Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
nilai posisi dalam komplemen dua1−12806403211608141211

Pola 8-bit 1001 0111 menyimpan bilangan bulat bertanda dalam komplemen dua. Berapa nilainya N dalam desimal?

1001 01118 bit
N =
2.Sistem bilanganSulit
klik bit untuk mengaturnya012806403201608040201

Atur bit menjadi hasil 8-bit dari 1001 1001 XOR 1101 1010. Berapa nilai hasil R dalam desimal?

1001 1001XOR1101 1010
R =
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
p → (q → r)(p → q) → r(p → r) ∧ (q → r)p ∧ (q → r)

Rumus mana yang ekuivalen secara logis dengan (p ∧ q) → r? Klik rumus itu.

(p ∧ q) → r
  1. 1p → (q → r)
  2. 2(p → q) → r
  3. 3(p → r) ∧ (q → r)
  4. 4p ∧ (q → r)
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
∃x (¬F(x) ∨ ¬G(x))∃x (¬F(x) ∧ ¬G(x))∀x (¬F(x) ∧ ¬G(x))∀x (¬F(x) ∨ ¬G(x))

Pernyataan mana yang ekuivalen dengan ¬∀x (F(x) ∨ G(x)), dengan negasi dipindahkan sampai ke dalam? Klik pernyataan itu.

¬∀x (F(x) ∨ G(x))
  1. 1∃x (¬F(x) ∨ ¬G(x))
  2. 2∃x (¬F(x) ∧ ¬G(x))
  3. 3∀x (¬F(x) ∧ ¬G(x))
  4. 4∀x (¬F(x) ∨ ¬G(x))
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABC000111100101324576

Sederhanakan F = AB + B′C + BC′ + A′B′C ke bentuk jumlah dari hasil kali minimal. Berapa literal L yang dimiliki ekspresi yang sudah disederhanakan?

F = AB + B′C + BC′ + A′B′C
L =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
ABCD00011110000111101001130214051706X12X13015114X819111X10

Carilah bentuk SOP minimal dari F(A, B, C, D) = Σm(0, 3, 4, 7, 9, 11, 14) + d(8, 10, 12, 13), dengan d menandai kondisi don’t-care. Berapa suku hasil kali N yang dimilikinya?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 3, 4, 7, 9, 11, 14) + d(8, 10, 12, 13)
N =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Selesaikan 44x ≡ 43 (mod 47). Berikan penyelesaian x dengan 0 < x < 47.

44x ≡ 43 (mod 47)
x =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit
mc = me​ mod n126m = cd​ mod n?(n, e) = (209, 23)d

Sebuah kunci RSA memakai p = 11, q = 19, dan e = 23. Dekripsikan teks sandi c = 126: carilah pesan m.

p = 11q = 19e = 23c = 126
m =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Apakah benar mengatakan bahwa algoritma O(n²) juga O(n³)?

  1. ATidak, karena n³ lebih kecil daripada n² untuk n besar
  2. BYa, tetapi hanya jika n lebih kecil dari 100
  3. CTidak, karena Big O harus selalu menyatakan laju pertumbuhan yang tepat dari fungsi itu
  4. DYa, karena Big O adalah batas atas dan n² tidak tumbuh lebih cepat daripada n³
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Bagaimana perbandingan n! dan 2ⁿ untuk n besar?

  1. An! tumbuh lebih cepat daripada 2ⁿ
  2. B2ⁿ tumbuh lebih cepat daripada n!
  3. CKeduanya tumbuh dengan laju yang sama
  4. Dn! adalah O(n²)
11.Struktur dataSedang

Sebuah hash table berukuran 7 memakai h(k) = k mod 7 dan linear probing. Setelah menyisipkan 10, di mana 17 disimpan?

  1. AIndeks 4
  2. BIndeks 0
  3. CIndeks 6
  4. DIndeks 3
12.Struktur dataSulit

Berapa lama waktu untuk mencari kunci sembarang dalam binary min-heap berisi n elemen?

  1. AO(log log n)
  2. BO(1)
  3. CO(n)
  4. DO(log n)
13.Teori grafSedang
ABCDESirkuit EulerLintasan Euler, bukan sirkuitbukan keduanya

Apakah graf terhubung ini memiliki sirkuit Euler, lintasan Euler yang bukan sirkuit, atau bukan keduanya? Klik jawaban Anda.

|V| = 5|E| = 6
  1. 1Sirkuit Euler
  2. 2Lintasan Euler, bukan sirkuit
  3. 3bukan keduanya
14.Teori grafSulit
299513114214711ABCDEFG

Algoritma Dijkstra berjalan dari A. Klik simpul yang ditetapkan (dijadikan permanen) pada putaran 6; A sendiri adalah putaran 1.

awal: Aputaran 6
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
  7. 7G
15.Basis data & SQLSedang

Apa itu SQL injection?

  1. ASerangan di mana input pengguna mengubah struktur kueri SQL
  2. BCara untuk menambahkan indeks
  3. CTeknik untuk menyisipkan banyak baris dengan cepat memakai satu pernyataan INSERT
  4. DTeknik pencadangan basis data
16.Basis data & SQLSulit

Mengapa SELECT dept, name, COUNT(*) FROM emp GROUP BY dept tidak valid dalam SQL standar?

  1. ACOUNT(*) tidak dapat digunakan bersama GROUP BY
  2. BGROUP BY harus mencantumkan semua kolom tabel
  3. Cdept harus berada di dalam fungsi agregat
  4. Dname tidak dikelompokkan maupun diagregasi, sehingga tidak memiliki satu nilai per kelompok
17.Jaringan komputerSedang

Mengapa UDP sering dipilih untuk panggilan video langsung?

  1. AWaktu tunda yang rendah lebih penting daripada mengirim ulang setiap paket yang hilang
  2. BUDP mengenkripsi data secara otomatis
  3. CUDP wajib untuk semua video
  4. DUDP menjamin setiap paket sampai, sehingga gambar tidak pernah membeku
18.Jaringan komputerSulit

Mengapa pihak yang pertama menutup koneksi TCP tetap berada dalam status TIME_WAIT selama dua kali maximum segment lifetime?

  1. AUntuk menunggu cache DNS kedaluwarsa
  2. BAgar segmen yang tertunda kedaluwarsa dan ACK terakhir dapat dikirim ulang jika hilang
  3. CAgar router di sepanjang jalur dapat memperbarui tabel routing-nya untuk koneksi berikutnya
  4. DUntuk menyimpan kunci enkripsi agar dapat digunakan ulang nanti
19.Subnetting IPv4Sedang
/24 → /2711111111111111111111111111100000bit jaringanbit host

Jaringan 192.168.10.0/24 harus dibagi menjadi setidaknya 8 subnet yang sama besar. Jika Anda meminjam sesedikit mungkin bit, berapa host yang dapat dipakai H di setiap subnet?

192.168.10.0/248 subnets
H =
20.Subnetting IPv4Sulit

Jaringan 192.168.107.0/24 dibagi dengan VLSM untuk LAN berikut: A: 4 host, B: 81 host, C: 32 host, D: 12 host. Subnet dialokasikan dari .0 ke atas, LAN dengan host terbanyak lebih dulu, masing-masing dengan subnet terkecil yang cukup. Berapa oktet keempat x alamat jaringan LAN A?

A: 4B: 81C: 32D: 12
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: N = −105

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Jumlahkan nilai posisi

Bit lainnya tetap bernilai positif seperti biasa.

−128 + 16 + 4 + 2 + 1 = −105

Jawaban

N = −105
2.Sistem bilangan

Jawaban: R = 67

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Bit demi bit

XOR menghasilkan 1 jika kedua bit berbeda.

1001 1001
XOR 1101 1010
= 0100 0011

Nilai hasil

0100 0011₂ = 67

Jawaban

R = 67
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: p → (q → r)

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Hukumnya

Eksportasi: (a ∧ b) → c ≡ a → (b → c). Keduanya bernilai 0 hanya jika a = 1, b = 1, dan c = 0.
(p ∧ q) → r ≡ p → (q → r)

Periksa dengan tabel kebenaran

p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 0 | 0 0 0 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 0, r = 0: 1 | 1 1 0 1
p = 0, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 0
p = 0, q = 1, r = 0: 1 | 1 0 0 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 | 1 1 1 0
p = 0, q = 0, r = 0: 1 | 1 0 1 0

Jawaban

p → (q → r)

Kolom setelah garis adalah pilihan dalam urutan yang ditampilkan.

4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: ∃x (¬F(x) ∧ ¬G(x))

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Pindahkan negasi ke dalam

¬∀x (F(x) ∨ G(x)) ≡ ∃x (¬F(x) ∧ ¬G(x))

Jawaban

∃x (¬F(x) ∧ ¬G(x))

Pilihan lain mempertahankan kuantor tanpa perubahan, mengubah urutan kuantor, atau menegasikan rumus di dalam dengan salah.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: L = 6

Aljabar Boolean: aturan yang menyederhanakan ekspresi adalah X + X′ = 1 dan X·X′ = 0, X + X = X, absorpsi X + X·Y = X, aturan penggabungan X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y, dan teorema konsensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Hukum De Morgan mengubah (X·Y)′ menjadi X′ + Y′ dan (X + Y)′ menjadi X′·Y′. Peta Karnaugh menerapkan aturan ini secara grafis: setiap kelompok dua sel bertetangga adalah satu penggunaan XY + XY′ = X.

Minterm dari ekspresi

AB → m(6, 7)
B′C → m(1, 5)
BC′ → m(2, 6)
A′B′C → m(1)
ABC00011110010011031204151716

Kelompokkan dan baca

F = B′C + BC′ + AC

Hitung literalnya

L = 6

Jawaban

L = 6

Ada pengelompokan lain dengan ukuran sama; banyaknya literalnya sama.

6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 4

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

Implikan prima

Kelompok terbesar yang dapat dibentuk dari angka 1 dan X.

C′D′, B′CD, AD′, AC′, A′CD, AB′
ABCD00011110000111101001130214051706X12X13015114X819111X10

Cakupan minimal

F = C′D′ + AD′ + A′CD + AB′
N = 4

Jawaban

N = 4
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: x = 17

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Invers 44

r = 47, t = 0
r = 44, q = 1, t = 1
r = 3, q = 14, t = −1
r = 2, q = 1, t = 15
r = 1, q = 2, t = −16
44−1 ≡ 31 (mod 47)

Selesaikan

x ≡ 31·43 = 1333 ≡ 17 (mod 47)
periksa: 44·17 = 748 ≡ 43 (mod 47)

Jawaban

x = 17
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: m = 179

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Eksponen privat

n = 209, φ(n) = 180
d = 23−1 mod 180 = 47

Dekripsi dengan pengkuadratan berulang

47 = 32 + 8 + 4 + 2 + 1
1261 ≡ 126 (mod 209)
1262 ≡ 201 (mod 209)
1264 ≡ 64 (mod 209)
1268 ≡ 125 (mod 209)
12616 ≡ 159 (mod 209)
12632 ≡ 201 (mod 209)
12647 ≡ 126·201·64·125·201 ≡ 179 (mod 209)

Pesan

m = 179
periksa: 17923 mod 209 = 126

Jawaban

m = 179
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: D · Ya, karena Big O adalah batas atas dan n² tidak tumbuh lebih cepat daripada n³

Mengapa ini jawabannya

Big O adalah batas atas, sehingga pernyataan itu benar tetapi tidak ketat; Θ(n²) menyatakan laju pertumbuhan yang tepat.

Jawaban

D · Ya, karena Big O adalah batas atas dan n² tidak tumbuh lebih cepat daripada n³
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: A · n! tumbuh lebih cepat daripada 2ⁿ

Mengapa ini jawabannya

Untuk n ≥ 4, n! melebihi 2ⁿ, dan rasionya tumbuh tanpa batas karena setiap faktor tambahan n! lebih besar dari 2.

Jawaban

A · n! tumbuh lebih cepat daripada 2ⁿ
11.Struktur data

Jawaban: A · Indeks 4

Mengapa ini jawabannya

10 mod 7 = 3 dan 17 mod 7 = 3; indeks 3 sudah terisi, sehingga linear probing mencoba slot berikutnya, indeks 4.

Jawaban

A · Indeks 4
12.Struktur data

Jawaban: C · O(n)

Mengapa ini jawabannya

Heap tidak memberikan aturan subpohon mana yang berisi suatu kunci, sehingga pada kasus terburuk semua node harus diperiksa; hanya minimum yang cepat ditemukan.

Jawaban

C · O(n)
13.Teori graf

Jawaban: Lintasan Euler, bukan sirkuit

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Derajat

deg(A) = 1, deg(B) = 4, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 3

Simpul ganjil

A, E → 2
Lintasan Euler, bukan sirkuit

Jawaban

Lintasan Euler, bukan sirkuit

Lintasan Euler dimulai di satu simpul ganjil dan berakhir di simpul ganjil lainnya.

14.Teori graf

Jawaban: F

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Dijkstra putaran demi putaran

1. A (0): B: 2, C: 9
2. B (2): D: 11, G: 4
3. G (4): E: 15
4. C (9): E: 14
5. D (11): F: 12
6. F (12)
7. E (14)

putaran 6

F

Jawaban

F
15.Basis data & SQL

Jawaban: A · Serangan di mana input pengguna mengubah struktur kueri SQL

Mengapa ini jawabannya

Jika input pengguna digabungkan langsung ke dalam SQL, penyerang dapat menyisipkan perintah. Prepared statement dengan parameter memisahkan data dari kode.

Jawaban

A · Serangan di mana input pengguna mengubah struktur kueri SQL
16.Basis data & SQL

Jawaban: D · name tidak dikelompokkan maupun diagregasi, sehingga tidak memiliki satu nilai per kelompok

Mengapa ini jawabannya

Setiap kolom dalam daftar SELECT harus ada di GROUP BY atau di dalam agregat (atau bergantung secara fungsional pada kolom pengelompokan); jika tidak, nilainya ambigu.

Jawaban

D · name tidak dikelompokkan maupun diagregasi, sehingga tidak memiliki satu nilai per kelompok
17.Jaringan komputer

Jawaban: A · Waktu tunda yang rendah lebih penting daripada mengirim ulang setiap paket yang hilang

Mengapa ini jawabannya

Pengiriman ulang paket yang hilang akan menambah waktu tunda; media waktu nyata dapat menoleransi sedikit kehilangan, sehingga digunakan protokol berbasis UDP seperti RTP.

Jawaban

A · Waktu tunda yang rendah lebih penting daripada mengirim ulang setiap paket yang hilang
18.Jaringan komputer

Jawaban: B · Agar segmen yang tertunda kedaluwarsa dan ACK terakhir dapat dikirim ulang jika hilang

Mengapa ini jawabannya

TIME_WAIT memastikan ACK terakhir yang hilang dapat diulang dan segmen duplikat lama kedaluwarsa sebelum pasangan alamat dan port yang sama digunakan ulang.

Jawaban

B · Agar segmen yang tertunda kedaluwarsa dan ACK terakhir dapat dikirim ulang jika hilang
19.Subnetting IPv4

Jawaban: H = 30

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Bit yang dipinjam

23 = 8 ≥ 8 → b = 3, /27

Host per subnet

25 − 2 = 30

Jawaban

H = 30
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 208

VLSM: setiap LAN mendapat subnet terkecil dengan 2ʰ − 2 ≥ jumlah host-nya, yaitu prefiks 32 − h. Mengalokasikan subnet terbesar lebih dulu membuat setiap blok sejajar pada kelipatan ukurannya sendiri, sehingga alamat jaringan diperoleh dengan menjumlahkan ukuran blok.

Ukuran blok per LAN

B: 81 host → 27 = 128 (/25)
C: 32 host → 26 = 64 (/26)
D: 12 host → 24 = 16 (/28)
A: 4 host → 23 = 8 (/29)

Alokasi, terbesar lebih dulu

B: .0 – .127
C: .128 – .191
D: .192 – .207
A: .208 – .215

Jawaban

x = 208

LAN A: 192.168.107.208/29.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals