Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
Komplemen dua 8-bit0−12806403201608040201

Atur bit sehingga menyimpan −33 dalam komplemen dua 8-bit. Dibaca sebagai bilangan tak bertanda, berapa nilai pola U?

N = −338 bit
U =
2.Sistem bilanganSulit
2396 kode, b = ? bit?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

Sebuah sistem harus memberi setiap 2396 item kode biner sendiri dengan panjang yang sama. Berapa jumlah bit b paling sedikit yang dibutuhkan?

2396
b = bit
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
(r ∧ q) ∧ ¬¬p¬(r ∧ q) ∧ ¬p¬(r ∧ q) → ¬¬p¬(r ∧ q) ∧ ¬¬p

Anda ingin membuktikan (r ∧ q) → ¬p dengan kontradiksi. Pernyataan mana yang Anda andaikan di awal? Klik pernyataan itu.

(r ∧ q) → ¬p
  1. 1(r ∧ q) ∧ ¬¬p
  2. 2¬(r ∧ q) ∧ ¬p
  3. 3¬(r ∧ q) → ¬¬p
  4. 4¬(r ∧ q) ∧ ¬¬p
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
∃x F(x)∀x ¬F(x)∀x F(x)∃x ¬F(x)

Pernyataan mana yang ekuivalen dengan ¬∃x F(x), dengan negasi dipindahkan sampai ke dalam? Klik pernyataan itu.

¬∃x F(x)
  1. 1∃x F(x)
  2. 2∀x ¬F(x)
  3. 3∀x F(x)
  4. 4∃x ¬F(x)
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABCD0001111000011110111111

Pada peta Karnaugh ini tepat satu angka 1 tidak memiliki angka 1 tetangga, sehingga tetap menjadi kelompok satu sel (minterm penuh berisi empat literal) dalam bentuk SOP minimal. Tetangga melewati tepi peta ikut dihitung. Klik sel itu.

F = Σm(1, 6, 8, 9, 10, 12)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​CLKMOD-6

Sebuah pencacah mod-6 sinkron menghitung 0, 1, …, 5 lalu kembali ke 0. Pencacah dimulai dari 4. Berapa hitungan Q (dalam desimal) yang ditunjukkannya setelah 12 pulsa clock?

Q0 = 412N = 6
Q =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Selesaikan 23x ≡ 2 (mod 29). Berikan penyelesaian x dengan 0 < x < 29.

23x ≡ 2 (mod 29)
x =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (407, 17)d = ?

Sebuah kunci RSA memakai bilangan prima p = 11 dan q = 37 serta eksponen publik e = 17. Carilah eksponen privat d (0 < d < φ(n)).

p = 11q = 37e = 17
d =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Pemrograman dinamis (dynamic programming) berguna ketika suatu masalah memiliki:

  1. ATidak ada submasalah sama sekali, sehingga dapat diselesaikan dalam satu langkah
  2. BSubmasalah yang tumpang tindih dan substruktur optimal
  3. CSatu loop saja
  4. DHanya input acak
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Mengapa binary search tidak menghasilkan waktu O(log n) pada singly linked list?

  1. APerbandingan pada node linked list lebih lambat
  2. BLinked list tidak dapat diurutkan
  3. CMencapai elemen tengah memerlukan O(n) langkah, karena tidak ada akses indeks langsung
  4. DBinary search memerlukan setidaknya dua kali lipat memori
11.Struktur dataSedang

Struktur data apa yang dipakai untuk memeriksa apakah tanda kurung dalam "{[()]}" seimbang?

  1. AHash table
  2. BQueue
  3. CStack
  4. DBinary search tree
12.Struktur dataSulit

Dalam circular buffer, front == rear dapat berarti kosong atau penuh. Apa cara umum untuk membedakannya?

  1. ASimpan penghitung elemen terpisah, atau selalu biarkan satu slot tidak terpakai
  2. BSelalu kosongkan buffer setiap kali front sama dengan rear, sehingga keadaannya kosong
  3. CSimpan front dan rear dalam variabel yang sama
  4. DJadikan ukuran buffer pangkat dua
13.Teori grafSedang

Sebuah pohon memiliki 2 simpul berderajat 3, dan semua simpul lainnya adalah daun (derajat 1). Berapa daun L yang dimilikinya?

2 × deg 3
L =
14.Teori grafSulit
1761841985ABCDE

Carilah total bobot W pohon rentang minimum dari graf berbobot ini.

|V| = 5|E| = 7
W =
15.Basis data & SQLSedang

View dalam SQL adalah:

  1. ALayar di klien basis data untuk menelusuri tabel
  2. BSalinan tabel di disk
  3. CSalah satu jenis indeks
  4. DKueri tersimpan yang berperilaku seperti tabel virtual
16.Basis data & SQLSulit

Tabel enrolment(student_id, course_id, student_name, grade) memiliki kunci (student_id, course_id). Bentuk normal mana yang dilanggarnya?

  1. ATidak ada, tabel ini dalam BCNF
  2. BHanya bentuk normal ketiga, karena grade bergantung pada student_name
  3. CBentuk normal kedua, karena student_name hanya bergantung pada student_id
  4. DBentuk normal pertama, karena kolom grade tidak berisi nilai atomik
17.Jaringan komputerSedang

Host mana yang berada di subnet /16 yang sama dengan 10.1.2.3?

  1. A11.1.2.3
  2. B10.1.200.5
  3. C10.0.2.3
  4. D10.2.2.3
18.Jaringan komputerSulit

Apa manfaat utama koneksi persisten (keep-alive) dalam HTTP/1,1?

  1. AKoneksi tetap terenkripsi tanpa TLS
  2. BBeberapa permintaan menggunakan ulang satu koneksi TCP, sehingga handshake berulang dapat dihindari
  3. CServer dapat mendorong pembaruan melalui UDP
  4. DRespons dapat tiba dalam urutan apa pun pada satu stream, sehingga balasan yang lambat tidak menghambat yang lain
19.Subnetting IPv4Sedang
255.255.255.19211111111111111111111111111000000bit jaringanbit host

Sebuah subnet memakai mask 255.255.255.192. Berapa alamat host yang dapat dipakai H?

255.255.255.192
H =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet terakhir = 122012816413211618041201jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 10.20.161.122/30. Berapa angka terakhir (oktet keempat) x dari alamat broadcast subnetnya?

10.20.161.122/30
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: U = 223

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Balik dan tambah satu

33 = 0010 0001
dibalik: 1101 1110
+1 → 1101 1111

Baca sebagai tak bertanda

1101 1111₂ = 256 − 33 = 223

Jawaban

U = 223
2.Sistem bilangan

Jawaban: b = 12 bit

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Pangkat dua

211 = 2048 < 2396
212 = 4096 ≥ 2396

Jawaban

b = 12
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: (r ∧ q) ∧ ¬¬p

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Bagian-bagian implikasi

a = r ∧ q, b = ¬p

Negasi implikasi

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = (r ∧ q) ∧ ¬¬p

Jawaban

(r ∧ q) ∧ ¬¬p

Jika pengandaian menimbulkan kontradiksi, implikasinya pasti benar.

4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: ∀x ¬F(x)

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Pindahkan negasi ke dalam

¬∃x F(x) ≡ ∀x ¬F(x)

Jawaban

∀x ¬F(x)

Pilihan lain mempertahankan kuantor tanpa perubahan, mengubah urutan kuantor, atau menegasikan rumus di dalam dengan salah.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: AB = 01, CD = 10

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

Tetangga setiap angka 1

Angka 1 dengan tetangga angka 1 dapat bergabung dalam kelompok dua atau lebih.

m6: m7, m4, m2, m14 → 0
ABCD0001111000011110111111

Angka 1 yang terisolasi

m6 = A′BCD′ → AB = 01, CD = 10

Jawaban

AB = 01, CD = 10
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: Q = 4

Flip-flop dan pencacah: flip-flop hanya berubah pada tepi clock aktif. D menyalin masukannya (Q⁺ = D); T berbalik jika T = 1; JK bertahan untuk 00, reset untuk 01, set untuk 10, dan berbalik untuk 11. Pencacah biner n bit memiliki 2ⁿ keadaan dan menghitung modulo 2ⁿ; pencacah mod-N berurutan 0, 1, …, N − 1 lalu kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap tahap pencacah ripple membagi dua frekuensi, sehingga keluaran terakhir pencacah mod-N berjalan pada fclk/N. Pencacah Johnson dari n flip-flop memiliki 2n keadaan, pencacah cincin n.

Siklus penuh

Setiap 6 pulsa mengembalikan pencacah ke keadaan yang sama.

12 = 2·6 + 0

Hitungan setelah pulsa yang tersisa

Q = (4 + 0) mod 6 = 4
Q = 100₂

Jawaban

Q = 4
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: x = 19

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Invers 23

r = 29, t = 0
r = 23, q = 1, t = 1
r = 6, q = 3, t = −1
r = 5, q = 1, t = 4
r = 1, q = 5, t = −5
23−1 ≡ 24 (mod 29)

Selesaikan

x ≡ 24·2 = 48 ≡ 19 (mod 29)
periksa: 23·19 = 437 ≡ 2 (mod 29)

Jawaban

x = 19
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: d = 233

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Modulus dan totien

n = 11·37 = 407
φ(n) = 10·36 = 360

Algoritma Euclid yang diperluas

r = 360, t = 0
r = 17, q = 21, t = 1
r = 3, q = 5, t = −21
r = 2, q = 1, t = 106
r = 1, q = 2, t = −127

Eksponen privat

d = 233
periksa: 17·233 = 3961 = 11·360 + 1

Jawaban

d = 233
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: B · Submasalah yang tumpang tindih dan substruktur optimal

Mengapa ini jawabannya

Menyimpan hasil submasalah yang tumpang tindih (memoisasi atau tabulasi) menghindari pekerjaan berulang, sehingga algoritma eksponensial menjadi polinomial.

Jawaban

B · Submasalah yang tumpang tindih dan substruktur optimal
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: C · Mencapai elemen tengah memerlukan O(n) langkah, karena tidak ada akses indeks langsung

Mengapa ini jawabannya

Binary search memerlukan akses O(1) ke elemen tengah; pada linked list, berjalan ke sana memerlukan waktu linear, sehingga totalnya O(n).

Jawaban

C · Mencapai elemen tengah memerlukan O(n) langkah, karena tidak ada akses indeks langsung
11.Struktur data

Jawaban: C · Stack

Mengapa ini jawabannya

Push setiap kurung buka dan pop ketika muncul kurung tutup; kurung tutup harus cocok dengan kurung yang di-pop dan stack harus kosong di akhir.

Jawaban

C · Stack
12.Struktur data

Jawaban: A · Simpan penghitung elemen terpisah, atau selalu biarkan satu slot tidak terpakai

Mengapa ini jawabannya

Dengan penghitung, kosong berarti count = 0 dan penuh berarti count = kapasitas; dengan satu slot kosong, penuh didefinisikan sebagai (rear + 1) mod n == front.

Jawaban

A · Simpan penghitung elemen terpisah, atau selalu biarkan satu slot tidak terpakai
13.Teori graf

Jawaban: L = 4

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Lema jabat tangan untuk pohon

L + 6 = 2(L + 2) − 2
L = 4

Jawaban

L = 4

Jalan pintas: L = 2 + Σ (d − 2) atas simpul berderajat d ≥ 3.

14.Teori graf

Jawaban: W = 32

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Algoritma Kruskal

BD (4): ambil
BE (5): ambil
AC (6): ambil
DE (8): lewati, membentuk siklus
AB (17): ambil

Total bobot

W = 4 + 5 + 6 + 17 = 32

Jawaban

W = 32
15.Basis data & SQL

Jawaban: D · Kueri tersimpan yang berperilaku seperti tabel virtual

Mengapa ini jawabannya

View menyimpan pernyataan SELECT; mengkueri view akan menjalankan kueri dasarnya (materialized view menyimpan hasilnya).

Jawaban

D · Kueri tersimpan yang berperilaku seperti tabel virtual
16.Basis data & SQL

Jawaban: C · Bentuk normal kedua, karena student_name hanya bergantung pada student_id

Mengapa ini jawabannya

student_name hanya bergantung pada sebagian kunci, yang merupakan dependensi parsial; memindahkannya ke tabel students memperbaiki pelanggaran 2NF.

Jawaban

C · Bentuk normal kedua, karena student_name hanya bergantung pada student_id
17.Jaringan komputer

Jawaban: B · 10.1.200.5

Mengapa ini jawabannya

Dengan /16, 16 bit pertama (10,1) adalah bagian jaringan. Hanya 10.1.200.5 yang memilikinya juga, sehingga host itu berada di 10.1.0.0/16.

Jawaban

B · 10.1.200.5
18.Jaringan komputer

Jawaban: B · Beberapa permintaan menggunakan ulang satu koneksi TCP, sehingga handshake berulang dapat dihindari

Mengapa ini jawabannya

Menggunakan ulang koneksi menghindari handshake baru dan slow start untuk setiap objek, sehingga halaman dengan banyak sumber daya dimuat lebih cepat.

Jawaban

B · Beberapa permintaan menggunakan ulang satu koneksi TCP, sehingga handshake berulang dapat dihindari
19.Subnetting IPv4

Jawaban: H = 62

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Panjang prefiks

255.255.255.192 = /26

Host yang dapat dipakai

26 − 2 = 62

Jawaban

H = 62
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 123

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Ukuran blok

22 = 4

Subnet host ini

jaringan: ⌊122/4⌋·4 = 120
broadcast: 120 + 4 − 1 = 123
host yang dapat dipakai: 121 … 122

Jawaban

x = 123

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals