Dasar-Dasar Ilmu Komputer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 20 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika proposisional & pembuktian

Baris tabel kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Negasi implikasi
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Bikondisional
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum distributif
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Negasi kuantor
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Metode

  1. Hitung banyaknya variabel yang berbeda: tabel kebenaran memiliki 2ⁿ baris, dimulai dengan semuanya bernilai 1.
  2. Beri setiap subformula kolomnya sendiri dan isi kolom-kolom itu dari dalam ke luar.
  3. Terapkan aturan setiap penghubung: → bernilai 0 hanya untuk 1 → 0, ↔ bernilai 1 jika kedua sisi sama.
  4. Untuk ekuivalensi, bandingkan kolom akhir baris demi baris; untuk suatu argumen, lihat hanya baris yang semua premisnya bernilai 1.
  5. Untuk menegasikan pernyataan berkuantor, pindahkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, lalu negasikan rumus di dalamnya.

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Teori bilangan & aritmetika modular

Pembagian dengan sisa
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Kelipatan persekutuan terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Invers
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruensi linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Metode

  1. Reduksi dulu setiap bilangan modulo n; sisa berada di antara 0 dan n − 1.
  2. Untuk FPB, bagi berulang kali dengan algoritma Euclid; sisa taknol terakhir adalah FPB.
  3. Untuk invers, jalankan algoritma yang diperluas dan ambil koefisien a; tambahkan n jika negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mengalikan a⁻¹; gabungkan dua kongruensi dengan menuliskan x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk pangkat, tuliskan eksponen dalam biner dan kuadratkan berulang; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf beraturan
|E| = n·k/2
Pohon dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun pohon
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
sirkuit: semua derajat genap; lintasan: tepat 2 derajat ganjil
Sirkuit Hamilton di Kn
(n − 1)!/2
Pembaruan Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan dengan panjang L
(Mᴸ)ij

Metode

  1. Tuliskan derajat setiap simpul; jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi.
  2. Untuk soal Euler, periksa bahwa graf terhubung dan hitung simpul berderajat ganjil.
  3. Untuk pohon, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, buat tabel jarak sementara dan tetapkan simpul belum tetap dengan jarak terkecil di setiap putaran.
  5. Untuk pohon rentang minimum, urutkan sisi menurut bobot dan lewati setiap sisi yang membentuk siklus (Kruskal), atau tumbuhkan satu pohon dari simpul awal (Prim).

Subnetting IPv4

Host per subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Ukuran blok
256 − (mask octet)
Alamat jaringan
IP AND mask
Alamat broadcast
IP OR (NOT mask): semua bit host bernilai 1
Subnet dari n bit pinjaman
2n

2Soal latihan

1.Sistem bilanganSedang
Komplemen dua 8-bit?−128?64?32?16?8?4?2?1

Tulis −40 sebagai pola komplemen dua 8-bit. Baca pola itu sebagai bilangan biner tak bertanda: berapa nilainya U dalam desimal?

N = −408 bit
U =
2.Sistem bilanganSulit
klik bit untuk mengaturnya012806403201608040201

Atur bit menjadi hasil 8-bit dari 0111 0110 << 3. Berapa nilai hasil R dalam desimal?

0111 0110<< 3
R =
3.Logika proposisional & pembuktianSedang
b ∨ ¬cc → b¬b ∨ c¬b ∧ c

Rumus mana yang ekuivalen secara logis dengan b → c? Klik rumus itu.

b → c
  1. 1b ∨ ¬c
  2. 2c → b
  3. 3¬b ∨ c
  4. 4¬b ∧ c
4.Logika proposisional & pembuktianSulit
qrr → qqr11100100

Argumen dengan premis r → q; q dan kesimpulan r tidak valid. Klik baris tabel kebenaran yang merupakan contoh penyangkal.

r → qq∴ r
  1. 1q = 1, r = 1
  2. 2q = 1, r = 0
  3. 3q = 0, r = 1
  4. 4q = 0, r = 0
5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABCD000111100001111010110302140517060120130151140819011110

Pakai peta Karnaugh untuk mencari bentuk jumlah dari hasil kali (SOP) minimal dari F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 4, 7, 9, 10, 14). Berapa literal L yang dimilikinya secara total (variabel beraksen dihitung satu literal)?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 4, 7, 9, 10, 14)
L =
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
ABCD0001111000011110X0X1X3120415X716112X13115014X8X9111010

Carilah bentuk SOP minimal dari F(A, B, C, D) = Σm(2, 5, 6, 11, 12, 15) + d(0, 1, 3, 7, 8, 9, 13), dengan d menandai kondisi don’t-care. Berapa suku hasil kali N yang dimilikinya?

F(A, B, C, D) = Σm(2, 5, 6, 11, 12, 15) + d(0, 1, 3, 7, 8, 9, 13)
N =
7.Teori bilangan & aritmetika modularSedang

Carilah fungsi totien Euler φ(1225), banyaknya bilangan bulat dari 1 sampai 1225 yang saling prima dengan 1225.

n = 1225 = 52·72
φ(1225) =
8.Teori bilangan & aritmetika modularSulit

Pakai pengkuadratan berulang untuk mencari 3192 mod 90.

a = 31k = 92n = 90
3192 mod 90 =
9.Algoritma & kompleksitasSedang

Sebuah fungsi menjalankan satu loop berisi n iterasi, lalu secara terpisah satu loop lain berisi n iterasi. Berapa kompleksitas waktunya?

  1. AO(n)
  2. BO(2ⁿ)
  3. CO(n²)
  4. DO(log n)
10.Algoritma & kompleksitasSulit

Mengapa binary search tidak menghasilkan waktu O(log n) pada singly linked list?

  1. APerbandingan pada node linked list lebih lambat
  2. BMencapai elemen tengah memerlukan O(n) langkah, karena tidak ada akses indeks langsung
  3. CLinked list tidak dapat diurutkan
  4. DBinary search memerlukan setidaknya dua kali lipat memori
11.Struktur dataSedang

Traversal in-order pada binary search tree mengunjungi kunci-kunci dalam urutan:

  1. ASelalu menurun
  2. BUrutan level (level order)
  3. CUrutan penyisipan
  4. DTerurut menaik
12.Struktur dataSulit

Masalah linear probing mana yang terutama dikurangi oleh double hashing?

  1. APrimary clustering, yaitu terbentuknya deretan panjang slot yang terisi
  2. BKebutuhan menyimpan kunci di dalam tabel
  3. CBiaya O(n) untuk membaca nilai suatu kunci
  4. DKebutuhan akan fungsi hash
13.Teori grafSedang

Sebuah pohon memiliki 4 simpul berderajat 3, 3 simpul berderajat 5, dan semua simpul lainnya adalah daun (derajat 1). Berapa daun L yang dimilikinya?

4 × deg 33 × deg 5
L =
14.Teori grafSulit
ABCDEF

Ada berapa jalan dengan panjang 2 dari B ke C? Jalan boleh mengulang simpul dan sisi. Sebut bilangan ini N.

M = matriks ketetanggaanL = 2
N =
15.Basis data & SQLSedang

Kueri mana yang mengembalikan gaji tertinggi di setiap departemen?

  1. ASELECT dept, salary FROM emp WHERE salary = MAX(salary)
  2. BSELECT MAX(dept), salary FROM emp GROUP BY salary
  3. CSELECT dept, MAX(salary) FROM emp GROUP BY dept
  4. DSELECT dept, MAX(salary) FROM emp ORDER BY dept
16.Basis data & SQLSulit

Fungsi window manakah yang memberikan nomor 1, 2, 3, ... pada baris di setiap partisi tanpa nilai seri?

  1. ARANK()
  2. BROW_NUMBER()
  3. CDENSE_RANK()
  4. DCOUNT()
17.Jaringan komputerSedang

Mengapa Wi-Fi menggunakan penghindaran tabrakan (CSMA/CA), bukan deteksi tabrakan?

  1. ADeteksi tabrakan hanya bekerja pada kabel serat optik, bukan pada kanal radio nirkabel bersama
  2. BStasiun nirkabel tidak dapat mendeteksi tabrakan dengan andal saat sedang mentransmisikan
  3. CWi-Fi hanya mengizinkan satu perangkat per jaringan
  4. DSinyal radio tidak pernah bertabrakan
18.Jaringan komputerSulit

Masalah count-to-infinity terjadi pada jenis protokol routing apa, dan apa yang membantu mengatasinya?

  1. APath-vector; jalur AS yang lebih panjang
  2. BDistance-vector; split horizon dan poison reverse
  3. CLink-state; flooding pembaruan link
  4. DRouting statis; menambahkan rute default
19.Subnetting IPv4Sedang
/24 → /2811111111111111111111111111110000bit jaringanbit host

Jaringan 192.168.10.0/24 harus dibagi menjadi setidaknya 10 subnet yang sama besar. Jika Anda meminjam sesedikit mungkin bit, berapa host yang dapat dipakai H di setiap subnet?

192.168.10.0/2410 subnets
H =
20.Subnetting IPv4Sulit
oktet terakhir = 3012806403201608041211jaringanhost

Sebuah host memiliki alamat 10.20.220.3/30. Berapa oktet keempat x dari alamat host terakhir yang dapat dipakai di subnetnya?

10.20.220.3/30
x =

3Larutan

1.Sistem bilangan

Jawaban: U = 216

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Balik dan tambah satu

40 = 0010 1000
dibalik: 1101 0111
+1 → 1101 1000

Baca sebagai tak bertanda

1101 1000₂ = 256 − 40 = 216

Jawaban

U = 216
2.Sistem bilangan

Jawaban: R = 176

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Bit demi bit

Menggeser ke kiri sebanyak 3 memindahkan setiap bit 3 tempat ke kiri; bit yang keluar dari ujung kiri hilang dan nol masuk dari kanan.

0111 0110 << 3
= 1011 0000

Nilai hasil

1011 0000₂ = 176

Jawaban

R = 176
3.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: ¬b ∨ c

Ekuivalensi logis: dua rumus ekuivalen (≡) jika bernilai sama pada setiap baris tabel kebenaran. Tautologi bernilai 1 pada setiap baris, kontradiksi bernilai 0 pada setiap baris, dan kontingensi bukan keduanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum distributif, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Hukumnya

a → b bernilai 0 hanya jika a = 1 dan b = 0, jadi sama dengan ¬a ∨ b.
b → c ≡ ¬b ∨ c

Periksa dengan tabel kebenaran

b = 1, c = 1: 1 | 1 1 1 0
b = 1, c = 0: 0 | 1 1 0 0
b = 0, c = 1: 1 | 0 0 1 1
b = 0, c = 0: 1 | 1 1 1 0

Jawaban

¬b ∨ c

Kolom setelah garis adalah pilihan dalam urutan yang ditampilkan.

4.Logika proposisional & pembuktian

Jawaban: q = 1, r = 0

Kuantor dan argumen: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Pindahkan negasi ke dalam, tukar setiap kuantor yang dilewatinya, dan negasikan rumus di dalamnya dengan hukum proposisional, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Sebuah argumen valid jika kesimpulannya bernilai 1 pada setiap baris yang semua premisnya bernilai 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan salah adalah contoh penyangkal dan menunjukkan bahwa argumen itu tidak valid.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

q = 1, r = 1: 1 1 | 1
q = 1, r = 0: 1 1 | 0
q = 0, r = 1: 0 0 | 1
q = 0, r = 0: 1 0 | 0

Contoh penyangkal

q = 1, r = 0

Jawaban

q = 1, r = 0

Argumen dengan bentuk ini tampak seperti aturan yang valid, tetapi satu baris cukup untuk menunjukkan bahwa itu tidak benar.

5.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: L = 13

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

ABCD000111100001111010110302140517060120130151140819011110

Kelompokkan angka 1

Setiap kelompok adalah persegi panjang berisi 2ᵏ sel; sel di tepi bertetangga dengan sel di tepi seberangnya.

B′C′D
A′C′D′
ACD′
A′BCD

Bentuk SOP minimal

F = B′C′D + A′C′D′ + ACD′ + A′BCD
L = 13

Jawaban

L = 13
6.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 3

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

Implikan prima

Kelompok terbesar yang dapat dibentuk dari angka 1 dan X.

D, A′C, AC′, A′B′
ABCD0001111000011110X0X1X3120415X716112X13115014X8X9111010

Cakupan minimal

F = D + A′C + AC′
N = 3

Jawaban

N = 3
7.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: φ(1225) = 840

Invers dan kongruensi: a memiliki invers modulo n tepat ketika FPB(a, n) = 1. Algoritma Euclid yang diperluas menuliskan 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruensi a·x ≡ b (mod n) dengan FPB(a, n) = 1 memiliki penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruensi x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus saling prima memiliki satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorema sisa Cina). φ(n) Euler menghitung bilangan dari 1 sampai n yang saling prima dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Faktor prima

1225 = 52·72

Totien

φ(1225) = φ(49)·φ(25) = 42·20 = 840

Jawaban

φ(1225) = 840
8.Teori bilangan & aritmetika modular

Jawaban: 3192 mod 90 = 61

Pangkat modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan pengkuadratan berulang: tulis k dalam biner, kuadratkan, reduksi setelah setiap langkah, dan kalikan pangkat yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk bilangan prima p yang tidak membagi a, sehingga eksponen dapat direduksi modulo p − 1. RSA: pilih bilangan prima p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen publik e saling prima dengan φ(n), dan eksponen privat adalah d = e⁻¹ mod φ(n). Enkripsi dengan c = mᵉ mod n dan dekripsi dengan m = cᵈ mod n.

Eksponen biner

92 = 10111002 = 64 + 16 + 8 + 4

Pengkuadratan berulang

311 ≡ 31 (mod 90)
312 ≡ 61 (mod 90)
314 ≡ 31 (mod 90)
318 ≡ 61 (mod 90)
3116 ≡ 31 (mod 90)
3132 ≡ 61 (mod 90)
3164 ≡ 31 (mod 90)

Kalikan pangkat yang diperlukan

3192 ≡ 31·61·31·31 ≡ 61 (mod 90)

Jawaban

3192 mod 90 = 61
9.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: A · O(n)

Mengapa ini jawabannya

n + n = 2n, dan faktor konstan dibuang, sehingga fungsinya O(n).

Jawaban

A · O(n)
10.Algoritma & kompleksitas

Jawaban: B · Mencapai elemen tengah memerlukan O(n) langkah, karena tidak ada akses indeks langsung

Mengapa ini jawabannya

Binary search memerlukan akses O(1) ke elemen tengah; pada linked list, berjalan ke sana memerlukan waktu linear, sehingga totalnya O(n).

Jawaban

B · Mencapai elemen tengah memerlukan O(n) langkah, karena tidak ada akses indeks langsung
11.Struktur data

Jawaban: D · Terurut menaik

Mengapa ini jawabannya

Mengunjungi subpohon kiri, lalu node, lalu subpohon kanan menghasilkan kunci BST dalam urutan terurut.

Jawaban

D · Terurut menaik
12.Struktur data

Jawaban: A · Primary clustering, yaitu terbentuknya deretan panjang slot yang terisi

Mengapa ini jawabannya

Linear probing melangkah sebesar 1, sehingga deretan terisi tumbuh dan bergabung; double hashing memakai hash kedua untuk ukuran langkah sehingga kunci berbeda menelusuri urutan berbeda.

Jawaban

A · Primary clustering, yaitu terbentuknya deretan panjang slot yang terisi
13.Teori graf

Jawaban: L = 15

Euler, Hamilton, dan pohon: graf terhubung memiliki sirkuit Euler (setiap sisi sekali, kembali ke awal) jika setiap simpul berderajat genap, dan lintasan Euler yang bukan sirkuit jika tepat dua simpul berderajat ganjil; lintasan itu berjalan dari satu simpul ganjil ke simpul ganjil lainnya. Sirkuit Hamilton mengunjungi setiap simpul sekali; Kn memiliki (n − 1)!/2 sirkuit seperti itu. Pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi, dan graf terhubung dengan m sisi masih memiliki pohon rentang setelah m − n + 1 sisi dihapus.

Lema jabat tangan untuk pohon

L + 27 = 2(L + 7) − 2
L = 15

Jawaban

L = 15

Jalan pintas: L = 2 + Σ (d − 2) atas simpul berderajat d ≥ 3.

14.Teori graf

Jawaban: N = 1

Derajat: derajat suatu simpul adalah banyaknya sisi yang bertemu di simpul itu. Setiap sisi memiliki dua ujung, jadi jumlah derajat sama dengan dua kali banyaknya sisi: Σ deg(v) = 2|E| (lema jabat tangan). Karena itu banyaknya simpul berderajat ganjil selalu genap. Kn memiliki n(n − 1)/2 sisi, graf beraturan-k dengan n simpul memiliki nk/2, dan pohon dengan n simpul memiliki n − 1 sisi.

Matriks ketetanggaan

A: 0 1 0 0 0 0
B: 1 0 1 1 1 0
C: 0 1 0 0 1 0
D: 0 1 0 0 1 1
E: 0 1 1 1 0 1
F: 0 0 0 1 1 0

Tetangga bersama

(M²)BC = 1·0 + 0·1 + 1·0 + 1·0 + 1·1 + 0·0 = 1

Jawaban

N = 1
15.Basis data & SQL

Jawaban: C · SELECT dept, MAX(salary) FROM emp GROUP BY dept

Mengapa ini jawabannya

GROUP BY dept membuat satu kelompok per departemen dan MAX(salary) memilih nilai tertinggi di masing-masing.

Jawaban

C · SELECT dept, MAX(salary) FROM emp GROUP BY dept
16.Basis data & SQL

Jawaban: B · ROW_NUMBER()

Mengapa ini jawabannya

ROW_NUMBER memberikan nomor urut yang unik; RANK menyisakan celah setelah nilai seri; DENSE_RANK tidak.

Jawaban

B · ROW_NUMBER()
17.Jaringan komputer

Jawaban: B · Stasiun nirkabel tidak dapat mendeteksi tabrakan dengan andal saat sedang mentransmisikan

Mengapa ini jawabannya

Pemancar radio tidak dapat mendengar sinyal lemah lain saat mengirim, dan sebagian stasiun saling tersembunyi. Karena itu 802,11 menunggu waktu backoff acak dan menggunakan acknowledgement.

Jawaban

B · Stasiun nirkabel tidak dapat mendeteksi tabrakan dengan andal saat sedang mentransmisikan
18.Jaringan komputer

Jawaban: B · Distance-vector; split horizon dan poison reverse

Mengapa ini jawabannya

Setelah terjadi kegagalan, router distance-vector dapat terus saling mengiklankan rute usang, sehingga metriknya naik perlahan. Split horizon, poison reverse, dan batas metrik maksimum membatasi hal ini.

Jawaban

B · Distance-vector; split horizon dan poison reverse
19.Subnetting IPv4

Jawaban: H = 14

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Bit yang dipinjam

24 = 16 ≥ 10 → b = 4, /28

Host per subnet

24 − 2 = 14

Jawaban

H = 14
20.Subnetting IPv4

Jawaban: x = 2

Subnetting IPv4: sebuah alamat terdiri dari 32 bit. Prefiks /p menyatakan berapa bit awal yang mengidentifikasi jaringan; sisa 32 − p bit menomori host. Sebuah subnet memiliki 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat jaringan) dan terakhir (alamat broadcast) tidak dapat diberikan ke host, sehingga muat 2³²⁻ᵖ − 2 host. Pengecualian: /31 (tautan point-to-point, RFC 3021) memakai kedua alamatnya yang berjumlah 2 untuk host, dan /32 hanya satu alamat (satu host atau loopback).

Ukuran blok

22 = 4

Subnet host ini

jaringan: ⌊3/4⌋·4 = 0
broadcast: 0 + 4 − 1 = 3
host yang dapat dipakai: 1 … 2

Jawaban

x = 2

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals