Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
Komplemen dua 8-bit?−128?64?32?16?8?4?2?1

Tulis −45 sebagai pola komplemen dua 8-bit. Baca pola itu sebagai bilangan biner tak bertanda: berapa nilainya U dalam desimal?

N = −458 bit
U =
2.Sistem bilanganSulit
2332 kode, b = ? bit?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

Sebuah sistem harus memberi setiap 2332 item kode biner sendiri dengan panjang yang sama. Berapa jumlah bit b paling sedikit yang dibutuhkan?

2332
b = bit
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
tautologikontradiksikontingensi

Apakah ((c → b) ∧ ¬b) → ¬c tautologi, kontradiksi, atau kontingensi? Klik jawaban Anda.

((c → b) ∧ ¬b) → ¬c
  1. 1tautologi
  2. 2kontradiksi
  3. 3kontingensi
4.Logika proposisional & pembuktianSulit

Berapa dari 16 baris tabel kebenaran yang membuat ((p ∧ r) → (s → q)) ∨ (p → ¬r) benar? Sebut bilangan ini N.

((p ∧ r) → (s → q)) ∨ (p → ¬r)
N =
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABCD00011110000111101111

Pada peta Karnaugh ini tepat satu angka 1 tidak memiliki angka 1 tetangga, sehingga tetap menjadi kelompok satu sel (minterm penuh berisi empat literal) dalam bentuk SOP minimal. Tetangga melewati tepi peta ikut dihitung. Klik sel itu.

F = Σm(1, 2, 5, 13)
  1. 1AB = 00, CD = 00
  2. 2AB = 00, CD = 01
  3. 3AB = 00, CD = 11
  4. 4AB = 00, CD = 10
  5. 5AB = 01, CD = 00
  6. 6AB = 01, CD = 01
  7. 7AB = 01, CD = 11
  8. 8AB = 01, CD = 10
  9. 9AB = 11, CD = 00
  10. 10AB = 11, CD = 01
  11. 11AB = 11, CD = 11
  12. 12AB = 11, CD = 10
  13. 13AB = 10, CD = 00
  14. 14AB = 10, CD = 01
  15. 15AB = 10, CD = 11
  16. 16AB = 10, CD = 10
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKJOHNSON

Pencacah Johnson 4 bit Q₃Q₂Q₁Q₀ dimulai dari 0000. Pada setiap tepi clock bit bergeser satu tempat ke kanan (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) dan Q₃ menerima kebalikan dari Q₀. Berikan keadaan Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ sebagai bilangan desimal setelah 10 tepi clock.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 000010
Q =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Carilah invers 53 modulo 98: bilangan x dengan 0 < x < 98 dan 53·x ≡ 1 (mod 98).

a = 53n = 98
53−1 mod 98 =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit

Pakai pengkuadratan berulang untuk mencari 6859 mod 77.

a = 68k = 59n = 77
6859 mod 77 =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Kompleksitas waktu Fibonacci rekursif naif (fib(n) = fib(n−1) + fib(n−2)) adalah:

  1. AEksponensial
  2. BKonstan
  3. CLinear
  4. DLogaritmik
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Bagaimana perbandingan n! dan 2ⁿ untuk n besar?

  1. An! adalah O(n²)
  2. Bn! tumbuh lebih cepat daripada 2ⁿ
  3. C2ⁿ tumbuh lebih cepat daripada n!
  4. DKeduanya tumbuh dengan laju yang sama
11.Struktur dataSedang

Dalam binary min-heap yang disimpan dalam array (indeks dimulai dari 0), anak-anak dari node pada indeks i berada di:

  1. Ai + 1 dan i + 2
  2. B2i + 1 dan 2i + 2
  3. C2i dan 2i + 1
  4. Di/2 dan i/2 + 1
12.Struktur dataSulit

Berapa lama waktu untuk mencari kunci sembarang dalam binary min-heap berisi n elemen?

  1. AO(n)
  2. BO(1)
  3. CO(log n)
  4. DO(log log n)
13.Teori grafSedang
ABCDEFSirkuit EulerLintasan Euler, bukan sirkuitbukan keduanya

Apakah graf terhubung ini memiliki sirkuit Euler, lintasan Euler yang bukan sirkuit, atau bukan keduanya? Klik jawaban Anda.

|V| = 6|E| = 7
  1. 1Sirkuit Euler
  2. 2Lintasan Euler, bukan sirkuit
  3. 3bukan keduanya
14.Teori grafSulit
9571211101920171ABCDEFG

Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum. Klik sisi yang ditambahkannya sebagai sisi nomor 6; sisi yang dilewati tidak dihitung.

k = 6
  1. 1sisi AB
  2. 2sisi AC
  3. 3sisi BC
  4. 4sisi CE
  5. 5sisi DE
  6. 6sisi EF
  7. 7sisi GB
  8. 8sisi GC
  9. 9sisi GD
  10. 10sisi GE
15.Basis data & SQLSedang

Kueri mana yang mengembalikan gaji tertinggi di setiap departemen?

  1. ASELECT dept, MAX(salary) FROM emp ORDER BY dept
  2. BSELECT MAX(dept), salary FROM emp GROUP BY salary
  3. CSELECT dept, MAX(salary) FROM emp GROUP BY dept
  4. DSELECT dept, salary FROM emp WHERE salary = MAX(salary)
16.Basis data & SQLSulit

Tabel employee(emp_id, dept_id, dept_name) memiliki kunci emp_id, dan dept_id → dept_name. Pernyataan mana yang benar?

  1. ATabel ini tidak dalam 2NF
  2. BTabel ini dalam BCNF dan karena itu dalam 3NF
  3. CTabel ini dalam 2NF tetapi tidak dalam 3NF
  4. DTabel ini tidak dalam 1NF
17.Jaringan komputerSedang

Properti keamanan apa yang disediakan TLS untuk HTTPS?

  1. AAnonimitas pengguna
  2. BKerahasiaan, integritas, dan autentikasi server
  3. CHanya pemuatan yang lebih cepat
  4. DPerlindungan terhadap semua malware dan phishing di situs yang dikunjungi
18.Jaringan komputerSulit

Apa fungsi utama BGP di internet?

  1. AMengenkripsi data antar-router
  2. BBertukar informasi routing antar-autonomous system
  3. CMemberikan alamat IP kepada pengguna rumahan melalui penyedia internet mereka
  4. DMenerjemahkan nama menjadi alamat
19.Subnetting IPv4Sedang
/?11111111111111111111100000000000bit jaringanbit host

Sebuah departemen membutuhkan 1732 alamat host dalam satu subnet. Berapa panjang prefiks terpanjang p (subnet terkecil) yang cukup?

1732 hosts
p =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet terakhir = 225112816413201608040211jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 10.20.179.225/29. Berapa oktet keempat x dari alamat jaringannya?

10.20.179.225/29
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: U = 211

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Balik dan tambah satu

45 = 0010 1101
dibalik: 1101 0010
+1 → 1101 0011

Baca sebagai tak bertanda

1101 0011₂ = 256 − 45 = 211

Jawaban

U = 211
2.Sistem bilangan

Jawaban: b = 12 bit

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Pangkat dua

211 = 2048 < 2332
212 = 4096 ≥ 2332

Jawaban

b = 12
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: tautologi

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Tabel kebenaran baris demi baris

b = 1, c = 1: c → b = 1, ¬b = 0, (c → b) ∧ ¬b = 0, ¬c = 0, ((c → b) ∧ ¬b) → ¬c = 1
b = 1, c = 0: c → b = 1, ¬b = 0, (c → b) ∧ ¬b = 0, ¬c = 1, ((c → b) ∧ ¬b) → ¬c = 1
b = 0, c = 1: c → b = 0, ¬b = 1, (c → b) ∧ ¬b = 0, ¬c = 0, ((c → b) ∧ ¬b) → ¬c = 1
b = 0, c = 0: c → b = 1, ¬b = 1, (c → b) ∧ ¬b = 1, ¬c = 1, ((c → b) ∧ ¬b) → ¬c = 1

Klasifikasikan

((c → b) ∧ ¬b) → ¬c: 1, 1, 1, 1
1 pada setiap baris: tautologi.

Jawaban

tautologi
4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: N = 15

Tabel kebenaran: rumus dengan n variabel berbeda memiliki 2ⁿ baris, satu untuk setiap kombinasi nilai kebenaran (1 = benar, 0 = salah). Bekerjalah dari dalam ke luar dan beri setiap subformula kolomnya sendiri. ¬a membalik nilainya; a ∧ b bernilai 1 hanya jika keduanya 1; a ∨ b bernilai 0 hanya jika keduanya 0; a → b bernilai 0 hanya jika a = 1 dan b = 0; a ↔ b bernilai 1 jika kedua sisi sama.

Kolom

p ∧ r; s → q; (p ∧ r) → (s → q); ¬r; p → ¬r; ((p ∧ r) → (s → q)) ∨ (p → ¬r)

Bagi menurut p

p = 1: 7
p = 0: 8
N = 7 + 8 = 15

Jawaban

N = 15
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: AB = 00, CD = 10

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

Tetangga setiap angka 1

Angka 1 dengan tetangga angka 1 dapat bergabung dalam kelompok dua atau lebih.

m2: m3, m0, m6, m10 → 0
ABCD00011110000111101111

Angka 1 yang terisolasi

m2 = A′B′CD′ → AB = 00, CD = 10

Jawaban

AB = 00, CD = 10
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: Q = 12

Flip-flop dan pencacah: flip-flop hanya berubah pada tepi clock aktif. D menyalin masukannya (Q⁺ = D); T berbalik jika T = 1; JK bertahan untuk 00, reset untuk 01, set untuk 10, dan berbalik untuk 11. Pencacah biner n bit memiliki 2ⁿ keadaan dan menghitung modulo 2ⁿ; pencacah mod-N berurutan 0, 1, …, N − 1 lalu kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap tahap pencacah ripple membagi dua frekuensi, sehingga keluaran terakhir pencacah mod-N berjalan pada fclk/N. Pencacah Johnson dari n flip-flop memiliki 2n keadaan, pencacah cincin n.

Keadaan setelah setiap tepi

0000 → 1000 → 1100 → 1110 → 1111 → 0111 → 0011 → 0001 → 0000 → 1000 → 1100

Nilai desimal

1100₂ = 12

Jawaban

Q = 12
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: 53−1 mod 98 = 37

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid yang diperluas

Setiap sisa r ditulis sebagai r ≡ t·53 (mod 98).

r = 98, t = 0
r = 53, q = 1, t = 1
r = 45, q = 1, t = −1
r = 8, q = 5, t = 2
r = 5, q = 1, t = −11
r = 3, q = 1, t = 13
r = 2, q = 1, t = −24
r = 1, q = 2, t = 37

Invers

1 ≡ 37·53 (mod 98)
x = 37
periksa: 53·37 = 1961 = 20·98 + 1

Jawaban

53−1 mod 98 = 37
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: 6859 mod 77 = 17

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Eksponen biner

59 = 1110112 = 32 + 16 + 8 + 2 + 1

Pengkuadratan berulang

681 ≡ 68 (mod 77)
682 ≡ 4 (mod 77)
684 ≡ 16 (mod 77)
688 ≡ 25 (mod 77)
6816 ≡ 9 (mod 77)
6832 ≡ 4 (mod 77)

Kalikan pangkat yang diperlukan

6859 ≡ 68·4·25·9·4 ≡ 17 (mod 77)

Jawaban

6859 mod 77 = 17
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: A · Eksponensial

Mengapa ini jawabannya

Pohon pemanggilan tumbuh kira-kira seperti φⁿ (sekitar 1,618ⁿ). Memoisasi menguranginya menjadi O(n).

Jawaban

A · Eksponensial
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: B · n! tumbuh lebih cepat daripada 2ⁿ

Mengapa ini jawabannya

Untuk n ≥ 4, n! melebihi 2ⁿ, dan rasionya tumbuh tanpa batas karena setiap faktor tambahan n! lebih besar dari 2.

Jawaban

B · n! tumbuh lebih cepat daripada 2ⁿ
11.Struktur data

Jawaban: B · 2i + 1 dan 2i + 2

Mengapa ini jawabannya

Untuk array berbasis 0, anak kiri berada di 2i + 1, anak kanan di 2i + 2, dan induk di ⌊(i − 1)/2⌋.

Jawaban

B · 2i + 1 dan 2i + 2
12.Struktur data

Jawaban: A · O(n)

Mengapa ini jawabannya

Heap tidak memberikan aturan subpohon mana yang berisi suatu kunci, sehingga pada kasus terburuk semua node harus diperiksa; hanya minimum yang cepat ditemukan.

Jawaban

A · O(n)
13.Teori graf

Jawaban: Sirkuit Euler

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Derajat

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 2, deg(F) = 2

Simpul ganjil

0
Sirkuit Euler

Jawaban

Sirkuit Euler
14.Teori graf

Jawaban: sisi CE

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Algoritma Kruskal

1. GE (1)
2. AC (5)
3. BC (7)
4. EF (10)
5. DE (11)
6. CE (12)

sisi nomor 6

CE

Jawaban

sisi CE
15.Basis data & SQL

Jawaban: C · SELECT dept, MAX(salary) FROM emp GROUP BY dept

Mengapa ini jawabannya

GROUP BY dept membuat satu kelompok per departemen dan MAX(salary) memilih nilai tertinggi di masing-masing.

Jawaban

C · SELECT dept, MAX(salary) FROM emp GROUP BY dept
16.Basis data & SQL

Jawaban: C · Tabel ini dalam 2NF tetapi tidak dalam 3NF

Mengapa ini jawabannya

Kuncinya satu kolom, sehingga 2NF terpenuhi, tetapi emp_id → dept_id → dept_name adalah dependensi transitif, yang melanggar 3NF.

Jawaban

C · Tabel ini dalam 2NF tetapi tidak dalam 3NF
17.Jaringan komputer

Jawaban: B · Kerahasiaan, integritas, dan autentikasi server

Mengapa ini jawabannya

TLS mengenkripsi lalu lintas, mendeteksi perubahan tidak sah, dan mengautentikasi server dengan sertifikat (opsional juga klien).

Jawaban

B · Kerahasiaan, integritas, dan autentikasi server
18.Jaringan komputer

Jawaban: B · Bertukar informasi routing antar-autonomous system

Mengapa ini jawabannya

BGP adalah protokol routing antardomain; autonomous system mengiklankan prefiks yang dapat dijangkau dan memilih jalur berdasarkan kebijakan.

Jawaban

B · Bertukar informasi routing antar-autonomous system
19.Subnetting IPv4

Jawaban: p = 21

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Bit host yang dibutuhkan

210 − 2 = 1022 < 1732
211 − 2 = 2046 ≥ 1732 → h = 11

Panjang prefiks

p = 32 − 11 = 21

Jawaban

p = /21
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 224

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Ukuran blok

23 = 8

Subnet host ini

jaringan: ⌊225/8⌋·8 = 224
broadcast: 224 + 8 − 1 = 231
host yang dapat dipakai: 225 … 230

Jawaban

x = 224

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals