FE Electrical and Computer परीक्षा अभ्यास: क्रैम पैक

सूत्र-पत्रक, हर विषय के मुख्य विधि-चरण और 40 अभ्यास प्रश्न, पूरे हल पीछे दिए गए हैं।

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1सूत्र और विधियाँ

श्रेणी और समांतर प्रतिरोधक

श्रेणी में प्रतिरोध
Req = R1 + R2 + …
समांतर में प्रतिरोध
1/Req = 1/R1 + 1/R2 + …
दो समांतर में
Req = R1R2 / (R1 + R2)
ओम का नियम
V = I·R
शक्ति
P = V·I = I²R = V²/R

विधि

  1. नेटवर्क के उस सिरे से शुरू करें जो टर्मिनलों से सबसे दूर है।
  2. श्रेणी में प्रतिरोधकों को जोड़कर मिलाएँ, और समांतर में प्रतिरोधकों को 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + … से।
  3. हर चरण के बाद परिपथ दोबारा बनाएँ।
  4. तब तक दोहराएँ जब तक टर्मिनलों के बीच एक ही प्रतिरोधक न बचे।

नोडल विश्लेषण

किरचॉफ का धारा नियम
ΣIin = ΣIout
शाखा धारा
I = (Va − Vb)/R
संदर्भ नोड
Vground = 0

विधि

  1. एक संदर्भ नोड (भू) चुनें और बाकी नोड वोल्टताओं को नाम दें।
  2. हर अज्ञात नोड पर किरखॉफ़ का धारा नियम लिखें: हर शाखा से निकलने वाली धाराएँ प्रवेश करने वाली धाराओं के बराबर होती हैं।
  3. हर शाखा धारा को (Va − Vb)/R के रूप में व्यक्त करें।
  4. समीकरण निकाय हल करें, फिर आवश्यक कोई भी धारा ज्ञात करें।

मेश विश्लेषण

किरचॉफ का वोल्टता नियम
हर लूप के चारों ओर ΣV = 0
साझा प्रतिरोध
धारा = I1 − I2
मेश में धारा स्रोत
उस मेश की धारा तय करता है

विधि

  1. परिपथ के हर मेश (खिड़की) में दक्षिणावर्त धारा बनाएँ।
  2. हर मेश के चारों ओर किरखॉफ़ का वोल्टता नियम लगाएँ: वोल्टता पातों का योग शून्य है।
  3. दो मेशों के साझा प्रतिरोधक में धारा दोनों मेश धाराओं का अंतर होती है।
  4. समीकरण हल करें; ऋणात्मक परिणाम का अर्थ है कि धारा उलटी दिशा में बहती है।

अध्यारोपण

अध्यारोपण
x = x1 + x2 + … (one source at a time)
बंद वोल्टता स्रोत
शॉर्ट सर्किट (0 V)
बंद धारा स्रोत
खुला परिपथ (0 A)
वोल्टता विभाजक
V2 = V·R2/(R1 + R2)
धारा विभाजक
I1 = I·R2/(R1 + R2)

विधि

  1. स्वतंत्र स्रोत गिनें। आप हर स्रोत के लिए एक सरल परिपथ हल करेंगे।
  2. एक स्रोत रखें और बाकी बंद कर दें: वोल्टता स्रोत लघु परिपथ (एक तार) बन जाता है, धारा स्रोत खुला परिपथ (एक अंतराल) बन जाता है।
  3. सरल परिपथ में आवश्यक वोल्टता या धारा ज्ञात करें, उसकी दिशा का ध्यान रखते हुए।
  4. हर स्रोत के लिए दोहराएँ, फिर योगदानों को उनके चिह्नों सहित जोड़ें।

थेवेनिन और नॉर्टन

थेवेनिन वोल्टता
Vth = Vopen circuit
थेवेनिन प्रतिरोध
Rth: सभी स्रोत बंद, a–b से देखा गया
नॉर्टन धारा
IN = Vth/Rth
लोड धारा
IL = Vth/(Rth + RL)
अधिकतम शक्ति स्थानांतरण
RL = Rth, Pmax = Vth²/(4Rth)

विधि

  1. भार हटाएँ और दोनों टर्मिनलों को a और b से चिह्नित करें।
  2. a और b के बीच खुला-परिपथ वोल्टता ज्ञात करें: यही Vth है।
  3. सभी स्वतंत्र स्रोत बंद करें और a–b से दिखने वाला प्रतिरोध ज्ञात करें: यही Rth है।
  4. लोड को समतुल्य परिपथ पर वापस लगाएँ: Vth, Rth के साथ श्रेणी में।
  5. नॉर्टन समतुल्य के लिए रूपांतरित करें: IN = Vth/Rth, और RN = Rth समांतर में।

RC और RL क्षणिक अवस्थाएँ

समय स्थिरांक
τ = RC | τ = L/R
अनुक्रिया
x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ
DC पर संधारित्र
खुला परिपथ; vC अचानक नहीं बदल सकता
DC पर प्रेरक
शॉर्ट सर्किट; iL अचानक नहीं बदल सकता
स्थिर अवस्था
t ≈ 5τ

विधि

  1. स्विचिंग के ठीक बाद प्रारंभिक मान ज्ञात करें: संधारित्र की वोल्टता और प्रेरक की धारा अचानक नहीं बदल सकती।
  2. स्विचिंग के बहुत बाद अंतिम मान ज्ञात करें: संधारित्र खुले परिपथ जैसा, प्रेरक लघु परिपथ जैसा व्यवहार करता है।
  3. समय स्थिरांक ज्ञात करें: τ = RC या τ = L/R, संधारित्र या प्रेरक द्वारा देखे गए प्रतिरोध का उपयोग करके।
  4. x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ का उपयोग करें।

AC प्रतिबाधा और फ़ेज़र

प्रतिबाधाएँ
ZR = R, ZL = jωL, ZC = 1/(jωC)
कोणीय आवृत्ति
ω = 2πf
परिमाण और कोण
|Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
फेज़र रूप में ओम का नियम
V = I·Z

विधि

  1. आवृत्ति बदलें: ω = 2πf।
  2. हर प्रतिघात ज्ञात करें: XL = ωL और XC = 1/(ωC)।
  3. प्रतिबाधाओं को प्रतिरोधकों की तरह जोड़ें, Z = R + jX के साथ।
  4. परिमाण |Z| = √(R² + X²) और कोण φ = atan(X/R) ज्ञात करें, फिर फ़ेज़र के साथ ओम का नियम लगाएँ।

AC शक्ति और शक्ति गुणक

सक्रिय शक्ति
P = V·I·cos φ
प्रतिघाती शक्ति
Q = V·I·sin φ
आभासी शक्ति
S = V·I = √(P² + Q²)
शक्ति गुणांक
pf = cos φ = P/S
सुधार संधारित्र
QC = P(tan φ1 − tan φ2), C = QC/(ωV²)

त्रि-फ़ेज़ शक्ति

Y संयोजन
VL = √3·Vph, IL = Iph
Δ संयोजन
VL = Vph, IL = √3·Iph
कुल वास्तविक शक्ति
P = √3·VL·IL·cos φ = 3·Iph²·R
आभासी और प्रतिघाती शक्ति
S = √3·VL·IL, Q = P·tan φ
सुधार संधारित्र
QC = P(tan φ1 − tan φ2), C = QC/(3ωV²)
प्रत्येक संधारित्र पर वोल्टता
Δ: VL Y: VL/√3
मोटर निवेश
Pin = Pout/η

ट्रांसफ़ॉर्मर

फेरों का अनुपात
a = N1/N2 = V1/V2
धारा अनुपात
I1/I2 = N2/N1 = 1/a
निर्धारित धारा
I = S/V
स्थानांतरित प्रतिबाधा
Z1′ = a²·ZL
आंशिक भार पर ताम्र हानि
Pcu = x²·Pcu,fl
दक्षता
η = x·S·pf/(x·S·pf + Pcore + x²·Pcu,fl)
अधिकतम दक्षता
x = √(Pcore/Pcu,fl)

ऑप-एम्प परिपथ

इनवर्टिंग प्रवर्धक
Vout = −(Rf/Rin)·Vin
नॉन-इनवर्टिंग प्रवर्धक
Vout = (1 + Rf/R1)·Vin
योगकारी प्रवर्धक
Vout = −Rf(V1/R1 + V2/R2)
आदर्श ऑप-एम्प
V+ = V−, Iin = 0

डायोड और ट्रांज़िस्टर

डायोड (नियत वोल्टता पात)
VD = 0.7 V when conducting
सक्रिय क्षेत्र
VBE = 0.7 V, IC = β·IB, IE = (β + 1)·IB
स्थिर बायस
IB = (VCC − 0.7)/RB
विभाजक बायस
IB = (VTH − 0.7)/(RTH + (β + 1)RE)
विभाजक का थेवेनिन तुल्य
VTH = VCC·R2/(R1 + R2), RTH = R1∥R2
संग्राहक लूप
VCE = VCC − ICRC − IERE
संतृप्ति
IC(sat) = (VCC − VCE(sat))/RC, IB ≥ IC(sat)/β

संख्या पद्धतियाँ

स्थानीय मान
बाइनरी 2k, ऑक्टल 8k, हेक्स 16k
दशमलव में
Σ dk·bk
दशमलव से
आधार से भाग दें, शेषफल नीचे से ऊपर पढ़ें
हेक्स ↔ बाइनरी
एक हेक्स अंक = 4 बिट
टू’ज़ कॉम्प्लीमेंट
बिट उलटें और 1 जोड़ें

डिजिटल लॉजिक: गेट, K-मानचित्र और फ़्लिप-फ़्लॉप

मूल गेट
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
बूलीय नियम
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
डी मॉर्गन
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
कार्नो मानचित्र का क्रम
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ खानों का समूह
k चर खो देता है
4-से-1 मल्टीप्लेक्सर
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
फ़्लिप-फ़्लॉप
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
काउंटर
n-बिट: 2ⁿ अवस्थाएँ; mod-N: सबसे छोटा n जिसमें 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
रिपल काउंटर
fmax = 1/(n·tpd)
रिंग और जॉनसन काउंटर
n और 2n अवस्थाएँ

विधि

  1. परिपथ के लिए निवेशों से निर्गत तक एक-एक गेट करके काम करें और हर तार पर मान लिखें, या उसका व्यंजक लिखें और सत्यमान सारणी भरें।
  2. सरलीकरण के लिए 1 (और डोंट-केयर को X के रूप में) को ग्रे-कोड पंक्तियों और स्तंभों वाले कार्नो मानचित्र में रखें: 00, 01, 11, 10।
  3. 1 को 1, 2, 4, 8 या 16 खानों के जितने कम और जितने बड़े संभव हों उतने समूहों से ढकें, किनारों से लिपटते हुए; हर समूह एक गुणन पद है जो उन चरों से बना है जो स्थिर रहते हैं। POS रूप के लिए 0 को समूहित करें।
  4. फ़्लिप-फ़्लॉप और काउंटरों के लिए हर सक्रिय क्लॉक कोर पर निवेश पढ़ें, हर कोर के बाद अवस्था लिखें, और याद रखें कि n-बिट काउंटर 2ⁿ अवस्थाओं के बाद लौट जाता है।

स्थायित्व: राउथ–हरविट्ज़ और मूल बिंदुपथ

स्थायित्व
अभिलाक्षणिक बहुपद के सभी मूल बाएँ अर्ध-तल में
राउथ सारणी, त्रिघात की s¹ प्रविष्टि
b1 = (a2a1 − a3a0)/a2
दाएँ अर्ध-तल के मूल
पहले स्तंभ में चिह्न-परिवर्तनों की संख्या
त्रिघात s³ + a₂s² + a₁s + a₀
स्थायी जब सभी a > 0 और a₂·a₁ > a₀
K/(s(s + a)(s + b))
Kmax = ab(a + b), ω = √(ab)
अभिलाक्षणिक समीकरण
1 + K·G(s) = 0
अनंतस्पर्शियाँ
σa = (Σp − Σz)/(n − m), θ = (2q + 1)·180°/(n − m)
विचलन और संगम बिंदु
dK/ds = 0
परिमाण शर्त
K = 1/|G(s)|
प्रस्थान कोण
θd = 180° − Σ∠(from other poles) + Σ∠(from zeros)

विधि

  1. संवृत-लूप अभिलाक्षणिक बहुपद लिखिए: 1 + K·G(s) = 0 का हर, गुणा करके फैलाया हुआ।
  2. गुणांकों को बारी-बारी से राउथ सारणी की पहली दो पंक्तियों में रखिए और बाकी पंक्तियाँ बनाइए।
  3. पहले स्तंभ के चिह्न-परिवर्तन गिनिए: हर एक दाएँ अर्ध-तल का एक ध्रुव है। सारणी में K होने पर माँग कीजिए कि पहले स्तंभ की हर प्रविष्टि धनात्मक रहे।
  4. मूल बिंदुपथ के लिए ध्रुव और शून्य, वास्तविक अक्ष के खंड, केंद्रक से निकलती अनंतस्पर्शियाँ और dK/ds = 0 वाले विचलन/संगम बिंदु अंकित कीजिए। किसी बिंदु पर लब्धि के लिए K = 1/|G(s)| का उपयोग कीजिए।

स्थायी-अवस्था त्रुटि और PID नियंत्रण

तंत्र प्रकार
G(s) के s = 0 पर ध्रुवों की संख्या
त्रुटि स्थिरांक
Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s), Ka = lim s²·G(s) (s → 0)
सोपान A
ess = A/(1 + Kp)
रैंप A·t
ess = A/Kv
परवलय A·t²/2
ess = A/Ka
PID नियंत्रक
C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s
द्वितीय-कोटि लक्ष्य
s² + 2ζωns + ωn²
अतिलंघन और समय
%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, ts ≈ 4/(ζωn)

विधि

  1. विवृत-लूप C(s)·G(s) के s = 0 पर ध्रुव गिनिए: वही तंत्र का प्रकार है।
  2. निवेश से मेल खाने वाला त्रुटि स्थिरांक निकालिए: सोपान के लिए Kp, रैंप के लिए Kv, परवलय के लिए Ka।
  3. ess = A/(1 + Kp), A/Kv या A/Ka लगाइए, या जिस लब्धि की आपको ज़रूरत है उसके लिए इसे हल कीजिए।
  4. अवमंदन या चाल के विनिर्देश के लिए संवृत-लूप अभिलाक्षणिक बहुपद लिखिए और उसे s² + 2ζω_n·s + ω_n² से मिलाइए।

2अभ्यास प्रश्न

1.श्रेणी और समांतर प्रतिरोधकमध्यम
R1​ = 2 ΩR3​ = 6 Ω+−V1​15 VR2​2 ΩIR2​AR4​8 ΩB

R2 से होकर धारा IR2 ज्ञात कीजिए।

V1 = 15 VR1 = 2 ΩR2 = 2 ΩR3 = 6 ΩR4 = 8 Ω
IR2 = A
2.श्रेणी और समांतर प्रतिरोधककठिन
R1​ = 10 ΩR3​ = 15 ΩR5​ = 4 Ω+−V1​10 VR2​8 ΩIR2​AR4​6 ΩBR6​12 Ω

R2 से होकर धारा IR2 ज्ञात कीजिए।

V1 = 10 VR1 = 10 ΩR2 = 8 ΩR3 = 15 ΩR4 = 6 ΩR5 = 4 ΩR6 = 12 Ω
IR2 = A
3.नोडल विश्लेषणमध्यम
R1​ = 6 ΩR3​ = 3 ΩIR3​+−V1​15 VR2​20 ΩAR4​8 ΩBIs​5 A

नोडल विश्लेषण से तीर की दिशा में R3 से होकर धारा IR3 ज्ञात कीजिए।

V1 = 15 VIs = 5 AR1 = 6 ΩR2 = 20 ΩR3 = 3 ΩR4 = 8 Ω
IR3 = A
4.नोडल विश्लेषणकठिन
R1​ = 3 ΩR3​ = 6 Ω+−V1​30 VR2​5 ΩAR4​8 ΩB0.25·VA​

हीरा-आकृति एक वोल्टता-नियंत्रित धारा स्रोत है जो 0.25·VA की धारा (A में, VA को V में लेकर) ऊपर नोड B में धकेलता है। नोडल विश्लेषण से नोड वोल्टता VA (ग्राउंड के सापेक्ष) ज्ञात कीजिए।

V1 = 30 VR1 = 3 ΩR2 = 5 ΩR3 = 6 ΩR4 = 8 Ωg = 0.25 A/V
VA = V
5.मेश विश्लेषणमध्यम
R1​ = 6 ΩR2​ = 3 Ω+−V1​18 VR3​12 ΩA+−V2​18 VI1​I2​

मेश विश्लेषण से मेश धारा I2 (दक्षिणावर्त) ज्ञात कीजिए।

V1 = 18 VV2 = 18 VR1 = 6 ΩR2 = 3 ΩR3 = 12 Ω
I2 = A
6.मेश विश्लेषणकठिन
R1​ = 6 ΩR2​ = 6 ΩR3​ = 4 Ω+−V1​5 VR4​30 ΩAR5​8 ΩIR5​B+−V2​12 VI1​I2​I3​

मेश विश्लेषण से तीर की दिशा में R5 से होकर धारा IR5 ज्ञात कीजिए।

V1 = 5 VV2 = 12 VR1 = 6 ΩR2 = 6 ΩR3 = 4 ΩR4 = 30 ΩR5 = 8 Ω
IR5 = A
7.अध्यारोपणमध्यम
R1​ = 3 ΩR3​ = 12 Ω+−V1​10 VR2​3 ΩIR2​AR4​20 ΩBIs​3 A

अध्यारोपण से R2 द्वारा अवशोषित शक्ति PR2 ज्ञात कीजिए।

V1 = 10 VIs = 3 AR1 = 3 ΩR2 = 3 ΩR3 = 12 ΩR4 = 20 Ω
PR2 = W
8.अध्यारोपणकठिन
R1​ = 8 ΩR2​ = 15 ΩR4​ = 30 Ω+−V1​12 VR3​6 ΩIR3​AIs​3 AB+−V2​9 V

अध्यारोपण से तीर की दिशा में R3 से होकर धारा IR3 ज्ञात कीजिए।

V1 = 12 VIs = 3 AV2 = 9 VR1 = 8 ΩR2 = 15 ΩR3 = 6 ΩR4 = 30 Ω
IR3 = A
9.थेवेनिन और नॉर्टनमध्यम
R1​ = 20 ΩR3​ = 4 Ω+−V1​12 VR2​2 ΩAab

टर्मिनल a–b से देखा गया थेवेनिन प्रतिरोध Rth ज्ञात कीजिए।

V1 = 12 VR1 = 20 ΩR2 = 2 ΩR3 = 4 Ω
Rth = Ω
10.थेवेनिन और नॉर्टनकठिन
R1​ = 25 ΩR3​ = 25 Ω+−V1​36 VR2​8 ΩAIs​2 ABRL​5 ΩIL​

a–b के बीच भार RL = 5 Ω जुड़ा है। थेवेनिन समतुल्य से भार को दी गई शक्ति PL ज्ञात कीजिए।

V1 = 36 VIs = 2 AR1 = 25 ΩR2 = 8 ΩR3 = 25 ΩRL = 5 Ω
PL = W
11.RC और RL क्षणिक अवस्थाएँमध्यम
+−Vs​9 Vt = 0R = 33 ΩL220 mHi(t)

t = 0 पर स्विच बंद होने से पहले प्रेरक में कोई धारा नहीं है। t = 15 ms पर प्रेरक पर वोल्टता vL ज्ञात कीजिए।

Vs = 9 VR = 33 ΩL = 220 mHt = 15 ms
vL = V
12.RC और RL क्षणिक अवस्थाएँकठिन
+−Vs​24 Vt = 0R = 2.2 kΩC33 µF+−vC​vC​(0) = 8 V

t = 0 पर स्विच बंद होने से ठीक पहले संधारित्र पर दर्शाई ध्रुवता के साथ 8 V है। t = 30 ms पर संधारित्र वोल्टता vC ज्ञात कीजिए।

Vs = 24 VR = 2.2 kΩC = 33 µFvC(0) = 8 Vt = 30 ms
vC = V
13.AC प्रतिबाधा और फ़ेज़रमध्यम
24 V500 HzR = 100 ΩL = 100 mHC = 10 µFI

एक श्रेणी RLC परिपथ 24 V (rms), 500 Hz आपूर्ति से जुड़ा है। rms धारा I ज्ञात कीजिए।

V = 24 V (rms)f = 500 HzR = 100 ΩL = 100 mHC = 10 µF
I = A
14.AC प्रतिबाधा और फ़ेज़रकठिन
50 V200 HzR1​ = 40 ΩR2​ = 50 ΩC = 47 µF

एक प्रतिरोधक R1, R2 और एक संधारित्र C के समांतर संयोजन के साथ श्रेणी में, 50 V (rms), 200 Hz आपूर्ति के आर-पार जुड़ा है। प्रतिबाधा का परिमाण |Z| ज्ञात कीजिए।

V = 50 V (rms)f = 200 HzR1 = 40 ΩR2 = 50 ΩC = 47 µF
|Z| = Ω
15.AC शक्ति और शक्ति गुणकमध्यम
240 VR + jXP = 2400 W12.5 A

एक प्रेरकीय भार 240 V (rms) एकल-फ़ेज़ आपूर्ति से 12.5 A और 2400 W लेता है। इसे प्रतिघात X के साथ श्रेणी में एक प्रतिरोध R के रूप में मॉडल करें। X ज्ञात कीजिए।

V = 240 VI = 12.5 AP = 2400 W
X = Ω
16.AC शक्ति और शक्ति गुणककठिन
P = 25 kWQ1​S1​φ1​QC​

एक एकल-फ़ेज़ भार 230 V, 50 Hz आपूर्ति से 0.75 पश्चगामी शक्ति गुणक पर 25 kW लेता है। समांतर में जुड़ा संधारित्र शक्ति गुणक को 0.95 तक बढ़ाता है। आवश्यक धारिता C ज्ञात कीजिए।

P = 25 kWpf1 = 0.75pf2 = 0.95V = 230 Vf = 50 Hz
C = µF
17.त्रि-फ़ेज़ शक्तिमध्यम
ABCVL​ = 400 VIL​ = 25 Acos φ = 0.8पश्चगामी

एक संतुलित त्रि-फ़ेज़ भार 400 V लाइन-से-लाइन वोल्टता वाली आपूर्ति से 25 A की लाइन धारा लेता है। शक्ति गुणक 0.8 पश्चगामी है। भार द्वारा ली गई कुल वास्तविक शक्ति P kW में ज्ञात कीजिए।

VL = 400 VIL = 25 Acos φ = 0.8
P = kW
18.त्रि-फ़ेज़ शक्तिकठिन
P = 120 kWφ1​S1​Q2​QC​ = ?

एक संतुलित त्रि-फ़ेज़ भार 415 V (लाइन-से-लाइन), 60 Hz आपूर्ति से 0.65 पश्चगामी शक्ति गुणक पर 120 kW लेता है। भार के समांतर एक त्रि-फ़ेज़ संधारित्र बैंक को समग्र शक्ति गुणक 0.9 पश्चगामी तक बढ़ाना है। वास्तविक शक्ति समान रहती है। संधारित्र बैंक द्वारा दी जाने वाली कुल प्रतिघाती शक्ति QC kvar में ज्ञात कीजिए।

P = 120 kWpf1 = 0.65pf2 = 0.9VL = 415 Vf = 60 Hz
QC = kvar
19.ट्रांसफ़ॉर्मरमध्यम
480 V240 VIHV​ = ?ILV​10 kVA

एक एकल-फ़ेज़ 10 kVA, 480/240 V ट्रांसफ़ॉर्मर अपने निर्धारित भार पर चल रहा है। इसे आदर्श मानें। उच्च-वोल्टता कुंडली में धारा IHV ज्ञात कीजिए।

S = 10 kVAV1 = 480 VV2 = 240 V
IHV = A
20.ट्रांसफ़ॉर्मरकठिन
pf 0.975 kVA, 75% भार

एक एकल-फ़ेज़ 75 kVA ट्रांसफ़ॉर्मर की क्रोड हानि 375 W और निर्धारित भार पर ताम्र हानि 937.5 W है। यह 0.9 पश्चगामी शक्ति गुणक पर अपने निर्धारित kVA का 75% देता है। इस भार पर कुल हानियाँ Ploss वाट में ज्ञात कीजिए।

S = 75 kVAPcore = 375 WPcu,fl = 937.5 Wx = 0.75pf = 0.9
Ploss = W
21.ऑप-एम्प परिपथमध्यम
−+Vout​Rf​ = 4.7 kΩR1​ = 4.7 kΩVin​ = −1.6 V

ऑप-एम्प आदर्श है और ±15 V आपूर्ति से चलता है। आउटपुट वोल्टता Vout ज्ञात कीजिए।

Vin = −1.6 VR1 = 4.7 kΩRf = 4.7 kΩ
Vout = V
22.ऑप-एम्प परिपथकठिन
−+Vout​C = 0.22 µFVin​ = −1.9 VR = 47 kΩ

समाकलक ±15 V आपूर्ति वाले एक आदर्श ऑप-एम्प का उपयोग करता है; इसका आउटपुट ±13 V पर संतृप्त होता है। t = 0 पर स्थिर इनपुट Vin = −1.9 V लगाए जाने के समय संधारित्र अनावेशित है। t = 10 ms पर आउटपुट वोल्टता Vout ज्ञात कीजिए।

Vin = −1.9 VR = 47 kΩC = 0.22 µFVsat = ±13 Vt = 10 ms
Vout = V
23.डायोड और ट्रांज़िस्टरमध्यम
RC​ = 2.7 kΩβ = 75VCC​ = 12 VRB​ = 1000 kΩ

β = 75 वाला एक NPN ट्रांज़िस्टर आपूर्ति VCC = 12 V से आधार प्रतिरोधक RB = 1000 kΩ द्वारा बायस किया गया है। संग्राहक प्रतिरोधक RC = 2.7 kΩ है और उत्सर्जक भू से जुड़ा है। VBE = 0.7 V लें और मानें कि ट्रांज़िस्टर सक्रिय क्षेत्र में है। संग्राहक–उत्सर्जक वोल्टता VCE ज्ञात कीजिए।

VCC = 12 VRB = 1000 kΩRC = 2.7 kΩβ = 75VBE = 0.7 V
VCE = V
24.डायोड और ट्रांज़िस्टरकठिन
RC​ = 150 Ωβ = 100VCC​ = 12 V5 VRB​ = ?

β = 100 वाला एक NPN ट्रांज़िस्टर VCC = 12 V और अपने संग्राहक के बीच जुड़े 150 Ω भार प्रतिरोधक को स्विच करता है। उत्सर्जक भू से जुड़ा है। आधार को 5 V लॉजिक निर्गत से आधार प्रतिरोधक RB के माध्यम से चलाया जाता है। VBE = 0.7 V और VCE(sat) = 0.2 V लें। विश्वसनीय स्विचिंग के लिए, संतृप्ति हेतु आवश्यक न्यूनतम से 2 गुना आधार धारा के लिए डिज़ाइन करें। RB kΩ में ज्ञात कीजिए।

VCC = 12 VRC = 150 Ωβ = 100Vin = 5 VVBE = 0.7 VVCE(sat) = 0.2 Vओवरड्राइव = 2
RB = kΩ
25.संख्या पद्धतियाँमध्यम
8-बिट दो का पूरक0−12806403201608040201

बिट इस तरह सेट करें कि वे 8-बिट 2 के पूरक में −118 संग्रहीत करें। चिह्नरहित संख्या के रूप में पढ़ने पर पैटर्न का मान U क्या है?

N = −1188 bit
U =
26.संख्या पद्धतियाँकठिन
1530 कोड, b = ? बिट?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

एक प्रणाली को 1530 वस्तुओं में से हर एक को समान लंबाई का अपना द्विआधारी कोड देना है। कम से कम कितनी बिटें b चाहिए?

1530
b = bit
27.डिजिटल लॉजिक: गेट, K-मानचित्र और फ़्लिप-फ़्लॉपमध्यम
ABCD0001111000011110111111

इस कार्नो मानचित्र में ठीक एक 1 का कोई पड़ोसी 1 नहीं है, इसलिए वह न्यूनतम SOP रूप में एक खाने का समूह (चार लिटरल का पूर्ण मिनटर्म) बना रहता है। मानचित्र के किनारों के आर-पार के पड़ोसी भी गिने जाते हैं। उस खाने पर क्लिक करें।

F = Σm(0, 3, 8, 9, 10, 14)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
28.डिजिटल लॉजिक: गेट, K-मानचित्र और फ़्लिप-फ़्लॉपकठिन
CLKJK123456

एक धनात्मक-कोर-ट्रिगर्ड JK फ़्लिप-फ़्लॉप Q = 0 से शुरू होता है और दिखाए गए निवेश पाता है। उस पहली क्लॉक कोर पर क्लिक करें जिस पर Q 1 से वापस 0 होता है।

Q₀ = 0JK
  1. 1क्लॉक कोर 1
  2. 2क्लॉक कोर 2
  3. 3क्लॉक कोर 3
  4. 4क्लॉक कोर 4
  5. 5क्लॉक कोर 5
  6. 6क्लॉक कोर 6
29.लाप्लास रूपांतरमध्यम
ReIm−1−2−3−4−51

F(s) = (2s + 3)/(s² + 8s + 15)। इसका प्रतिलोम रूपांतर f(t) = A·e−3t + B·e−5t के रूप का है। आंशिक भिन्नों से गुणांक A ज्ञात कीजिए।

F(s) = (2s + 3)/(s² + 8s + 15)
A =
30.लाप्लास रूपांतरकठिन
t (s)y(t)t = 0.1y(0.1) = ?

लाप्लास रूपांतर से y(0) = −2 और y′(0) = 1 के साथ y″ + 11y′ + 30y = 0 हल कीजिए, और y(0.1) ज्ञात कीजिए।

y″ + 11y′ + 30y = 0y(0) = −2y′(0) = 1t = 0.1 s
y(0.1) =
31.ब्लॉक आरेखमध्यम
R(s)+K(s + 4)(s + 7)G(s)C(s)−

संयंत्र G(s) = K/((s + 4)(s + 7)) एकांक ऋणात्मक पुनर्निवेश लूप में है। वह लब्धि K ज्ञात कीजिए जिसके लिए संवृत लूप क्रांतिक अवमंदित है (दो बराबर वास्तविक ध्रुव)।

G(s) = K/((s + 4)(s + 7))एकांक ऋणात्मक पुनर्निवेश
K =
32.ब्लॉक आरेखकठिन
R(s)+18s + 5G₁+10s + 5G₂C(s)2H₁−0.1H₂−

G₁ = 18/(s + 5), G₂ = 10/(s + 5), G₂ के चारों ओर एक भीतरी ऋणात्मक पुनर्निवेश H₁ = 2 और एक बाहरी ऋणात्मक पुनर्निवेश H₂ = 0.1 वाले ब्लॉक आरेख को सरल करें। C(s)/R(s) की DC लब्धि T(0) ज्ञात कीजिए।

G₁ = 18/(s + 5)G₂ = 10/(s + 5)H₁ = 2H₂ = 0.1
T(0) =
33.सोपान अनुक्रियामध्यम
t (s)y(t)2tp​ = ?

एक तंत्र का अंतरण फलन G(s) = 8/(s² + s + 4) है और इसे एकांक सोपान इनपुट मिलता है। सोपान अनुक्रिया का शिखर समय tp ज्ञात कीजिए।

G(s) = 8/(s² + s + 4)
tp = s
34.सोपान अनुक्रियाकठिन
R(s)+115s(s + 12)G(s)C(s)−

एक एकांक ऋणात्मक पुनर्निवेश लूप में G(s) = 115/(s(s + 12)) है। ts ≈ 4/(ζωₙ) का उपयोग करके संवृत-लूप सोपान अनुक्रिया का 2 % स्थिरीकरण समय ts ज्ञात कीजिए।

G(s) = 115/(s(s + 12))
ts = s
35.बोडे आरेख और सीमाएँमध्यम
vin​R = 3.3 kΩC = 47 nFvout​

दर्शाए गए RC निम्न-पारक फ़िल्टर में R = 3.3 kΩ, C = 47 nF है। 10 kHz का एक ज्यावक्रीय निवेश लगाया जाता है। vin के सापेक्ष vout का कला अंतर φ डिग्री में ज्ञात कीजिए।

R = 3.3 kΩC = 47 nFf = 10 kHz
φ = °
36.बोडे आरेख और सीमाएँकठिन
|H| (dB)11101010010010001000−80−60−40−2002040ω (rad/s)φ (°)ω (rad/s)−180−135−90−450ωc​

एकल-पुनर्भरण पाश का खुला-पाश अंतरण फलन L(s) = 700/(s(s + 20)) है। कला सीमा PM डिग्री में ज्ञात कीजिए।

L(s) = 700/(s(s + 20))
PM = °
37.स्थायित्व: राउथ–हरविट्ज़ और मूल बिंदुपथमध्यम
R(s)+K1(s + 1)(s + 2)(s + 4)C(s)−

एक एकांक पुनर्निवेश लूप में L(s) = K/((s + 1)(s + 2)(s + 4)) है, जहाँ K > 0। वह सबसे बड़ी लब्धि Kmax ज्ञात कीजिए जिसके लिए संवृत-लूप स्थायी है।

L(s) = K/((s + 1)(s + 2)(s + 4))
Kmax =
38.स्थायित्व: राउथ–हरविट्ज़ और मूल बिंदुपथकठिन
ReIm−5j5

L(s) = K/((s + 3)(s + 4)(s + 5)) का मूल बिंदुपथ बनाया गया है। वह आवृत्ति ω ज्ञात कीजिए जिस पर बिंदुपथ काल्पनिक अक्ष को काटता है।

L(s) = K/((s + 3)(s + 4)(s + 5))
ω = rad/s
39.स्थायी-अवस्था त्रुटि और PID नियंत्रणमध्यम
R(s)+K(s + 2)(s + 10)C(s)−

एक एकांक पुनर्निवेश लूप में G(s) = K/((s + 2)(s + 10)) है। वह लब्धि K ज्ञात कीजिए जो सोपान निवेश के लिए 25 % की स्थायी-अवस्था त्रुटि दे।

G(s) = K/((s + 2)(s + 10))ess = 25 %
K =
40.स्थायी-अवस्था त्रुटि और PID नियंत्रणकठिन
R(s)+K = 1610s(s + 10)C(s)−

एक आनुपातिक नियंत्रक K = 16 संयंत्र G(s) = 10/(s(s + 10)) को एकांक पुनर्निवेश लूप में चलाता है। ts ≈ 4/(ζωₙ) का उपयोग करके सोपान अनुक्रिया का 2 % स्थिरीकरण समय ts ज्ञात कीजिए।

G(s) = 10/(s(s + 10))K = 16
ts = s

3विलयन

1.श्रेणी और समांतर प्रतिरोधक

उत्तर: IR2 = 3.5 A

श्रेणी और समांतर प्रतिरोधक: श्रेणी में हर प्रतिरोधक से समान धारा बहती है और R = R₁ + R₂ + …। समांतर में हर प्रतिरोधक पर समान वोल्टता होती है और 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …। सीढ़ी नेटवर्क को एक-एक युग्म घटाया जाता है जब तक एक समतुल्य प्रतिरोध न बचे।

R1​ = 2 ΩR3​ = 6 Ω+−V1​15 VR2​2 ΩAR4​8 ΩB

दूर वाले सिरे से प्रतिरोधक जोड़ें

स्रोत से सबसे दूर वाले सिरे से शुरू करें और उसकी ओर लौटें। समान धारा वाले प्रतिरोधक श्रेणी में हैं; समान दो नोड के बीच वाले प्रतिरोधक समांतर में हैं।

R3 + R4 = 6 + 8 = 14 Ω
R2 ∥ 14 = 2·14/(2+14) = 1.75 Ω
Req = R1 + 1.75 = 2 + 1.75 = 3.75 Ω

स्रोत से धारा

स्रोत केवल Req देखता है, इसलिए ओम का नियम उसकी दी धारा देता है। यह धारा R₁ से होकर बहती है।

IR1 = V1/Req = 15/3.75 = 4 A

R₂ से होकर धारा

नोड A पर वोल्टता पाने के लिए R₁ पर पात घटाएँ, जो R₂ पर वोल्टता है।

VA = V1 − IR1·R1 = 15 − 4·2 = 7 V
IR2 = VA/R2 = 7/2 = 3.5 A

उत्तर

IR2 = 3.5 A
2.श्रेणी और समांतर प्रतिरोधक

उत्तर: IR2 = 0.4518 A

श्रेणी और समांतर प्रतिरोधक: श्रेणी में हर प्रतिरोधक से समान धारा बहती है और R = R₁ + R₂ + …। समांतर में हर प्रतिरोधक पर समान वोल्टता होती है और 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …। सीढ़ी नेटवर्क को एक-एक युग्म घटाया जाता है जब तक एक समतुल्य प्रतिरोध न बचे।

R1​ = 10 ΩR3​ = 15 ΩR5​ = 4 Ω+−V1​10 VR2​8 ΩAR4​6 ΩBR6​12 Ω

दूर वाले सिरे से प्रतिरोधक जोड़ें

स्रोत से सबसे दूर वाले सिरे से शुरू करें और उसकी ओर लौटें। समान धारा वाले प्रतिरोधक श्रेणी में हैं; समान दो नोड के बीच वाले प्रतिरोधक समांतर में हैं।

R5 + R6 = 4 + 12 = 16 Ω
R4 ∥ 16 = 4.364 Ω
R3 + 4.364 = 19.36 Ω
R2 ∥ 19.36 = 5.661 Ω
Req = R1 + 5.661 = 10 + 5.661 = 15.66 Ω

स्रोत से धारा

स्रोत केवल Req देखता है, इसलिए ओम का नियम उसकी दी धारा देता है। यह धारा R₁ से होकर बहती है।

IR1 = V1/Req = 10/15.66 = 0.6385 A

R₂ से होकर धारा

नोड A पर वोल्टता पाने के लिए R₁ पर पात घटाएँ, जो R₂ पर वोल्टता है।

VA = V1 − IR1·R1 = 10 − 0.6385·10 = 3.615 V
IR2 = VA/R2 = 3.615/8 = 0.4518 A

उत्तर

IR2 = 0.4518 A
3.नोडल विश्लेषण

उत्तर: IR3 = 3.3 A

नोडल विश्लेषण: एक संदर्भ नोड चुनें, अज्ञात नोड वोल्टताओं को नाम दें, ओम के नियम (I = ΔV/R) से हर अज्ञात नोड पर किरचॉफ़ धारा नियम लिखें, और समीकरण हल करें।

R1​ = 6 ΩR3​ = 3 Ω+−V1​15 VR2​20 ΩAR4​8 ΩBIs​5 A

नोड तय करें

ग्राउंड नीचे वाला तार है। ज्ञात नोड वोल्टताएँ सीधे स्रोतों से मिलती हैं (V1 = 15 V)। अज्ञात: VA, VB।

नोड A पर KCL

प्रतिरोधकों से होकर A से निकलने वाली धाराएँ स्रोतों द्वारा A में भेजी गई धारा के बराबर हैं।

VA/R2 + (VA − V1)/R1 + (VA − VB)/R3 = 0
VA/20 + (VA − 15)/6 + (VA − VB)/3 = 0
0.55·VA − 0.3333·VB = 2.5

नोड B पर KCL

प्रतिरोधकों से होकर B से निकलने वाली धाराएँ स्रोतों द्वारा B में भेजी गई धारा के बराबर हैं।

VB/R4 + (VB − VA)/R3 = Is
VB/8 + (VB − VA)/3 = (−5)
−0.3333·VA + 0.4583·VB = −5

हल करें

Δ = (0.55)(0.4583) − (−0.3333)(−0.3333) = 0.141
VA = Δ1/Δ = −0.5208/0.141 = −3.695 V
VB = Δ2/Δ = −1.917/0.141 = −13.6 V

उत्तर

IR3 = (VA − VB)/R3 = (−3.695 − −13.6)/3 = 3.3 A
4.नोडल विश्लेषण

उत्तर: VA = 21.65 V

नोडल विश्लेषण: एक संदर्भ नोड चुनें, अज्ञात नोड वोल्टताओं को नाम दें, ओम के नियम (I = ΔV/R) से हर अज्ञात नोड पर किरचॉफ़ धारा नियम लिखें, और समीकरण हल करें।

नोड A पर KCL

प्रतिरोधकों से होकर A से निकलने वाली धाराएँ स्रोतों द्वारा A में धकेली गई धारा के बराबर हैं।

(VA − V1)/R1 + VA/R2 + (VA − VB)/R3 = 0
0.7·VA − 0.1667·VB = 10

नोड B पर KCL

आश्रित स्रोत g·VA को नोड B में धकेलता है। इसे स्वतंत्र स्रोत की तरह मानें, फिर VA पद को बाईं ओर ले जाएँ।

(VB − VA)/R3 + VB/R4 = 0.25·VA
−0.4167·VA + 0.2917·VB = 0

हल करें

Δ = (0.7)(0.2917) − (−0.1667)(−0.4167) = 0.1347
VA = Δ1/Δ = 2.917/0.1347 = 21.65 V
VB = Δ2/Δ = 4.167/0.1347 = 30.93 V

उत्तर

VA = 21.65 V
5.मेश विश्लेषण

उत्तर: I2 = −0.8571 A

मेश विश्लेषण: समतलीय परिपथ की हर खिड़की को अपनी लूप धारा दें, हर लूप के चारों ओर किरचॉफ़ वोल्टता नियम लिखें (पातों का योग = वृद्धियों का योग), और हल करें। शाखा धाराएँ मेश धारा होती हैं, या साझा शाखा पर दो मेश धाराओं का अंतर।

R1​ = 6 ΩR2​ = 3 Ω+−V1​18 VR3​12 ΩA+−V2​18 VI1​I2​

मेश धाराएँ निर्धारित करें

हर खिड़की में दक्षिणावर्त धारा बनाएँ: I1, I2। दो मेश में साझा प्रतिरोधक उनकी धाराओं का अंतर वहन करता है।

मेश 1 के चारों ओर KVL

दक्षिणावर्त चलते हुए प्रतिरोधकों पर वोल्टता पात, स्रोतों की वोल्टता वृद्धि के बराबर होते हैं (चलने की दिशा में − से +)।

R1·I1 + R3(I1 − I2) = V1
6·I1 + 12(I1 − I2) = 18
18·I1 − 12·I2 = 18

मेश 2 के चारों ओर KVL

दक्षिणावर्त चलते हुए प्रतिरोधकों पर वोल्टता पात, स्रोतों की वोल्टता वृद्धि के बराबर होते हैं (चलने की दिशा में − से +)।

R2·I2 + R3(I2 − I1) = −V2
3·I2 + 12(I2 − I1) = (−18)
−12·I1 + 15·I2 = −18

हल करें

Δ = (18)(15) − (−12)(−12) = 126
I1 = Δ1/Δ = 54/126 = 0.4286 A
I2 = Δ2/Δ = −108/126 = −0.8571 A

उत्तर

I2 = −0.8571 A

ऋणात्मक मेश धारा वामावर्त बहती है।

6.मेश विश्लेषण

उत्तर: IR5 = 0.9065 A

मेश विश्लेषण: समतलीय परिपथ की हर खिड़की को अपनी लूप धारा दें, हर लूप के चारों ओर किरचॉफ़ वोल्टता नियम लिखें (पातों का योग = वृद्धियों का योग), और हल करें। शाखा धाराएँ मेश धारा होती हैं, या साझा शाखा पर दो मेश धाराओं का अंतर।

R1​ = 6 ΩR2​ = 6 ΩR3​ = 4 Ω+−V1​5 VR4​30 ΩAR5​8 ΩB+−V2​12 VI1​I2​I3​

मेश धाराएँ निर्धारित करें

हर खिड़की में दक्षिणावर्त धारा बनाएँ: I1, I2, I3। दो मेश में साझा प्रतिरोधक उनकी धाराओं का अंतर वहन करता है।

मेश 1 के चारों ओर KVL

दक्षिणावर्त चलते हुए प्रतिरोधकों पर वोल्टता पात, स्रोतों की वोल्टता वृद्धि के बराबर होते हैं (चलने की दिशा में − से +)।

R1·I1 + R4(I1 − I2) = V1
6·I1 + 30(I1 − I2) = 5
36·I1 − 30·I2 = 5

मेश 2 के चारों ओर KVL

दक्षिणावर्त चलते हुए प्रतिरोधकों पर वोल्टता पात, स्रोतों की वोल्टता वृद्धि के बराबर होते हैं (चलने की दिशा में − से +)।

R2·I2 + R4(I2 − I1) + R5(I2 − I3) = 0
6·I2 + 30(I2 − I1) + 8(I2 − I3) = 0
−30·I1 + 44·I2 − 8·I3 = 0

मेश 3 के चारों ओर KVL

दक्षिणावर्त चलते हुए प्रतिरोधकों पर वोल्टता पात, स्रोतों की वोल्टता वृद्धि के बराबर होते हैं (चलने की दिशा में − से +)।

R3·I3 + R5(I3 − I2) = −V2
4·I3 + 8(I3 − I2) = (−12)
−8·I2 + 12·I3 = −12

हल करें

Δ = गुणांक आव्यूह का सारणिक = 5904
I1 = Δ1/Δ = −560/5904 = −0.09485 A
I2 = Δ2/Δ = −1656/5904 = −0.2805 A
I3 = Δ3/Δ = −7008/5904 = −1.187 A

उत्तर

IR5 = I2 − I3 = 0.9065 A

ऋणात्मक मेश धारा वामावर्त बहती है।

7.अध्यारोपण

उत्तर: PR2 = 18.56 W

अध्यारोपण: रैखिक परिपथ में कोई भी वोल्टता या धारा, हर स्वतंत्र स्रोत के अकेले कार्य करने पर मिलने वाली अनुक्रियाओं का योग होती है। किसी स्रोत को बंद करने के लिए आदर्श वोल्टता स्रोत को शॉर्ट सर्किट और आदर्श धारा स्रोत को खुले परिपथ से बदलें। प्रतिरोधक अपनी जगह रहते हैं।

R1​ = 3 ΩR3​ = 12 Ω+−V1​10 VR2​3 ΩAR4​20 ΩBखुला

स्थिति 1 · केवल V1

Iₛ खुला परिपथ बन जाता है, इसलिए R₃ और R₄ A से ग्राउंड तक एक श्रेणी शाखा बनाते हैं, जो R₂ के समांतर है।

R3+R4 = 12+20 = 32 Ω
R2 ∥ (R3+R4) = 3·32/(3+32) = 2.743 Ω
VA = 10·2.743/(3+2.743) = 4.776 V
VB = VA·R4/(R3+R4) = 4.776·20/32 = 2.985 V
IR2′ = (VA − 0)/R2 = (4.776 − 0)/3 = 1.592 A
R1​ = 3 ΩR3​ = 12 Ωशॉर्टR2​3 ΩAR4​20 ΩBIs​3 A

स्थिति 2 · केवल Is

V₁ शॉर्ट बन जाता है, इसलिए R₁, R₂ के समांतर है। Iₛ, B पर R₄ और R₃ वाले पथ के बीच बँटता है।

R1 ∥ R2 = 3·3/(3+3) = 1.5 Ω
Req = R4 ∥ (R3+R1∥R2) = 20 ∥ 13.5 = 8.06 Ω
VB = Is·Req = 3·8.06 = 24.18 V
VA = VB·(R1∥R2)/(R3+R1∥R2) = 24.18·1.5/13.5 = 2.687 V
IR2″ = (VA − 0)/R2 = (2.687 − 0)/3 = 0.8955 A

धारा योगदान जोड़ें

IR2 = IR2′ + IR2″ = 1.592 + 0.8955 = 2.488 A

प्रतिरोधक में शक्ति

शक्ति धारा के वर्ग पर निर्भर करती है, इसलिए वह अध्यारोपण का पालन नहीं करती: पहले धाराएँ जोड़ें, फिर वर्ग करें।

PR2 = IR2²·R2 = 2.488²·3 = 18.56 W

उत्तर

PR2 = 18.56 W

अलग-अलग स्थितियों की शक्तियाँ जोड़ने से 10.01 W आता, जो गलत है।

8.अध्यारोपण

उत्तर: IR3 = 1.965 A

अध्यारोपण: रैखिक परिपथ में कोई भी वोल्टता या धारा, हर स्वतंत्र स्रोत के अकेले कार्य करने पर मिलने वाली अनुक्रियाओं का योग होती है। किसी स्रोत को बंद करने के लिए आदर्श वोल्टता स्रोत को शॉर्ट सर्किट और आदर्श धारा स्रोत को खुले परिपथ से बदलें। प्रतिरोधक अपनी जगह रहते हैं।

R1​ = 8 ΩR2​ = 15 ΩR4​ = 30 Ω+−V1​12 VR3​6 ΩAखुलाBशॉर्ट

स्थिति 1 · केवल V1

V₂ शॉर्ट और Iₛ खुला परिपथ बन जाता है। A से देखने पर R₃, श्रेणी युग्म R₂+R₄ के समांतर है।

R3 ∥ (R2+R4) = 6 ∥ 45 = 5.294 Ω
VA = 12·5.294/(8+5.294) = 4.779 V
VB = VA·R4/(R2+R4) = 4.779·30/45 = 3.186 V
IR3′ = (VA − 0)/R3 = (4.779 − 0)/6 = 0.7965 A
R1​ = 8 ΩR2​ = 15 ΩR4​ = 30 Ωशॉर्टR3​6 ΩAIs​3 ABशॉर्ट

स्थिति 2 · केवल Is

दोनों वोल्टता स्रोत शॉर्ट बन जाते हैं। Iₛ, B पर R₄ (अब ग्राउंड तक) और R₁ ∥ R₃ के साथ श्रेणी में R₂ के बीच बँटता है।

R1 ∥ R3 = 3.429 Ω, इसलिए बायाँ पथ R2+3.429 = 18.43 Ω
Req = R4 ∥ 18.43 = 11.42 Ω
VB = Is·Req = 3·11.42 = 34.25 V
VA = VB·3.429/18.43 = 6.372 V
IR3″ = (VA − 0)/R3 = (6.372 − 0)/6 = 1.062 A
R1​ = 8 ΩR2​ = 15 ΩR4​ = 30 Ωशॉर्टR3​6 ΩAखुलाB+−V2​9 V

स्थिति 3 · केवल V2

V₁ शॉर्ट और Iₛ खुला परिपथ बन जाता है। R₁ ∥ R₃, A से जुड़ा है और R₂ के साथ श्रेणी में B तक लौटता है।

R1 ∥ R3 = 8·6/(8+6) = 3.429 Ω
VB = V2·(R2+R1∥R3)/(R4+R2+R1∥R3) = 9·18.43/48.43 = 3.425 V
VA = VB·(R1∥R3)/(R2+R1∥R3) = 3.425·3.429/18.43 = 0.6372 V
IR3‴ = (VA − 0)/R3 = (0.6372 − 0)/6 = 0.1062 A

योगदान जोड़ें

IR3 = IR3′ + IR3″ + IR3‴
IR3 = 0.7965 + 1.062 + 0.1062 = 1.965 A

ऋणात्मक परिणाम का अर्थ है कि वास्तव में धारा तीर के विपरीत बहती है।

9.थेवेनिन और नॉर्टन

उत्तर: Rth = 5.818 Ω

थेवेनिन प्रमेय: कोई भी रैखिक दो-टर्मिनल नेटवर्क प्रतिरोध Rth के साथ श्रेणी में एक वोल्टता स्रोत Vth जैसा व्यवहार करता है। नॉर्टन प्रमेय उसी नेटवर्क को Rth के समांतर धारा स्रोत IN = Vth/Rth के रूप में देता है।

R1​ = 20 ΩR3​ = 4 Ωशॉर्टR2​2 ΩAabRth​

सभी स्रोत बंद करके Rth ज्ञात करें

वोल्टता स्रोतों को शॉर्ट और धारा स्रोतों को खुले परिपथ से बदलें, फिर a–b से परिपथ में देखें।

R1 ∥ R2 = 20·2/(20+2) = 1.818 Ω
Rth = (R1 ∥ R2) + R3 = 1.818 + 4 = 5.818 Ω
10.थेवेनिन और नॉर्टन

उत्तर: PL = 19.3 W

थेवेनिन प्रमेय: कोई भी रैखिक दो-टर्मिनल नेटवर्क प्रतिरोध Rth के साथ श्रेणी में एक वोल्टता स्रोत Vth जैसा व्यवहार करता है। नॉर्टन प्रमेय उसी नेटवर्क को Rth के समांतर धारा स्रोत IN = Vth/Rth के रूप में देता है।

R1​ = 25 ΩR3​ = 25 Ωशॉर्टR2​8 ΩAखुलाBabRth​

सभी स्रोत बंद करके Rth ज्ञात करें

वोल्टता स्रोतों को शॉर्ट और धारा स्रोतों को खुले परिपथ से बदलें, फिर a–b से परिपथ में देखें।

R1 ∥ R2 = 25·8/(25+8) = 6.061 Ω
Rth = (R1 ∥ R2) + R3 = 6.061 + 25 = 31.06 Ω
R1​ = 25 ΩR3​ = 25 Ω+−V1​36 VR2​8 ΩAIs​2 ABab+−Vth​

Vth, खुले परिपथ की वोल्टता ज्ञात करें

a–b खुला होने पर Iₛ का एकमात्र मार्ग R₃ से होकर नोड A तक है। V₁ और Iₛ के अध्यारोपण से V_A ज्ञात करें, फिर R₃ पर पात जोड़ें।

VA = V1·R2/(R1+R2) + Is·(R1∥R2) = 8.727 + 2·6.061 = 20.85 V
Vth = VB = VA + Is·R3 = 20.85 + 2·25 = 70.85 V
Rth​ = 31.06 Ω+−Vth​70.85 VRL​5 ΩIL​

भार को थेवेनिन समतुल्य से जोड़ें

थेवेनिन स्रोत और श्रेणी R_th, a–b पर बिल्कुल मूल परिपथ की तरह व्यवहार करते हैं, इसलिए भार एक सरल श्रेणी लूप देखता है।

IL = Vth/(Rth + RL) = 70.85/(31.06 + 5) = 1.965 A
PL = IL²·RL = 1.965²·5 = 19.3 W
11.RC और RL क्षणिक अवस्थाएँ

उत्तर: vL = 0.9486 V

प्रथम-कोटि क्षणिक अवस्थाएँ: एक संधारित्र या एक प्रेरक वाले परिपथ में हर वोल्टता और धारा अपने प्रारंभिक मान से अंतिम मान तक घातांकी रूप से बदलती है: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, जहाँ τ = RC या τ = L/R। लगभग 5τ के बाद परिपथ स्थिर हो जाता है।

समय स्थिरांक और अंतिम धारा

स्विच बंद होने के बहुत बाद प्रेरक शॉर्ट सर्किट जैसा व्यवहार करता है, इसलिए अंतिम धारा केवल R से तय होती है।

τ = L/R = 220 mH / 33 Ω = 6.667 ms
i(∞) = Vs/R = 9/33 = 0.2727 A

प्रेरक वोल्टता

t = 0 पर पूरी आपूर्ति वोल्टता प्रेरक पर होती है; फिर वह शून्य तक घटती है।

vL(t) = Vs·e−t/τ = 9·e−15/6.667 = 0.9486 V

उत्तर

vL = 0.9486 V
12.RC और RL क्षणिक अवस्थाएँ

उत्तर: vC = 13.42 V

प्रथम-कोटि क्षणिक अवस्थाएँ: एक संधारित्र या एक प्रेरक वाले परिपथ में हर वोल्टता और धारा अपने प्रारंभिक मान से अंतिम मान तक घातांकी रूप से बदलती है: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, जहाँ τ = RC या τ = L/R। लगभग 5τ के बाद परिपथ स्थिर हो जाता है।

प्रारंभिक मान, अंतिम मान, समय स्थिरांक

संधारित्र वोल्टता अचानक नहीं बदल सकती, इसलिए वह अपने संचित मान से शुरू होकर स्रोत वोल्टता की ओर जाती है।

vC(0) = 8 V, vC(∞) = Vs = 24 V
τ = R·C = 2.2 kΩ · 33 µF = 72.6 ms
vC(t) = 24 + (8 − 24)·e−t/τ

दिए गए समय पर वोल्टता

vC(30) = 24 + (−16)·e−30/72.6 = 13.42 V

उत्तर

vC = 13.42 V
13.AC प्रतिबाधा और फ़ेज़र

उत्तर: I = 0.08013 A

फ़ेज़र के साथ AC परिपथ: प्रतिरोधक, प्रेरक और संधारित्र की प्रतिबाधाएँ R, jωL और 1/(jωC) हैं, जहाँ ω = 2πf। श्रेणी में प्रतिबाधाएँ प्रतिरोधों की तरह, पर सम्मिश्र संख्याओं के रूप में जुड़ती हैं। rms धारा और वोल्टता |Z| के साथ ओम के नियम का पालन करती हैं।

प्रतिघात

ω = 2πf = 2π·500 = 3142 rad/s
XL = ωL = 3142·0.1 = 314.2 Ω
XC = 1/(ωC) = 1/(3142·10·10⁻⁶) = 31.83 Ω

प्रतिबाधा

श्रेणी में प्रतिबाधाएँ सम्मिश्र संख्याओं की तरह जुड़ती हैं: Z = R + j(XL − XC)।

|Z| = √(R² + (XL − XC)²) = √(100² + (282.3)²) = 299.5 Ω

धारा

श्रेणी परिपथ के हर अवयव से समान धारा बहती है।

I = V/|Z| = 24/299.5 = 0.08013 A

उत्तर

I = 0.08013 A
14.AC प्रतिबाधा और फ़ेज़र

उत्तर: |Z| = 47.63 Ω

फ़ेज़र के साथ AC परिपथ: प्रतिरोधक, प्रेरक और संधारित्र की प्रतिबाधाएँ R, jωL और 1/(jωC) हैं, जहाँ ω = 2πf। श्रेणी में प्रतिबाधाएँ प्रतिरोधों की तरह, पर सम्मिश्र संख्याओं के रूप में जुड़ती हैं। rms धारा और वोल्टता |Z| के साथ ओम के नियम का पालन करती हैं।

प्रतिघात

XC = 1/(2π·200·47·10⁻⁶) = 16.93 Ω

समांतर संयोजन

Zp को वास्तविक और काल्पनिक भागों में बाँटने के लिए अंश और हर को सम्मिश्र संयुग्मी से गुणा करें।

Zp = R₂·(−jXC)/(R₂ − jXC) = (R₂·XC² − jR₂²·XC)/(R₂² + XC²)
Zp = 5.144 − j15.19 Ω

कुल प्रतिबाधा

Z = 40 + 5.144 − j15.19 = 45.14 − j15.19 Ω
|Z| = √(45.14² + 15.19²) = 47.63 Ω

उत्तर

|Z| = 47.63 Ω
15.AC शक्ति और शक्ति गुणक

उत्तर: X = 11.52 Ω

AC शक्ति: आभासी शक्ति S = V·I (VA) सक्रिय शक्ति P = S·cos φ (W), जो उपयोगी कार्य करती है, और प्रतिघाती शक्ति Q = S·sin φ (var), जो स्रोत और भार के बीच आगे-पीछे होती है, में बँटती है। शक्ति गुणक cos φ है। समांतर संधारित्र प्रतिघाती शक्ति स्थानीय रूप से देता है, इसलिए समान सक्रिय शक्ति के लिए लाइन धारा घटती है।

सक्रिय शक्ति से प्रतिरोध

R = P/I² = 2400/12.5² = 15.36 Ω

प्रतिबाधा से प्रतिघात

|Z| = V/I = 240/12.5 = 19.2 Ω
X = √(|Z|² − R²) = √(19.2² − 15.36²) = 11.52 Ω

उत्तर

X = 11.52 Ω
16.AC शक्ति और शक्ति गुणक

उत्तर: C = 832.2 µF

AC शक्ति: आभासी शक्ति S = V·I (VA) सक्रिय शक्ति P = S·cos φ (W), जो उपयोगी कार्य करती है, और प्रतिघाती शक्ति Q = S·sin φ (var), जो स्रोत और भार के बीच आगे-पीछे होती है, में बँटती है। शक्ति गुणक cos φ है। समांतर संधारित्र प्रतिघाती शक्ति स्थानीय रूप से देता है, इसलिए समान सक्रिय शक्ति के लिए लाइन धारा घटती है।

पहले और बाद की प्रतिघाती शक्ति

सक्रिय शक्ति P नहीं बदलती; केवल आपूर्ति से ली गई प्रतिघाती शक्ति बदलती है।

Q1 = P·tan φ1 = 25·tan(41.41°) = 22.05 kvar
Q2 = P·tan φ2 = 25·tan(18.19°) = 8.217 kvar
QC = Q1 − Q2 = 13.83 kvar

धारिता

आपूर्ति के पार लगा संधारित्र Q = V²·ωC देता है।

C = QC/(2πf·V²) = 13831/(2π·50·230²) = 832.2 µF

उत्तर

C = 832.2 µF
17.त्रि-फ़ेज़ शक्ति

उत्तर: P = 13.86 kW

संतुलित त्रि-फ़ेज़ तंत्र: Y (स्टार) संयोजन में लाइन-से-लाइन वोल्टता फ़ेज़ वोल्टता की √3 गुना होती है, VL = √3·Vph, और लाइन धारा फ़ेज़ धारा के बराबर होती है। Δ (डेल्टा) संयोजन में लाइन-से-लाइन वोल्टता फ़ेज़ वोल्टता के बराबर होती है और लाइन धारा फ़ेज़ धारा की √3 गुना होती है, IL = √3·Iph। कुल शक्ति एक फ़ेज़ की शक्ति की तीन गुना होती है: P = 3·Vph·Iph·cos φ = √3·VL·IL·cos φ।

आभासी शक्ति

S = √3·VL·IL = √3·400·25 = 17.32 kVA

सक्रिय शक्ति

P = S·cos φ = 17.32·0.8 = 13.86 kW

उत्तर

P = 13.86 kW
18.त्रि-फ़ेज़ शक्ति

उत्तर: QC = 82.18 kvar

संतुलित त्रि-फ़ेज़ तंत्र: Y (स्टार) संयोजन में लाइन-से-लाइन वोल्टता फ़ेज़ वोल्टता की √3 गुना होती है, VL = √3·Vph, और लाइन धारा फ़ेज़ धारा के बराबर होती है। Δ (डेल्टा) संयोजन में लाइन-से-लाइन वोल्टता फ़ेज़ वोल्टता के बराबर होती है और लाइन धारा फ़ेज़ धारा की √3 गुना होती है, IL = √3·Iph। कुल शक्ति एक फ़ेज़ की शक्ति की तीन गुना होती है: P = 3·Vph·Iph·cos φ = √3·VL·IL·cos φ। शक्ति गुणक सुधार: संधारित्र स्थानीय रूप से प्रतिघाती शक्ति देते हैं, QC = P·(tan φ1 − tan φ2)। तीनों संधारित्रों में से हर एक QC/3 = V²·ω·C देता है, जहाँ V उस संधारित्र पर वोल्टता है: Δ बैंक में VL, Y बैंक में VL/√3।

पहले और बाद की प्रतिघाती शक्ति

वास्तविक शक्ति अपरिवर्तित है, इसलिए हर शक्ति गुणक प्रतिघाती शक्ति तय करता है: Q = P·tan φ।

Q1 = 120·tan(acos 0.65) = 120·1.169 = 140.3 kvar
Q2 = 120·tan(acos 0.9) = 120·0.4843 = 58.12 kvar

संधारित्रों से प्रतिघाती शक्ति

QC = Q1 − Q2 = 82.18 kvar

उत्तर

QC = 82.18 kvar
19.ट्रांसफ़ॉर्मर

उत्तर: IHV = 20.83 A

आदर्श ट्रांसफ़ॉर्मर: वोल्टताएँ फेरों के अनुपात में और धाराएँ उसके व्युत्क्रम अनुपात में होती हैं: V₁/V₂ = N₁/N₂ = a और I₁/I₂ = N₂/N₁ = 1/a, इसलिए निवेश शक्ति निर्गत शक्ति के बराबर होती है, V₁·I₁ = V₂·I₂। द्वितीयक पर लगी भार प्रतिबाधा Z प्राथमिक से a²·Z जैसी दिखती है।

निर्धारित धारा

दोनों कुंडलियाँ समान आभासी शक्ति वहन करती हैं।

IHV = S/V = 10000/480 = 20.83 A

उत्तर

IHV = 20.83 A
20.ट्रांसफ़ॉर्मर

उत्तर: Ploss = 902.3 W

ट्रांसफ़ॉर्मर हानियाँ: क्रोड हानि (शैथिल्य और भँवर धाराएँ) वोल्टता पर निर्भर करती है और किसी भी भार पर समान रहती है। कुंडलियों में ताम्र हानि धारा के वर्ग के साथ बदलती है, इसलिए निर्धारित भार के x अंश पर यह x²·Pcu,fl होती है। दक्षता η = Pout/(Pout + Pcore + Pcu), जहाँ Pout = x·S·pf। दक्षता उस भार पर सबसे अधिक होती है जहाँ ताम्र हानि क्रोड हानि के बराबर होती है।

इस भार पर ताम्र हानि

Pcu = x²·Pcu,fl = 0.5625·937.5 = 527.3 W

कुल हानियाँ

क्रोड हानि किसी भी भार पर समान रहती है।

Ploss = 375 + 527.3 = 902.3 W

उत्तर

Ploss = 902.3 W

इस भार पर दक्षता η = 98.25% है।

21.ऑप-एम्प परिपथ

उत्तर: Vout = −3.2 V

आदर्श ऑप-एम्प नियम: ऋणात्मक पुनर्निवेश के साथ ऑप-एम्प अपना आउटपुट ऐसे चलाता है कि दोनों इनपुट समान वोल्टता पर रहें (V₋ = V₊), और किसी भी इनपुट में धारा नहीं जाती। इन दो तथ्यों के साथ इनवर्टिंग इनपुट पर KCL लिखने से आउटपुट मिलता है।

इनवर्टिंग इनपुट इनपुट का अनुसरण करता है

V₋ = V₊ = −1.6 V
I = V₋/R1 = −1.6/4.7 = −0.3404 mA

आउटपुट वोल्टता

R₁ की धारा Rf से भी बहती है।

Vout = V₋ + I·Rf = −1.6 + (−0.3404)·4.7 = −3.2 V

उत्तर

Vout = −3.2 V
22.ऑप-एम्प परिपथ

उत्तर: Vout = 1.838 V

आदर्श ऑप-एम्प नियम: ऋणात्मक पुनर्निवेश के साथ ऑप-एम्प अपना आउटपुट ऐसे चलाता है कि दोनों इनपुट समान वोल्टता पर रहें (V₋ = V₊), और किसी भी इनपुट में धारा नहीं जाती। इन दो तथ्यों के साथ इनवर्टिंग इनपुट पर KCL लिखने से आउटपुट मिलता है।

इनपुट धारा और परिवर्तन दर

kΩ गुणा µF से मिलीसेकंड मिलते हैं।

RC = 47 kΩ · 0.22 µF = 10.34 ms
परिवर्तन दर = −Vin/(RC) = −(−1.9)/10.34 = 0.1838 V/ms

दिए गए समय पर आउटपुट

आदर्श मान ±Vsat के भीतर है, इसलिए समाकलक अभी क्लिप नहीं हुआ है।

Vout = −Vin·t/(RC) = −(−1.9)·10/10.34 = 1.838 V

उत्तर

Vout = 1.838 V
23.डायोड और ट्रांज़िस्टर

उत्तर: VCE = 9.712 V

BJT बायस बिंदु: सक्रिय क्षेत्र में VBE = 0.7 V, IC = β·IB और IE = (β + 1)·IB। KVL से आधार लूप में IB ज्ञात करें, फिर IC, फिर संग्राहक–उत्सर्जक लूप से VCE। आधार पर वोल्टता विभाजक को उसके थेवेनिन तुल्य VTH = VCC·R₂/(R₁ + R₂), RTH = R₁∥R₂ से बदला जाता है; उत्सर्जक प्रतिरोधक आधार लूप में (β + 1) गुना बड़ा दिखता है।

आधार धारा

IB = (VCC − VBE)/RB = (12 − 0.7)/1000 kΩ = 11.3 µA

संग्राहक धारा

IC = β·IB = 75·11.3 µA = 0.8475 mA

संग्राहक–उत्सर्जक वोल्टता

VCE = 12 − 0.8475 mA·2.7 kΩ = 9.712 V

उत्तर

VCE = 9.712 V
24.डायोड और ट्रांज़िस्टर

उत्तर: RB = 2.733 kΩ

स्विच के रूप में BJT: किसी भार को पूरी तरह चालू करने के लिए ट्रांज़िस्टर को संतृप्ति में ले जाया जाता है, जहाँ VCE = VCE(sat) और संग्राहक धारा भार द्वारा तय होती है: IC(sat) = (VCC − VCE(sat))/RC। संतृप्ति के लिए कम से कम IB = IC(sat)/β चाहिए। यदि आधार धारा कम है, तो ट्रांज़िस्टर सक्रिय रहता है और IC = β·IB।

संतृप्ति में संग्राहक धारा

IC(sat) = (12 − 0.2)/150 = 78.67 mA

न्यूनतम आधार धारा

IB(min) = IC(sat)/β = 78.67/100 = 786.7 µA

डिज़ाइन आधार धारा

IB = 2·786.7 µA = 1573 µA

आधार प्रतिरोधक

RB = (5 − 0.7)/IB = 4.3 V/1.573 mA = 2.733 kΩ

उत्तर

RB = 2.733 kΩ
25.संख्या पद्धतियाँ

उत्तर: U = 138

बिट सेट करना: हर बिट दो की एक घात के बराबर है (128, 64, …, 1)। एक हेक्स अंक ठीक चार बिट होता है, और 8-बिट 2 के पूरक में सबसे बाएँ बिट का मान −128 होता है। बिटवाइज़ संक्रियाएँ हर बिट स्थान पर अलग-अलग काम करती हैं।

उलटें और एक जोड़ें

118 = 0111 0110
उलटा हुआ: 1000 1001
+1 → 1000 1010

अचिह्नित रूप में पढ़ें

1000 1010₂ = 256 − 118 = 138

उत्तर

U = 138
26.संख्या पद्धतियाँ

उत्तर: b = 11 bit

स्थानीय मान संख्या पद्धतियाँ: हर अंक का मान उसके मान गुणा आधार की एक घात होता है। द्विआधारी में स्थान 1, 2, 4, 8, 16, … के होते हैं; षोडशआधारी में 1, 16, 256, …, जहाँ A–F का अर्थ 10–15 है। 8-बिट दो के पूरक में सबसे बाईं बिट +128 के बजाय −128 की होती है; ऋणात्मक संख्याएँ इसी तरह संग्रहीत होती हैं।

दो की घातें

210 = 1024 < 1530
211 = 2048 ≥ 1530

उत्तर

b = 11
27.डिजिटल लॉजिक: गेट, K-मानचित्र और फ़्लिप-फ़्लॉप

उत्तर: AB = 00, CD = 11

कार्नो मानचित्र: खाने ग्रे कोड (00, 01, 11, 10) में क्रमबद्ध होते हैं, इसलिए पड़ोसी खाने, किनारों के आर-पार वाले भी, ठीक एक चर में भिन्न होते हैं। 1 को 1, 2, 4, 8 या 16 खानों के आयतों में समूहित करें, जितने बड़े और जितने कम समूह हो सकें, जब तक हर 1 ढक न जाए। हर समूह एक गुणन पद है: वे चर जो उसके भीतर स्थिर रहते हैं। 2ᵏ खानों का समूह k चर खो देता है। डोंट-केयर (X) का उपयोग समूह बड़े करने के लिए किया जा सकता है पर उन्हें ढकना ज़रूरी नहीं है। इसके बजाय 0 को समूहित करने से न्यूनतम POS रूप मिलता है।

हर 1 के पड़ोसी

पड़ोसी 1 वाला 1 दो या अधिक के समूह में शामिल हो सकता है।

m3: m2, m1, m7, m11 → 0
ABCD0001111000011110111111

अकेला 1

m3 = A′B′CD → AB = 00, CD = 11

उत्तर

AB = 00, CD = 11
28.डिजिटल लॉजिक: गेट, K-मानचित्र और फ़्लिप-फ़्लॉप

उत्तर: क्लॉक कोर 5

फ़्लिप-फ़्लॉप और काउंटर: फ़्लिप-फ़्लॉप केवल सक्रिय क्लॉक कोर पर बदलता है। D अपना निवेश कॉपी करता है (Q⁺ = D); T तब टॉगल करता है जब T = 1; JK 00 पर स्थिर रहता है, 01 पर रीसेट करता है, 10 पर सेट करता है और 11 पर टॉगल करता है। n-बिट द्विआधारी काउंटर की 2ⁿ अवस्थाएँ होती हैं और वह 2ⁿ के मापांक में गिनता है; mod-N काउंटर 0, 1, …, N − 1 तक जाकर फिर 0 पर लौटता है, और उसे ऐसे सबसे छोटे n फ़्लिप-फ़्लॉप चाहिए जिसमें 2ⁿ ≥ N हो। रिपल काउंटर का हर चरण आवृत्ति को आधा कर देता है, इसलिए mod-N काउंटर का अंतिम निर्गत fclk/N पर चलता है। n फ़्लिप-फ़्लॉप वाले जॉनसन काउंटर की 2n अवस्थाएँ होती हैं, रिंग काउंटर की n।

हर कोर के बाद Q

JK फ़्लिप-फ़्लॉप: 00 स्थिर रखता है, 01 रीसेट करता है (Q = 0), 10 सेट करता है (Q = 1), 11 टॉगल करता है।

1: J = 1, K = 1 → Q = 1
2: J = 1, K = 0 → Q = 1
3: J = 0, K = 0 → Q = 1
4: J = 1, K = 0 → Q = 1
5: J = 0, K = 1 → Q = 0
6: J = 0, K = 1 → Q = 0

1 से 0 का पहला परिवर्तन

क्लॉक कोर 5

उत्तर

क्लॉक कोर 5
29.लाप्लास रूपांतर

उत्तर: A = −1.5

लाप्लास रूपांतर: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt अवकलजों को s से गुणा में बदल देता है: ℒ{f′} = sF(s) − f(0), ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0)। मानक युग्म: 1 ↔ 1/s, e−at ↔ 1/(s + a), t·e−at ↔ 1/(s + a)², sin ωt ↔ ω/(s² + ω²), cos ωt ↔ s/(s² + ω²), और विस्थापन s → s + σ समय फलन को e−σt से गुणा करता है। परिमेय F(s) का प्रतिलोम लेने के लिए उसे आंशिक भिन्नों में बाँटें: सरल ध्रुव p का अवशेष A = [(s − p)·F(s)], s = p पर है। अंतिम मान प्रमेय: f(∞) = lims→0 s·F(s), केवल तभी मान्य जब s·F(s) के सभी ध्रुव बाएँ अर्ध-तल में हों। प्रारंभिक मान प्रमेय: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s)।

हर का गुणनखंड करें

s² + 8s + 15 = (s + 3)(s + 5)
F(s) = A/(s + 3) + B/(s + 5)

कवर-अप नियम

(s + 3) से गुणा करें और s = −3 रखें: B-पद लुप्त हो जाता है।

A = (2s + 3)/(s + 5) |s = −3 = −3/2 = −1.5

उत्तर

A = −1.5
(B = 3.5, इसलिए f(t) = −1.5·e−3t + 3.5·e−5t)
30.लाप्लास रूपांतर

उत्तर: y(0.1) = −1.733

लाप्लास रूपांतर: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt अवकलजों को s से गुणा में बदल देता है: ℒ{f′} = sF(s) − f(0), ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0)। मानक युग्म: 1 ↔ 1/s, e−at ↔ 1/(s + a), t·e−at ↔ 1/(s + a)², sin ωt ↔ ω/(s² + ω²), cos ωt ↔ s/(s² + ω²), और विस्थापन s → s + σ समय फलन को e−σt से गुणा करता है। परिमेय F(s) का प्रतिलोम लेने के लिए उसे आंशिक भिन्नों में बाँटें: सरल ध्रुव p का अवशेष A = [(s − p)·F(s)], s = p पर है। अंतिम मान प्रमेय: f(∞) = lims→0 s·F(s), केवल तभी मान्य जब s·F(s) के सभी ध्रुव बाएँ अर्ध-तल में हों। प्रारंभिक मान प्रमेय: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s)।

समीकरण का रूपांतर करें

s²Y − (−2)s − 1 + 11(sY − (−2)) + 30Y = 0
Y(s) = (−2s − 21)/((s + 5)(s + 6))

आंशिक भिन्न

A = −11/1 = −11
B = −9/(−1) = 9

परिणाम

y(t) = −11·e−5t + 9·e−6t
y(0.1) = −1.733

उत्तर

y(0.1) = −1.733

जाँच: y(0) = A + B = −2।

31.ब्लॉक आरेख

उत्तर: K = 2.25

ब्लॉक-आरेख बीजगणित: श्रेणी में ब्लॉक गुणा होते हैं (G₁·G₂), समांतर में ब्लॉक जुड़ते हैं (G₁ + G₂), और अग्र पथ G तथा पुनर्निवेश पथ H वाला लूप ऋणात्मक पुनर्निवेश के लिए T = G/(1 + G·H) और धनात्मक पुनर्निवेश के लिए G/(1 − G·H) में सरल होता है। पहले भीतरी लूप सरल करें, फिर बाहर की ओर बढ़ें। संवृत-लूप ध्रुव अभिलाक्षणिक समीकरण 1 + G(s)H(s) = 0 के मूल हैं। स्थायी लूप के लिए आकार A का सोपान इनपुट स्थायी-अवस्था आउटपुट A·T(0) देता है; एकांक पुनर्निवेश के साथ सोपान के लिए स्थायी-अवस्था त्रुटि A/(1 + Kp) है, जहाँ Kp = G(0)।

अभिलाक्षणिक समीकरण

1 + K/((s + 4)(s + 7)) = 0 → s² + 11s + 28 + K = 0

दोहराया गया मूल

द्विघात s² + βs + γ का द्विक मूल तब होता है जब β² = 4γ।

11² = 4(28 + K) → K = 121/4 − 28 = 2.25

उत्तर

K = 2.25
तब दोनों संवृत-लूप ध्रुव s = −5.5 पर हैं।
32.ब्लॉक आरेख

उत्तर: T(0) = 1.259

ब्लॉक-आरेख बीजगणित: श्रेणी में ब्लॉक गुणा होते हैं (G₁·G₂), समांतर में ब्लॉक जुड़ते हैं (G₁ + G₂), और अग्र पथ G तथा पुनर्निवेश पथ H वाला लूप ऋणात्मक पुनर्निवेश के लिए T = G/(1 + G·H) और धनात्मक पुनर्निवेश के लिए G/(1 − G·H) में सरल होता है। पहले भीतरी लूप सरल करें, फिर बाहर की ओर बढ़ें। संवृत-लूप ध्रुव अभिलाक्षणिक समीकरण 1 + G(s)H(s) = 0 के मूल हैं। स्थायी लूप के लिए आकार A का सोपान इनपुट स्थायी-अवस्था आउटपुट A·T(0) देता है; एकांक पुनर्निवेश के साथ सोपान के लिए स्थायी-अवस्था त्रुटि A/(1 + Kp) है, जहाँ Kp = G(0)।

भीतरी लूप

Gᵢ = G₂/(1 + G₂H₁) = 10/(s + 25)

बाहरी लूप

T(s) = G₁Gᵢ/(1 + G₁GᵢH₂) = 180/((s + 5)(s + 25) + 18)

DC लब्धि

T(0) = 180/(5·25 + 18) = 180/143 = 1.259

उत्तर

T(0) = 1.259
33.सोपान अनुक्रिया

उत्तर: tp = 1.622 s

सोपान अनुक्रिया: एक प्रथम-कोटि तंत्र G(s) = K/(τs + 1) आकार U के सोपान का उत्तर y(t) = K·U·(1 − e−t/τ) से देता है: यह एक समय स्थिरांक τ के बाद अंतिम मान K·U के 63.2 % और 4τ के बाद 98 % तक पहुँचता है। एक द्वितीय-कोटि तंत्र G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) के ध्रुव s = −ζωₙ ± jωd हैं, जहाँ ωd = ωₙ√(1 − ζ²)। 0 < ζ < 1 के लिए सोपान अनुक्रिया अतिलंघन करती है: प्रतिशत अतिलंघन %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), शिखर समय tp = π/ωd, और 2 % स्थिरीकरण समय ts ≈ 4/(ζωₙ)। ωₙ और ζ पढ़ने के लिए हर की तुलना s² + 2ζωₙs + ωₙ² से करें। द्रव्यमान–स्प्रिंग–अवमंदक के लिए ωₙ = √(k/m) और ζ = c/(2√(km)); श्रेणी RLC परिपथ के लिए ωₙ = 1/√(LC) और ζ = (R/2)·√(C/L)।

मानक रूप से तुलना करें

हर s² + 2ζωₙs + ωₙ² से मेल खाना चाहिए।

ωₙ² = 4 → ωₙ = 2 rad/s
2ζωₙ = 1 → ζ = 1/(2·2) = 0.25

परिणाम

ωd = 2·√(1 − 0.25²) = 1.936 rad/s → tp = π/ωd = 1.622 s

उत्तर

tp = 1.622 s
34.सोपान अनुक्रिया

उत्तर: ts = 0.6667 s

सोपान अनुक्रिया: एक प्रथम-कोटि तंत्र G(s) = K/(τs + 1) आकार U के सोपान का उत्तर y(t) = K·U·(1 − e−t/τ) से देता है: यह एक समय स्थिरांक τ के बाद अंतिम मान K·U के 63.2 % और 4τ के बाद 98 % तक पहुँचता है। एक द्वितीय-कोटि तंत्र G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) के ध्रुव s = −ζωₙ ± jωd हैं, जहाँ ωd = ωₙ√(1 − ζ²)। 0 < ζ < 1 के लिए सोपान अनुक्रिया अतिलंघन करती है: प्रतिशत अतिलंघन %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), शिखर समय tp = π/ωd, और 2 % स्थिरीकरण समय ts ≈ 4/(ζωₙ)। ωₙ और ζ पढ़ने के लिए हर की तुलना s² + 2ζωₙs + ωₙ² से करें। द्रव्यमान–स्प्रिंग–अवमंदक के लिए ωₙ = √(k/m) और ζ = c/(2√(km)); श्रेणी RLC परिपथ के लिए ωₙ = 1/√(LC) और ζ = (R/2)·√(C/L)।

संवृत-लूप अंतरण फलन

T(s) = 115/(s² + 12s + 115): ωₙ = 10.72 rad/s, ζ = 0.5595

स्थिरीकरण समय

ζωₙ = 12/2 = 6
ts ≈ 4/(ζωₙ) = 0.6667 s

उत्तर

ts = 0.6667 s

इस लूप के लिए K जो भी हो, ζωₙ = a/2: K बढ़ाने से अतिलंघन बढ़ता है पर स्थिरीकरण समय छोटा नहीं होता।

35.बोडे आरेख और सीमाएँ

उत्तर: φ = −84.14 °

आवृत्ति अनुक्रिया: अंतरण फलन में s = jω रखिए। डेसिबल में परिमाण 20·log₁₀|H(jω)| है और कला अंश के गुणनखंडों के कोणों के योग में से हर के गुणनखंडों के कोण घटाने पर मिलती है। प्रथम कोटि RC या RL फ़िल्टर की कोना (−3 dB) आवृत्ति ωc = 1/(RC) या R/L पर होती है, और fc = ωc/(2π); निम्न-पारक फ़िल्टर |H| = 1/√(1 + (ω/ωc)²) और φ = −atan(ω/ωc) देता है। अनंतस्पर्शी (सीधी रेखा) बोडे आरेख में हर ध्रुव अपनी कोना आवृत्ति पर परिमाण को 20 dB/दशक से नीचे मोड़ता है, हर शून्य उसे 20 dB/दशक से ऊपर मोड़ता है, और समाकलक 1/s सभी आवृत्तियों पर −20 dB/दशक देता है। लब्धि क्रॉसओवर ωc: |L(jω)| = 1 (0 dB); कला सीमा PM = 180° + ∠L(jωc)। कला क्रॉसओवर ω180: ∠L(jω) = −180°; लब्धि सीमा GM = −20·log₁₀|L(jω180)| dB। दोनों सीमाएँ धनात्मक होने पर बंद पाश स्थिर होता है।

कोना आवृत्ति

ωc = 1/(RC) = 1/(3300·4.7 × 10⁻⁸) = 6447 rad/s
fc = 1026 Hz → f/fc = 10000/1026 = 9.745

कला

φ = − atan(9.745) = −84.14°

उत्तर

φ = −84.14°
36.बोडे आरेख और सीमाएँ

उत्तर: PM = 41.04 °

आवृत्ति अनुक्रिया: अंतरण फलन में s = jω रखिए। डेसिबल में परिमाण 20·log₁₀|H(jω)| है और कला अंश के गुणनखंडों के कोणों के योग में से हर के गुणनखंडों के कोण घटाने पर मिलती है। प्रथम कोटि RC या RL फ़िल्टर की कोना (−3 dB) आवृत्ति ωc = 1/(RC) या R/L पर होती है, और fc = ωc/(2π); निम्न-पारक फ़िल्टर |H| = 1/√(1 + (ω/ωc)²) और φ = −atan(ω/ωc) देता है। अनंतस्पर्शी (सीधी रेखा) बोडे आरेख में हर ध्रुव अपनी कोना आवृत्ति पर परिमाण को 20 dB/दशक से नीचे मोड़ता है, हर शून्य उसे 20 dB/दशक से ऊपर मोड़ता है, और समाकलक 1/s सभी आवृत्तियों पर −20 dB/दशक देता है। लब्धि क्रॉसओवर ωc: |L(jω)| = 1 (0 dB); कला सीमा PM = 180° + ∠L(jωc)। कला क्रॉसओवर ω180: ∠L(jω) = −180°; लब्धि सीमा GM = −20·log₁₀|L(jω180)| dB। दोनों सीमाएँ धनात्मक होने पर बंद पाश स्थिर होता है।

लब्धि क्रॉसओवर

ω⁴ + 400ω² − 490000 = 0
ω² = (−400 + √(160000 + 4·490000))/2 = 528
ωc = 22.98 rad/s

कला सीमा

∠L(jωc) = −90° − atan(22.98/20) = −139°
PM = 180° + ∠L = 41.04°

उत्तर

PM = 41.04°
37.स्थायित्व: राउथ–हरविट्ज़ और मूल बिंदुपथ

उत्तर: Kmax = 90

राउथ–हरविट्ज़ कसौटी: कोई रैखिक तंत्र तब स्थायी होता है जब उसके अभिलाक्षणिक बहुपद का हर मूल s-तल के बाएँ अर्ध-तल में हो। गुणांकों को बारी-बारी से राउथ सारणी की पहली दो पंक्तियों में लिखें। नई पंक्ति की हर प्रविष्टि ऊपर की दो पंक्तियों से बनती है; त्रिघात a₃s³ + a₂s² + a₁s + a₀ के लिए s¹ प्रविष्टि b₁ = (a₂·a₁ − a₃·a₀)/a₂ है। पहले स्तंभ में चिह्न-परिवर्तनों की संख्या दाएँ अर्ध-तल के मूलों की संख्या के बराबर होती है। गुणांकों में लब्धि K होने पर पहले स्तंभ की हर प्रविष्टि धनात्मक रहनी चाहिए: जिस लब्धि पर s¹ प्रविष्टि शून्य हो जाती है वही स्थायित्व की सीमा है, और तब s² पंक्ति सतत दोलन की आवृत्ति देती है।

अभिलाक्षणिक बहुपद

s³ + 7s² + 14s + 8 + K = 0

राउथ सारणी

s³: 1, 14
s²: 7, 8 + K
s¹: (7·14 − 8 − K)/7
s⁰: 8 + K

शर्त

s¹ प्रविष्टि धनात्मक रहनी चाहिए।

K < 7·14 − 8 = 90

उत्तर

Kmax = 90

सीमा पर लूप ω = √14 = 3.742 rad/s पर दोलन करता है।

38.स्थायित्व: राउथ–हरविट्ज़ और मूल बिंदुपथ

उत्तर: ω = 6.856 rad/s

मूल बिंदुपथ: जैसे-जैसे लब्धि K 0 से ∞ तक बढ़ती है, संवृत-लूप ध्रुव, यानी 1 + K·G(s) = 0 के मूल, विवृत-लूप ध्रुवों से विवृत-लूप शून्यों की ओर या अनंत की ओर चलते हैं। वास्तविक अक्ष पर कोई बिंदु तब बिंदुपथ का भाग होता है जब उसके दाईं ओर वास्तविक ध्रुवों और शून्यों की कुल संख्या विषम हो। अनंत की ओर जाने वाली n − m शाखाएँ कोणों (2q + 1)·180°/(n − m) वाली अनंतस्पर्शियों के अनुदिश चलती हैं, जो केंद्रक σₐ = (Σ ध्रुव − Σ शून्य)/(n − m) से शुरू होती हैं। शाखाएँ वहाँ वास्तविक अक्ष छोड़ती या उससे मिलती हैं जहाँ dK/ds = 0 हो। कोण शर्त ∠G(s) = 180° आकार तय करती है, और परिमाण शर्त K = 1/|G(s)| बिंदुपथ के किसी भी बिंदु पर लब्धि देती है।

क्रांतिक लब्धि

s³ + 12s² + 47s + 60 + K = 0
s¹: (12·47 − 60 − K)/12 = 0 → K = 504

काटने की आवृत्ति

12s² + 60 + 504 = 12s² + 564 = 0 → s² = −47
ω = √47 = 6.856 rad/s

उत्तर

ω = 6.856 rad/s
39.स्थायी-अवस्था त्रुटि और PID नियंत्रण

उत्तर: K = 60

स्थायी-अवस्था त्रुटि: विवृत-लूप अंतरण फलन G(s) वाले एकांक पुनर्निवेश लूप में त्रुटि E(s) = R(s)/(1 + G(s)) होती है, और अंतिम मान प्रमेय से ess = lims→0 s·E(s)। तंत्र का प्रकार G(s) के s = 0 पर ध्रुवों की संख्या है। त्रुटि स्थिरांक Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s) और Ka = lim s²·G(s) हैं, सभी s → 0 के लिए। आकार A का सोपान ess = A/(1 + Kp) देता है, रैंप A·t से A/Kv और परवलय A·t²/2 से A/Ka मिलता है। प्रकार-0 लूप सोपान का अनुसरण परिमित त्रुटि के साथ करता है, जबकि प्रकार-1 लूप उसका अनुसरण पूरी तरह करता है और रैंप का परिमित त्रुटि के साथ।

आवश्यक त्रुटि स्थिरांक

1/(1 + Kp) = 0.25 → Kp = 3

लब्धि

K/20 = 3 → K = 60

उत्तर

K = 60

संवृत-लूप स्थायित्व भी जाँचिए: इस द्वितीय-कोटि लूप के लिए कोई भी K > 0 स्थायी है।

40.स्थायी-अवस्था त्रुटि और PID नियंत्रण

उत्तर: ts = 0.8 s

P, PI और PID नियंत्रण: नियंत्रक C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s त्रुटि पर कार्य करता है। आनुपातिक लब्धि लूप को तेज़ बनाती है और प्रकार-0 संयंत्र की त्रुटि घटाती है, पर उसे कभी समाप्त नहीं करती। समाकल पद s = 0 पर एक ध्रुव जोड़ता है: तंत्र का प्रकार एक बढ़ जाता है, और सोपान का अनुसरण बिना त्रुटि के होता है। अवकल पद अवमंदन जोड़ता है। लब्धियाँ चुनने के लिए संवृत-लूप अभिलाक्षणिक बहुपद लिखिए और उसकी तुलना s² + 2ζωns + ωn² से कीजिए। तब %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, जहाँ ωd = ωn√(1 − ζ²), और ts ≈ 4/(ζωn)।

अभिलाक्षणिक बहुपद

s(s + 10) + 16·10 = s² + 10s + 160

ωₙ और ζ

ωₙ = √160 = 12.65 rad/s
ζ = 10/(2·12.65) = 0.3953

स्थिरीकरण समय

ζωₙ = 10/2 = 5
ts ≈ 4/5 = 0.8 s

उत्तर

ts = 0.8 s

यहाँ स्थिरीकरण काल K पर निर्भर नहीं करता: K बढ़ाने से अनुक्रिया केवल अधिक तेज़ी से दोलन करती है।

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