Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
nilai posisi dalam komplemen dua1−12806413211618041211

Pola 8-bit 1011 1011 menyimpan bilangan bulat bertanda dalam komplemen dua. Berapa nilainya N dalam desimal?

1011 10118 bit
N =
2.Sistem bilanganSulit
klik bit untuk mengaturnya012806403201608040201

Atur bit menjadi hasil 8-bit dari 0010 1010 AND 0010 1010. Berapa nilai hasil R dalam desimal?

0010 1010AND0010 1010
R =
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
tautologikontradiksikontingensi

Apakah c ∧ ¬c tautologi, kontradiksi, atau kontingensi? Klik jawaban Anda.

c ∧ ¬c
  1. 1tautologi
  2. 2kontradiksi
  3. 3kontingensi
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Pernyataan mana yang ekuivalen dengan ¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)), dengan negasi dipindahkan sampai ke dalam? Klik pernyataan itu.

¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x))
  1. 1∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  2. 2∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))
  3. 3∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  4. 4∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABC00011110010011131214051716

Pakai peta Karnaugh untuk mencari bentuk jumlah dari hasil kali (SOP) minimal dari F(A, B, C) = Σm(1, 2, 3, 4, 6, 7). Berapa literal L yang dimilikinya secara total (variabel beraksen dihitung satu literal)?

F(A, B, C) = Σm(1, 2, 3, 4, 6, 7)
L =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKRING

Pencacah cincin 4 bit Q₃Q₂Q₁Q₀ dimulai dari 1000. Pada setiap tepi clock bit bergeser satu tempat ke kanan (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) dan Q₃ menerima Q₀. Berikan keadaan Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ sebagai bilangan desimal setelah 4 tepi clock.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 10004
Q =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Carilah invers 55 modulo 71: bilangan x dengan 0 < x < 71 dan 55·x ≡ 1 (mod 71).

a = 55n = 71
55−1 mod 71 =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit
89c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (145, 5)d

Enkripsikan pesan m = 89 dengan kunci publik RSA (n, e) = (145, 5). Carilah teks sandi c.

n = 145e = 5m = 89
c =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Berapa kompleksitas waktu mengalikan dua matriks n × n dengan triple loop standar?

  1. AO(n²)
  2. BO(n² log n)
  3. CO(n)
  4. DO(n³)
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Pernyataan mana tentang notasi little-o yang benar?

  1. An² = o(n)
  2. Bn = o(n²), tetapi n bukan o(n)
  3. Cn = o(n), karena setiap fungsi adalah little-o dari dirinya sendiri
  4. D2n = o(n), karena 2n tumbuh lambat
11.Struktur dataSedang

Berapa lama pencarian kata dengan panjang L dalam trie dengan alfabet tetap?

  1. AO(n), dengan n jumlah kata
  2. BO(L × n)
  3. CO(log n), dengan n jumlah kata
  4. DO(L), tidak bergantung pada berapa banyak kata yang disimpan
12.Struktur dataSulit

Mengapa B-tree digunakan dalam basis data dan sistem berkas?

  1. AB-tree tidak memerlukan penyeimbangan ulang
  2. BB-tree menyimpan data tanpa urutan
  3. CFaktor percabangannya yang tinggi membuat pohon tetap dangkal sehingga mengurangi pembacaan disk yang lambat
  4. DB-tree menggunakan memori lebih sedikit daripada array mana pun, sehingga seluruh indeks selalu muat di memori utama
13.Teori grafSedang

Sebuah graf terhubung memiliki 11 simpul dan 14 sisi. Berapa sisi k yang harus dihapus agar tersisa pohon rentang?

|V| = 11|E| = 14
k =
14.Teori grafSulit
ABCDEF

Ada berapa jalan dengan panjang 2 dari D ke E? Jalan boleh mengulang simpul dan sisi. Sebut bilangan ini N.

M = matriks ketetanggaanL = 2
N =
15.Basis data & SQLSedang

Mengapa sebuah tabel hanya dapat memiliki satu clustered index?

  1. AClustered index menggunakan terlalu banyak memori
  2. BClustered index hanya dapat dibuat pada kunci primer
  3. CStandar SQL melarang lebih dari satu indeks pada sebuah tabel
  4. DBaris-baris hanya dapat disimpan secara fisik dalam satu urutan
16.Basis data & SQLSulit

Mengapa banyak DBMS menggunakan strict two-phase locking, dengan mempertahankan exclusive lock sampai commit?

  1. ACara ini mencegah cascading abort, karena tidak ada yang dapat membaca penulisan yang belum di-commit
  2. BCara ini memungkinkan transaksi membaca dirty data dengan aman
  3. CCara ini membuat deadlock tidak mungkin terjadi
  4. DCara ini menghilangkan kebutuhan akan log transaksi
17.Jaringan komputerSedang

HTTP bersifat stateless. Bagaimana situs web biasanya membuat pengguna tetap login di antara permintaan?

  1. ADengan membiarkan koneksi TCP terbuka selama berhari-hari
  2. BDengan memberikan alamat IP tetap kepada setiap pengguna
  3. CDengan cookie yang menyimpan pengenal sesi atau token
  4. DDengan menyimpan kata sandi di URL
18.Jaringan komputerSulit

Masalah count-to-infinity terjadi pada jenis protokol routing apa, dan apa yang membantu mengatasinya?

  1. ALink-state; flooding pembaruan link
  2. BDistance-vector; split horizon dan poison reverse
  3. CPath-vector; jalur AS yang lebih panjang
  4. DRouting statis; menambahkan rute default
19.Subnetting IPv4Sedang
255.255.255.24811111111111111111111111111111000bit jaringanbit host

Sebuah subnet memakai mask 255.255.255.248. Berapa alamat host yang dapat dipakai H?

255.255.255.248
H =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet terakhir = 220112816403211618140201jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 10.20.216.220/25. Berapa angka terakhir (oktet keempat) x dari alamat broadcast subnetnya?

10.20.216.220/25
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: N = −69

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Jumlahkan nilai posisi

Bit lainnya tetap bernilai positif seperti biasa.

−128 + 32 + 16 + 8 + 2 + 1 = −69

Jawaban

N = −69
2.Sistem bilangan

Jawaban: R = 42

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Bit demi bit

AND menghasilkan 1 hanya jika kedua bit adalah 1.

0010 1010
AND 0010 1010
= 0010 1010

Nilai hasil

0010 1010₂ = 42

Jawaban

R = 42
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: kontradiksi

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Tabel kebenaran baris demi baris

c = 1: ¬c = 0, c ∧ ¬c = 0
c = 0: ¬c = 1, c ∧ ¬c = 0

Klasifikasikan

c ∧ ¬c: 0, 0
0 pada setiap baris: kontradiksi.

Jawaban

kontradiksi
4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Pindahkan negasi ke dalam

¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)) ≡ ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Jawaban

∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Pilihan lain mempertahankan kuantor tanpa perubahan, mengubah urutan kuantor, atau menegasikan rumus di dalam dengan salah.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: L = 5

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

ABC00011110010011131214051716

Kelompokkan angka 1

Setiap kelompok adalah persegi panjang berisi 2ᵏ sel; sel di tepi bertetangga dengan sel di tepi seberangnya.

B
A′C
AC′

Bentuk SOP minimal

F = B + A′C + AC′
L = 5

Jawaban

L = 5
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: Q = 8

Flip-flop dan pencacah: flip-flop hanya berubah pada tepi clock aktif. D menyalin masukannya (Q⁺ = D); T berbalik jika T = 1; JK bertahan untuk 00, reset untuk 01, set untuk 10, dan berbalik untuk 11. Pencacah biner n bit memiliki 2ⁿ keadaan dan menghitung modulo 2ⁿ; pencacah mod-N berurutan 0, 1, …, N − 1 lalu kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap tahap pencacah ripple membagi dua frekuensi, sehingga keluaran terakhir pencacah mod-N berjalan pada fclk/N. Pencacah Johnson dari n flip-flop memiliki 2n keadaan, pencacah cincin n.

Keadaan setelah setiap tepi

1000 → 0100 → 0010 → 0001 → 1000

Nilai desimal

1000₂ = 8

Jawaban

Q = 8
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: 55−1 mod 71 = 31

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid yang diperluas

Setiap sisa r ditulis sebagai r ≡ t·55 (mod 71).

r = 71, t = 0
r = 55, q = 1, t = 1
r = 16, q = 3, t = −1
r = 7, q = 2, t = 4
r = 2, q = 3, t = −9
r = 1, q = 2, t = 31

Invers

1 ≡ 31·55 (mod 71)
x = 31
periksa: 55·31 = 1705 = 24·71 + 1

Jawaban

55−1 mod 71 = 31
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: c = 119

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Pengkuadratan berulang

5 = 4 + 1
891 ≡ 89 (mod 145)
892 ≡ 91 (mod 145)
894 ≡ 16 (mod 145)
895 ≡ 89·16 ≡ 119 (mod 145)

Teks sandi

c = 119

Jawaban

c = 119
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: D · O(n³)

Mengapa ini jawabannya

Ada n² entri dan masing-masing memerlukan n perkalian, sehingga totalnya n³ operasi.

Jawaban

D · O(n³)
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: B · n = o(n²), tetapi n bukan o(n)

Mengapa ini jawabannya

f = o(g) berarti f(n) / g(n) menuju 0; n / n² menuju 0, tetapi n / n = 1 tidak.

Jawaban

B · n = o(n²), tetapi n bukan o(n)
11.Struktur data

Jawaban: D · O(L), tidak bergantung pada berapa banyak kata yang disimpan

Mengapa ini jawabannya

Setiap karakter memilih satu anak, sehingga pencarian memerlukan L langkah berapa pun jumlah kata dalam trie.

Jawaban

D · O(L), tidak bergantung pada berapa banyak kata yang disimpan
12.Struktur data

Jawaban: C · Faktor percabangannya yang tinggi membuat pohon tetap dangkal sehingga mengurangi pembacaan disk yang lambat

Mengapa ini jawabannya

B-tree menyimpan banyak kunci per node, sehingga tingginya kecil dan hanya sedikit pembacaan blok yang diperlukan per pencarian; B+ tree juga menautkan daun-daunnya untuk pemindaian rentang.

Jawaban

C · Faktor percabangannya yang tinggi membuat pohon tetap dangkal sehingga mengurangi pembacaan disk yang lambat
13.Teori graf

Jawaban: k = 4

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Sisi pohon rentang

11 − 1 = 10

Sisi yang dihapus

k = 14 − 10 = 4

Jawaban

k = 4
14.Teori graf

Jawaban: N = 1

Derajat: derajat suatu simpul adalah banyaknya sisi yang bertemu di simpul itu. Setiap sisi memiliki dua ujung, jadi jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi: Σ deg(v) = 2|E| (lema jabat tangan). Karena itu banyaknya simpul berderajat ganjil selalu genap. Kn memiliki n(n − 1)/2 sisi, graf beraturan-k dengan n simpul memiliki nk/2, dan pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Matriks ketetanggaan

A: 0 1 1 0 0 0
B: 1 0 0 0 1 0
C: 1 0 0 0 1 0
D: 0 0 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0

Tetangga bersama

(M²)DE = 0·0 + 0·1 + 0·1 + 0·1 + 1·0 + 1·1 = 1

Jawaban

N = 1
15.Basis data & SQL

Jawaban: D · Baris-baris hanya dapat disimpan secara fisik dalam satu urutan

Mengapa ini jawabannya

Clustered index mengurutkan data tabel berdasarkan kuncinya, dan data hanya dapat disimpan dalam satu urutan; indeks lainnya bersifat non-clustered.

Jawaban

D · Baris-baris hanya dapat disimpan secara fisik dalam satu urutan
16.Basis data & SQL

Jawaban: A · Cara ini mencegah cascading abort, karena tidak ada yang dapat membaca penulisan yang belum di-commit

Mengapa ini jawabannya

2PL dasar menjamin serializability, tetapi melepas write lock lebih awal dapat membuat transaksi lain membaca data yang kemudian di-rollback; strict 2PL menghindari hal ini.

Jawaban

A · Cara ini mencegah cascading abort, karena tidak ada yang dapat membaca penulisan yang belum di-commit
17.Jaringan komputer

Jawaban: C · Dengan cookie yang menyimpan pengenal sesi atau token

Mengapa ini jawabannya

Server menetapkan cookie berisi ID sesi atau token, dan browser mengembalikannya pada setiap permintaan sehingga server dapat mengenali pengguna.

Jawaban

C · Dengan cookie yang menyimpan pengenal sesi atau token
18.Jaringan komputer

Jawaban: B · Distance-vector; split horizon dan poison reverse

Mengapa ini jawabannya

Setelah terjadi kegagalan, router distance-vector dapat terus saling mengiklankan rute usang, sehingga metriknya naik perlahan. Split horizon, poison reverse, dan batas metrik maksimum membatasi hal ini.

Jawaban

B · Distance-vector; split horizon dan poison reverse
19.Subnetting IPv4

Jawaban: H = 6

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Panjang prefiks

255.255.255.248 = /29

Host yang dapat dipakai

23 − 2 = 6

Jawaban

H = 6
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 255

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Ukuran blok

27 = 128

Subnet host ini

jaringan: ⌊220/128⌋·128 = 128
broadcast: 128 + 128 − 1 = 255
host yang dapat dipakai: 129 … 254

Jawaban

x = 255

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals