Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
nilai posisi dalam komplemen dua1−12816403211618141211

Pola 8-bit 1101 1111 menyimpan bilangan bulat bertanda dalam komplemen dua. Berapa nilainya N dalam desimal?

1101 11118 bit
N =
2.Sistem bilanganSulit
16 bit1 px1280 px720 pxM = ? KiB

Sebuah gambar tak terkompresi berukuran 1280 × 720 piksel dengan 16 bit per piksel. Berapa memori M yang dipakainya, dalam KiB (1 KiB = 1024 byte)?

1280 × 720 px16 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
¬p ∧ q¬p ∨ ¬q¬p ∧ ¬q¬p ∨ q

Rumus mana yang ekuivalen secara logis dengan ¬(p ∧ q)? Klik rumus itu.

¬(p ∧ q)
  1. 1¬p ∧ q
  2. 2¬p ∨ ¬q
  3. 3¬p ∧ ¬q
  4. 4¬p ∨ q
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
∀x (¬A(x) ∧ ¬B(x))∃x (A(x) → ¬B(x))∃x (¬A(x) ∧ ¬B(x))∀x (A(x) → ¬B(x))

Pernyataan mana yang ekuivalen dengan ¬∃x (A(x) ∧ B(x)), dengan negasi dipindahkan sampai ke dalam? Klik pernyataan itu.

¬∃x (A(x) ∧ B(x))
  1. 1∀x (¬A(x) ∧ ¬B(x))
  2. 2∃x (A(x) → ¬B(x))
  3. 3∃x (¬A(x) ∧ ¬B(x))
  4. 4∀x (A(x) → ¬B(x))
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABC000111100101324576

Sederhanakan F = A′C + BC′ + A′BC′ ke bentuk jumlah dari hasil kali minimal. Berapa literal L yang dimiliki ekspresi yang sudah disederhanakan?

F = A′C + BC′ + A′BC′
L =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
ABCD000111100001111000X113120405X706012X131151141819X11110

Untuk F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 8, 9, 10, 14, 15) + d(1, 7, 11, 13), dengan d menandai kondisi don’t-care, carilah banyaknya N implikan prima esensial.

F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 8, 9, 10, 14, 15) + d(1, 7, 11, 13)
N =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Selesaikan 39x ≡ 21 (mod 47). Berikan penyelesaian x dengan 0 < x < 47.

39x ≡ 21 (mod 47)
x =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit
mc = me​ mod n1487m = cd​ mod n?(n, e) = (2021, 17)d

Sebuah kunci RSA memakai p = 43, q = 47, dan e = 17. Dekripsikan teks sandi c = 1487: carilah pesan m.

p = 43q = 47e = 17c = 1487
m =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Berapa kompleksitas waktu algoritma Bellman–Ford pada graf dengan V simpul dan E sisi?

  1. AO(V³ × E)
  2. BO(E log V)
  3. CO(V × E)
  4. DO(V + E)
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Mengapa algoritma Dijkstra dapat memberikan hasil yang salah ketika sebagian bobot sisi negatif?

  1. AAlgoritma itu masuk ke loop tak hingga pada setiap sisi negatif
  2. BAlgoritma itu hanya bekerja pada graf tak berarah
  3. CSimpul ditetapkan final saat diekstraksi, tetapi sisi negatif berikutnya masih dapat memberinya lintasan yang lebih pendek
  4. DBilangan negatif tidak dapat disimpan dalam priority queue
11.Struktur dataSedang

Berapa banyak node yang dimiliki perfect binary tree dengan tinggi h, dengan tinggi dihitung dalam sisi?

  1. Ah2
  2. B2h+1 − 1
  3. C2h + 1
  4. D2h
12.Struktur dataSulit

Sebuah dynamic array berlipat dua ketika penuh. Mengapa banyak implementasi hanya mengecilkannya ketika terisi seperempat, bukan separuh?

  1. AUntuk menjaga array tetap terurut
  2. BUntuk menghindari perubahan ukuran berulang ketika push dan pop bergantian di dekat batas
  3. CKarena membagi dua pada separuh akan menghilangkan elemen
  4. DKarena alokator memori hanya dapat melepaskan memori dalam kelipatan seperempat blok
13.Teori grafSedang

Sebuah graf terhubung memiliki 16 simpul dan 26 sisi. Berapa sisi k yang harus dihapus agar tersisa pohon rentang?

|V| = 16|E| = 26
k =
14.Teori grafSulit
101623115212ABCDEF

Pakai algoritma Dijkstra untuk mencari panjang d(D) lintasan terpendek dari A ke D pada graf berbobot.

awal: Aakhir: D
d(D) =
15.Basis data & SQLSedang

Sebuah tabel menyimpan alamat pelanggan di setiap baris pesanan. Mengubah alamat di satu baris tetapi tidak di baris lainnya merupakan contoh:

  1. APhantom read
  2. BAnomali delete
  3. CAnomali insert
  4. DAnomali update
16.Basis data & SQLSulit

Apa itu covering index untuk suatu kueri?

  1. AIndeks hanya pada kunci primer
  2. BIndeks yang dibangun ulang setiap malam
  3. CIndeks yang memuat semua kolom yang diperlukan kueri, sehingga tabel itu sendiri tidak perlu dibaca
  4. DIndeks yang mencakup setiap kolom setiap tabel
17.Jaringan komputerSedang

Pada lapisan OSI mana switch biasanya bekerja?

  1. AFisik (lapisan 1)
  2. BData link (lapisan 2)
  3. CTransport (lapisan 4)
  4. DJaringan (lapisan 3)
18.Jaringan komputerSulit

Host di VLAN 10 dan VLAN 20 pada switch yang sama tidak dapat berkomunikasi. Apa yang diperlukan?

  1. ARouter atau switch lapisan 3 untuk merutekan antar-VLAN
  2. BKabel yang lebih panjang antara host
  3. CHub yang terhubung ke kedua VLAN
  4. DAlamat MAC yang sama pada kedua host
19.Subnetting IPv4Sedang
255.255.252.011111111111111111111110000000000bit jaringanbit host

Sebuah subnet memakai mask 255.255.252.0. Berapa alamat host yang dapat dipakai H?

255.255.252.0
H =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet terakhir = 159112806403211618141211jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 10.20.159.159/27. Berapa oktet keempat x dari alamat host terakhir yang dapat dipakai di subnetnya?

10.20.159.159/27
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: N = −33

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Jumlahkan nilai posisi

Bit lainnya tetap bernilai positif seperti biasa.

−128 + 64 + 16 + 8 + 4 + 2 + 1 = −33

Jawaban

N = −33
2.Sistem bilangan

Jawaban: M = 1800 KiB

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Bit dan byte

1280·720·16 = 14745600 bit = 1843200 B

Ubah ke KiB

1843200/1024 = 1800 KiB

Jawaban

M = 1800 KiB
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: ¬p ∨ ¬q

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Hukumnya

De Morgan: ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b. ∧ berubah menjadi ∨ dan kedua bagian dinegasikan.
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q

Periksa dengan tabel kebenaran

p = 1, q = 1: 0 | 0 0 0 1
p = 1, q = 0: 1 | 0 1 0 0
p = 0, q = 1: 1 | 1 1 0 1
p = 0, q = 0: 1 | 0 1 1 1

Jawaban

¬p ∨ ¬q

Kolom setelah garis adalah pilihan dalam urutan yang ditampilkan.

4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: ∀x (A(x) → ¬B(x))

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Pindahkan negasi ke dalam

¬∃x (A(x) ∧ B(x)) ≡ ∀x (A(x) → ¬B(x))

Jawaban

∀x (A(x) → ¬B(x))

Pilihan lain mempertahankan kuantor tanpa perubahan, mengubah urutan kuantor, atau menegasikan rumus di dalam dengan salah.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: L = 4

Aljabar Boolean: aturan yang menyederhanakan ekspresi adalah X + X′ = 1 dan X·X′ = 0, X + X = X, absorpsi X + X·Y = X, aturan penggabungan X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y, dan teorema konsensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Hukum De Morgan mengubah (X·Y)′ menjadi X′ + Y′ dan (X + Y)′ menjadi X′·Y′. Peta Karnaugh menerapkan aturan ini secara grafis: setiap kelompok dua sel bertetangga adalah satu penggunaan XY + XY′ = X.

Minterm dari ekspresi

A′C → m(1, 3)
BC′ → m(2, 6)
A′BC′ → m(2)
ABC00011110010011131204050716

Kelompokkan dan baca

F = BC′ + A′C

Hitung literalnya

L = 4

Jawaban

L = 4
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 3

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

Implikan prima

Kelompok terbesar yang dapat dibentuk dari angka 1 dan X.

CD, B′D, B′C, AD, AC, AB′
ABCD000111100001111000X113120405X706012X131151141819X11110

Implikan prima esensial

B′C, AC, AB′
N = 3

Jawaban

N = 3
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: x = 15

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Invers 39

r = 47, t = 0
r = 39, q = 1, t = 1
r = 8, q = 4, t = −1
r = 7, q = 1, t = 5
r = 1, q = 7, t = −6
39−1 ≡ 41 (mod 47)

Selesaikan

x ≡ 41·21 = 861 ≡ 15 (mod 47)
periksa: 39·15 = 585 ≡ 21 (mod 47)

Jawaban

x = 15
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: m = 540

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Eksponen privat

n = 2021, φ(n) = 1932
d = 17−1 mod 1932 = 341

Dekripsi dengan pengkuadratan berulang

341 = 256 + 64 + 16 + 4 + 1
14871 ≡ 1487 (mod 2021)
14872 ≡ 195 (mod 2021)
14874 ≡ 1647 (mod 2021)
14878 ≡ 427 (mod 2021)
148716 ≡ 439 (mod 2021)
148732 ≡ 726 (mod 2021)
148764 ≡ 1616 (mod 2021)
1487128 ≡ 324 (mod 2021)
1487256 ≡ 1905 (mod 2021)
1487341 ≡ 1487·1647·439·1616·1905 ≡ 540 (mod 2021)

Pesan

m = 540
periksa: 54017 mod 2021 = 1487

Jawaban

m = 540
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: C · O(V × E)

Mengapa ini jawabannya

Setiap V − 1 putaran merelaksasi semua E sisi, sehingga hasilnya O(VE); sebagai gantinya, algoritma ini dapat menangani bobot sisi negatif.

Jawaban

C · O(V × E)
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: C · Simpul ditetapkan final saat diekstraksi, tetapi sisi negatif berikutnya masih dapat memberinya lintasan yang lebih pendek

Mengapa ini jawabannya

Langkah greedy bergantung pada bobot nonnegatif agar jarak yang diekstraksi bersifat final; Bellman–Ford dipakai ketika bobot mungkin negatif.

Jawaban

C · Simpul ditetapkan final saat diekstraksi, tetapi sisi negatif berikutnya masih dapat memberinya lintasan yang lebih pendek
11.Struktur data

Jawaban: B · 2h+1 − 1

Mengapa ini jawabannya

Menjumlahkan 1 + 2 + 4 + ... + 2h menghasilkan 2h+1 − 1; misalnya, tinggi 2 menghasilkan 7 node.

Jawaban

B · 2h+1 − 1
12.Struktur data

Jawaban: B · Untuk menghindari perubahan ukuran berulang ketika push dan pop bergantian di dekat batas

Mengapa ini jawabannya

Mengecilkan pada separuh dapat memicu perubahan ukuran pada setiap operasi dalam urutan seperti itu; jarak antara 1/4 dan penuh menjaga biaya amortisasi O(1).

Jawaban

B · Untuk menghindari perubahan ukuran berulang ketika push dan pop bergantian di dekat batas
13.Teori graf

Jawaban: k = 11

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Sisi pohon rentang

16 − 1 = 15

Sisi yang dihapus

k = 26 − 15 = 11

Jawaban

k = 11
14.Teori graf

Jawaban: d(D) = 5

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Dijkstra putaran demi putaran

Setiap baris: simpul yang ditetapkan, jarak finalnya, dan tetangga yang jaraknya membaik.

A (0): B: 10, C: 1
C (1): B: 7, E: 4
E (4): D: 5, F: 6
D (5)
F (6)
B (7)

Lintasan terpendek

A → C → E → D
d(D) = 5

Jawaban

d(D) = 5
15.Basis data & SQL

Jawaban: D · Anomali update

Mengapa ini jawabannya

Penyimpanan redundan berarti satu perubahan harus dilakukan di banyak baris; jika ada yang terlewat, data menjadi tidak konsisten, dan normalisasi mencegah hal ini.

Jawaban

D · Anomali update
16.Basis data & SQL

Jawaban: C · Indeks yang memuat semua kolom yang diperlukan kueri, sehingga tabel itu sendiri tidak perlu dibaca

Mengapa ini jawabannya

Jika semua kolom yang dirujuk ada di indeks, DBMS dapat melakukan index-only scan dan tidak perlu mengambil baris tabel, sehingga menghemat I/O.

Jawaban

C · Indeks yang memuat semua kolom yang diperlukan kueri, sehingga tabel itu sendiri tidak perlu dibaca
17.Jaringan komputer

Jawaban: B · Data link (lapisan 2)

Mengapa ini jawabannya

Switch standar mempelajari alamat MAC dan meneruskan frame di lapisan 2. Switch lapisan 3 juga melakukan routing.

Jawaban

B · Data link (lapisan 2)
18.Jaringan komputer

Jawaban: A · Router atau switch lapisan 3 untuk merutekan antar-VLAN

Mengapa ini jawabannya

VLAN terisolasi di lapisan 2, sehingga lalu lintas di antaranya harus dirutekan, misalnya oleh router pada trunk ("router on a stick") atau switch lapisan 3.

Jawaban

A · Router atau switch lapisan 3 untuk merutekan antar-VLAN
19.Subnetting IPv4

Jawaban: H = 1022

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Panjang prefiks

255.255.252.0 = /22

Host yang dapat dipakai

210 − 2 = 1022

Jawaban

H = 1022
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 158

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Ukuran blok

25 = 32

Subnet host ini

jaringan: ⌊159/32⌋·32 = 128
broadcast: 128 + 32 − 1 = 159
host yang dapat dipakai: 129 … 158

Jawaban

x = 158

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals