Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
Komplemen dua 8-bit0−12806403201608040201

Atur bit sehingga menyimpan −69 dalam komplemen dua 8-bit. Dibaca sebagai bilangan tak bertanda, berapa nilai pola U?

N = −698 bit
U =
2.Sistem bilanganSulit
klik bit untuk mengaturnya012806403201608040201

Atur bit menjadi hasil 8-bit dari 1100 0000 AND 0110 1110. Berapa nilai hasil R dalam desimal?

1100 0000AND0110 1110
R =
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
tautologikontradiksikontingensi

Apakah (q → r) ∧ (q ∧ ¬r) tautologi, kontradiksi, atau kontingensi? Klik jawaban Anda.

(q → r) ∧ (q ∧ ¬r)
  1. 1tautologi
  2. 2kontradiksi
  3. 3kontingensi
4.Logika proposisional & pembuktianSulit

Berapa dari 16 baris tabel kebenaran yang membuat (p ∧ (q ↔ p)) ∨ (¬(s ∨ r) ∧ ¬s) benar? Sebut bilangan ini N.

(p ∧ (q ↔ p)) ∨ (¬(s ∨ r) ∧ ¬s)
N =
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABCD000111100001111011111

Pada peta Karnaugh ini tepat satu angka 1 tidak memiliki angka 1 tetangga, sehingga tetap menjadi kelompok satu sel (minterm penuh berisi empat literal) dalam bentuk SOP minimal. Tetangga melewati tepi peta ikut dihitung. Klik sel itu.

F = Σm(0, 3, 8, 10, 12)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​TQ3​Q3​TQ4​Q4​CLK

Pencacah ripple (asinkron) 5 bit dibangun dari flip-flop dengan tundaan propagasi 15 ns masing-masing. Semua keluaran harus sudah stabil sebelum tepi clock berikutnya. Carilah frekuensi clock maksimum fmax.

n = 5tpd = 15 ns
fmax = MHz
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Carilah invers 37 modulo 71: bilangan x dengan 0 < x < 71 dan 37·x ≡ 1 (mod 71).

a = 37n = 71
37−1 mod 71 =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit
mc = me​ mod n1092m = cd​ mod n?(n, e) = (1591, 23)d

Sebuah kunci RSA memakai p = 37, q = 43, dan e = 23. Dekripsikan teks sandi c = 1092: carilah pesan m.

p = 37q = 43e = 23c = 1092
m =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Rekurens T(n) = 2T(n/2) + O(1) menghasilkan apa?

  1. AO(log n)
  2. BO(n)
  3. CO(n²)
  4. DO(n log n)
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Masalah knapsack 0/1 yang diselesaikan dengan pemrograman dinamis memerlukan waktu O(nW). Mengapa ini disebut pseudo-polinomial?

  1. AKarena algoritmanya bersifat acak (randomised) dan waktu eksekusinya berbeda untuk setiap input
  2. BKarena n selalu kecil
  3. CKarena algoritma ini hanya berlaku untuk W = 0
  4. DW adalah nilai numerik, sehingga waktunya eksponensial terhadap jumlah bit yang diperlukan untuk menuliskan W
11.Struktur dataSedang

Syarat keseimbangan apa yang dijaga AVL tree di setiap node?

  1. ASetiap node diberi warna merah atau hitam
  2. BTinggi subpohon kiri dan kanan berbeda paling banyak 1
  3. CKedua subpohon dari setiap node berisi jumlah node yang persis sama
  4. DSemua daun berada pada kedalaman yang persis sama
12.Struktur dataSulit

Sebuah node AVL tidak seimbang karena subpohon kanan dari anak kirinya menjadi terlalu tinggi (kasus left-right). Perbaikan apa yang diterapkan?

  1. ASatu rotasi kanan pada node
  2. BRotasi kanan pada anak kiri, lalu rotasi kiri pada node
  3. CRotasi kiri pada anak kiri, lalu rotasi kanan pada node
  4. DSatu rotasi kiri pada node
13.Teori grafSedang

Sebuah pohon memiliki 2 simpul berderajat 3, 3 simpul berderajat 4, 2 simpul berderajat 5, dan semua simpul lainnya adalah daun (derajat 1). Berapa daun L yang dimilikinya?

2 × deg 33 × deg 42 × deg 5
L =
14.Teori grafSulit
1269191024712ABCDEFG

Pakai algoritma Dijkstra untuk mencari panjang d(F) lintasan terpendek dari A ke F pada graf berbobot.

awal: Aakhir: F
d(F) =
15.Basis data & SQLSedang

Sebuah kunci asing dideklarasikan dengan ON DELETE CASCADE. Apa yang terjadi ketika baris induk dihapus?

  1. ABaris induk disalin ke tabel arsip
  2. BPenghapusan selalu ditolak
  3. CKunci asing pada baris anak otomatis diatur menjadi NULL
  4. DBaris anak yang merujuknya dihapus secara otomatis
16.Basis data & SQLSulit

Sebuah aplikasi menjalankan UPDATE item SET qty = 4, version = 8 WHERE id = 1 AND version = 7, dan melaporkan konflik jika tidak ada baris yang diubah. Teknik apakah ini?

  1. ADatabase sharding
  2. BStrict two-phase locking dengan kunci baris
  3. CWrite-ahead logging
  4. DOptimistic concurrency control
17.Jaringan komputerSedang

Apa alamat loopback IPv6?

  1. A::
  2. B::1
  3. Cfe80::1
  4. Dff02::1
18.Jaringan komputerSulit

Dalam model TCP/IP, lapisan mana yang menambahkan nomor port?

  1. ALapisan aplikasi
  2. BLapisan link
  3. CLapisan internet
  4. DLapisan transport
19.Subnetting IPv4Sedang
/?11111111111111111111100000000000bit jaringanbit host

Sebuah departemen membutuhkan 1608 alamat host dalam satu subnet. Berapa panjang prefiks terpanjang p (subnet terkecil) yang cukup?

1608 hosts
p =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet ketiga = 95012816403211618141211jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 172.20.95.215/20. Berapa oktet ketiga x alamat jaringannya?

172.20.95.215/20
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: U = 187

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Balik dan tambah satu

69 = 0100 0101
dibalik: 1011 1010
+1 → 1011 1011

Baca sebagai tak bertanda

1011 1011₂ = 256 − 69 = 187

Jawaban

U = 187
2.Sistem bilangan

Jawaban: R = 64

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Bit demi bit

AND menghasilkan 1 hanya jika kedua bit adalah 1.

1100 0000
AND 0110 1110
= 0100 0000

Nilai hasil

0100 0000₂ = 64

Jawaban

R = 64
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: kontradiksi

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Tabel kebenaran baris demi baris

q = 1, r = 1: q → r = 1, ¬r = 0, q ∧ ¬r = 0, (q → r) ∧ (q ∧ ¬r) = 0
q = 1, r = 0: q → r = 0, ¬r = 1, q ∧ ¬r = 1, (q → r) ∧ (q ∧ ¬r) = 0
q = 0, r = 1: q → r = 1, ¬r = 0, q ∧ ¬r = 0, (q → r) ∧ (q ∧ ¬r) = 0
q = 0, r = 0: q → r = 1, ¬r = 1, q ∧ ¬r = 0, (q → r) ∧ (q ∧ ¬r) = 0

Klasifikasikan

(q → r) ∧ (q ∧ ¬r): 0, 0, 0, 0
0 pada setiap baris: kontradiksi.

Jawaban

kontradiksi
4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: N = 7

Tabel kebenaran: rumus dengan n variabel berbeda memiliki 2ⁿ baris, satu untuk setiap kombinasi nilai kebenaran (1 = benar, 0 = salah). Bekerjalah dari dalam ke luar dan beri setiap subformula kolomnya sendiri. ¬a membalik nilainya; a ∧ b bernilai 1 hanya jika keduanya 1; a ∨ b bernilai 0 hanya jika keduanya 0; a → b bernilai 0 hanya jika a = 1 dan b = 0; a ↔ b bernilai 1 jika kedua sisi sama.

Kolom

q ↔ p; p ∧ (q ↔ p); s ∨ r; ¬(s ∨ r); ¬s; ¬(s ∨ r) ∧ ¬s; (p ∧ (q ↔ p)) ∨ (¬(s ∨ r) ∧ ¬s)

Bagi menurut p

p = 1: 5
p = 0: 2
N = 5 + 2 = 7

Jawaban

N = 7
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: AB = 00, CD = 11

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

Tetangga setiap angka 1

Angka 1 dengan tetangga angka 1 dapat bergabung dalam kelompok dua atau lebih.

m3: m2, m1, m7, m11 → 0
ABCD000111100001111011111

Angka 1 yang terisolasi

m3 = A′B′CD → AB = 00, CD = 11

Jawaban

AB = 00, CD = 11
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: fmax = 13,33 MHz

Flip-flop dan pencacah: flip-flop hanya berubah pada tepi clock aktif. D menyalin masukannya (Q⁺ = D); T berbalik jika T = 1; JK bertahan untuk 00, reset untuk 01, set untuk 10, dan berbalik untuk 11. Pencacah biner n bit memiliki 2ⁿ keadaan dan menghitung modulo 2ⁿ; pencacah mod-N berurutan 0, 1, …, N − 1 lalu kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap tahap pencacah ripple membagi dua frekuensi, sehingga keluaran terakhir pencacah mod-N berjalan pada fclk/N. Pencacah Johnson dari n flip-flop memiliki 2n keadaan, pencacah cincin n.

Waktu penyetelan terburuk

T = 5·15 ns = 75 ns

Frekuensi maksimum

fmax = 1/75 ns = 13,33 MHz

Jawaban

fmax = 13,33 MHz
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: 37−1 mod 71 = 48

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid yang diperluas

Setiap sisa r ditulis sebagai r ≡ t·37 (mod 71).

r = 71, t = 0
r = 37, q = 1, t = 1
r = 34, q = 1, t = −1
r = 3, q = 11, t = 2
r = 1, q = 3, t = −23

Invers

1 ≡ −23·37 (mod 71)
x = 48
periksa: 37·48 = 1776 = 25·71 + 1

Jawaban

37−1 mod 71 = 48
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: m = 1056

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Eksponen privat

n = 1591, φ(n) = 1512
d = 23−1 mod 1512 = 263

Dekripsi dengan pengkuadratan berulang

263 = 256 + 4 + 2 + 1
10921 ≡ 1092 (mod 1591)
10922 ≡ 805 (mod 1591)
10924 ≡ 488 (mod 1591)
10928 ≡ 1085 (mod 1591)
109216 ≡ 1476 (mod 1591)
109232 ≡ 497 (mod 1591)
109264 ≡ 404 (mod 1591)
1092128 ≡ 934 (mod 1591)
1092256 ≡ 488 (mod 1591)
1092263 ≡ 1092·805·488·488 ≡ 1056 (mod 1591)

Pesan

m = 1056
periksa: 105623 mod 1591 = 1092

Jawaban

m = 1056
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: B · O(n)

Mengapa ini jawabannya

Menurut master theorem, nlog₂ 2 = n mendominasi kerja konstan, sehingga T(n) = Θ(n), seperti saat mencari maksimum dengan membagi dua.

Jawaban

B · O(n)
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: D · W adalah nilai numerik, sehingga waktunya eksponensial terhadap jumlah bit yang diperlukan untuk menuliskan W

Mengapa ini jawabannya

Waktu eksekusinya polinomial terhadap nilai W tetapi eksponensial terhadap panjangnya (log W bit); knapsack 0/1 adalah NP-complete.

Jawaban

D · W adalah nilai numerik, sehingga waktunya eksponensial terhadap jumlah bit yang diperlukan untuk menuliskan W
11.Struktur data

Jawaban: B · Tinggi subpohon kiri dan kanan berbeda paling banyak 1

Mengapa ini jawabannya

Balance factor (tinggi kiri − tinggi kanan) harus −1, 0, atau 1; rotasi memulihkannya setelah penyisipan dan penghapusan.

Jawaban

B · Tinggi subpohon kiri dan kanan berbeda paling banyak 1
12.Struktur data

Jawaban: C · Rotasi kiri pada anak kiri, lalu rotasi kanan pada node

Mengapa ini jawabannya

Rotasi pertama mengubah kasus left-right menjadi kasus left-left, yang kemudian diperbaiki dengan rotasi kanan pada node yang tidak seimbang.

Jawaban

C · Rotasi kiri pada anak kiri, lalu rotasi kanan pada node
13.Teori graf

Jawaban: L = 16

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Lema jabat tangan untuk pohon

L + 28 = 2(L + 7) − 2
L = 16

Jawaban

L = 16

Jalan pintas: L = 2 + Σ (d − 2) atas simpul berderajat d ≥ 3.

14.Teori graf

Jawaban: d(F) = 25

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Dijkstra putaran demi putaran

Setiap baris: simpul yang ditetapkan, jarak finalnya, dan tetangga yang jaraknya membaik.

A (0): B: 12, C: 6
C (6): E: 15, G: 10
G (10): D: 17
B (12)
E (15): D: 16, F: 25
D (16)
F (25)

Lintasan terpendek

A → C → E → F
d(F) = 25

Jawaban

d(F) = 25
15.Basis data & SQL

Jawaban: D · Baris anak yang merujuknya dihapus secara otomatis

Mengapa ini jawabannya

CASCADE meneruskan penghapusan ke baris yang merujuk; pilihan lainnya adalah RESTRICT/NO ACTION (menolak) dan SET NULL.

Jawaban

D · Baris anak yang merujuknya dihapus secara otomatis
16.Basis data & SQL

Jawaban: D · Optimistic concurrency control

Mengapa ini jawabannya

Optimistic locking mengasumsikan konflik jarang terjadi: ia memeriksa kolom versi saat menulis dan gagal jika transaksi lain telah mengubah baris itu sementara waktu.

Jawaban

D · Optimistic concurrency control
17.Jaringan komputer

Jawaban: B · ::1

Mengapa ini jawabannya

::1 adalah alamat loopback. :: adalah alamat tak ditentukan (unspecified), fe80::/10 adalah link-local, dan ff02::1 adalah grup multicast semua simpul.

Jawaban

B · ::1
18.Jaringan komputer

Jawaban: D · Lapisan transport

Mengapa ini jawabannya

Header TCP dan UDP berisi port sumber dan tujuan; lapisan internet (IP) menambahkan alamat.

Jawaban

D · Lapisan transport
19.Subnetting IPv4

Jawaban: p = 21

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Bit host yang dibutuhkan

210 − 2 = 1022 < 1608
211 − 2 = 2046 ≥ 1608 → h = 11

Panjang prefiks

p = 32 − 11 = 21

Jawaban

p = /21
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 80

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Ukuran blok di oktet ketiga

24 = 16

Subnet host ini

jaringan: 172.20.80.0
broadcast: 172.20.95.255

Jawaban

x = 80

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals