Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
Komplemen dua 8-bit0−12806403201608040201

Atur bit sehingga menyimpan −86 dalam komplemen dua 8-bit. Dibaca sebagai bilangan tak bertanda, berapa nilai pola U?

N = −868 bit
U =
2.Sistem bilanganSulit
klik bit untuk mengaturnya012806403201608040201

Atur bit menjadi hasil 8-bit dari 0101 1010 XOR 1110 0011. Berapa nilai hasil R dalam desimal?

0101 1010XOR1110 0011
R =
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
(p → r) ∧ (¬r → ¬p)(p → r) ∧ (r → p)p ∧ r(p → r) ∨ (r → p)

Rumus mana yang ekuivalen secara logis dengan p ↔ r? Klik rumus itu.

p ↔ r
  1. 1(p → r) ∧ (¬r → ¬p)
  2. 2(p → r) ∧ (r → p)
  3. 3p ∧ r
  4. 4(p → r) ∨ (r → p)
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
prr → p¬r¬p11100100

Argumen dengan premis r → p; ¬r dan kesimpulan ¬p tidak valid. Klik baris tabel kebenaran yang merupakan contoh penyangkal.

r → p¬r∴ ¬p
  1. 1p = 1, r = 1
  2. 2p = 1, r = 0
  3. 3p = 0, r = 1
  4. 4p = 0, r = 0
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABC00011110011001031214051706

Pakai peta Karnaugh untuk mencari bentuk hasil kali dari jumlah (POS) minimal dari F(A, B, C) = Σm(0, 2, 4, 7). Berapa suku jumlah (faktor) N yang dimilikinya?

F(A, B, C) = Σm(0, 2, 4, 7)
N =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
ABCD0001111000011110001113121415X706X1211301511408X9011010

Carilah bentuk SOP minimal dari F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 3, 4, 5, 13, 14) + d(7, 9, 12), dengan d menandai kondisi don’t-care. Berapa suku hasil kali N yang dimilikinya?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 3, 4, 5, 13, 14) + d(7, 9, 12)
N =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Selesaikan 57x ≡ 62 (mod 94). Berikan penyelesaian x dengan 0 < x < 94.

57x ≡ 62 (mod 94)
x =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (301, 19)d = ?

Sebuah kunci RSA memakai bilangan prima p = 7 dan q = 43 serta eksponen publik e = 19. Carilah eksponen privat d (0 < d < φ(n)).

p = 7q = 43e = 19
d =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Rekurens T(n) = T(n − 1) + O(n) menghasilkan apa?

  1. AO(n log n)
  2. BO(n)
  3. CO(2ⁿ)
  4. DO(n²)
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Berapa kompleksitas waktu membangun binary heap dari n elemen tidak terurut dengan metode bottom-up?

  1. AO(n)
  2. BO(n log n)
  3. CO(log n)
  4. DO(n²)
11.Struktur dataSedang

Sebuah aplikasi memerlukan pencarian cepat dan juga harus menampilkan kunci dalam urutan terurut serta menjawab kueri rentang. Struktur mana yang paling cocok?

  1. AHash table
  2. BBalanced binary search tree
  3. CLinked list tidak terurut
  4. DStack
12.Struktur dataSulit

Sebuah dynamic array berlipat dua ketika penuh. Mengapa banyak implementasi hanya mengecilkannya ketika terisi seperempat, bukan separuh?

  1. AKarena membagi dua pada separuh akan menghilangkan elemen
  2. BUntuk menjaga array tetap terurut
  3. CKarena alokator memori hanya dapat melepaskan memori dalam kelipatan seperempat blok
  4. DUntuk menghindari perubahan ukuran berulang ketika push dan pop bergantian di dekat batas
13.Teori grafSedang

Sebuah graf terhubung memiliki 10 simpul dan 16 sisi. Berapa sisi k yang harus dihapus agar tersisa pohon rentang?

|V| = 10|E| = 16
k =
14.Teori grafSulit
111691461204132ABCDEFG

Algoritma Prim membangun pohon rentang minimum mulai dari simpul E. Klik sisi yang ditambahkannya sebagai sisi nomor 4.

awal: Ek = 4
  1. 1sisi AB
  2. 2sisi AC
  3. 3sisi BC
  4. 4sisi BD
  5. 5sisi CE
  6. 6sisi DE
  7. 7sisi DF
  8. 8sisi GB
  9. 9sisi GC
  10. 10sisi GE
15.Basis data & SQLSedang

Kueri mana yang mengembalikan jumlah kota yang berbeda di tabel customers?

  1. ASELECT SUM(DISTINCT city) FROM customers
  2. BSELECT COUNT(city) FROM customers GROUP BY city
  3. CSELECT DISTINCT COUNT(city) FROM customers
  4. DSELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers
16.Basis data & SQLSulit

Apa yang dikembalikan oleh SELECT name, dept, AVG(salary) OVER (PARTITION BY dept) FROM emp?

  1. ASatu baris per departemen dengan rata-rata gajinya
  2. BError karena name tidak ada di GROUP BY
  3. CSetiap baris karyawan beserta rata-rata gaji departemennya
  4. DHanya karyawan yang bergaji di atas rata-rata departemennya
17.Jaringan komputerSedang

HTTP bersifat stateless. Bagaimana situs web biasanya membuat pengguna tetap login di antara permintaan?

  1. ADengan menyimpan kata sandi di URL
  2. BDengan memberikan alamat IP tetap kepada setiap pengguna
  3. CDengan membiarkan koneksi TCP terbuka selama berhari-hari
  4. DDengan cookie yang menyimpan pengenal sesi atau token
18.Jaringan komputerSulit

Host di VLAN 10 dan VLAN 20 pada switch yang sama tidak dapat berkomunikasi. Apa yang diperlukan?

  1. ARouter atau switch lapisan 3 untuk merutekan antar-VLAN
  2. BKabel yang lebih panjang antara host
  3. CAlamat MAC yang sama pada kedua host
  4. DHub yang terhubung ke kedua VLAN
19.Subnetting IPv4Sedang
/16 → /2111111111111111111111100000000000bit jaringanbit host

Jaringan 172.28.0.0/16 dibagi menjadi subnet-subnet yang sama dengan prefiks /21. Berapa jumlah subnet N?

172.28.0.0/16/21
N =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet terakhir = 134112806403201608141201jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 10.20.218.134/25. Berapa oktet keempat x dari alamat jaringannya?

10.20.218.134/25
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: U = 170

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Balik dan tambah satu

86 = 0101 0110
dibalik: 1010 1001
+1 → 1010 1010

Baca sebagai tak bertanda

1010 1010₂ = 256 − 86 = 170

Jawaban

U = 170
2.Sistem bilangan

Jawaban: R = 185

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Bit demi bit

XOR menghasilkan 1 jika kedua bit berbeda.

0101 1010
XOR 1110 0011
= 1011 1001

Nilai hasil

1011 1001₂ = 185

Jawaban

R = 185
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: (p → r) ∧ (r → p)

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Hukumnya

a ↔ b berarti implikasi berlaku di kedua arah: (a → b) ∧ (b → a).
p ↔ r ≡ (p → r) ∧ (r → p)

Periksa dengan tabel kebenaran

p = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, r = 0: 0 | 0 0 0 1
p = 0, r = 1: 0 | 1 0 0 1
p = 0, r = 0: 1 | 1 1 0 1

Jawaban

(p → r) ∧ (r → p)

Kolom setelah garis adalah pilihan dalam urutan yang ditampilkan.

4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: p = 1, r = 0

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

p = 1, r = 1: 1 0 | 0
p = 1, r = 0: 1 1 | 0
p = 0, r = 1: 0 0 | 1
p = 0, r = 0: 1 1 | 1

Contoh penyangkal

p = 1, r = 0

Jawaban

p = 1, r = 0

Argumen dengan bentuk ini tampak seperti aturan yang valid, tetapi satu baris cukup untuk menunjukkan bahwa itu tidak benar.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 3

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

ABC00011110011001031214051706

Kelompokkan angka 0

Setiap kelompok adalah persegi panjang berisi 2ᵏ sel; sel di tepi bertetangga dengan sel di tepi seberangnya.

(B + C′)
(A + C′)
(A′ + B′ + C)

Bentuk POS minimal

F = (B + C′)(A + C′)(A′ + B′ + C)
N = 3

Jawaban

N = 3
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 4

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

Implikan prima

Kelompok terbesar yang dapat dibentuk dari angka 1 dan X.

C′D, BC′, A′D, ABD′, A′B′C
ABCD0001111000011110001113121415X706X1211301511408X9011010

Cakupan minimal

F = C′D + BC′ + ABD′ + A′B′C
N = 4

Jawaban

N = 4

Ada pengelompokan lain dengan ukuran sama; banyaknya suku dan literalnya sama.

7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: x = 72

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Invers 57

r = 94, t = 0
r = 57, q = 1, t = 1
r = 37, q = 1, t = −1
r = 20, q = 1, t = 2
r = 17, q = 1, t = −3
r = 3, q = 5, t = 5
r = 2, q = 1, t = −28
r = 1, q = 2, t = 33
57−1 ≡ 33 (mod 94)

Selesaikan

x ≡ 33·62 = 2046 ≡ 72 (mod 94)
periksa: 57·72 = 4104 ≡ 62 (mod 94)

Jawaban

x = 72
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: d = 199

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Modulus dan totien

n = 7·43 = 301
φ(n) = 6·42 = 252

Algoritma Euclid yang diperluas

r = 252, t = 0
r = 19, q = 13, t = 1
r = 5, q = 3, t = −13
r = 4, q = 1, t = 40
r = 1, q = 4, t = −53

Eksponen privat

d = 199
periksa: 19·199 = 3781 = 15·252 + 1

Jawaban

d = 199
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: D · O(n²)

Mengapa ini jawabannya

Kerjanya berjumlah sekitar n² / 2; ini rekurens selection sort atau quicksort dengan pivot terburuk.

Jawaban

D · O(n²)
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: A · O(n)

Mengapa ini jawabannya

Menjumlahkan biaya sift-down di semua tingkat menghasilkan deret konvergen, sehingga heapify berjalan dalam waktu linear.

Jawaban

A · O(n)
11.Struktur data

Jawaban: B · Balanced binary search tree

Mengapa ini jawabannya

Balanced BST memberikan pencarian O(log n) dan menjaga kunci tetap terurut, sehingga traversal in-order dan kueri rentang mudah; hash table menyebarkan kunci.

Jawaban

B · Balanced binary search tree
12.Struktur data

Jawaban: D · Untuk menghindari perubahan ukuran berulang ketika push dan pop bergantian di dekat batas

Mengapa ini jawabannya

Mengecilkan pada separuh dapat memicu perubahan ukuran pada setiap operasi dalam urutan seperti itu; jarak antara 1/4 dan penuh menjaga biaya amortisasi O(1).

Jawaban

D · Untuk menghindari perubahan ukuran berulang ketika push dan pop bergantian di dekat batas
13.Teori graf

Jawaban: k = 7

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Sisi pohon rentang

10 − 1 = 9

Sisi yang dihapus

k = 16 − 9 = 7

Jawaban

k = 7
14.Teori graf

Jawaban: sisi CE

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Algoritma Prim

1. DE (1)
2. GE (2)
3. GB (4)
4. CE (6)
5. AB (11)
6. DF (20)

sisi nomor 4

CE

Jawaban

sisi CE
15.Basis data & SQL

Jawaban: D · SELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers

Mengapa ini jawabannya

COUNT(DISTINCT city) menghitung kota unik yang non-NULL; DISTINCT di luar COUNT hanya menghapus baris hasil yang duplikat.

Jawaban

D · SELECT COUNT(DISTINCT city) FROM customers
16.Basis data & SQL

Jawaban: C · Setiap baris karyawan beserta rata-rata gaji departemennya

Mengapa ini jawabannya

Berbeda dengan GROUP BY, window function mempertahankan setiap baris masukan dan menambahkan nilai yang dihitung atas partisinya, di sini departemen.

Jawaban

C · Setiap baris karyawan beserta rata-rata gaji departemennya
17.Jaringan komputer

Jawaban: D · Dengan cookie yang menyimpan pengenal sesi atau token

Mengapa ini jawabannya

Server menetapkan cookie berisi ID sesi atau token, dan browser mengembalikannya pada setiap permintaan sehingga server dapat mengenali pengguna.

Jawaban

D · Dengan cookie yang menyimpan pengenal sesi atau token
18.Jaringan komputer

Jawaban: A · Router atau switch lapisan 3 untuk merutekan antar-VLAN

Mengapa ini jawabannya

VLAN terisolasi di lapisan 2, sehingga lalu lintas di antaranya harus dirutekan, misalnya oleh router pada trunk ("router on a stick") atau switch lapisan 3.

Jawaban

A · Router atau switch lapisan 3 untuk merutekan antar-VLAN
19.Subnetting IPv4

Jawaban: N = 32

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bit pinjaman

21 − 16 = 5

Jumlah subnet

N = 25 = 32

Jawaban

N = 32

Setiap subnet /21 memiliki 211 − 2 = 2046 host yang dapat dipakai.

20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 128

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Ukuran blok

27 = 128

Subnet host ini

jaringan: ⌊134/128⌋·128 = 128
broadcast: 128 + 128 − 1 = 255
host yang dapat dipakai: 129 … 254

Jawaban

x = 128

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals