Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
nilai posisi dalam komplemen dua0−12806403201608141211

Pola 8-bit 0000 0111 menyimpan bilangan bulat bertanda dalam komplemen dua. Berapa nilainya N dalam desimal?

0000 01118 bit
N =
2.Sistem bilanganSulit
klik bit untuk mengaturnya012806403201608040201

Atur bit menjadi hasil 8-bit dari 1110 0010 OR 0001 1000. Berapa nilai hasil R dalam desimal?

1110 0010OR0001 1000
R =
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
tautologikontradiksikontingensi

Apakah ((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p) tautologi, kontradiksi, atau kontingensi? Klik jawaban Anda.

((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p)
  1. 1tautologi
  2. 2kontradiksi
  3. 3kontingensi
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
pqrq → pr → pq → r111110101100011010001000

Argumen dengan premis q → p; r → p dan kesimpulan q → r tidak valid. Klik baris tabel kebenaran yang merupakan contoh penyangkal.

q → pr → p∴ q → r
  1. 1p = 1, q = 1, r = 1
  2. 2p = 1, q = 1, r = 0
  3. 3p = 1, q = 0, r = 1
  4. 4p = 1, q = 0, r = 0
  5. 5p = 0, q = 1, r = 1
  6. 6p = 0, q = 1, r = 0
  7. 7p = 0, q = 0, r = 1
  8. 8p = 0, q = 0, r = 0
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABC00011110010001130214151706

Pakai peta Karnaugh untuk mencari bentuk jumlah dari hasil kali (SOP) minimal dari F(A, B, C) = Σm(3, 4, 5, 7). Berapa literal L yang dimilikinya secara total (variabel beraksen dihitung satu literal)?

F(A, B, C) = Σm(3, 4, 5, 7)
L =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​TQ3​Q3​CLKDOWN

Sebuah pencacah turun biner 4 bit dimulai dari 4 (desimal, Q = 0100). Berapa hitungan Q (dalam desimal) yang ditunjukkannya setelah 40 pulsa clock?

Q0 = 440n = 4
Q =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Carilah fungsi totien Euler φ(1183), banyaknya bilangan bulat dari 1 sampai 1183 yang saling prima dengan 1183.

n = 1183 = 7·132
φ(1183) =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit

Selesaikan 8x ≡ 16 (mod 46). Berikan penyelesaian positif terkecil x.

8x ≡ 16 (mod 46)
x =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Mengapa basis logaritma biasanya tidak dituliskan dalam Big O, seperti pada O(log n)?

  1. ALogaritma dengan basis berbeda hanya berbeda faktor konstan
  2. BSemua logaritma dalam ilmu komputer berbasis 10, sehingga basisnya tersirat
  3. CBasis hanya berpengaruh untuk n kecil
  4. DLogaritma selalu dibulatkan menjadi bilangan bulat
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Dua hal apa yang harus ditunjukkan untuk membuktikan bahwa masalah keputusan X adalah NP-complete?

  1. AX berada di NP, dan masalah NP-complete yang sudah dikenal dapat direduksi ke X dalam waktu polinomial
  2. BX dapat direduksi ke masalah di P, dan X berada di NP
  3. CX berada di P, dan X dapat direduksi ke SAT
  4. DX tidak memiliki algoritma polinomial, dan X decidable
11.Struktur dataSedang

Sebuah binary tree memiliki root 1 dengan anak kiri 2 dan anak kanan 3; node 2 memiliki anak 4 (kiri) dan 5 (kanan). Bagaimana hasil traversal postorder-nya?

  1. A1 2 4 5 3
  2. B4 2 5 1 3
  3. C5 4 3 2 1
  4. D4 5 2 3 1
12.Struktur dataSulit

Apa yang dilakukan splay tree setelah setiap akses?

  1. AMewarnai ulang node di jalur pencarian
  2. BMemindahkan node yang diakses ke daun
  3. CMembangun ulang seluruh pohon dalam bentuk seimbang
  4. DMerotasi node yang diakses ke atas hingga menjadi root
13.Teori grafSedang
ABCDEFGSirkuit EulerLintasan Euler, bukan sirkuitbukan keduanya

Apakah graf terhubung ini memiliki sirkuit Euler, lintasan Euler yang bukan sirkuit, atau bukan keduanya? Klik jawaban Anda.

|V| = 7|E| = 8
  1. 1Sirkuit Euler
  2. 2Lintasan Euler, bukan sirkuit
  3. 3bukan keduanya
14.Teori grafSulit
7181420101112313119ABCDEFG

Algoritma Prim membangun pohon rentang minimum mulai dari simpul G. Klik sisi yang ditambahkannya sebagai sisi nomor 3.

awal: Gk = 3
  1. 1sisi AB
  2. 2sisi AC
  3. 3sisi BC
  4. 4sisi BD
  5. 5sisi CE
  6. 6sisi DE
  7. 7sisi DF
  8. 8sisi EF
  9. 9sisi GB
  10. 10sisi GC
  11. 11sisi GE
15.Basis data & SQLSedang

Bentuk normal pertama (1NF) mensyaratkan bahwa:

  1. ASetiap kolom berisi nilai atomik dan tidak ada kelompok berulang
  2. BSetiap tabel memiliki tepat satu kolom
  3. CTidak ada kunci asing
  4. DSetiap kolom non-kunci bergantung pada seluruh kunci dan tidak pada yang lain selain kunci
16.Basis data & SQLSulit

Tingkat isolasi manakah yang mencegah dirty read tetapi masih mengizinkan non-repeatable read?

  1. ARepeatable read
  2. BSerializable
  3. CRead uncommitted
  4. DRead committed
17.Jaringan komputerSedang

Subnet mask 255.255.255.0 setara dengan apa dalam notasi CIDR?

  1. A/16
  2. B/24
  3. C/8
  4. D/32
18.Jaringan komputerSulit

Sebuah koneksi TCP memiliki window 64 KB dan round-trip time 100 ms, tanpa window scaling. Berapa kira-kira throughput maksimumnya?

  1. ASekitar 640 Mbit/s
  2. BSekitar 50 Mbit/s
  3. CSekitar 5 Mbit/s
  4. DSekitar 0,5 Mbit/s
19.Subnetting IPv4Sedang
/?11111111111111111111110000000000bit jaringanbit host

Sebuah departemen membutuhkan 726 alamat host dalam satu subnet. Berapa panjang prefiks terpanjang p (subnet terkecil) yang cukup?

726 hosts
p =
20.Subnetting IPv4Sulit

Jaringan 192.168.222.0/24 dibagi dengan VLSM untuk LAN berikut: A: 7 host, B: 22 host, C: 40 host, D: 8 host, E: 5 host. Subnet dialokasikan dari .0 ke atas, LAN dengan host terbanyak lebih dulu, masing-masing dengan subnet terkecil yang cukup. Berapa oktet keempat x alamat jaringan LAN A?

A: 7B: 22C: 40D: 8E: 5
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: N = 7

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Jumlahkan nilai posisi

Bit lainnya tetap bernilai positif seperti biasa.

4 + 2 + 1 = 7

Jawaban

N = 7
2.Sistem bilangan

Jawaban: R = 250

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Bit demi bit

OR menghasilkan 1 jika paling sedikit satu bit adalah 1.

1110 0010
OR 0001 1000
= 1111 1010

Nilai hasil

1111 1010₂ = 250

Jawaban

R = 250
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: tautologi

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Tabel kebenaran baris demi baris

p = 1, q = 1, r = 1: r → q = 1, q → p = 1, (r → q) ∧ (q → p) = 1, r → p = 1, ((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: r → q = 1, q → p = 1, (r → q) ∧ (q → p) = 1, r → p = 1, ((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 1, q = 0, r = 1: r → q = 0, q → p = 1, (r → q) ∧ (q → p) = 0, r → p = 1, ((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: r → q = 1, q → p = 1, (r → q) ∧ (q → p) = 1, r → p = 1, ((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 0, q = 1, r = 1: r → q = 1, q → p = 0, (r → q) ∧ (q → p) = 0, r → p = 0, ((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: r → q = 1, q → p = 0, (r → q) ∧ (q → p) = 0, r → p = 1, ((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 0, q = 0, r = 1: r → q = 0, q → p = 1, (r → q) ∧ (q → p) = 0, r → p = 0, ((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1
p = 0, q = 0, r = 0: r → q = 1, q → p = 1, (r → q) ∧ (q → p) = 1, r → p = 1, ((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p) = 1

Klasifikasikan

((r → q) ∧ (q → p)) → (r → p): 1, 1, 1, 1, 1, 1, 1, 1
1 pada setiap baris: tautologi.

Jawaban

tautologi
4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: p = 1, q = 1, r = 0

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

p = 1, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 1 | 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 0, r = 0: 1 1 | 1
p = 0, q = 1, r = 1: 0 0 | 1
p = 0, q = 1, r = 0: 0 1 | 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 0 | 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 1 | 1

Contoh penyangkal

p = 1, q = 1, r = 0

Jawaban

p = 1, q = 1, r = 0

Argumen dengan bentuk ini tampak seperti aturan yang valid, tetapi satu baris cukup untuk menunjukkan bahwa itu tidak benar.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: L = 4

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

ABC00011110010001130214151706

Kelompokkan angka 1

Setiap kelompok adalah persegi panjang berisi 2ᵏ sel; sel di tepi bertetangga dengan sel di tepi seberangnya.

BC
AB′

Bentuk SOP minimal

F = BC + AB′
L = 4

Jawaban

L = 4
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: Q = 12

Flip-flop dan pencacah: flip-flop hanya berubah pada tepi clock aktif. D menyalin masukannya (Q⁺ = D); T berbalik jika T = 1; JK bertahan untuk 00, reset untuk 01, set untuk 10, dan berbalik untuk 11. Pencacah biner n bit memiliki 2ⁿ keadaan dan menghitung modulo 2ⁿ; pencacah mod-N berurutan 0, 1, …, N − 1 lalu kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap tahap pencacah ripple membagi dua frekuensi, sehingga keluaran terakhir pencacah mod-N berjalan pada fclk/N. Pencacah Johnson dari n flip-flop memiliki 2n keadaan, pencacah cincin n.

Siklus penuh

Setiap 16 pulsa mengembalikan pencacah ke keadaan yang sama.

40 = 2·16 + 8

Hitungan setelah pulsa yang tersisa

Q = (4 − 8) mod 16 = 12
Q = 1100₂

Jawaban

Q = 12
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: φ(1183) = 936

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Faktor prima

1183 = 7·132

Totien

φ(1183) = φ(7)·φ(169) = 6·156 = 936

Jawaban

φ(1183) = 936
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: x = 2

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Bagi dengan FPB

gcd(8, 46) = 2
4x ≡ 8 (mod 23)

Selesaikan kongruensi yang sudah disederhanakan

4−1 ≡ 6 (mod 23) → x ≡ 2 (mod 23)

Penyelesaian modulo 46

x ∈ {2, 25}
x = 2

Jawaban

x = 2
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: A · Logaritma dengan basis berbeda hanya berbeda faktor konstan

Mengapa ini jawabannya

Mengganti basis mengalikan logaritma dengan konstanta, dan Big O mengabaikan faktor konstan.

Jawaban

A · Logaritma dengan basis berbeda hanya berbeda faktor konstan
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: A · X berada di NP, dan masalah NP-complete yang sudah dikenal dapat direduksi ke X dalam waktu polinomial

Mengapa ini jawabannya

Keanggotaan di NP menunjukkan X tidak lebih sulit daripada NP; reduksi dari masalah NP-complete yang dikenal menunjukkan X setidaknya sesulit seluruh NP.

Jawaban

A · X berada di NP, dan masalah NP-complete yang sudah dikenal dapat direduksi ke X dalam waktu polinomial
11.Struktur data

Jawaban: D · 4 5 2 3 1

Mengapa ini jawabannya

Postorder memproses 4 dan 5 sebelum 2, lalu 3, dan terakhir root 1.

Jawaban

D · 4 5 2 3 1
12.Struktur data

Jawaban: D · Merotasi node yang diakses ke atas hingga menjadi root

Mengapa ini jawabannya

Splaying memindahkan node yang diakses ke root melalui rotasi; satu operasi dapat berbiaya O(n), tetapi biaya amortisasinya O(log n).

Jawaban

D · Merotasi node yang diakses ke atas hingga menjadi root
13.Teori graf

Jawaban: bukan keduanya

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Derajat

deg(A) = 1, deg(B) = 1, deg(C) = 3, deg(D) = 2, deg(E) = 3, deg(F) = 2, deg(G) = 4

Simpul ganjil

A, B, C, E → 4
bukan keduanya

Jawaban

bukan keduanya
14.Teori graf

Jawaban: sisi EF

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Algoritma Prim

1. GC (1)
2. CE (10)
3. EF (3)
4. DE (11)
5. GB (13)
6. AB (7)

sisi nomor 3

EF

Jawaban

sisi EF
15.Basis data & SQL

Jawaban: A · Setiap kolom berisi nilai atomik dan tidak ada kelompok berulang

Mengapa ini jawabannya

1NF mensyaratkan nilai atomik di setiap sel dan identifikasi baris yang unik, tanpa kelompok berulang.

Jawaban

A · Setiap kolom berisi nilai atomik dan tidak ada kelompok berulang
16.Basis data & SQL

Jawaban: D · Read committed

Mengapa ini jawabannya

Read committed menyembunyikan perubahan yang belum di-commit; repeatable read juga mencegah non-repeatable read; serializable juga mencegah phantom.

Jawaban

D · Read committed
17.Jaringan komputer

Jawaban: B · /24

Mengapa ini jawabannya

Tiga oktet bernilai 255 sama dengan 24 bit 1, jadi 255.255.255.0 = /24.

Jawaban

B · /24
18.Jaringan komputer

Jawaban: C · Sekitar 5 Mbit/s

Mengapa ini jawabannya

Throughput ≤ window / RTT = 65,536 × 8 bit / 0,1 s ≈ 5,2 Mbit/s, secepat apa pun link-nya.

Jawaban

C · Sekitar 5 Mbit/s
19.Subnetting IPv4

Jawaban: p = 22

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Bit host yang dibutuhkan

29 − 2 = 510 < 726
210 − 2 = 1022 ≥ 726 → h = 10

Panjang prefiks

p = 32 − 10 = 22

Jawaban

p = /22
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 112

VLSM: setiap LAN mendapat subnet terkecil dengan 2ʰ − 2 ≥ jumlah host-nya, yaitu prefiks 32 − h. Mengalokasikan subnet terbesar lebih dulu membuat setiap blok sejajar pada kelipatan ukurannya sendiri, sehingga alamat jaringan diperoleh dengan menjumlahkan ukuran blok.

Ukuran blok per LAN

C: 40 host → 26 = 64 (/26)
B: 22 host → 25 = 32 (/27)
D: 8 host → 24 = 16 (/28)
A: 7 host → 24 = 16 (/28)
E: 5 host → 23 = 8 (/29)

Alokasi, terbesar lebih dulu

C: .0 – .63
B: .64 – .95
D: .96 – .111
A: .112 – .127
E: .128 – .135

Jawaban

x = 112

LAN A: 192.168.222.112/28.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals