Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
Komplemen dua 8-bit0−12806403201608040201

Atur bit sehingga menyimpan −76 dalam komplemen dua 8-bit. Dibaca sebagai bilangan tak bertanda, berapa nilai pola U?

N = −768 bit
U =
2.Sistem bilanganSulit
klik bit untuk mengaturnya012806403201608040201

Atur bit menjadi hasil 8-bit dari 0011 0100 << 1. Berapa nilai hasil R dalam desimal?

0011 0100<< 1
R =
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
tautologikontradiksikontingensi

Apakah p ∨ ¬p tautologi, kontradiksi, atau kontingensi? Klik jawaban Anda.

p ∨ ¬p
  1. 1tautologi
  2. 2kontradiksi
  3. 3kontingensi
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
pqrp → (r ∨ q)pr111110101100011010001000

Argumen dengan premis p → (r ∨ q); p dan kesimpulan r tidak valid. Klik baris tabel kebenaran yang merupakan contoh penyangkal.

p → (r ∨ q)p∴ r
  1. 1p = 1, q = 1, r = 1
  2. 2p = 1, q = 1, r = 0
  3. 3p = 1, q = 0, r = 1
  4. 4p = 1, q = 0, r = 0
  5. 5p = 0, q = 1, r = 1
  6. 6p = 0, q = 1, r = 0
  7. 7p = 0, q = 0, r = 1
  8. 8p = 0, q = 0, r = 0
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABC00011110010011131214150706

Pakai peta Karnaugh untuk mencari bentuk hasil kali dari jumlah (POS) minimal dari F(A, B, C) = Σm(1, 2, 3, 4, 5). Berapa suku jumlah (faktor) N yang dimilikinya?

F(A, B, C) = Σm(1, 2, 3, 4, 5)
N =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
ABCD0001111000011110000113X21415X7X601201311511418X9011010

Carilah bentuk SOP minimal dari F(A, B, C, D) = Σm(3, 4, 5, 8, 14, 15) + d(2, 6, 7, 9), dengan d menandai kondisi don’t-care. Berapa suku hasil kali N yang dimilikinya?

F(A, B, C, D) = Σm(3, 4, 5, 8, 14, 15) + d(2, 6, 7, 9)
N =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Carilah invers 55 modulo 67: bilangan x dengan 0 < x < 67 dan 55·x ≡ 1 (mod 67).

a = 55n = 67
55−1 mod 67 =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit

29 adalah bilangan prima. Pakai teorema kecil Fermat untuk mencari 226182 mod 29.

p = 29k = 26182
226182 mod 29 =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Berapa kompleksitas waktu dari: for i = 1 to n: for j = 1 to i: lakukan kerja O(1)?

  1. AO(n³)
  2. BO(n log n)
  3. CO(n²)
  4. DO(n)
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Manakah dari masalah satisfiability berikut yang diketahui dapat diselesaikan dalam waktu polinomial?

  1. A3-SAT, dengan setiap klausa berisi tepat tiga literal
  2. BCircuit satisfiability
  3. C2-SAT, dengan setiap klausa berisi paling banyak dua literal
  4. DSAT umum pada formula dalam bentuk normal konjungtif
11.Struktur dataSedang

Sebuah queue diimplementasikan dengan dua stack: push ke stack "in", dan pop dari stack "out", yang diisi ulang dari "in" saat kosong. Berapa biaya amortisasi per operasi?

  1. AO(n)
  2. BO(n²)
  3. CO(1)
  4. DO(log n)
12.Struktur dataSulit

Penghapusan node yang memiliki dua anak dari binary search tree biasanya dilakukan dengan:

  1. AMembangun ulang subpohon di bawahnya dari awal dan menyisipkan kembali setiap kunci yang dikandungnya
  2. BMenukarnya dengan akar
  3. CMenggantinya dengan penerus in-order (atau pendahulunya) lalu menghapus node tersebut
  4. DMenghapus seluruh subpohon
13.Teori grafSedang

Sebuah pohon memiliki 3 simpul berderajat 3, 2 simpul berderajat 4, 2 simpul berderajat 5, dan semua simpul lainnya adalah daun (derajat 1). Berapa daun L yang dimilikinya?

3 × deg 32 × deg 42 × deg 5
L =
14.Teori grafSulit
9241931351412ABCDEF

Algoritma Prim membangun pohon rentang minimum mulai dari simpul A. Klik sisi yang ditambahkannya sebagai sisi nomor 3.

awal: Ak = 3
  1. 1sisi AB
  2. 2sisi AC
  3. 3sisi BC
  4. 4sisi BD
  5. 5sisi CE
  6. 6sisi DE
  7. 7sisi DF
  8. 8sisi EF
  9. 9sisi BE
15.Basis data & SQLSedang

Kueri manakah yang mengembalikan jumlah pesanan per pelanggan?

  1. ASELECT DISTINCT COUNT(*) FROM orders
  2. BSELECT customer_id, COUNT(*) FROM orders ORDER BY customer_id
  3. CSELECT customer_id FROM orders WHERE COUNT(*) > 0
  4. DSELECT customer_id, COUNT(*) FROM orders GROUP BY customer_id
16.Basis data & SQLSulit

Apa yang dihitung oleh SELECT day, SUM(amount) OVER (ORDER BY day) FROM sales?

  1. ATotal semua amount pada setiap baris
  2. BSatu baris per hari dengan total hari itu saja
  3. CTotal berjalan (running total) amount yang diurutkan berdasarkan day
  4. DRata-rata amount per hari
17.Jaringan komputerSedang

Subnet mask mana yang sesuai dengan /20?

  1. A255.255.255.240
  2. B255.255.248.0
  3. C255.255.240.0
  4. D255.255.224.0
18.Jaringan komputerSulit

Apa perbedaan fragmentasi pada IPv6 dibandingkan IPv4?

  1. AIPv6 tidak mengizinkan paket yang lebih besar dari 576 byte
  2. BIPv6 memfragmentasi di lapisan transport di dalam TCP
  3. CRouter IPv6 memfragmentasi setiap paket yang lebih besar dari 64 byte sebelum meneruskannya di sepanjang jalur
  4. DRouter tidak pernah memfragmentasi paket IPv6; hanya sumber yang dapat melakukannya, dengan path MTU discovery
19.Subnetting IPv4Sedang
/24 → /2811111111111111111111111111110000bit jaringanbit host

Jaringan 192.168.10.0/24 harus dibagi menjadi setidaknya 12 subnet yang sama besar. Jika Anda meminjam sesedikit mungkin bit, berapa host yang dapat dipakai H di setiap subnet?

192.168.10.0/2412 subnets
H =
20.Subnetting IPv4Sulit

Jaringan 192.168.57.0/24 dibagi dengan VLSM untuk LAN berikut: A: 6 host, B: 15 host, C: 25 host, D: 72 host. Subnet dialokasikan dari .0 ke atas, LAN dengan host terbanyak lebih dulu, masing-masing dengan subnet terkecil yang cukup. Berapa oktet keempat x alamat jaringan LAN A?

A: 6B: 15C: 25D: 72
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: U = 180

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Balik dan tambah satu

76 = 0100 1100
dibalik: 1011 0011
+1 → 1011 0100

Baca sebagai tak bertanda

1011 0100₂ = 256 − 76 = 180

Jawaban

U = 180
2.Sistem bilangan

Jawaban: R = 104

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Bit demi bit

Menggeser ke kiri sebanyak 1 memindahkan setiap bit 1 tempat ke kiri; bit yang keluar dari ujung kiri hilang dan nol masuk dari kanan.

0011 0100 << 1
= 0110 1000

Nilai hasil

0110 1000₂ = 104

Jawaban

R = 104
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: tautologi

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Tabel kebenaran baris demi baris

p = 1: ¬p = 0, p ∨ ¬p = 1
p = 0: ¬p = 1, p ∨ ¬p = 1

Klasifikasikan

p ∨ ¬p: 1, 1
1 pada setiap baris: tautologi.

Jawaban

tautologi
4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: p = 1, q = 1, r = 0

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

p = 1, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 1 | 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 0, r = 0: 0 1 | 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 0 | 1
p = 0, q = 1, r = 0: 1 0 | 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 0 | 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 0 | 0

Contoh penyangkal

p = 1, q = 1, r = 0

Jawaban

p = 1, q = 1, r = 0

Argumen dengan bentuk ini tampak seperti aturan yang valid, tetapi satu baris cukup untuk menunjukkan bahwa itu tidak benar.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 2

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

ABC00011110010011131214150706

Kelompokkan angka 0

Setiap kelompok adalah persegi panjang berisi 2ᵏ sel; sel di tepi bertetangga dengan sel di tepi seberangnya.

(A′ + B′)
(A + B + C)

Bentuk POS minimal

F = (A′ + B′)(A + B + C)
N = 2

Jawaban

N = 2
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 4

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

Implikan prima

Kelompok terbesar yang dapat dibentuk dari angka 1 dan X.

BC, A′C, A′B, AB′C′
ABCD0001111000011110000113X21415X7X601201311511418X9011010

Cakupan minimal

F = BC + A′C + A′B + AB′C′
N = 4

Jawaban

N = 4
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: 55−1 mod 67 = 39

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid yang diperluas

Setiap sisa r ditulis sebagai r ≡ t·55 (mod 67).

r = 67, t = 0
r = 55, q = 1, t = 1
r = 12, q = 4, t = −1
r = 7, q = 1, t = 5
r = 5, q = 1, t = −6
r = 2, q = 2, t = 11
r = 1, q = 2, t = −28

Invers

1 ≡ −28·55 (mod 67)
x = 39
periksa: 55·39 = 2145 = 32·67 + 1

Jawaban

55−1 mod 67 = 39
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: 226182 mod 29 = 4

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Reduksi eksponen

26182 mod 28 = 2
226182 ≡ 22 (mod 29)

Pangkat kecil

22 mod 29 = 4

Jawaban

226182 mod 29 = 4
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: C · O(n²)

Mengapa ini jawabannya

Badan loop dalam berjalan total n(n + 1) / 2 kali, yang tetap kuadratik.

Jawaban

C · O(n²)
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: C · 2-SAT, dengan setiap klausa berisi paling banyak dua literal

Mengapa ini jawabannya

2-SAT berada di P (waktu linear melalui komponen terhubung kuat), sedangkan 3-SAT adalah NP-complete.

Jawaban

C · 2-SAT, dengan setiap klausa berisi paling banyak dua literal
11.Struktur data

Jawaban: C · O(1)

Mengapa ini jawabannya

Setiap elemen di-push dan di-pop paling banyak dua kali secara total, sehingga meskipun satu kali pengisian ulang dapat memakan O(n), rata-rata atas suatu urutan operasi adalah O(1).

Jawaban

C · O(1)
12.Struktur data

Jawaban: C · Menggantinya dengan penerus in-order (atau pendahulunya) lalu menghapus node tersebut

Mengapa ini jawabannya

Penerus in-order memiliki paling banyak satu anak, sehingga mudah dihapus setelah kuncinya disalin ke node yang akan dihapus.

Jawaban

C · Menggantinya dengan penerus in-order (atau pendahulunya) lalu menghapus node tersebut
13.Teori graf

Jawaban: L = 15

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Lema jabat tangan untuk pohon

L + 27 = 2(L + 7) − 2
L = 15

Jawaban

L = 15

Jalan pintas: L = 2 + Σ (d − 2) atas simpul berderajat d ≥ 3.

14.Teori graf

Jawaban: sisi BC

Lintasan terpendek dan pohon rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu simpul per putaran: simpul belum tetap dengan jarak sementara terkecil. Jaraknya lalu final, dan setiap tetangga v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membangun pohon rentang minimum dengan mengambil sisi dari yang ringan ke berat dan melewati sisi yang akan membentuk siklus; algoritma Prim menumbuhkan satu pohon dari simpul awal dengan selalu menambahkan sisi teringan yang keluar dari pohon. Pohon rentang dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Algoritma Prim

1. AC (2)
2. CE (3)
3. BC (4)
4. DE (13)
5. DF (5)

sisi nomor 3

BC

Jawaban

sisi BC
15.Basis data & SQL

Jawaban: D · SELECT customer_id, COUNT(*) FROM orders GROUP BY customer_id

Mengapa ini jawabannya

GROUP BY customer_id membentuk satu kelompok per pelanggan, dan COUNT(*) menghitung baris di setiap kelompok.

Jawaban

D · SELECT customer_id, COUNT(*) FROM orders GROUP BY customer_id
16.Basis data & SQL

Jawaban: C · Total berjalan (running total) amount yang diurutkan berdasarkan day

Mengapa ini jawabannya

Dengan ORDER BY dan tanpa frame eksplisit, window berjalan dari baris pertama sampai baris saat ini (beserta baris serinya), sehingga menghasilkan jumlah kumulatif.

Jawaban

C · Total berjalan (running total) amount yang diurutkan berdasarkan day
17.Jaringan komputer

Jawaban: C · 255.255.240.0

Mengapa ini jawabannya

/20 berarti 8 + 8 + 4 bit bernilai satu. Empat bit satu di oktet ketiga adalah 11110000 = 240, sehingga mask-nya 255.255.240.0.

Jawaban

C · 255.255.240.0
18.Jaringan komputer

Jawaban: D · Router tidak pernah memfragmentasi paket IPv6; hanya sumber yang dapat melakukannya, dengan path MTU discovery

Mengapa ini jawabannya

Router IPv6 membuang paket yang terlalu besar dan mengembalikan ICMPv6 Packet Too Big. Sumber kemudian mengirim paket yang lebih kecil atau menggunakan fragment extension header.

Jawaban

D · Router tidak pernah memfragmentasi paket IPv6; hanya sumber yang dapat melakukannya, dengan path MTU discovery
19.Subnetting IPv4

Jawaban: H = 14

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Bit yang dipinjam

24 = 16 ≥ 12 → b = 4, /28

Host per subnet

24 − 2 = 14

Jawaban

H = 14
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 192

VLSM: setiap LAN mendapat subnet terkecil dengan 2ʰ − 2 ≥ jumlah host-nya, yaitu prefiks 32 − h. Mengalokasikan subnet terbesar lebih dulu membuat setiap blok sejajar pada kelipatan ukurannya sendiri, sehingga alamat jaringan diperoleh dengan menjumlahkan ukuran blok.

Ukuran blok per LAN

D: 72 host → 27 = 128 (/25)
C: 25 host → 25 = 32 (/27)
B: 15 host → 25 = 32 (/27)
A: 6 host → 23 = 8 (/29)

Alokasi, terbesar lebih dulu

D: .0 – .127
C: .128 – .159
B: .160 – .191
A: .192 – .199

Jawaban

x = 192

LAN A: 192.168.57.192/29.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals