Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
nilai posisi dalam komplemen dua1−12816413201608041201

Pola 8-bit 1110 0010 menyimpan bilangan bulat bertanda dalam komplemen dua. Berapa nilainya N dalam desimal?

1110 00108 bit
N =
2.Sistem bilanganSulit
klik bit untuk mengaturnya012806403201608040201

Atur bit menjadi hasil 8-bit dari 1100 0001 AND 1010 0111. Berapa nilai hasil R dalam desimal?

1100 0001AND1010 0111
R =
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
tautologikontradiksikontingensi

Apakah ((p ∨ r) ∧ ¬p) → r tautologi, kontradiksi, atau kontingensi? Klik jawaban Anda.

((p ∨ r) ∧ ¬p) → r
  1. 1tautologi
  2. 2kontradiksi
  3. 3kontingensi
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
pqrp → (q ∨ r)pq111110101100011010001000

Argumen dengan premis p → (q ∨ r); p dan kesimpulan q tidak valid. Klik baris tabel kebenaran yang merupakan contoh penyangkal.

p → (q ∨ r)p∴ q
  1. 1p = 1, q = 1, r = 1
  2. 2p = 1, q = 1, r = 0
  3. 3p = 1, q = 0, r = 1
  4. 4p = 1, q = 0, r = 0
  5. 5p = 0, q = 1, r = 1
  6. 6p = 0, q = 1, r = 0
  7. 7p = 0, q = 0, r = 1
  8. 8p = 0, q = 0, r = 0
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABC00011110010011030214051706

Pakai peta Karnaugh untuk mencari bentuk jumlah dari hasil kali (SOP) minimal dari F(A, B, C) = Σm(1, 4, 7). Berapa suku hasil kali N yang dimilikinya?

F(A, B, C) = Σm(1, 4, 7)
N =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
ABCD0001111000011110101113X204150716X12013015114X809X11110

Carilah bentuk SOP minimal dari F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 3, 5, 6, 10, 14) + d(2, 8, 11, 12), dengan d menandai kondisi don’t-care. Berapa literal L yang dimilikinya?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 3, 5, 6, 10, 14) + d(2, 8, 11, 12)
L =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Carilah bilangan bulat positif terkecil x dengan x ≡ 2 (mod 7) dan x ≡ 7 (mod 13).

x ≡ 2 (mod 7)x ≡ 7 (mod 13)
x =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit
46c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (185, 11)d

Enkripsikan pesan m = 46 dengan kunci publik RSA (n, e) = (185, 11). Carilah teks sandi c.

n = 185e = 11m = 46
c =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Kompleksitas waktu Fibonacci rekursif naif (fib(n) = fib(n−1) + fib(n−2)) adalah:

  1. AEksponensial
  2. BLinear
  3. CLogaritmik
  4. DKonstan
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Dengan teorema master, T(n) = 8T(n/2) + O(n²) memiliki solusi:

  1. AΘ(n log n)
  2. BΘ(n³)
  3. CΘ(n²)
  4. DΘ(n² log n)
11.Struktur dataSedang

Sebuah hash table berukuran 7 memakai h(k) = k mod 7 dan linear probing. Setelah menyisipkan 10, di mana 17 disimpan?

  1. AIndeks 0
  2. BIndeks 6
  3. CIndeks 3
  4. DIndeks 4
12.Struktur dataSulit

Mengapa elemen tidak dapat begitu saja dihapus dari Bloom filter standar dengan mengosongkan bit-bitnya?

  1. ABloom filter menyimpan elemen utuh, dan elemen itu tidak dapat ditemukan lagi setelah di-hash
  2. BPenghapusan akan menaikkan tingkat false positive menjadi 100%
  3. CBit-bit itu mungkin juga milik elemen lain, sehingga akan menimbulkan false negative
  4. DBit dalam Bloom filter tidak dapat diubah setelah dibuat
13.Teori grafSedang
ABCDEFGSirkuit EulerLintasan Euler, bukan sirkuitbukan keduanya

Apakah graf terhubung ini memiliki sirkuit Euler, lintasan Euler yang bukan sirkuit, atau bukan keduanya? Klik jawaban Anda.

|V| = 7|E| = 12
  1. 1Sirkuit Euler
  2. 2Lintasan Euler, bukan sirkuit
  3. 3bukan keduanya
14.Teori grafSulit
1320732111141246ABCDEFG

Carilah total bobot W pohon rentang minimum dari graf berbobot ini.

|V| = 7|E| = 11
W =
15.Basis data & SQLSedang

Apa itu SQL injection?

  1. ATeknik pencadangan basis data
  2. BCara untuk menambahkan indeks
  3. CTeknik untuk menyisipkan banyak baris dengan cepat memakai satu pernyataan INSERT
  4. DSerangan di mana input pengguna mengubah struktur kueri SQL
16.Basis data & SQLSulit

Subkueri berkorelasi (correlated subquery) adalah subkueri yang:

  1. AMenggabungkan dua tabel dengan kunci asing
  2. BMerujuk ke kolom kueri luar dan dievaluasi untuk setiap baris luar
  3. CHanya menggunakan fungsi agregat
  4. DDijalankan hanya sekali sebelum kueri luar dan hasilnya di-cache untuk setiap baris
17.Jaringan komputerSedang

Sinyal merambat sejauh 2000 km melalui serat optik dengan kecepatan sekitar 2 × 10⁸ m/s. Berapa tundaan propagasinya?

  1. A0,1 ms
  2. B10 ms
  3. C1 ms
  4. D100 ms
18.Jaringan komputerSulit

Fase "slow start" pada kontrol kemacetan (congestion control) TCP:

  1. AHanya digunakan oleh UDP
  2. BMemperkecil congestion window menjadi separuh pada setiap round trip sampai kehilangan paket terdeteksi
  3. CMemperbesar congestion window secara eksponensial hingga mencapai ambang batas atau terjadi kehilangan
  4. DMenjaga window tetap pada satu segmen
19.Subnetting IPv4Sedang
/24 → /2611111111111111111111111111000000bit jaringanbit host

Jaringan 192.168.61.0/24 dibagi menjadi subnet /26, bernomor 1, 2, 3, … dari alamat terendah (subnet 1 dimulai di .0). Berapa oktet keempat x alamat jaringan subnet 3?

192.168.61.0/24/26subnet 3 (subnet 1 dimulai di .0)
x =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet ketiga = 187112806413211618041211jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 172.20.187.233/19. Berapa oktet ketiga x alamat broadcast subnetnya?

172.20.187.233/19
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: N = −30

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Jumlahkan nilai posisi

Bit lainnya tetap bernilai positif seperti biasa.

−128 + 64 + 32 + 2 = −30

Jawaban

N = −30
2.Sistem bilangan

Jawaban: R = 129

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Bit demi bit

AND menghasilkan 1 hanya jika kedua bit adalah 1.

1100 0001
AND 1010 0111
= 1000 0001

Nilai hasil

1000 0001₂ = 129

Jawaban

R = 129
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: tautologi

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Tabel kebenaran baris demi baris

p = 1, r = 1: p ∨ r = 1, ¬p = 0, (p ∨ r) ∧ ¬p = 0, ((p ∨ r) ∧ ¬p) → r = 1
p = 1, r = 0: p ∨ r = 1, ¬p = 0, (p ∨ r) ∧ ¬p = 0, ((p ∨ r) ∧ ¬p) → r = 1
p = 0, r = 1: p ∨ r = 1, ¬p = 1, (p ∨ r) ∧ ¬p = 1, ((p ∨ r) ∧ ¬p) → r = 1
p = 0, r = 0: p ∨ r = 0, ¬p = 1, (p ∨ r) ∧ ¬p = 0, ((p ∨ r) ∧ ¬p) → r = 1

Klasifikasikan

((p ∨ r) ∧ ¬p) → r: 1, 1, 1, 1
1 pada setiap baris: tautologi.

Jawaban

tautologi
4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: p = 1, q = 0, r = 1

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

p = 1, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 1 | 1
p = 1, q = 0, r = 1: 1 1 | 0
p = 1, q = 0, r = 0: 0 1 | 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 0 | 1
p = 0, q = 1, r = 0: 1 0 | 1
p = 0, q = 0, r = 1: 1 0 | 0
p = 0, q = 0, r = 0: 1 0 | 0

Contoh penyangkal

p = 1, q = 0, r = 1

Jawaban

p = 1, q = 0, r = 1

Argumen dengan bentuk ini tampak seperti aturan yang valid, tetapi satu baris cukup untuk menunjukkan bahwa itu tidak benar.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 3

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

ABC00011110010011030214051706

Kelompokkan angka 1

Setiap kelompok adalah persegi panjang berisi 2ᵏ sel; sel di tepi bertetangga dengan sel di tepi seberangnya.

A′B′C
AB′C′
ABC

Bentuk SOP minimal

F = A′B′C + AB′C′ + ABC
N = 3

Jawaban

N = 3
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: L = 7

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

Implikan prima

Kelompok terbesar yang dapat dibentuk dari angka 1 dan X.

CD′, B′D′, B′C, AD′, A′C′D, A′B′
ABCD0001111000011110101113X204150716X12013015114X809X11110

Cakupan minimal

F = CD′ + A′C′D + A′B′
L = 7

Jawaban

L = 7
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: x = 72

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Kongruensi pertama

x = 2 + 7k

Kongruensi kedua

2 + 7k ≡ 7 (mod 13) → 7k ≡ 5 (mod 13)
k ≡ 2·5 ≡ 10 (mod 13)

Hasil

x = 2 + 7·10 = 72
x = 72
periksa: 72 mod 7 = 2, 72 mod 13 = 7

Jawaban

x = 72
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: c = 81

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Pengkuadratan berulang

11 = 8 + 2 + 1
461 ≡ 46 (mod 185)
462 ≡ 81 (mod 185)
464 ≡ 86 (mod 185)
468 ≡ 181 (mod 185)
4611 ≡ 46·81·181 ≡ 81 (mod 185)

Teks sandi

c = 81

Jawaban

c = 81
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: A · Eksponensial

Mengapa ini jawabannya

Pohon pemanggilan tumbuh kira-kira seperti φⁿ (sekitar 1,618ⁿ). Memoisasi menguranginya menjadi O(n).

Jawaban

A · Eksponensial
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: B · Θ(n³)

Mengapa ini jawabannya

log₂ 8 = 3, dan n² tumbuh lebih lambat daripada n³, sehingga daun mendominasi: Θ(n³).

Jawaban

B · Θ(n³)
11.Struktur data

Jawaban: D · Indeks 4

Mengapa ini jawabannya

10 mod 7 = 3 dan 17 mod 7 = 3; indeks 3 sudah terisi, sehingga linear probing mencoba slot berikutnya, indeks 4.

Jawaban

D · Indeks 4
12.Struktur data

Jawaban: C · Bit-bit itu mungkin juga milik elemen lain, sehingga akan menimbulkan false negative

Mengapa ini jawabannya

Mengosongkan bit yang dipakai bersama akan membuat elemen lain tampak tidak ada; counting Bloom filter menyimpan penghitung alih-alih bit agar penghapusan dimungkinkan.

Jawaban

C · Bit-bit itu mungkin juga milik elemen lain, sehingga akan menimbulkan false negative
13.Teori graf

Jawaban: Sirkuit Euler

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Derajat

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 4, deg(D) = 4, deg(E) = 4, deg(F) = 2, deg(G) = 4

Simpul ganjil

0
Sirkuit Euler

Jawaban

Sirkuit Euler
14.Teori graf

Jawaban: W = 29

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Algoritma Kruskal

DF (1): ambil
CE (2): ambil
BD (3): ambil
GD (4): ambil
GE (6): ambil
BC (7): lewati, membentuk siklus
DE (11): lewati, membentuk siklus
GC (12): lewati, membentuk siklus
AB (13): ambil

Total bobot

W = 1 + 2 + 3 + 4 + 6 + 13 = 29

Jawaban

W = 29
15.Basis data & SQL

Jawaban: D · Serangan di mana input pengguna mengubah struktur kueri SQL

Mengapa ini jawabannya

Jika input pengguna digabungkan langsung ke dalam SQL, penyerang dapat menyisipkan perintah. Prepared statement dengan parameter memisahkan data dari kode.

Jawaban

D · Serangan di mana input pengguna mengubah struktur kueri SQL
16.Basis data & SQL

Jawaban: B · Merujuk ke kolom kueri luar dan dievaluasi untuk setiap baris luar

Mengapa ini jawabannya

Subkueri berkorelasi bergantung pada baris luar saat ini, sehingga secara logis dievaluasi per baris (optimizer dapat menulis ulang sebagai join).

Jawaban

B · Merujuk ke kolom kueri luar dan dievaluasi untuk setiap baris luar
17.Jaringan komputer

Jawaban: B · 10 ms

Mengapa ini jawabannya

2 × 10⁶ m / 2 × 10⁸ m/s = 0,01 s = 10 ms. Tundaan propagasi bergantung pada jarak dan medium, bukan ukuran paket.

Jawaban

B · 10 ms
18.Jaringan komputer

Jawaban: C · Memperbesar congestion window secara eksponensial hingga mencapai ambang batas atau terjadi kehilangan

Mengapa ini jawabannya

Slow start memperbesar congestion window secara eksponensial; setelah ambang batas, congestion avoidance memperbesarnya secara linear, dan kehilangan paket memperkecilnya.

Jawaban

C · Memperbesar congestion window secara eksponensial hingga mencapai ambang batas atau terjadi kehilangan
19.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 128

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Ukuran blok

26 = 64

Subnet nomor 3

jaringan: (3 − 1)·64 = 128
broadcast: 128 + 64 − 1 = 191

Jawaban

x = 128
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 191

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Ukuran blok di oktet ketiga

25 = 32

Subnet host ini

jaringan: 172.20.160.0
broadcast: 172.20.191.255

Jawaban

x = 191

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals