को 25 mA तक देता है। निवेश 9 V तक गिर सकता है, और नियमन के लिए ज़ेनर को कम से कम 5 mA चाहिए। वह सबसे बड़ा श्रेणी प्रतिरोध Rmax ज्ञात कीजिए जो नियमन बनाए रखे।

Vin,min = 9 VVZ = 5.1 VIL,max = 25 mAIZ,min = 5 mA
Rmax = Ω
25.संख्या पद्धतियाँमध्यम
8-बिट दो का पूरक0−12806403201608040201

बिट इस तरह सेट करें कि वे 8-बिट 2 के पूरक में −87 संग्रहीत करें। चिह्नरहित संख्या के रूप में पढ़ने पर पैटर्न का मान U क्या है?

N = −878 bit
U =
26.संख्या पद्धतियाँकठिन
1190 कोड, b = ? बिट?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

एक प्रणाली को 1190 वस्तुओं में से हर एक को समान लंबाई का अपना द्विआधारी कोड देना है। कम से कम कितनी बिटें b चाहिए?

1190
b = bit
27.डिजिटल लॉजिक: गेट, K-मानचित्र और फ़्लिप-फ़्लॉपमध्यम
ABCD000111100001111000110302140517160120131150141809011010

F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 6, 7, 8, 15) का न्यूनतम गुणनफलों का योग (SOP) रूप कार्नो मानचित्र से ज्ञात करें। उसमें कुल कितने लिटरल L हैं (प्राइम वाला चर एक लिटरल गिना जाता है)?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 6, 7, 8, 15)
L =
28.डिजिटल लॉजिक: गेट, K-मानचित्र और फ़्लिप-फ़्लॉपकठिन
CLKJK1234567

एक धनात्मक-कोर-ट्रिगर्ड JK फ़्लिप-फ़्लॉप Q = 0 से शुरू होता है और दिखाए गए निवेश पाता है। उस पहली क्लॉक कोर पर क्लिक करें जिस पर Q 1 से वापस 0 होता है।

Q₀ = 0JK
  1. 1क्लॉक कोर 1
  2. 2क्लॉक कोर 2
  3. 3क्लॉक कोर 3
  4. 4क्लॉक कोर 4
  5. 5क्लॉक कोर 5
  6. 6क्लॉक कोर 6
  7. 7क्लॉक कोर 7
29.लाप्लास रूपांतरमध्यम
t (s)f(t)t = 0.75f(0.75) = ?

आंशिक भिन्नों से F(s) = 40/(s(s + 1)(s + 5)) के लिए f(t) ज्ञात कीजिए, और f(0.75) का मान निकालिए।

F(s) = 40/(s(s + 1)(s + 5))t = 0.75 s
f(0.75) =
30.लाप्लास रूपांतरकठिन
t (s)y(t)t = 0.3y(0.3) = ?

लाप्लास रूपांतर से y(0) = 10 और y′(0) = −4 के साथ y″ + 3y′ + 2y = 0 हल कीजिए, और y(0.3) ज्ञात कीजिए।

y″ + 3y′ + 2y = 0y(0) = 10y′(0) = −4t = 0.3 s
y(0.3) =
31.ब्लॉक आरेखमध्यम
R(s)+5(s + 6)(s + 5)(s + 7)G(s)C(s)−

एक एकांक ऋणात्मक पुनर्निवेश लूप में G(s) = 5(s + 6)/((s + 5)(s + 7)) है। संदर्भ पर आकार 5 का सोपान लगाया जाता है। स्थायी-अवस्था त्रुटि ess ज्ञात कीजिए।

G(s) = 5(s + 6)/((s + 5)(s + 7))R = 5
ess =
32.ब्लॉक आरेखकठिन
R(s)+Kनियंत्रक+D(s)+4s + 9संयंत्रC(s)−

एक आनुपातिक नियंत्रक K एकांक ऋणात्मक पुनर्निवेश लूप में संयंत्र G(s) = 4/(s + 9) को चलाता है। R = 0 रहते हुए आकार 1 का विक्षोभ सोपान संयंत्र इनपुट पर प्रवेश करता है। वह न्यूनतम लब्धि K ज्ञात कीजिए जो स्थायी-अवस्था आउटपुट को 0.02222 या उससे कम रखे।

G(s) = 4/(s + 9)D = 1css ≤ 0.02222
K =
33.सोपान अनुक्रियामध्यम
t (s)y(t)2tp​ = ?

एक तंत्र का अंतरण फलन G(s) = 34/(s² + 2s + 17) है और इसे एकांक सोपान इनपुट मिलता है। सोपान अनुक्रिया का शिखर समय tp ज्ञात कीजिए।

G(s) = 34/(s² + 2s + 17)
tp = s
34.सोपान अनुक्रियाकठिन
t (s)y(t)115 %

शून्यों के बिना एक द्वितीय-कोटि तंत्र की सोपान अनुक्रिया में 15 % अतिलंघन होना चाहिए। अवमंदन अनुपात ζ ज्ञात कीजिए।

%OS = 15 %
ζ =
35.बोडे आरेख और सीमाएँमध्यम
vin​L = 5 mHC = 0.1 µFR = 20 Ωvout​

दर्शाए गए श्रेणी RLC बैंड-पारक फ़िल्टर में निर्गम R = 20 Ω के आर-पार लिया गया है, L = 5 mH और C = 0.1 µF के साथ। −3 dB बैंडविड्थ BW Hz में ज्ञात कीजिए।

R = 20 ΩL = 5 mHC = 0.1 µF
BW = Hz
36.बोडे आरेख और सीमाएँकठिन
|H| (dB)0.10.1111010100100−80−60−40−2002040ω (rad/s)φ (°)ω (rad/s)−270−180−900ω180​

एकल-पुनर्भरण पाश का खुला-पाश अंतरण फलन L(s) = K/(s(s + 2)(s + 6)) है। वह लब्धि K ज्ञात कीजिए जो 10 dB की लब्धि सीमा देती है।

L(s) = K/(s(s + 2)(s + 6))GM = 10 dB
K =
37.स्थायित्व: राउथ–हरविट्ज़ और मूल बिंदुपथमध्यम
R(s)+K = 105.61s(s + 3)(s + 8)C(s)−

आरेख वाला लूप K = 105.6 और L(s) = K/(s(s + 3)(s + 8)) के साथ चलता है। संवृत-लूप के अस्थायी होने से पहले लब्धि को कितने गुना m तक बढ़ाया जा सकता है?

L(s) = K/(s(s + 3)(s + 8))K = 105.6
m =
38.स्थायित्व: राउथ–हरविट्ज़ और मूल बिंदुपथकठिन
ReImζ = 0.4−5j5

L(s) = K/(s(s + 5)) का मूल बिंदुपथ दिखाया गया है। वह लब्धि K ज्ञात कीजिए जिसके लिए संवृत-लूप ध्रुवों का अवमंदन अनुपात ζ = 0.4 हो।

L(s) = K/(s(s + 5))ζ = 0.4
K =
39.स्थायी-अवस्था त्रुटि और PID नियंत्रणमध्यम
r(t) = 5t+Ks(s + 4)C(s)−

G(s) = K/(s(s + 4)) वाले एकांक पुनर्निवेश लूप को रैंप r(t) = 5t का अनुसरण 0.5 की स्थायी-अवस्था त्रुटि के साथ करना है। लब्धि K ज्ञात कीजिए।

G(s) = K/(s(s + 4))r(t) = 5tess = 0.5
K =
40.स्थायी-अवस्था त्रुटि और PID नियंत्रणकठिन
R(s)+K = 252s(s + 4)C(s)−

एक आनुपातिक नियंत्रक K = 25 संयंत्र G(s) = 2/(s(s + 4)) को एकांक पुनर्निवेश लूप में चलाता है। सोपान अनुक्रिया का शिखर समय tp ज्ञात कीजिए।

G(s) = 2/(s(s + 4))K = 25
tp = s

3विलयन

1.श्रेणी और समांतर प्रतिरोधक

उत्तर: Req = 20.18 Ω

श्रेणी और समांतर प्रतिरोधक: श्रेणी में हर प्रतिरोधक से समान धारा बहती है और R = R₁ + R₂ + …। समांतर में हर प्रतिरोधक पर समान वोल्टता होती है और 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …। सीढ़ी नेटवर्क को एक-एक युग्म घटाया जाता है जब तक एक समतुल्य प्रतिरोध न बचे।

R1​ = 12 ΩR3​ = 10 Ω+−V1​6 VR2​15 ΩAR4​8 ΩB

दूर वाले सिरे से प्रतिरोधक जोड़ें

स्रोत से सबसे दूर वाले सिरे से शुरू करें और उसकी ओर लौटें। समान धारा वाले प्रतिरोधक श्रेणी में हैं; समान दो नोड के बीच वाले प्रतिरोधक समांतर में हैं।

R3 + R4 = 10 + 8 = 18 Ω
R2 ∥ 18 = 15·18/(15+18) = 8.182 Ω
Req = R1 + 8.182 = 12 + 8.182 = 20.18 Ω

उत्तर

Req = 20.18 Ω
2.श्रेणी और समांतर प्रतिरोधक

उत्तर: Req = 20.47 Ω

श्रेणी और समांतर प्रतिरोधक: श्रेणी में हर प्रतिरोधक से समान धारा बहती है और R = R₁ + R₂ + …। समांतर में हर प्रतिरोधक पर समान वोल्टता होती है और 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …। सीढ़ी नेटवर्क को एक-एक युग्म घटाया जाता है जब तक एक समतुल्य प्रतिरोध न बचे।

R1​ = 15 ΩR3​ = 4 ΩR5​ = 25 Ω+−V1​6 VR2​8 ΩAR4​20 ΩBR6​15 Ω

दूर वाले सिरे से प्रतिरोधक जोड़ें

स्रोत से सबसे दूर वाले सिरे से शुरू करें और उसकी ओर लौटें। समान धारा वाले प्रतिरोधक श्रेणी में हैं; समान दो नोड के बीच वाले प्रतिरोधक समांतर में हैं।

R5 + R6 = 25 + 15 = 40 Ω
R4 ∥ 40 = 13.33 Ω
R3 + 13.33 = 17.33 Ω
R2 ∥ 17.33 = 5.474 Ω
Req = R1 + 5.474 = 15 + 5.474 = 20.47 Ω

उत्तर

Req = 20.47 Ω
3.नोडल विश्लेषण

उत्तर: VB = 4.75 V

नोडल विश्लेषण: एक संदर्भ नोड चुनें, अज्ञात नोड वोल्टताओं को नाम दें, ओम के नियम (I = ΔV/R) से हर अज्ञात नोड पर किरचॉफ़ धारा नियम लिखें, और समीकरण हल करें।

सुपरनोड बनाएँ

A और B के बीच का वोल्टता स्रोत एक अज्ञात धारा वहन करता है, इसलिए KCL को A या B पर अलग-अलग नहीं लिखा जा सकता। A, B और स्रोत को एक सुपरनोड में घेरें: उसमें प्रवेश करने वाली धारा उससे निकलने वाली धारा के बराबर है।

VB = VA + Vs = VA + 4
VA/R1 + VB/R2 = Is

हल करें

VA/15 + (VA + 4)/5 = 1
VA = (1 − 4/5)/(1/15 + 1/5) = 0.75 V
VB = 0.75 + 4 = 4.75 V

उत्तर

VB = 4.75 V
4.नोडल विश्लेषण

उत्तर: IR2 = 2.011 A

नोडल विश्लेषण: एक संदर्भ नोड चुनें, अज्ञात नोड वोल्टताओं को नाम दें, ओम के नियम (I = ΔV/R) से हर अज्ञात नोड पर किरचॉफ़ धारा नियम लिखें, और समीकरण हल करें।

R1​ = 5 ΩR2​ = 15 ΩR4​ = 4 Ω+−V1​36 VR3​25 ΩAR5​10 ΩBIs​2 A−+V2​12 V

नोड तय करें

ग्राउंड नीचे वाला तार है। ज्ञात नोड वोल्टताएँ सीधे स्रोतों से मिलती हैं (V1 = 36 V, V2 = −12 V)। अज्ञात: VA, VB।

नोड A पर KCL

प्रतिरोधकों से होकर A से निकलने वाली धाराएँ स्रोतों द्वारा A में भेजी गई धारा के बराबर हैं।

VA/R3 + (VA − V1)/R1 + (VA − VB)/R2 = 0
VA/25 + (VA − 36)/5 + (VA − VB)/15 = 0
0.3067·VA − 0.06667·VB = 7.2

नोड B पर KCL

प्रतिरोधकों से होकर B से निकलने वाली धाराएँ स्रोतों द्वारा B में भेजी गई धारा के बराबर हैं।

VB/R5 + (VB − VA)/R2 + (VB − V2)/R4 = Is
VB/10 + (VB − VA)/15 + (VB − (−12))/4 = (−2)
−0.06667·VA + 0.4167·VB = −5

हल करें

Δ = (0.3067)(0.4167) − (−0.06667)(−0.06667) = 0.1233
VA = Δ1/Δ = 2.667/0.1233 = 21.62 V
VB = Δ2/Δ = −1.053/0.1233 = −8.541 V

उत्तर

IR2 = (VA − VB)/R2 = (21.62 − −8.541)/15 = 2.011 A
5.मेश विश्लेषण

उत्तर: VR2 = −6.563 V

मेश विश्लेषण: समतलीय परिपथ की हर खिड़की को अपनी लूप धारा दें, हर लूप के चारों ओर किरचॉफ़ वोल्टता नियम लिखें (पातों का योग = वृद्धियों का योग), और हल करें। शाखा धाराएँ मेश धारा होती हैं, या साझा शाखा पर दो मेश धाराओं का अंतर।

R1​ = 12 ΩR2​ = 5 Ω+−V1​30 VR3​4 ΩA+−V2​18 VI1​I2​

मेश धाराएँ निर्धारित करें

हर खिड़की में दक्षिणावर्त धारा बनाएँ: I1, I2। दो मेश में साझा प्रतिरोधक उनकी धाराओं का अंतर वहन करता है।

मेश 1 के चारों ओर KVL

दक्षिणावर्त चलते हुए प्रतिरोधकों पर वोल्टता पात, स्रोतों की वोल्टता वृद्धि के बराबर होते हैं (चलने की दिशा में − से +)।

R1·I1 + R3(I1 − I2) = V1
12·I1 + 4(I1 − I2) = 30
16·I1 − 4·I2 = 30

मेश 2 के चारों ओर KVL

दक्षिणावर्त चलते हुए प्रतिरोधकों पर वोल्टता पात, स्रोतों की वोल्टता वृद्धि के बराबर होते हैं (चलने की दिशा में − से +)।

R2·I2 + R3(I2 − I1) = −V2
5·I2 + 4(I2 − I1) = (−18)
−4·I1 + 9·I2 = −18

हल करें

Δ = (16)(9) − (−4)(−4) = 128
I1 = Δ1/Δ = 198/128 = 1.547 A
I2 = Δ2/Δ = −168/128 = −1.313 A

उत्तर

IR2 = I2 = −1.313 A
VR2 = IR2·R2 = −1.313·5 = −6.563 V

ऋणात्मक मेश धारा वामावर्त बहती है।

6.मेश विश्लेषण

उत्तर: I1 = −0.1903 A

मेश विश्लेषण: समतलीय परिपथ की हर खिड़की को अपनी लूप धारा दें, हर लूप के चारों ओर किरचॉफ़ वोल्टता नियम लिखें (पातों का योग = वृद्धियों का योग), और हल करें। शाखा धाराएँ मेश धारा होती हैं, या साझा शाखा पर दो मेश धाराओं का अंतर।

R1​ = 15 ΩR2​ = 15 ΩR3​ = 4 Ω+−V1​5 VR4​20 ΩAR5​6 ΩB+−V2​30 VI1​I2​I3​

मेश धाराएँ निर्धारित करें

हर खिड़की में दक्षिणावर्त धारा बनाएँ: I1, I2, I3। दो मेश में साझा प्रतिरोधक उनकी धाराओं का अंतर वहन करता है।

मेश 1 के चारों ओर KVL

दक्षिणावर्त चलते हुए प्रतिरोधकों पर वोल्टता पात, स्रोतों की वोल्टता वृद्धि के बराबर होते हैं (चलने की दिशा में − से +)।

R1·I1 + R4(I1 − I2) = V1
15·I1 + 20(I1 − I2) = 5
35·I1 − 20·I2 = 5

मेश 2 के चारों ओर KVL

दक्षिणावर्त चलते हुए प्रतिरोधकों पर वोल्टता पात, स्रोतों की वोल्टता वृद्धि के बराबर होते हैं (चलने की दिशा में − से +)।

R2·I2 + R4(I2 − I1) + R5(I2 − I3) = 0
15·I2 + 20(I2 − I1) + 6(I2 − I3) = 0
−20·I1 + 41·I2 − 6·I3 = 0

मेश 3 के चारों ओर KVL

दक्षिणावर्त चलते हुए प्रतिरोधकों पर वोल्टता पात, स्रोतों की वोल्टता वृद्धि के बराबर होते हैं (चलने की दिशा में − से +)।

R3·I3 + R5(I3 − I2) = −V2
4·I3 + 6(I3 − I2) = (−30)
−6·I2 + 10·I3 = −30

हल करें

Δ = गुणांक आव्यूह का सारणिक = 9090
I1 = Δ1/Δ = −1730/9090 = −0.1903 A
I2 = Δ2/Δ = −5300/9090 = −0.5831 A
I3 = Δ3/Δ = −30450/9090 = −3.35 A

उत्तर

I1 = −0.1903 A

ऋणात्मक मेश धारा वामावर्त बहती है।

7.अध्यारोपण

उत्तर: IR1 = 0.957 A

अध्यारोपण: रैखिक परिपथ में कोई भी वोल्टता या धारा, हर स्वतंत्र स्रोत के अकेले कार्य करने पर मिलने वाली अनुक्रियाओं का योग होती है। किसी स्रोत को बंद करने के लिए आदर्श वोल्टता स्रोत को शॉर्ट सर्किट और आदर्श धारा स्रोत को खुले परिपथ से बदलें। प्रतिरोधक अपनी जगह रहते हैं।

R1​ = 6 ΩR3​ = 15 Ω+−V1​10 VR2​12 ΩAR4​12 ΩBखुला

स्थिति 1 · केवल V1

Iₛ खुला परिपथ बन जाता है, इसलिए R₃ और R₄ A से ग्राउंड तक एक श्रेणी शाखा बनाते हैं, जो R₂ के समांतर है।

R3+R4 = 15+12 = 27 Ω
R2 ∥ (R3+R4) = 12·27/(12+27) = 8.308 Ω
VA = 10·8.308/(6+8.308) = 5.806 V
VB = VA·R4/(R3+R4) = 5.806·12/27 = 2.581 V
IR1′ = (V1 − VA)/R1 = (10 − 5.806)/6 = 0.6989 A
R1​ = 6 ΩR3​ = 15 Ωशॉर्टR2​12 ΩAR4​12 ΩBIs​1 A

स्थिति 2 · केवल Is

V₁ शॉर्ट बन जाता है, इसलिए R₁, R₂ के समांतर है। Iₛ, B पर R₄ और R₃ वाले पथ के बीच बँटता है।

R1 ∥ R2 = 6·12/(6+12) = 4 Ω
Req = R4 ∥ (R3+R1∥R2) = 12 ∥ 19 = 7.355 Ω
VB = Is·Req = (−1)·7.355 = −7.355 V
VA = VB·(R1∥R2)/(R3+R1∥R2) = −7.355·4/19 = −1.548 V
IR1″ = (V1 − VA)/R1 = (0 − −1.548)/6 = 0.2581 A

योगदान जोड़ें

IR1 = IR1′ + IR1″
IR1 = 0.6989 + 0.2581 = 0.957 A

ऋणात्मक परिणाम का अर्थ है कि वास्तव में धारा तीर के विपरीत बहती है।

8.अध्यारोपण

उत्तर: IR3 = 7.478 A

अध्यारोपण: रैखिक परिपथ में कोई भी वोल्टता या धारा, हर स्वतंत्र स्रोत के अकेले कार्य करने पर मिलने वाली अनुक्रियाओं का योग होती है। किसी स्रोत को बंद करने के लिए आदर्श वोल्टता स्रोत को शॉर्ट सर्किट और आदर्श धारा स्रोत को खुले परिपथ से बदलें। प्रतिरोधक अपनी जगह रहते हैं।

R1​ = 3 ΩR2​ = 6 ΩR4​ = 4 Ω+−V1​36 VR3​3 ΩAखुलाBशॉर्ट

स्थिति 1 · केवल V1

V₂ शॉर्ट और Iₛ खुला परिपथ बन जाता है। A से देखने पर R₃, श्रेणी युग्म R₂+R₄ के समांतर है।

R3 ∥ (R2+R4) = 3 ∥ 10 = 2.308 Ω
VA = 36·2.308/(3+2.308) = 15.65 V
VB = VA·R4/(R2+R4) = 15.65·4/10 = 6.261 V
IR3′ = (VA − 0)/R3 = (15.65 − 0)/3 = 5.217 A
R1​ = 3 ΩR2​ = 6 ΩR4​ = 4 Ωशॉर्टR3​3 ΩAIs​4 ABशॉर्ट

स्थिति 2 · केवल Is

दोनों वोल्टता स्रोत शॉर्ट बन जाते हैं। Iₛ, B पर R₄ (अब ग्राउंड तक) और R₁ ∥ R₃ के साथ श्रेणी में R₂ के बीच बँटता है।

R1 ∥ R3 = 1.5 Ω, इसलिए बायाँ पथ R2+1.5 = 7.5 Ω
Req = R4 ∥ 7.5 = 2.609 Ω
VB = Is·Req = 4·2.609 = 10.43 V
VA = VB·1.5/7.5 = 2.087 V
IR3″ = (VA − 0)/R3 = (2.087 − 0)/3 = 0.6957 A
R1​ = 3 ΩR2​ = 6 ΩR4​ = 4 Ωशॉर्टR3​3 ΩAखुलाB+−V2​36 V

स्थिति 3 · केवल V2

V₁ शॉर्ट और Iₛ खुला परिपथ बन जाता है। R₁ ∥ R₃, A से जुड़ा है और R₂ के साथ श्रेणी में B तक लौटता है।

R1 ∥ R3 = 3·3/(3+3) = 1.5 Ω
VB = V2·(R2+R1∥R3)/(R4+R2+R1∥R3) = 36·7.5/11.5 = 23.48 V
VA = VB·(R1∥R3)/(R2+R1∥R3) = 23.48·1.5/7.5 = 4.696 V
IR3‴ = (VA − 0)/R3 = (4.696 − 0)/3 = 1.565 A

योगदान जोड़ें

IR3 = IR3′ + IR3″ + IR3‴
IR3 = 5.217 + 0.6957 + 1.565 = 7.478 A

ऋणात्मक परिणाम का अर्थ है कि वास्तव में धारा तीर के विपरीत बहती है।

9.थेवेनिन और नॉर्टन

उत्तर: IL = 1.154 A

थेवेनिन प्रमेय: कोई भी रैखिक दो-टर्मिनल नेटवर्क प्रतिरोध Rth के साथ श्रेणी में एक वोल्टता स्रोत Vth जैसा व्यवहार करता है। नॉर्टन प्रमेय उसी नेटवर्क को Rth के समांतर धारा स्रोत IN = Vth/Rth के रूप में देता है।

R1​ = 4 ΩR3​ = 2 Ωशॉर्टR2​20 ΩAabRth​

सभी स्रोत बंद करके Rth ज्ञात करें

वोल्टता स्रोतों को शॉर्ट और धारा स्रोतों को खुले परिपथ से बदलें, फिर a–b से परिपथ में देखें।

R1 ∥ R2 = 4·20/(4+20) = 3.333 Ω
Rth = (R1 ∥ R2) + R3 = 3.333 + 2 = 5.333 Ω
R1​ = 4 ΩR3​ = 2 Ω+−V1​24 VR2​20 ΩAab+−Vth​

Vth, खुले परिपथ की वोल्टता ज्ञात करें

a–b खुला होने पर R₃ में धारा नहीं बहती, इसलिए उस पर कोई पात नहीं और V_b = V_A। R₁ और R₂ वोल्टता विभाजक बनाते हैं।

Vth = V1·R2/(R1+R2) = 24·20/(4+20) = 20 V
Rth​ = 5.333 Ω+−Vth​20 VRL​12 ΩIL​

भार को थेवेनिन समतुल्य से जोड़ें

थेवेनिन स्रोत और श्रेणी R_th, a–b पर बिल्कुल मूल परिपथ की तरह व्यवहार करते हैं, इसलिए भार एक सरल श्रेणी लूप देखता है।

IL = Vth/(Rth + RL) = 20/(5.333 + 12) = 1.154 A
10.थेवेनिन और नॉर्टन

उत्तर: IN = 0.6 A

थेवेनिन प्रमेय: कोई भी रैखिक दो-टर्मिनल नेटवर्क प्रतिरोध Rth के साथ श्रेणी में एक वोल्टता स्रोत Vth जैसा व्यवहार करता है। नॉर्टन प्रमेय उसी नेटवर्क को Rth के समांतर धारा स्रोत IN = Vth/Rth के रूप में देता है।

R1​ = 10 ΩR3​ = 30 Ωशॉर्टR2​15 ΩAखुलाBabRth​

सभी स्रोत बंद करके Rth ज्ञात करें

वोल्टता स्रोतों को शॉर्ट और धारा स्रोतों को खुले परिपथ से बदलें, फिर a–b से परिपथ में देखें।

R1 ∥ R2 = 10·15/(10+15) = 6 Ω
Rth = (R1 ∥ R2) + R3 = 6 + 30 = 36 Ω
R1​ = 10 ΩR3​ = 30 Ω+−V1​6 VR2​15 ΩAIs​0.5 ABab+−Vth​

Vth, खुले परिपथ की वोल्टता ज्ञात करें

a–b खुला होने पर Iₛ का एकमात्र मार्ग R₃ से होकर नोड A तक है। V₁ और Iₛ के अध्यारोपण से V_A ज्ञात करें, फिर R₃ पर पात जोड़ें।

VA = V1·R2/(R1+R2) + Is·(R1∥R2) = 3.6 + 0.5·6 = 6.6 V
Vth = VB = VA + Is·R3 = 6.6 + 0.5·30 = 21.6 V
IN​0.6 ARth​36 Ωab

नॉर्टन समतुल्य

नॉर्टन स्रोत वही परिपथ है जिसे R_th के समांतर एक धारा स्रोत के रूप में देखा जाता है। इसकी धारा a–b पर शॉर्ट-सर्किट धारा है।

IN = Vth/Rth = 21.6/36 = 0.6 A
11.RC और RL क्षणिक अवस्थाएँ

उत्तर: t = 0.915 ms

प्रथम-कोटि क्षणिक अवस्थाएँ: एक संधारित्र या एक प्रेरक वाले परिपथ में हर वोल्टता और धारा अपने प्रारंभिक मान से अंतिम मान तक घातांकी रूप से बदलती है: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, जहाँ τ = RC या τ = L/R। लगभग 5τ के बाद परिपथ स्थिर हो जाता है।

समय स्थिरांक और अंतिम धारा

स्विच बंद होने के बहुत बाद प्रेरक शॉर्ट सर्किट जैसा व्यवहार करता है, इसलिए अंतिम धारा केवल R से तय होती है।

τ = L/R = 33 mH / 50 Ω = 0.66 ms
i(∞) = Vs/R = 24/50 = 0.48 A

समय के लिए हल करें

0.75 = 1 − e−t/τ → t = −τ·ln(1 − 0.75)
t = −0.66·ln(0.25) = 0.915 ms

उत्तर

t = 0.915 ms
12.RC और RL क्षणिक अवस्थाएँ

उत्तर: vC = 15.79 V

प्रथम-कोटि क्षणिक अवस्थाएँ: एक संधारित्र या एक प्रेरक वाले परिपथ में हर वोल्टता और धारा अपने प्रारंभिक मान से अंतिम मान तक घातांकी रूप से बदलती है: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, जहाँ τ = RC या τ = L/R। लगभग 5τ के बाद परिपथ स्थिर हो जाता है।

प्रारंभिक मान, अंतिम मान, समय स्थिरांक

संधारित्र वोल्टता अचानक नहीं बदल सकती, इसलिए वह अपने संचित मान से शुरू होकर स्रोत वोल्टता की ओर जाती है।

vC(0) = 3 V, vC(∞) = Vs = 24 V
τ = R·C = 6.8 kΩ · 47 µF = 319.6 ms
vC(t) = 24 + (3 − 24)·e−t/τ

दिए गए समय पर वोल्टता

vC(300) = 24 + (−21)·e−300/319.6 = 15.79 V

उत्तर

vC = 15.79 V
13.AC प्रतिबाधा और फ़ेज़र

उत्तर: φ = −69.2 °

फ़ेज़र के साथ AC परिपथ: प्रतिरोधक, प्रेरक और संधारित्र की प्रतिबाधाएँ R, jωL और 1/(jωC) हैं, जहाँ ω = 2πf। श्रेणी में प्रतिबाधाएँ प्रतिरोधों की तरह, पर सम्मिश्र संख्याओं के रूप में जुड़ती हैं। rms धारा और वोल्टता |Z| के साथ ओम के नियम का पालन करती हैं।

प्रतिघात

ω = 2πf = 2π·60 = 377 rad/s
XL = ωL = 377·0.25 = 94.25 Ω
XC = 1/(ωC) = 1/(377·22·10⁻⁶) = 120.6 Ω

प्रतिबाधा

श्रेणी में प्रतिबाधाएँ सम्मिश्र संख्याओं की तरह जुड़ती हैं: Z = R + j(XL − XC)।

|Z| = √(R² + (XL − XC)²) = √(10² + (−26.32)²) = 28.16 Ω

कलान्तर कोण

φ = arctan((XL − XC)/R) = arctan(−26.32/10) = −69.2°

उत्तर

φ = −69.2°
14.AC प्रतिबाधा और फ़ेज़र

उत्तर: I = 0.8159 A

फ़ेज़र के साथ AC परिपथ: प्रतिरोधक, प्रेरक और संधारित्र की प्रतिबाधाएँ R, jωL और 1/(jωC) हैं, जहाँ ω = 2πf। श्रेणी में प्रतिबाधाएँ प्रतिरोधों की तरह, पर सम्मिश्र संख्याओं के रूप में जुड़ती हैं। rms धारा और वोल्टता |Z| के साथ ओम के नियम का पालन करती हैं।

प्रतिघात

XC = 1/(2π·100·100·10⁻⁶) = 15.92 Ω

समांतर संयोजन

Zp को वास्तविक और काल्पनिक भागों में बाँटने के लिए अंश और हर को सम्मिश्र संयुग्मी से गुणा करें।

Zp = R₂·(−jXC)/(R₂ − jXC) = (R₂·XC² − jR₂²·XC)/(R₂² + XC²)
Zp = 7.755 − j9.745 Ω

कुल प्रतिबाधा

Z = 20 + 7.755 − j9.745 = 27.75 − j9.745 Ω
|Z| = √(27.75² + 9.745²) = 29.42 Ω

धारा

I = V/|Z| = 24/29.42 = 0.8159 A

उत्तर

I = 0.8159 A
15.AC शक्ति और शक्ति गुणक

उत्तर: I = 59.88 A

AC शक्ति: आभासी शक्ति S = V·I (VA) सक्रिय शक्ति P = S·cos φ (W), जो उपयोगी कार्य करती है, और प्रतिघाती शक्ति Q = S·sin φ (var), जो स्रोत और भार के बीच आगे-पीछे होती है, में बँटती है। शक्ति गुणक cos φ है। समांतर संधारित्र प्रतिघाती शक्ति स्थानीय रूप से देता है, इसलिए समान सक्रिय शक्ति के लिए लाइन धारा घटती है।

हर भार की प्रतिघाती शक्ति

पश्चगामी भार प्रतिघाती शक्ति लेता है (Q > 0); अग्रगामी भार उसे देता है (Q < 0)।

Q1 = 14·tan(arccos 0.85) = 8.676 kvar
Q2 = 6·tan(arccos 0.8) = 4.5 kvar

योग

P = 14 + 6 = 20 kW
Q = 8.676 + 4.5 = 13.18 kvar
S = √(20² + 13.18²) = 23.95 kVA

कुल धारा

I = S/V = 23950/400 = 59.88 A

उत्तर

I = 59.88 A
16.AC शक्ति और शक्ति गुणक

उत्तर: ΔP = 118.2 kW

AC शक्ति: आभासी शक्ति S = V·I (VA) सक्रिय शक्ति P = S·cos φ (W), जो उपयोगी कार्य करती है, और प्रतिघाती शक्ति Q = S·sin φ (var), जो स्रोत और भार के बीच आगे-पीछे होती है, में बँटती है। शक्ति गुणक cos φ है। समांतर संधारित्र प्रतिघाती शक्ति स्थानीय रूप से देता है, इसलिए समान सक्रिय शक्ति के लिए लाइन धारा घटती है।

मौजूदा भार की प्रतिघाती शक्ति

Q1 = 69·tan(arccos 0.7) = 70.39 kvar

अधिकतम कुल सक्रिय शक्ति

पूरी रेटिंग पर S = Smax, और प्रतिरोधी भार से Q नहीं बदलता।

P = √(Smax² − Q1²) = √(200² − 70.39²) = 187.2 kW

अतिरिक्त सक्रिय शक्ति

ΔP = 187.2 − 69 = 118.2 kW

उत्तर

ΔP = 118.2 kW
17.त्रि-फ़ेज़ शक्ति

उत्तर: P = 22.12 kW

संतुलित त्रि-फ़ेज़ तंत्र: Y (स्टार) संयोजन में लाइन-से-लाइन वोल्टता फ़ेज़ वोल्टता की √3 गुना होती है, VL = √3·Vph, और लाइन धारा फ़ेज़ धारा के बराबर होती है। Δ (डेल्टा) संयोजन में लाइन-से-लाइन वोल्टता फ़ेज़ वोल्टता के बराबर होती है और लाइन धारा फ़ेज़ धारा की √3 गुना होती है, IL = √3·Iph। कुल शक्ति एक फ़ेज़ की शक्ति की तीन गुना होती है: P = 3·Vph·Iph·cos φ = √3·VL·IL·cos φ।

फ़ेज़ वोल्टता

Vph = VL = 480 V

फ़ेज़ धारा

|Z| = √(20² + 15²) = 25 Ω
Iph = 480/25 = 19.2 A

कुल वास्तविक शक्ति

हर प्रतिबाधा का केवल प्रतिरोधी भाग वास्तविक शक्ति अवशोषित करता है।

P = 3·Iph²·R = 3·19.2²·20 = 22.12 kW

उत्तर

P = 22.12 kW

जाँच: cos φ = R/|Z| = 0.8, और √3·VL·IL·cos φ से वही शक्ति मिलती है।

18.त्रि-फ़ेज़ शक्ति

उत्तर: Cph = 776.7 µF

संतुलित त्रि-फ़ेज़ तंत्र: Y (स्टार) संयोजन में लाइन-से-लाइन वोल्टता फ़ेज़ वोल्टता की √3 गुना होती है, VL = √3·Vph, और लाइन धारा फ़ेज़ धारा के बराबर होती है। Δ (डेल्टा) संयोजन में लाइन-से-लाइन वोल्टता फ़ेज़ वोल्टता के बराबर होती है और लाइन धारा फ़ेज़ धारा की √3 गुना होती है, IL = √3·Iph। कुल शक्ति एक फ़ेज़ की शक्ति की तीन गुना होती है: P = 3·Vph·Iph·cos φ = √3·VL·IL·cos φ। शक्ति गुणक सुधार: संधारित्र स्थानीय रूप से प्रतिघाती शक्ति देते हैं, QC = P·(tan φ1 − tan φ2)। तीनों संधारित्रों में से हर एक QC/3 = V²·ω·C देता है, जहाँ V उस संधारित्र पर वोल्टता है: Δ बैंक में VL, Y बैंक में VL/√3।

पहले और बाद की प्रतिघाती शक्ति

वास्तविक शक्ति अपरिवर्तित है, इसलिए हर शक्ति गुणक प्रतिघाती शक्ति तय करता है: Q = P·tan φ।

Q1 = 60·tan(acos 0.65) = 60·1.169 = 70.15 kvar
Q2 = 60·tan(acos 0.95) = 60·0.3287 = 19.72 kvar

संधारित्रों से प्रतिघाती शक्ति

QC = Q1 − Q2 = 50.43 kvar

प्रति फ़ेज़ धारिता

Y बैंक में हर संधारित्र एक लाइन और स्टार बिंदु के बीच जुड़ा होता है।

V = 415/√3 = 239.6 V, ω = 2π·60 = 377 rad/s
Cph = (QC/3)/(ω·V²) = 16809/(377·239.6²) = 776.7 µF

उत्तर

Cph = 776.7 µF
19.ट्रांसफ़ॉर्मर

उत्तर: I1 = 0.6 A

आदर्श ट्रांसफ़ॉर्मर: वोल्टताएँ फेरों के अनुपात में और धाराएँ उसके व्युत्क्रम अनुपात में होती हैं: V₁/V₂ = N₁/N₂ = a और I₁/I₂ = N₂/N₁ = 1/a, इसलिए निवेश शक्ति निर्गत शक्ति के बराबर होती है, V₁·I₁ = V₂·I₂। द्वितीयक पर लगी भार प्रतिबाधा Z प्राथमिक से a²·Z जैसी दिखती है।

द्वितीयक वोल्टता और धारा

V2 = 2400/20 = 120 V
I2 = 120/10 = 12 A

प्राथमिक धारा

आदर्श ट्रांसफ़ॉर्मर में कोई हानि नहीं होती: V₁·I₁ = V₂·I₂।

I1 = I2/20 = 0.6 A

उत्तर

I1 = 0.6 A

जाँच: प्राथमिक से दिखने वाला भार a²·RL = 4000 Ω है, और 2400/4000 से वही धारा मिलती है।

20.ट्रांसफ़ॉर्मर

उत्तर: Pcu,fl = 772.7 W

ट्रांसफ़ॉर्मर हानियाँ: क्रोड हानि (शैथिल्य और भँवर धाराएँ) वोल्टता पर निर्भर करती है और किसी भी भार पर समान रहती है। कुंडलियों में ताम्र हानि धारा के वर्ग के साथ बदलती है, इसलिए निर्धारित भार के x अंश पर यह x²·Pcu,fl होती है। दक्षता η = Pout/(Pout + Pcore + Pcu), जहाँ Pout = x·S·pf। दक्षता उस भार पर सबसे अधिक होती है जहाँ ताम्र हानि क्रोड हानि के बराबर होती है।

निर्गत और निवेश शक्ति

Pout = 250·0.9 = 225 kW
Pin = 225000/0.99 = 227273 W

कुल और ताम्र हानियाँ

Ploss = 227273 − 225000 = 2273 W
Pcu,fl = 2273 − 1500 = 772.7 W

उत्तर

Pcu,fl = 772.7 W
21.ऑप-एम्प परिपथ

उत्तर: Vout = 5.317 V

आदर्श ऑप-एम्प नियम: ऋणात्मक पुनर्निवेश के साथ ऑप-एम्प अपना आउटपुट ऐसे चलाता है कि दोनों इनपुट समान वोल्टता पर रहें (V₋ = V₊), और किसी भी इनपुट में धारा नहीं जाती। इन दो तथ्यों के साथ इनवर्टिंग इनपुट पर KCL लिखने से आउटपुट मिलता है।

इनवर्टिंग इनपुट इनपुट का अनुसरण करता है

V₋ = V₊ = 1.7 V
I = V₋/R1 = 1.7/47 = 0.03617 mA

आउटपुट वोल्टता

R₁ की धारा Rf से भी बहती है।

Vout = V₋ + I·Rf = 1.7 + 0.03617·100 = 5.317 V

उत्तर

Vout = 5.317 V
22.ऑप-एम्प परिपथ

उत्तर: Vout = −0.93 V

आदर्श ऑप-एम्प नियम: ऋणात्मक पुनर्निवेश के साथ ऑप-एम्प अपना आउटपुट ऐसे चलाता है कि दोनों इनपुट समान वोल्टता पर रहें (V₋ = V₊), और किसी भी इनपुट में धारा नहीं जाती। इन दो तथ्यों के साथ इनवर्टिंग इनपुट पर KCL लिखने से आउटपुट मिलता है।

इनपुट धाराएँ

V₋ = 0, इसलिए हर इनपुट प्रतिरोधक पर उसकी पूरी इनपुट वोल्टता है।

I1 = V1/R1 = 0.8/1 = 0.8 mA
I2 = V2/R2 = 1.3/10 = 0.13 mA
If = I1 + I2 = 0.93 mA

आउटपुट वोल्टता

Vout = −Rf·If = −1·0.93 = −0.93 V

उत्तर

Vout = −0.93 V
23.डायोड और ट्रांज़िस्टर

उत्तर: VCE = 5.087 V

BJT बायस बिंदु: सक्रिय क्षेत्र में VBE = 0.7 V, IC = β·IB और IE = (β + 1)·IB। KVL से आधार लूप में IB ज्ञात करें, फिर IC, फिर संग्राहक–उत्सर्जक लूप से VCE। आधार पर वोल्टता विभाजक को उसके थेवेनिन तुल्य VTH = VCC·R₂/(R₁ + R₂), RTH = R₁∥R₂ से बदला जाता है; उत्सर्जक प्रतिरोधक आधार लूप में (β + 1) गुना बड़ा दिखता है।

आधार धारा

IB = (VCC − VBE)/RB = (9 − 0.7)/560 kΩ = 14.82 µA

संग्राहक धारा

IC = β·IB = 80·14.82 µA = 1.186 mA

संग्राहक–उत्सर्जक वोल्टता

VCE = 9 − 1.186 mA·3.3 kΩ = 5.087 V

उत्तर

VCE = 5.087 V
24.डायोड और ट्रांज़िस्टर

उत्तर: Rmax = 130 Ω

ज़ेनर नियामक: विपरीत-अभिनत ज़ेनर डायोड अपनी वोल्टता VZ तब तक बनाए रखता है जब तक उसकी धारा न्यूनतम IZ,min से ऊपर रहे। श्रेणी प्रतिरोधक R निवेश और निर्गत का अंतर वहन करता है: IR = (Vin − VZ)/R। वह धारा भार, IL = VZ/RL, और ज़ेनर, IZ = IR − IL, के बीच बँटती है। सबसे बुरी स्थितियों के लिए अभिकल्पन करें: सबसे कम निवेश के साथ सबसे बड़े भार पर भी IZ,min बचना चाहिए, और सबसे ऊँचे निवेश के साथ बिना भार के ज़ेनर की सबसे बड़ी शक्ति PZ = VZ·IZ मिलती है।

सबसे बुरी स्थिति की धारा

IR = 25 + 5 = 30 mA

सबसे बड़ा प्रतिरोध

Rmax = 3.9/0.03 = 130 Ω

उत्तर

Rmax = 130 Ω
25.संख्या पद्धतियाँ

उत्तर: U = 169

बिट सेट करना: हर बिट दो की एक घात के बराबर है (128, 64, …, 1)। एक हेक्स अंक ठीक चार बिट होता है, और 8-बिट 2 के पूरक में सबसे बाएँ बिट का मान −128 होता है। बिटवाइज़ संक्रियाएँ हर बिट स्थान पर अलग-अलग काम करती हैं।

उलटें और एक जोड़ें

87 = 0101 0111
उलटा हुआ: 1010 1000
+1 → 1010 1001

अचिह्नित रूप में पढ़ें

1010 1001₂ = 256 − 87 = 169

उत्तर

U = 169
26.संख्या पद्धतियाँ

उत्तर: b = 11 bit

स्थानीय मान संख्या पद्धतियाँ: हर अंक का मान उसके मान गुणा आधार की एक घात होता है। द्विआधारी में स्थान 1, 2, 4, 8, 16, … के होते हैं; षोडशआधारी में 1, 16, 256, …, जहाँ A–F का अर्थ 10–15 है। 8-बिट दो के पूरक में सबसे बाईं बिट +128 के बजाय −128 की होती है; ऋणात्मक संख्याएँ इसी तरह संग्रहीत होती हैं।

दो की घातें

210 = 1024 < 1190
211 = 2048 ≥ 1190

उत्तर

b = 11
27.डिजिटल लॉजिक: गेट, K-मानचित्र और फ़्लिप-फ़्लॉप

उत्तर: L = 14

कार्नो मानचित्र: खाने ग्रे कोड (00, 01, 11, 10) में क्रमबद्ध होते हैं, इसलिए पड़ोसी खाने, किनारों के आर-पार वाले भी, ठीक एक चर में भिन्न होते हैं। 1 को 1, 2, 4, 8 या 16 खानों के आयतों में समूहित करें, जितने बड़े और जितने कम समूह हो सकें, जब तक हर 1 ढक न जाए। हर समूह एक गुणन पद है: वे चर जो उसके भीतर स्थिर रहते हैं। 2ᵏ खानों का समूह k चर खो देता है। डोंट-केयर (X) का उपयोग समूह बड़े करने के लिए किया जा सकता है पर उन्हें ढकना ज़रूरी नहीं है। इसके बजाय 0 को समूहित करने से न्यूनतम POS रूप मिलता है।

ABCD000111100001111000110302140517160120131150141809011010

1 को समूहित करें

हर समूह 2ᵏ खानों का आयत होता है; किनारे के खाने विपरीत किनारे के खानों के पड़ोसी होते हैं।

BCD
A′BD′
A′B′C′D
AB′C′D′

न्यूनतम SOP रूप

F = BCD + A′BD′ + A′B′C′D + AB′C′D′
L = 14

उत्तर

L = 14
28.डिजिटल लॉजिक: गेट, K-मानचित्र और फ़्लिप-फ़्लॉप

उत्तर: क्लॉक कोर 3

फ़्लिप-फ़्लॉप और काउंटर: फ़्लिप-फ़्लॉप केवल सक्रिय क्लॉक कोर पर बदलता है। D अपना निवेश कॉपी करता है (Q⁺ = D); T तब टॉगल करता है जब T = 1; JK 00 पर स्थिर रहता है, 01 पर रीसेट करता है, 10 पर सेट करता है और 11 पर टॉगल करता है। n-बिट द्विआधारी काउंटर की 2ⁿ अवस्थाएँ होती हैं और वह 2ⁿ के मापांक में गिनता है; mod-N काउंटर 0, 1, …, N − 1 तक जाकर फिर 0 पर लौटता है, और उसे ऐसे सबसे छोटे n फ़्लिप-फ़्लॉप चाहिए जिसमें 2ⁿ ≥ N हो। रिपल काउंटर का हर चरण आवृत्ति को आधा कर देता है, इसलिए mod-N काउंटर का अंतिम निर्गत fclk/N पर चलता है। n फ़्लिप-फ़्लॉप वाले जॉनसन काउंटर की 2n अवस्थाएँ होती हैं, रिंग काउंटर की n।

हर कोर के बाद Q

JK फ़्लिप-फ़्लॉप: 00 स्थिर रखता है, 01 रीसेट करता है (Q = 0), 10 सेट करता है (Q = 1), 11 टॉगल करता है।

1: J = 0, K = 1 → Q = 0
2: J = 1, K = 0 → Q = 1
3: J = 1, K = 1 → Q = 0
4: J = 0, K = 1 → Q = 0
5: J = 0, K = 1 → Q = 0
6: J = 0, K = 1 → Q = 0
7: J = 0, K = 0 → Q = 0

1 से 0 का पहला परिवर्तन

क्लॉक कोर 3

उत्तर

क्लॉक कोर 3
29.लाप्लास रूपांतर

उत्तर: f(0.75) = 3.323

लाप्लास रूपांतर: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt अवकलजों को s से गुणा में बदल देता है: ℒ{f′} = sF(s) − f(0), ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0)। मानक युग्म: 1 ↔ 1/s, e−at ↔ 1/(s + a), t·e−at ↔ 1/(s + a)², sin ωt ↔ ω/(s² + ω²), cos ωt ↔ s/(s² + ω²), और विस्थापन s → s + σ समय फलन को e−σt से गुणा करता है। परिमेय F(s) का प्रतिलोम लेने के लिए उसे आंशिक भिन्नों में बाँटें: सरल ध्रुव p का अवशेष A = [(s − p)·F(s)], s = p पर है। अंतिम मान प्रमेय: f(∞) = lims→0 s·F(s), केवल तभी मान्य जब s·F(s) के सभी ध्रुव बाएँ अर्ध-तल में हों। प्रारंभिक मान प्रमेय: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s)।

आंशिक भिन्न

F(s) = A/s + B/(s + 1) + C/(s + 5)
A = 40/(1·5) = 8
B = 40/((−1)·4) = −10
C = 40/((−5)·(−4)) = 2

प्रतिलोम रूपांतर

f(t) = 8 − 10·e−t + 2·e−5t

मान निकालें

f(0.75) = 8 − 10·e−0.75 + 2·e−5·0.75 = 3.323

उत्तर

f(0.75) = 3.323
30.लाप्लास रूपांतर

उत्तर: y(0.3) = 8.56

लाप्लास रूपांतर: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt अवकलजों को s से गुणा में बदल देता है: ℒ{f′} = sF(s) − f(0), ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0)। मानक युग्म: 1 ↔ 1/s, e−at ↔ 1/(s + a), t·e−at ↔ 1/(s + a)², sin ωt ↔ ω/(s² + ω²), cos ωt ↔ s/(s² + ω²), और विस्थापन s → s + σ समय फलन को e−σt से गुणा करता है। परिमेय F(s) का प्रतिलोम लेने के लिए उसे आंशिक भिन्नों में बाँटें: सरल ध्रुव p का अवशेष A = [(s − p)·F(s)], s = p पर है। अंतिम मान प्रमेय: f(∞) = lims→0 s·F(s), केवल तभी मान्य जब s·F(s) के सभी ध्रुव बाएँ अर्ध-तल में हों। प्रारंभिक मान प्रमेय: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s)।

समीकरण का रूपांतर करें

s²Y − 10s − (−4) + 3(sY − 10) + 2Y = 0
Y(s) = (10s + 26)/((s + 1)(s + 2))

आंशिक भिन्न

A = 16/1 = 16
B = 6/(−1) = −6

परिणाम

y(t) = 16·e−t − 6·e−2t
y(0.3) = 8.56

उत्तर

y(0.3) = 8.56

जाँच: y(0) = A + B = 10।

31.ब्लॉक आरेख

उत्तर: ess = 2.692

ब्लॉक-आरेख बीजगणित: श्रेणी में ब्लॉक गुणा होते हैं (G₁·G₂), समांतर में ब्लॉक जुड़ते हैं (G₁ + G₂), और अग्र पथ G तथा पुनर्निवेश पथ H वाला लूप ऋणात्मक पुनर्निवेश के लिए T = G/(1 + G·H) और धनात्मक पुनर्निवेश के लिए G/(1 − G·H) में सरल होता है। पहले भीतरी लूप सरल करें, फिर बाहर की ओर बढ़ें। संवृत-लूप ध्रुव अभिलाक्षणिक समीकरण 1 + G(s)H(s) = 0 के मूल हैं। स्थायी लूप के लिए आकार A का सोपान इनपुट स्थायी-अवस्था आउटपुट A·T(0) देता है; एकांक पुनर्निवेश के साथ सोपान के लिए स्थायी-अवस्था त्रुटि A/(1 + Kp) है, जहाँ Kp = G(0)।

स्थिति त्रुटि स्थिरांक

Kₚ = G(0) = 5·6/(5·7) = 0.8571

स्थायी-अवस्था त्रुटि

ess = A/(1 + Kₚ) = 5/(1 + 0.8571) = 2.692

उत्तर

ess = 2.692
32.ब्लॉक आरेख

उत्तर: K = 42.75

ब्लॉक-आरेख बीजगणित: श्रेणी में ब्लॉक गुणा होते हैं (G₁·G₂), समांतर में ब्लॉक जुड़ते हैं (G₁ + G₂), और अग्र पथ G तथा पुनर्निवेश पथ H वाला लूप ऋणात्मक पुनर्निवेश के लिए T = G/(1 + G·H) और धनात्मक पुनर्निवेश के लिए G/(1 − G·H) में सरल होता है। पहले भीतरी लूप सरल करें, फिर बाहर की ओर बढ़ें। संवृत-लूप ध्रुव अभिलाक्षणिक समीकरण 1 + G(s)H(s) = 0 के मूल हैं। स्थायी लूप के लिए आकार A का सोपान इनपुट स्थायी-अवस्था आउटपुट A·T(0) देता है; एकांक पुनर्निवेश के साथ सोपान के लिए स्थायी-अवस्था त्रुटि A/(1 + Kp) है, जहाँ Kp = G(0)।

विक्षोभ अनुक्रिया

css = D·G(0)/(1 + K·G(0)) = 1·4/(9 + 4K)

K के लिए हल करें

9 + 4K = 1·4/0.02222 = 180
K = (180 − 9)/4 = 42.75

उत्तर

K = 42.75
33.सोपान अनुक्रिया

उत्तर: tp = 0.7854 s

सोपान अनुक्रिया: एक प्रथम-कोटि तंत्र G(s) = K/(τs + 1) आकार U के सोपान का उत्तर y(t) = K·U·(1 − e−t/τ) से देता है: यह एक समय स्थिरांक τ के बाद अंतिम मान K·U के 63.2 % और 4τ के बाद 98 % तक पहुँचता है। एक द्वितीय-कोटि तंत्र G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) के ध्रुव s = −ζωₙ ± jωd हैं, जहाँ ωd = ωₙ√(1 − ζ²)। 0 < ζ < 1 के लिए सोपान अनुक्रिया अतिलंघन करती है: प्रतिशत अतिलंघन %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), शिखर समय tp = π/ωd, और 2 % स्थिरीकरण समय ts ≈ 4/(ζωₙ)। ωₙ और ζ पढ़ने के लिए हर की तुलना s² + 2ζωₙs + ωₙ² से करें। द्रव्यमान–स्प्रिंग–अवमंदक के लिए ωₙ = √(k/m) और ζ = c/(2√(km)); श्रेणी RLC परिपथ के लिए ωₙ = 1/√(LC) और ζ = (R/2)·√(C/L)।

मानक रूप से तुलना करें

हर s² + 2ζωₙs + ωₙ² से मेल खाना चाहिए।

ωₙ² = 17 → ωₙ = 4.123 rad/s
2ζωₙ = 2 → ζ = 2/(2·4.123) = 0.2425

परिणाम

ωd = 4.123·√(1 − 0.2425²) = 4 rad/s → tp = π/ωd = 0.7854 s

उत्तर

tp = 0.7854 s
34.सोपान अनुक्रिया

उत्तर: ζ = 0.5169

सोपान अनुक्रिया: एक प्रथम-कोटि तंत्र G(s) = K/(τs + 1) आकार U के सोपान का उत्तर y(t) = K·U·(1 − e−t/τ) से देता है: यह एक समय स्थिरांक τ के बाद अंतिम मान K·U के 63.2 % और 4τ के बाद 98 % तक पहुँचता है। एक द्वितीय-कोटि तंत्र G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) के ध्रुव s = −ζωₙ ± jωd हैं, जहाँ ωd = ωₙ√(1 − ζ²)। 0 < ζ < 1 के लिए सोपान अनुक्रिया अतिलंघन करती है: प्रतिशत अतिलंघन %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), शिखर समय tp = π/ωd, और 2 % स्थिरीकरण समय ts ≈ 4/(ζωₙ)। ωₙ और ζ पढ़ने के लिए हर की तुलना s² + 2ζωₙs + ωₙ² से करें। द्रव्यमान–स्प्रिंग–अवमंदक के लिए ωₙ = √(k/m) और ζ = c/(2√(km)); श्रेणी RLC परिपथ के लिए ωₙ = 1/√(LC) और ζ = (R/2)·√(C/L)।

अवमंदन अनुपात

ζ = −ln(0.15)/√(π² + ln²(0.15)) = 1.897/√(9.87 + 3.599) = 0.5169

उत्तर

ζ = 0.5169
35.बोडे आरेख और सीमाएँ

उत्तर: BW = 636.6 Hz

आवृत्ति अनुक्रिया: अंतरण फलन में s = jω रखिए। डेसिबल में परिमाण 20·log₁₀|H(jω)| है और कला अंश के गुणनखंडों के कोणों के योग में से हर के गुणनखंडों के कोण घटाने पर मिलती है। प्रथम कोटि RC या RL फ़िल्टर की कोना (−3 dB) आवृत्ति ωc = 1/(RC) या R/L पर होती है, और fc = ωc/(2π); निम्न-पारक फ़िल्टर |H| = 1/√(1 + (ω/ωc)²) और φ = −atan(ω/ωc) देता है। अनंतस्पर्शी (सीधी रेखा) बोडे आरेख में हर ध्रुव अपनी कोना आवृत्ति पर परिमाण को 20 dB/दशक से नीचे मोड़ता है, हर शून्य उसे 20 dB/दशक से ऊपर मोड़ता है, और समाकलक 1/s सभी आवृत्तियों पर −20 dB/दशक देता है। लब्धि क्रॉसओवर ωc: |L(jω)| = 1 (0 dB); कला सीमा PM = 180° + ∠L(jωc)। कला क्रॉसओवर ω180: ∠L(jω) = −180°; लब्धि सीमा GM = −20·log₁₀|L(jω180)| dB। दोनों सीमाएँ धनात्मक होने पर बंद पाश स्थिर होता है।

अनुनादी आवृत्ति

ω₀ = 1/√(LC) = 1/√(0.005·1 × 10⁻⁷) = 44721 rad/s
f₀ = ω₀/(2π) = 7118 Hz

बैंडविड्थ

BW = R/L = 20/0.005 = 4000 rad/s = 636.6 Hz

उत्तर

BW = 636.6 Hz
36.बोडे आरेख और सीमाएँ

उत्तर: K = 30.36

आवृत्ति अनुक्रिया: अंतरण फलन में s = jω रखिए। डेसिबल में परिमाण 20·log₁₀|H(jω)| है और कला अंश के गुणनखंडों के कोणों के योग में से हर के गुणनखंडों के कोण घटाने पर मिलती है। प्रथम कोटि RC या RL फ़िल्टर की कोना (−3 dB) आवृत्ति ωc = 1/(RC) या R/L पर होती है, और fc = ωc/(2π); निम्न-पारक फ़िल्टर |H| = 1/√(1 + (ω/ωc)²) और φ = −atan(ω/ωc) देता है। अनंतस्पर्शी (सीधी रेखा) बोडे आरेख में हर ध्रुव अपनी कोना आवृत्ति पर परिमाण को 20 dB/दशक से नीचे मोड़ता है, हर शून्य उसे 20 dB/दशक से ऊपर मोड़ता है, और समाकलक 1/s सभी आवृत्तियों पर −20 dB/दशक देता है। लब्धि क्रॉसओवर ωc: |L(jω)| = 1 (0 dB); कला सीमा PM = 180° + ∠L(jωc)। कला क्रॉसओवर ω180: ∠L(jω) = −180°; लब्धि सीमा GM = −20·log₁₀|L(jω180)| dB। दोनों सीमाएँ धनात्मक होने पर बंद पाश स्थिर होता है।

कला क्रॉसओवर

(ω/2)·(ω/6) = 1 → ω180 = √(2·6) = 3.464 rad/s

कला क्रॉसओवर पर परिमाण

|L(jω180)| = K/(ω·√(ω² + 4)·√(ω² + 36)) = K/(2·6·(2 + 6)) = K/96

आवश्यक लब्धि

96/K = 1010/20 = 3.162
K = 96/3.162 = 30.36

उत्तर

K = 30.36
37.स्थायित्व: राउथ–हरविट्ज़ और मूल बिंदुपथ

उत्तर: m = 2.5

राउथ–हरविट्ज़ कसौटी: कोई रैखिक तंत्र तब स्थायी होता है जब उसके अभिलाक्षणिक बहुपद का हर मूल s-तल के बाएँ अर्ध-तल में हो। गुणांकों को बारी-बारी से राउथ सारणी की पहली दो पंक्तियों में लिखें। नई पंक्ति की हर प्रविष्टि ऊपर की दो पंक्तियों से बनती है; त्रिघात a₃s³ + a₂s² + a₁s + a₀ के लिए s¹ प्रविष्टि b₁ = (a₂·a₁ − a₃·a₀)/a₂ है। पहले स्तंभ में चिह्न-परिवर्तनों की संख्या दाएँ अर्ध-तल के मूलों की संख्या के बराबर होती है। गुणांकों में लब्धि K होने पर पहले स्तंभ की हर प्रविष्टि धनात्मक रहनी चाहिए: जिस लब्धि पर s¹ प्रविष्टि शून्य हो जाती है वही स्थायित्व की सीमा है, और तब s² पंक्ति सतत दोलन की आवृत्ति देती है।

राउथ सारणी

s³ + 11s² + 24s + K = 0
s³: 1, 24
s²: 11, K
s¹: (11·24 − K)/11
s⁰: K

सबसे बड़ी स्थायी लब्धि

Kmax = 11·24 = 264

गुणक

m = 264/105.6 = 2.5

उत्तर

m = 2.5

यह गुणक अनुपात के रूप में लब्धि सीमा है: 7.959 dB।

38.स्थायित्व: राउथ–हरविट्ज़ और मूल बिंदुपथ

उत्तर: K = 39.06

मूल बिंदुपथ: जैसे-जैसे लब्धि K 0 से ∞ तक बढ़ती है, संवृत-लूप ध्रुव, यानी 1 + K·G(s) = 0 के मूल, विवृत-लूप ध्रुवों से विवृत-लूप शून्यों की ओर या अनंत की ओर चलते हैं। वास्तविक अक्ष पर कोई बिंदु तब बिंदुपथ का भाग होता है जब उसके दाईं ओर वास्तविक ध्रुवों और शून्यों की कुल संख्या विषम हो। अनंत की ओर जाने वाली n − m शाखाएँ कोणों (2q + 1)·180°/(n − m) वाली अनंतस्पर्शियों के अनुदिश चलती हैं, जो केंद्रक σₐ = (Σ ध्रुव − Σ शून्य)/(n − m) से शुरू होती हैं। शाखाएँ वहाँ वास्तविक अक्ष छोड़ती या उससे मिलती हैं जहाँ dK/ds = 0 हो। कोण शर्त ∠G(s) = 180° आकार तय करती है, और परिमाण शर्त K = 1/|G(s)| बिंदुपथ के किसी भी बिंदु पर लब्धि देती है।

मानक रूप से तुलना करें

s² + 5s + K = s² + 2ζωₙs + ωₙ²
2·0.4·ωₙ = 5 → ωₙ = 6.25 rad/s

लब्धि

K = ωₙ² = 6.25² = 39.06

उत्तर

K = 39.06

संवृत-लूप ध्रुव वहाँ हैं जहाँ ζ रेखा s = −2.5 पर ऊर्ध्वाधर शाखा को काटती है।

39.स्थायी-अवस्था त्रुटि और PID नियंत्रण

उत्तर: K = 40

स्थायी-अवस्था त्रुटि: विवृत-लूप अंतरण फलन G(s) वाले एकांक पुनर्निवेश लूप में त्रुटि E(s) = R(s)/(1 + G(s)) होती है, और अंतिम मान प्रमेय से ess = lims→0 s·E(s)। तंत्र का प्रकार G(s) के s = 0 पर ध्रुवों की संख्या है। त्रुटि स्थिरांक Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s) और Ka = lim s²·G(s) हैं, सभी s → 0 के लिए। आकार A का सोपान ess = A/(1 + Kp) देता है, रैंप A·t से A/Kv और परवलय A·t²/2 से A/Ka मिलता है। प्रकार-0 लूप सोपान का अनुसरण परिमित त्रुटि के साथ करता है, जबकि प्रकार-1 लूप उसका अनुसरण पूरी तरह करता है और रैंप का परिमित त्रुटि के साथ।

आवश्यक वेग स्थिरांक

Kv = A/ess = 5/0.5 = 10

लब्धि

K = 4·Kv = 40

उत्तर

K = 40

बड़ी लब्धि इस लूप को बहुत हल्का अवमंदित बना देती है: ζ = 0.3162। इसी विरोध के कारण क्षतिपूरक (कम्पेन्सेटर) उपयोग किए जाते हैं।

40.स्थायी-अवस्था त्रुटि और PID नियंत्रण

उत्तर: tp = 0.4632 s

P, PI और PID नियंत्रण: नियंत्रक C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s त्रुटि पर कार्य करता है। आनुपातिक लब्धि लूप को तेज़ बनाती है और प्रकार-0 संयंत्र की त्रुटि घटाती है, पर उसे कभी समाप्त नहीं करती। समाकल पद s = 0 पर एक ध्रुव जोड़ता है: तंत्र का प्रकार एक बढ़ जाता है, और सोपान का अनुसरण बिना त्रुटि के होता है। अवकल पद अवमंदन जोड़ता है। लब्धियाँ चुनने के लिए संवृत-लूप अभिलाक्षणिक बहुपद लिखिए और उसकी तुलना s² + 2ζωns + ωn² से कीजिए। तब %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, जहाँ ωd = ωn√(1 − ζ²), और ts ≈ 4/(ζωn)।

अभिलाक्षणिक बहुपद

s(s + 4) + 25·2 = s² + 4s + 50

ωₙ और ζ

ωₙ = √50 = 7.071 rad/s
ζ = 4/(2·7.071) = 0.2828

शिखर काल

ωd = 7.071·√(1 − 0.2828²) = 6.782 rad/s
tp = π/6.782 = 0.4632 s

उत्तर

tp = 0.4632 s

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