Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
nilai posisi dalam komplemen dua1−12806413211608041201

Pola 8-bit 1011 0010 menyimpan bilangan bulat bertanda dalam komplemen dua. Berapa nilainya N dalam desimal?

1011 00108 bit
N =
2.Sistem bilanganSulit
24 bit1 px256 px256 pxM = ? KiB

Sebuah gambar tak terkompresi berukuran 256 × 256 piksel dengan 24 bit per piksel. Berapa memori M yang dipakainya, dalam KiB (1 KiB = 1024 byte)?

256 × 256 px24 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
¬b ↔ ¬ab ∧ ¬a¬b ∨ ¬ab ↔ ¬a

Rumus mana yang ekuivalen secara logis dengan ¬(b ↔ a)? Klik rumus itu.

¬(b ↔ a)
  1. 1¬b ↔ ¬a
  2. 2b ∧ ¬a
  3. 3¬b ∨ ¬a
  4. 4b ↔ ¬a
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
pqrr → pq → pr → q111110101100011010001000

Argumen dengan premis r → p; q → p dan kesimpulan r → q tidak valid. Klik baris tabel kebenaran yang merupakan contoh penyangkal.

r → pq → p∴ r → q
  1. 1p = 1, q = 1, r = 1
  2. 2p = 1, q = 1, r = 0
  3. 3p = 1, q = 0, r = 1
  4. 4p = 1, q = 0, r = 0
  5. 5p = 0, q = 1, r = 1
  6. 6p = 0, q = 1, r = 0
  7. 7p = 0, q = 0, r = 1
  8. 8p = 0, q = 0, r = 0
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABCD000111100001111000010312141507061120130150141809011010

Pakai peta Karnaugh untuk mencari bentuk hasil kali dari jumlah (POS) minimal dari F(A, B, C, D) = Σm(2, 4, 5, 8, 12). Berapa suku jumlah (faktor) N yang dimilikinya?

F(A, B, C, D) = Σm(2, 4, 5, 8, 12)
N =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
ABCD00011110000111101011131204051706112113015014X809111X10

Untuk F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 2, 3, 7, 11, 12, 13) + d(8, 10), dengan d menandai kondisi don’t-care, carilah banyaknya N implikan prima esensial.

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 2, 3, 7, 11, 12, 13) + d(8, 10)
N =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Carilah bilangan bulat positif terkecil x dengan x ≡ 8 (mod 9) dan x ≡ 1 (mod 11).

x ≡ 8 (mod 9)x ≡ 1 (mod 11)
x =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit

Pakai pengkuadratan berulang untuk mencari 7181 mod 24.

a = 7k = 181n = 24
7181 mod 24 =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Rekurens T(n) = T(n − 1) + O(1) menghasilkan apa?

  1. AO(n)
  2. BO(log n)
  3. CO(n²)
  4. DO(2ⁿ)
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Masalah knapsack 0/1 yang diselesaikan dengan pemrograman dinamis memerlukan waktu O(nW). Mengapa ini disebut pseudo-polinomial?

  1. AKarena algoritmanya bersifat acak (randomised) dan waktu eksekusinya berbeda untuk setiap input
  2. BKarena n selalu kecil
  3. CKarena algoritma ini hanya berlaku untuk W = 0
  4. DW adalah nilai numerik, sehingga waktunya eksponensial terhadap jumlah bit yang diperlukan untuk menuliskan W
11.Struktur dataSedang

Apa yang terjadi ketika hash table melakukan rehash setelah load factor-nya melewati ambang?

  1. ATabel yang lebih besar dialokasikan dan setiap kunci disisipkan ulang
  2. BHanya kunci yang bertabrakan yang dipindahkan ke overflow list baru di akhir tabel
  3. CKunci tertua dihapus untuk memberi ruang
  4. DKunci yang ada diurutkan di tempat
12.Struktur dataSulit

Apa yang dilakukan splay tree setelah setiap akses?

  1. AMemindahkan node yang diakses ke daun
  2. BMerotasi node yang diakses ke atas hingga menjadi root
  3. CMewarnai ulang node di jalur pencarian
  4. DMembangun ulang seluruh pohon dalam bentuk seimbang
13.Teori grafSedang

Ada berapa sirkuit Hamilton H yang berbeda pada graf lengkap K4? Sirkuit yang hanya berbeda dalam simpul awal atau arahnya dianggap sama.

K4
H =
14.Teori grafSulit
1512151311108627ABCDEFG

Pakai algoritma Dijkstra untuk mencari panjang d(G) lintasan terpendek dari A ke G pada graf berbobot.

awal: Aakhir: G
d(G) =
15.Basis data & SQLSedang

Mengapa indeks dibuat pada kolom?

  1. AUntuk menghemat ruang disk
  2. BUntuk mencegah nilai NULL
  3. CUntuk mempercepat pencarian dan join pada kolom tersebut
  4. DUntuk mempercepat insert dan update pada kolom tersebut
16.Basis data & SQLSulit

x bernilai NULL dan y = 1. Berapa nilai kondisi (x > 5 OR y = 1)?

  1. AUNKNOWN
  2. BTRUE
  3. CNULL, sehingga baris selalu ditolak
  4. DFALSE
17.Jaringan komputerSedang

Subnet mask 255.255.255.0 setara dengan apa dalam notasi CIDR?

  1. A/16
  2. B/8
  3. C/24
  4. D/32
18.Jaringan komputerSulit

Apa yang dilakukan TCP fast retransmit?

  1. AMengirim ulang setiap segmen dua kali demi keamanan
  2. BMengirim ulang segmen setelah tiga ACK duplikat, tanpa menunggu timeout
  3. CMelewati three-way handshake saat menyambung kembali ke host yang dikenal, sehingga data dikirim ulang lebih cepat
  4. DMenggandakan window setelah setiap kehilangan
19.Subnetting IPv4Sedang
255.255.255.25211111111111111111111111111111100bit jaringanbit host

Sebuah subnet memakai mask 255.255.255.252. Berapa alamat host yang dapat dipakai H?

255.255.255.252
H =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet terakhir = 45012806413201618140211jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 10.20.150.45/28. Berapa oktet keempat x dari alamat jaringannya?

10.20.150.45/28
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: N = −78

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Jumlahkan nilai posisi

Bit lainnya tetap bernilai positif seperti biasa.

−128 + 32 + 16 + 2 = −78

Jawaban

N = −78
2.Sistem bilangan

Jawaban: M = 192 KiB

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Bit dan byte

256·256·24 = 1572864 bit = 196608 B

Ubah ke KiB

196608/1024 = 192 KiB

Jawaban

M = 192 KiB
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: b ↔ ¬a

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Hukumnya

¬(a ↔ b) bernilai 1 tepat ketika a dan b berbeda, yaitu a ↔ ¬b.
¬(b ↔ a) ≡ b ↔ ¬a

Periksa dengan tabel kebenaran

a = 1, b = 1: 0 | 1 0 0 0
a = 1, b = 0: 1 | 0 0 1 1
a = 0, b = 1: 1 | 0 1 1 1
a = 0, b = 0: 0 | 1 0 1 0

Jawaban

b ↔ ¬a

Kolom setelah garis adalah pilihan dalam urutan yang ditampilkan.

4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: p = 1, q = 0, r = 1

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

p = 1, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 1 | 1
p = 1, q = 0, r = 1: 1 1 | 0
p = 1, q = 0, r = 0: 1 1 | 1
p = 0, q = 1, r = 1: 0 0 | 1
p = 0, q = 1, r = 0: 1 0 | 1
p = 0, q = 0, r = 1: 0 1 | 0
p = 0, q = 0, r = 0: 1 1 | 1

Contoh penyangkal

p = 1, q = 0, r = 1

Jawaban

p = 1, q = 0, r = 1

Argumen dengan bentuk ini tampak seperti aturan yang valid, tetapi satu baris cukup untuk menunjukkan bahwa itu tidak benar.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 5

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

ABCD000111100001111000010312141507061120130150141809011010

Kelompokkan angka 0

Setiap kelompok adalah persegi panjang berisi 2ᵏ sel; sel di tepi bertetangga dengan sel di tepi seberangnya.

(C′ + D′)
(B′ + C′)
(A′ + D′)
(A′ + C′)
(A + B + C)

Bentuk POS minimal

F = (C′ + D′)(B′ + C′)(A′ + D′)(A′ + C′)(A + B + C)
N = 5

Jawaban

N = 5

Ada pengelompokan lain dengan ukuran sama; banyaknya suku dan literalnya sama.

6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 4

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

Implikan prima

Kelompok terbesar yang dapat dibentuk dari angka 1 dan X.

B′D′, B′C, A′CD, AC′D′, A′B′, ABC′
ABCD00011110000111101011131204051706112113015014X809111X10

Implikan prima esensial

B′C, A′CD, A′B′, ABC′
N = 4

Jawaban

N = 4
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: x = 89

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Kongruensi pertama

x = 8 + 9k

Kongruensi kedua

8 + 9k ≡ 1 (mod 11) → 9k ≡ 4 (mod 11)
k ≡ 5·4 ≡ 9 (mod 11)

Hasil

x = 8 + 9·9 = 89
x = 89
periksa: 89 mod 9 = 8, 89 mod 11 = 1

Jawaban

x = 89
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: 7181 mod 24 = 7

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Eksponen biner

181 = 101101012 = 128 + 32 + 16 + 4 + 1

Pengkuadratan berulang

71 ≡ 7 (mod 24)
72 ≡ 1 (mod 24)
74 ≡ 1 (mod 24)
78 ≡ 1 (mod 24)
716 ≡ 1 (mod 24)
732 ≡ 1 (mod 24)
764 ≡ 1 (mod 24)
7128 ≡ 1 (mod 24)

Kalikan pangkat yang diperlukan

7181 ≡ 7·1·1·1·1 ≡ 7 (mod 24)

Jawaban

7181 mod 24 = 7
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: A · O(n)

Mengapa ini jawabannya

Ada n tingkat dengan kerja konstan masing-masing, seperti pada penjumlahan array secara rekursif.

Jawaban

A · O(n)
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: D · W adalah nilai numerik, sehingga waktunya eksponensial terhadap jumlah bit yang diperlukan untuk menuliskan W

Mengapa ini jawabannya

Waktu eksekusinya polinomial terhadap nilai W tetapi eksponensial terhadap panjangnya (log W bit); knapsack 0/1 adalah NP-complete.

Jawaban

D · W adalah nilai numerik, sehingga waktunya eksponensial terhadap jumlah bit yang diperlukan untuk menuliskan W
11.Struktur data

Jawaban: A · Tabel yang lebih besar dialokasikan dan setiap kunci disisipkan ulang

Mengapa ini jawabannya

Karena indeks dihitung modulo ukuran tabel, semua kunci harus di-hash ulang ke tabel baru yang lebih besar; dengan penggandaan, biayanya tetap O(1) amortisasi.

Jawaban

A · Tabel yang lebih besar dialokasikan dan setiap kunci disisipkan ulang
12.Struktur data

Jawaban: B · Merotasi node yang diakses ke atas hingga menjadi root

Mengapa ini jawabannya

Splaying memindahkan node yang diakses ke root melalui rotasi; satu operasi dapat berbiaya O(n), tetapi biaya amortisasinya O(log n).

Jawaban

B · Merotasi node yang diakses ke atas hingga menjadi root
13.Teori graf

Jawaban: H = 3

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Hitung

H = (4 − 1)!/2 = 6/2 = 3

Jawaban

H = 3
14.Teori graf

Jawaban: d(G) = 21

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Dijkstra putaran demi putaran

Setiap baris: simpul yang ditetapkan, jarak finalnya, dan tetangga yang jaraknya membaik.

A (0): C: 15
C (15): B: 27, E: 28, G: 21
G (21): D: 23
D (23): F: 34
B (27)
E (28)
F (34)

Lintasan terpendek

A → C → G
d(G) = 21

Jawaban

d(G) = 21
15.Basis data & SQL

Jawaban: C · Untuk mempercepat pencarian dan join pada kolom tersebut

Mengapa ini jawabannya

Indeks (sering berupa B-tree) mempercepat pencarian, tetapi memakan ruang dan memperlambat insert serta update yang harus memeliharanya.

Jawaban

C · Untuk mempercepat pencarian dan join pada kolom tersebut
16.Basis data & SQL

Jawaban: B · TRUE

Mengapa ini jawabannya

x > 5 bernilai UNKNOWN, tetapi OR dengan TRUE tetap TRUE, sehingga baris dipertahankan; UNKNOWN AND FALSE juga akan bernilai FALSE.

Jawaban

B · TRUE
17.Jaringan komputer

Jawaban: C · /24

Mengapa ini jawabannya

Tiga oktet bernilai 255 sama dengan 24 bit 1, jadi 255.255.255.0 = /24.

Jawaban

C · /24
18.Jaringan komputer

Jawaban: B · Mengirim ulang segmen setelah tiga ACK duplikat, tanpa menunggu timeout

Mengapa ini jawabannya

Tiga ACK duplikat sangat menunjukkan satu segmen hilang, sehingga TCP langsung mentransmisikannya ulang. Pemulihan ini jauh lebih cepat daripada menunggu timer retransmisi.

Jawaban

B · Mengirim ulang segmen setelah tiga ACK duplikat, tanpa menunggu timeout
19.Subnetting IPv4

Jawaban: H = 2

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Panjang prefiks

255.255.255.252 = /30

Host yang dapat dipakai

22 − 2 = 2

Jawaban

H = 2
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 32

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Ukuran blok

24 = 16

Subnet host ini

jaringan: ⌊45/16⌋·16 = 32
broadcast: 32 + 16 − 1 = 47
host yang dapat dipakai: 33 … 46

Jawaban

x = 32

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals