Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
Komplemen dua 8-bit0−12806403201608040201

Atur bit sehingga menyimpan −90 dalam komplemen dua 8-bit. Dibaca sebagai bilangan tak bertanda, berapa nilai pola U?

N = −908 bit
U =
2.Sistem bilanganSulit
24 bit1 px800 px600 pxM = ? KiB

Sebuah gambar tak terkompresi berukuran 800 × 600 piksel dengan 24 bit per piksel. Berapa memori M yang dipakainya, dalam KiB (1 KiB = 1024 byte)?

800 × 600 px24 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
tautologikontradiksikontingensi

Apakah (b ∨ a) → (b ∧ a) tautologi, kontradiksi, atau kontingensi? Klik jawaban Anda.

(b ∨ a) → (b ∧ a)
  1. 1tautologi
  2. 2kontradiksi
  3. 3kontingensi
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
prp → rrp11100100

Argumen dengan premis p → r; r dan kesimpulan p tidak valid. Klik baris tabel kebenaran yang merupakan contoh penyangkal.

p → rr∴ p
  1. 1p = 1, r = 1
  2. 2p = 1, r = 0
  3. 3p = 0, r = 1
  4. 4p = 0, r = 0
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABCD000111100001111000011312041507060120130150141809111010

Pakai peta Karnaugh untuk mencari bentuk jumlah dari hasil kali (SOP) minimal dari F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 5, 8, 11). Berapa literal L yang dimilikinya secara total (variabel beraksen dihitung satu literal)?

F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 5, 8, 11)
L =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
CLKJK12345678

Flip-flop JK yang dipicu tepi positif dimulai dengan Q = 0 dan menerima masukan yang ditunjukkan. Klik tepi clock pertama saat Q kembali dari 1 ke 0.

Q₀ = 0JK
  1. 1tepi clock 1
  2. 2tepi clock 2
  3. 3tepi clock 3
  4. 4tepi clock 4
  5. 5tepi clock 5
  6. 6tepi clock 6
  7. 7tepi clock 7
  8. 8tepi clock 8
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Carilah invers 25 modulo 57: bilangan x dengan 0 < x < 57 dan 25·x ≡ 1 (mod 57).

a = 25n = 57
25−1 mod 57 =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit

83 adalah bilangan prima. Pakai teorema kecil Fermat untuk mencari 2519862 mod 83.

p = 83k = 19862
2519862 mod 83 =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Algoritma greedy:

  1. AHanya menggunakan rekursi
  2. BMengambil pilihan terbaik secara lokal pada setiap langkah
  3. CMencoba setiap solusi yang mungkin
  4. DSelalu memberikan solusi optimal
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Apa yang ditetapkan oleh teorema Cook–Levin?

  1. ABoolean satisfiability problem (SAT) adalah NP-complete
  2. BP tidak sama dengan NP
  3. CSetiap masalah NP dapat diselesaikan dalam waktu eksponensial
  4. DHalting problem tidak dapat diputuskan (undecidable)
11.Struktur dataSedang

Sebuah aplikasi memerlukan pencarian cepat dan juga harus menampilkan kunci dalam urutan terurut serta menjawab kueri rentang. Struktur mana yang paling cocok?

  1. ABalanced binary search tree
  2. BHash table
  3. CLinked list tidak terurut
  4. DStack
12.Struktur dataSulit

Apa yang dilakukan splay tree setelah setiap akses?

  1. AMemindahkan node yang diakses ke daun
  2. BMembangun ulang seluruh pohon dalam bentuk seimbang
  3. CMerotasi node yang diakses ke atas hingga menjadi root
  4. DMewarnai ulang node di jalur pencarian
13.Teori grafSedang

Sebuah pohon memiliki 4 simpul berderajat 3, 2 simpul berderajat 4, 2 simpul berderajat 5, 4 simpul berderajat 2, dan semua simpul lainnya adalah daun (derajat 1). Berapa daun L yang dimilikinya?

4 × deg 32 × deg 42 × deg 54 × deg 2
L =
14.Teori grafSulit
121031051614152101ABCDEFG

Pakai algoritma Dijkstra untuk mencari panjang d(F) lintasan terpendek dari A ke F pada graf berbobot.

awal: Aakhir: F
d(F) =
15.Basis data & SQLSedang

Apa yang dikembalikan oleh EXCEPT (disebut MINUS di Oracle)?

  1. ASemua baris dari kedua kueri tanpa duplikat
  2. BBaris yang muncul di kedua kueri
  3. CBaris kueri kedua yang tidak muncul di kueri pertama
  4. DBaris kueri pertama yang tidak muncul di kueri kedua
16.Basis data & SQLSulit

Fungsi window manakah yang memberikan nomor 1, 2, 3, ... pada baris di setiap partisi tanpa nilai seri?

  1. ACOUNT()
  2. BDENSE_RANK()
  3. CRANK()
  4. DROW_NUMBER()
17.Jaringan komputerSedang

Properti keamanan apa yang disediakan TLS untuk HTTPS?

  1. APerlindungan terhadap semua malware dan phishing di situs yang dikunjungi
  2. BAnonimitas pengguna
  3. CKerahasiaan, integritas, dan autentikasi server
  4. DHanya pemuatan yang lebih cepat
18.Jaringan komputerSulit

Menurut teorema Shannon, berapa kapasitas kanal 1 MHz dengan rasio sinyal terhadap derau (signal-to-noise ratio) 255?

  1. A2 Mbit/s
  2. B255 Mbit/s
  3. C8 Mbit/s
  4. D1 Mbit/s
19.Subnetting IPv4Sedang
/24 → /2711111111111111111111111111100000bit jaringanbit host

Jaringan 192.168.10.0/24 harus dibagi menjadi setidaknya 6 subnet yang sama besar. Jika Anda meminjam sesedikit mungkin bit, berapa host yang dapat dipakai H di setiap subnet?

192.168.10.0/246 subnets
H =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet terakhir = 18012806403211608041201jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 10.20.15.18/28. Berapa oktet keempat x dari alamat host terakhir yang dapat dipakai di subnetnya?

10.20.15.18/28
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: U = 166

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Balik dan tambah satu

90 = 0101 1010
dibalik: 1010 0101
+1 → 1010 0110

Baca sebagai tak bertanda

1010 0110₂ = 256 − 90 = 166

Jawaban

U = 166
2.Sistem bilangan

Jawaban: M = 1406 KiB

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Bit dan byte

800·600·24 = 11520000 bit = 1440000 B

Ubah ke KiB

1440000/1024 = 1406,25 KiB

Jawaban

M = 1406,25 KiB
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: kontingensi

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Tabel kebenaran baris demi baris

a = 1, b = 1: b ∨ a = 1, b ∧ a = 1, (b ∨ a) → (b ∧ a) = 1
a = 1, b = 0: b ∨ a = 1, b ∧ a = 0, (b ∨ a) → (b ∧ a) = 0
a = 0, b = 1: b ∨ a = 1, b ∧ a = 0, (b ∨ a) → (b ∧ a) = 0
a = 0, b = 0: b ∨ a = 0, b ∧ a = 0, (b ∨ a) → (b ∧ a) = 1

Klasifikasikan

(b ∨ a) → (b ∧ a): 1, 0, 0, 1
1 dalam 2 dari 4 baris, 0 pada yang lain: kontingensi.

Jawaban

kontingensi
4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: p = 0, r = 1

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

p = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, r = 0: 0 0 | 1
p = 0, r = 1: 1 1 | 0
p = 0, r = 0: 1 0 | 0

Contoh penyangkal

p = 0, r = 1

Jawaban

p = 0, r = 1

Argumen dengan bentuk ini tampak seperti aturan yang valid, tetapi satu baris cukup untuk menunjukkan bahwa itu tidak benar.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: L = 14

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

ABCD000111100001111000011312041507060120130150141809111010

Kelompokkan angka 1

Setiap kelompok adalah persegi panjang berisi 2ᵏ sel; sel di tepi bertetangga dengan sel di tepi seberangnya.

B′CD
A′B′C
A′BC′D
AB′C′D′

Bentuk SOP minimal

F = B′CD + A′B′C + A′BC′D + AB′C′D′
L = 14

Jawaban

L = 14
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: tepi clock 3

Flip-flop dan pencacah: flip-flop hanya berubah pada tepi clock aktif. D menyalin masukannya (Q⁺ = D); T berbalik jika T = 1; JK bertahan untuk 00, reset untuk 01, set untuk 10, dan berbalik untuk 11. Pencacah biner n bit memiliki 2ⁿ keadaan dan menghitung modulo 2ⁿ; pencacah mod-N berurutan 0, 1, …, N − 1 lalu kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap tahap pencacah ripple membagi dua frekuensi, sehingga keluaran terakhir pencacah mod-N berjalan pada fclk/N. Pencacah Johnson dari n flip-flop memiliki 2n keadaan, pencacah cincin n.

Q setelah setiap tepi

Flip-flop JK: 00 bertahan, 01 reset (Q = 0), 10 set (Q = 1), 11 berbalik.

1: J = 0, K = 0 → Q = 0
2: J = 1, K = 0 → Q = 1
3: J = 1, K = 1 → Q = 0
4: J = 0, K = 1 → Q = 0
5: J = 0, K = 1 → Q = 0
6: J = 1, K = 1 → Q = 1
7: J = 0, K = 1 → Q = 0
8: J = 0, K = 0 → Q = 0

Perubahan pertama dari 1 ke 0

tepi clock 3

Jawaban

tepi clock 3
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: 25−1 mod 57 = 16

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid yang diperluas

Setiap sisa r ditulis sebagai r ≡ t·25 (mod 57).

r = 57, t = 0
r = 25, q = 2, t = 1
r = 7, q = 3, t = −2
r = 4, q = 1, t = 7
r = 3, q = 1, t = −9
r = 1, q = 3, t = 16

Invers

1 ≡ 16·25 (mod 57)
x = 16
periksa: 25·16 = 400 = 7·57 + 1

Jawaban

25−1 mod 57 = 16
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: 2519862 mod 83 = 63

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Reduksi eksponen

19862 mod 82 = 18
2519862 ≡ 2518 (mod 83)

Pangkat kecil

2518 mod 83 = 63

Jawaban

2519862 mod 83 = 63
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: B · Mengambil pilihan terbaik secara lokal pada setiap langkah

Mengapa ini jawabannya

Algoritma greedy cepat dan optimal untuk beberapa masalah (misalnya Dijkstra, pengodean Huffman), tetapi tidak secara umum (misalnya masalah penukaran koin dengan sistem koin tertentu).

Jawaban

B · Mengambil pilihan terbaik secara lokal pada setiap langkah
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: A · Boolean satisfiability problem (SAT) adalah NP-complete

Mengapa ini jawabannya

Cook dan Levin secara terpisah menunjukkan bahwa setiap masalah di NP dapat direduksi ke SAT dalam waktu polinomial, sehingga SAT menjadi masalah NP-complete pertama yang dikenal.

Jawaban

A · Boolean satisfiability problem (SAT) adalah NP-complete
11.Struktur data

Jawaban: A · Balanced binary search tree

Mengapa ini jawabannya

Balanced BST memberikan pencarian O(log n) dan menjaga kunci tetap terurut, sehingga traversal in-order dan kueri rentang mudah; hash table menyebarkan kunci.

Jawaban

A · Balanced binary search tree
12.Struktur data

Jawaban: C · Merotasi node yang diakses ke atas hingga menjadi root

Mengapa ini jawabannya

Splaying memindahkan node yang diakses ke root melalui rotasi; satu operasi dapat berbiaya O(n), tetapi biaya amortisasinya O(log n).

Jawaban

C · Merotasi node yang diakses ke atas hingga menjadi root
13.Teori graf

Jawaban: L = 16

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Lema jabat tangan untuk pohon

L + 38 = 2(L + 12) − 2
L = 16

Jawaban

L = 16

Jalan pintas: L = 2 + Σ (d − 2) atas simpul berderajat d ≥ 3.

14.Teori graf

Jawaban: d(F) = 20

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Dijkstra putaran demi putaran

Setiap baris: simpul yang ditetapkan, jarak finalnya, dan tetangga yang jaraknya membaik.

A (0): B: 12, C: 10
C (10): E: 15, G: 12
B (12): D: 22
G (12): E: 13
E (13): D: 14, F: 27
D (14): F: 20
F (20)

Lintasan terpendek

A → C → G → E → D → F
d(F) = 20

Jawaban

d(F) = 20
15.Basis data & SQL

Jawaban: D · Baris kueri pertama yang tidak muncul di kueri kedua

Mengapa ini jawabannya

A EXCEPT B menghasilkan baris di A yang tidak ada di B, sehingga menukar kueri menghasilkan hasil yang berbeda.

Jawaban

D · Baris kueri pertama yang tidak muncul di kueri kedua
16.Basis data & SQL

Jawaban: D · ROW_NUMBER()

Mengapa ini jawabannya

ROW_NUMBER memberikan nomor urut yang unik; RANK menyisakan celah setelah nilai seri; DENSE_RANK tidak.

Jawaban

D · ROW_NUMBER()
17.Jaringan komputer

Jawaban: C · Kerahasiaan, integritas, dan autentikasi server

Mengapa ini jawabannya

TLS mengenkripsi lalu lintas, mendeteksi perubahan tidak sah, dan mengautentikasi server dengan sertifikat (opsional juga klien).

Jawaban

C · Kerahasiaan, integritas, dan autentikasi server
18.Jaringan komputer

Jawaban: C · 8 Mbit/s

Mengapa ini jawabannya

C = 10⁶ × log₂(256) = 10⁶ × 8 = 8 Mbit/s. Ini batas atas laju data bebas kesalahan pada kanal berderau.

Jawaban

C · 8 Mbit/s
19.Subnetting IPv4

Jawaban: H = 30

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Bit yang dipinjam

23 = 8 ≥ 6 → b = 3, /27

Host per subnet

25 − 2 = 30

Jawaban

H = 30
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 30

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Ukuran blok

24 = 16

Subnet host ini

jaringan: ⌊18/16⌋·16 = 16
broadcast: 16 + 16 − 1 = 31
host yang dapat dipakai: 17 … 30

Jawaban

x = 30

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals