Latihan ujian FE Electrical and Computer: paket kilat

Lembar rumus, langkah-langkah metode utama untuk setiap topik, dan 40 soal latihan, dengan pembahasan lengkap di bagian belakang.

Soal baruKembali ke mata kuliah

Di jendela cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan di perangkat Anda.

1Rumus dan metode

Resistor seri & paralel

Resistor seri
Req = R1 + R2 + …
Resistor paralel
1/Req = 1/R1 + 1/R2 + …
Dua resistor paralel
Req = R1R2 / (R1 + R2)
Hukum Ohm
V = I·R
Daya
P = V·I = I²R = V²/R

Metode

  1. Mulailah dari ujung jaringan yang paling jauh dari terminal.
  2. Gabungkan resistor seri dengan menjumlahkannya, dan resistor paralel dengan 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …
  3. Gambar ulang rangkaian setelah setiap langkah.
  4. Ulangi sampai tersisa satu resistor di antara terminal.

Analisis simpul

Hukum arus Kirchhoff
ΣIin = ΣIout
Arus cabang
I = (Va − Vb)/R
Simpul referensi
Vground = 0

Metode

  1. Pilih simpul referensi (ground) dan beri label tegangan simpul lainnya.
  2. Tulis hukum arus Kirchhoff di setiap simpul yang tidak diketahui: arus yang keluar melalui setiap cabang sama dengan arus yang masuk.
  3. Nyatakan setiap arus cabang sebagai (Va − Vb)/R.
  4. Selesaikan sistem persamaannya, lalu cari arus yang Anda perlukan.

Analisis mesh

Hukum tegangan Kirchhoff
ΣV = 0 di setiap loop
Resistor bersama
arus = I1 − I2
Sumber arus dalam mesh
menetapkan arus mesh tersebut

Metode

  1. Gambar arus searah jarum jam di setiap mesh (jendela) rangkaian.
  2. Terapkan hukum tegangan Kirchhoff di sekeliling setiap mesh: jumlah tegangan jatuh sama dengan nol.
  3. Pada resistor yang dipakai bersama oleh dua mesh, arusnya adalah selisih kedua arus mesh.
  4. Selesaikan persamaannya; hasil negatif berarti arus mengalir ke arah sebaliknya.

Superposisi

Superposisi
x = x1 + x2 + … (one source at a time)
Sumber tegangan dimatikan
hubung singkat (0 V)
Sumber arus dimatikan
rangkaian terbuka (0 A)
Pembagi tegangan
V2 = V·R2/(R1 + R2)
Pembagi arus
I1 = I·R2/(R1 + R2)

Metode

  1. Hitung jumlah sumber independen. Anda akan menyelesaikan satu rangkaian yang lebih sederhana untuk setiap sumber.
  2. Pertahankan satu sumber dan matikan yang lain: sumber tegangan menjadi hubung singkat (kawat), sumber arus menjadi rangkaian terbuka (celah).
  3. Selesaikan rangkaian yang lebih sederhana untuk tegangan atau arus yang Anda perlukan, dengan memperhatikan arahnya.
  4. Ulangi untuk setiap sumber, lalu jumlahkan kontribusinya beserta tandanya.

Thévenin & Norton

Tegangan Thévenin
Vth = Vopen circuit
Resistansi Thévenin
Rth: semua sumber dimatikan, dilihat dari a–b
Arus Norton
IN = Vth/Rth
Arus beban
IL = Vth/(Rth + RL)
Transfer daya maksimum
RL = Rth, Pmax = Vth²/(4Rth)

Metode

  1. Lepaskan beban dan tandai kedua terminal a dan b.
  2. Cari tegangan rangkaian terbuka antara a dan b: inilah Vth.
  3. Matikan semua sumber independen dan cari hambatan yang terlihat dari a–b: inilah Rth.
  4. Pasang kembali beban pada rangkaian ekuivalen: Vth seri dengan Rth.
  5. Untuk ekuivalen Norton, konversikan: IN = Vth/Rth, dengan RN = Rth secara paralel.

Transien RC & RL

Konstanta waktu
τ = RC | τ = L/R
Respons
x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ
Kapasitor pada DC
rangkaian terbuka; vC tidak dapat melompat
Induktor pada DC
hubung singkat; iL tidak dapat melompat
Keadaan tunak
t ≈ 5τ

Metode

  1. Cari nilai awal sesaat setelah sakelar berpindah: tegangan kapasitor dan arus induktor tidak dapat melompat.
  2. Cari nilai akhir lama setelah sakelar berpindah: kapasitor berperilaku sebagai rangkaian terbuka, induktor sebagai hubung singkat.
  3. Cari konstanta waktu: τ = RC atau τ = L/R, dengan hambatan yang terlihat oleh kapasitor atau induktor.
  4. Gunakan x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ.

Impedansi AC & fasor

Impedansi
ZR = R, ZL = jωL, ZC = 1/(jωC)
Frekuensi sudut
ω = 2πf
Besar dan sudut
|Z| = √(R² + X²), φ = atan(X/R)
Hukum Ohm dalam fasor
V = I·Z

Metode

  1. Ubah frekuensinya: ω = 2πf.
  2. Cari setiap reaktansi: XL = ωL dan XC = 1/(ωC).
  3. Jumlahkan impedansi seperti resistor, dengan Z = R + jX.
  4. Cari besar |Z| = √(R² + X²) dan sudut φ = atan(X/R), lalu gunakan hukum Ohm dengan fasor.

Daya AC & faktor daya

Daya nyata
P = V·I·cos φ
Daya reaktif
Q = V·I·sin φ
Daya semu
S = V·I = √(P² + Q²)
Faktor daya
pf = cos φ = P/S
Kapasitor kompensasi
QC = P(tan φ1 − tan φ2), C = QC/(ωV²)

Daya tiga fasa

Hubungan Y
VL = √3·Vph, IL = Iph
Hubungan Δ
VL = Vph, IL = √3·Iph
Daya nyata total
P = √3·VL·IL·cos φ = 3·Iph²·R
Daya semu dan daya reaktif
S = √3·VL·IL, Q = P·tan φ
Kapasitor perbaikan faktor daya
QC = P(tan φ1 − tan φ2), C = QC/(3ωV²)
Tegangan pada setiap kapasitor
Δ: VL Y: VL/√3
Daya masukan motor
Pin = Pout/η

Transformator

Rasio lilitan
a = N1/N2 = V1/V2
Rasio arus
I1/I2 = N2/N1 = 1/a
Arus pengenal
I = S/V
Impedansi yang dirujuk
Z1′ = a²·ZL
Rugi tembaga pada beban parsial
Pcu = x²·Pcu,fl
Efisiensi
η = x·S·pf/(x·S·pf + Pcore + x²·Pcu,fl)
Efisiensi maksimum
x = √(Pcore/Pcu,fl)

Rangkaian op-amp

Penguat pembalik
Vout = −(Rf/Rin)·Vin
Penguat tak membalik
Vout = (1 + Rf/R1)·Vin
Penguat penjumlah
Vout = −Rf(V1/R1 + V2/R2)
Op-amp ideal
V+ = V−, Iin = 0

Dioda & transistor

Dioda (tegangan jatuh konstan)
VD = 0,7 V when conducting
Daerah aktif
VBE = 0,7 V, IC = β·IB, IE = (β + 1)·IB
Bias tetap
IB = (VCC − 0,7)/RB
Bias pembagi tegangan
IB = (VTH − 0,7)/(RTH + (β + 1)RE)
Thévenin dari pembagi tegangan
VTH = VCC·R2/(R1 + R2), RTH = R1∥R2
Loop kolektor
VCE = VCC − ICRC − IERE
Saturasi
IC(sat) = (VCC − VCE(sat))/RC, IB ≥ IC(sat)/β

Sistem bilangan

Nilai tempat
biner 2k, oktal 8k, heksadesimal 16k
Ke desimal
Σ dk·bk
Dari desimal
bagi dengan basis, baca sisanya dari bawah ke atas
Heksadesimal ↔ biner
satu digit heksadesimal = 4 bit
Komplemen dua
balik bitnya lalu tambahkan 1

Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Gerbang dasar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Aturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Urutan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kelompok 2ᵏ sel
kehilangan k variabel
Multiplekser 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pencacah
n bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pencacah ripple
fmax = 1/(n·tpd)
Pencacah cincin dan Johnson
n dan 2n keadaan

Metode

  1. Untuk rangkaian, bekerjalah dari masukan ke keluaran satu gerbang demi satu gerbang dan tulis nilai pada setiap kawat, atau tulis ekspresinya dan isi tabel kebenaran.
  2. Untuk penyederhanaan, taruh angka 1 (dan don’t-care sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan kolom kode Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Cakup angka 1 dengan kelompok sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, melingkar melewati tepi; setiap kelompok adalah satu suku hasil kali yang tersusun dari variabel yang tetap konstan. Kelompokkan angka 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pencacah, baca masukan pada setiap tepi clock aktif, tulis keadaan setelah setiap tepi, dan ingat bahwa pencacah n bit berputar kembali setelah 2ⁿ keadaan.

Kestabilan: Routh–Hurwitz & tempat kedudukan akar

Kestabilan
semua akar polinomial karakteristik berada di setengah bidang kiri
tabel Routh, entri s¹ dari polinomial kubik
b1 = (a2a1 − a3a0)/a2
Akar di setengah bidang kanan
jumlah perubahan tanda pada kolom pertama
Polinomial kubik s³ + a₂s² + a₁s + a₀
stabil bila semua a > 0 dan a₂·a₁ > a₀
K/(s(s + a)(s + b))
Kmax = ab(a + b), ω = √(ab)
Persamaan karakteristik
1 + K·G(s) = 0
Asimtot
σa = (Σp − Σz)/(n − m), θ = (2q + 1)·180°/(n − m)
Titik pencar dan titik temu
dK/ds = 0
Syarat besar
K = 1/|G(s)|
Sudut keberangkatan
θd = 180° − Σ∠(from other poles) + Σ∠(from zeros)

Metode

  1. Tulis polinomial karakteristik loop tertutup: penyebut dari 1 + K·G(s) = 0, setelah dijabarkan.
  2. Masukkan koefisien secara bergantian ke dua baris pertama tabel Routh lalu susun baris-baris sisanya.
  3. Hitung perubahan tanda pada kolom pertama: masing-masing adalah satu kutub di setengah bidang kanan. Dengan K dalam tabel, syaratkan bahwa setiap entri kolom pertama tetap positif.
  4. Untuk tempat kedudukan akar, tandai kutub dan nol, segmen sumbu real, asimtot dari titik berat, dan titik pisah di tempat dK/ds = 0. Gunakan K = 1/|G(s)| untuk penguatan di suatu titik.

Galat keadaan tunak & kendali PID

Tipe sistem
jumlah kutub G(s) di s = 0
Konstanta galat
Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s), Ka = lim s²·G(s) (s → 0)
Undak A
ess = A/(1 + Kp)
Ramp A·t
ess = A/Kv
Parabola A·t²/2
ess = A/Ka
Pengendali PID
C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s
Target orde dua
s² + 2ζωns + ωn²
Lewatan dan waktu
%OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd, ts ≈ 4/(ζωn)

Metode

  1. Hitung kutub loop terbuka C(s)·G(s) di s = 0: itulah tipe sistem.
  2. Hitung konstanta galat yang sesuai dengan masukan: Kp untuk undak, Kv untuk ramp, Ka untuk parabola.
  3. Terapkan ess = A/(1 + Kp), A/Kv, atau A/Ka, atau selesaikan untuk penguatan yang Anda perlukan.
  4. Untuk spesifikasi redaman atau kecepatan, tulis polinomial karakteristik loop tertutup dan samakan dengan s² + 2ζω_n·s + ω_n².

2Soal latihan

1.Resistor seri & paralelSedang
R1​ = 5 ΩR3​ = 12 Ω+−V1​10 VR2​2 ΩIR2​AR4​6 ΩB

Cari arus IR2 melalui R2.

V1 = 10 VR1 = 5 ΩR2 = 2 ΩR3 = 12 ΩR4 = 6 Ω
IR2 = A
2.Resistor seri & paralelSulit
R1​ = 6 ΩIR1​R3​ = 4 ΩR5​ = 10 Ω+−V1​10 VR2​12 ΩAR4​20 ΩBR6​12 Ω

Cari arus IR1 yang dialirkan sumber, yang mengalir melalui R1.

V1 = 10 VR1 = 6 ΩR2 = 12 ΩR3 = 4 ΩR4 = 20 ΩR5 = 10 ΩR6 = 12 Ω
IR1 = A
3.Analisis simpulSedang
R1​5 Ω+−V1​6 VR2​6 Ω+−V2​10 VI2​R3​6 Ω+−V3​9 VA

Tiga cabang terhubung antara simpul A dan ground, seperti pada gambar. Gunakan analisis simpul untuk mencari arus I2 pada cabang 2, yang mengalir ke atas masuk ke simpul A searah panah.

V1 = 6 VR1 = 5 ΩV2 = 10 VR2 = 6 ΩV3 = 9 VR3 = 6 Ω
I2 = A
4.Analisis simpulSulit
R1​ = 3 ΩR2​ = 4 ΩIR2​R4​ = 4 Ω+−V1​5 VR3​12 ΩAR5​25 ΩBIs​4 A−+V2​6 V

Gunakan analisis simpul untuk mencari arus IR2 melalui R2 searah panah.

V1 = 5 VIs = 4 AV2 = 6 VR1 = 3 ΩR2 = 4 ΩR3 = 12 ΩR4 = 4 ΩR5 = 25 Ω
IR2 = A
5.Analisis meshSedang
R1​ = 8 ΩR2​ = 12 ΩIR2​+−V1​30 VR3​20 ΩA+−V2​10 VI1​I2​

Gunakan analisis mesh untuk mencari arus IR2 melalui R2 searah panah.

V1 = 30 VV2 = 10 VR1 = 8 ΩR2 = 12 ΩR3 = 20 Ω
IR2 = A
6.Analisis meshSulit
R1​ = 8 ΩR2​ = 12 ΩR3​ = 12 Ω+−V1​6 VR4​4 ΩAR5​3 ΩB+−V2​18 VI1​I2​I3​

Gunakan analisis mesh untuk mencari arus mesh I2 (searah jarum jam).

V1 = 6 VV2 = 18 VR1 = 8 ΩR2 = 12 ΩR3 = 12 ΩR4 = 4 ΩR5 = 3 Ω
I2 = A
7.SuperposisiSedang
R1​ = 2 ΩIR1​R3​ = 4 Ω+−V1​12 VR2​10 ΩAR4​2 ΩBIs​2,5 A

Gunakan superposisi untuk mencari daya PR1 yang diserap oleh R1.

V1 = 12 VIs = 2,5 AR1 = 2 ΩR2 = 10 ΩR3 = 4 ΩR4 = 2 Ω
PR1 = W
8.SuperposisiSulit
R1​ = 3 ΩR2​ = 6 ΩR4​ = 15 Ω+−V1​5 VR3​6 ΩIR3​AIs​3 AB+−V2​?

Cari nilai sumber tegangan V2 (polaritas seperti pada gambar) yang membuat arus IR3 melalui R3 sama dengan nol.

V1 = 5 VIs = 3 AR1 = 3 ΩR2 = 6 ΩR3 = 6 ΩR4 = 15 Ω
V2 = V
9.Thévenin & NortonSedang
R1​ = 20 ΩR3​ = 2 Ω+−V1​6 VR2​3 ΩAab

Cari resistansi Thévenin Rth dilihat dari terminal a–b.

V1 = 6 VR1 = 20 ΩR2 = 3 ΩR3 = 2 Ω
Rth = Ω
10.Thévenin & NortonSulit
R1​ = 12 ΩR3​ = 4 Ω+−V1​36 VR2​30 ΩAIs​2,5 ABab

Cari arus Norton IN: arus yang mengalir dari a ke b jika terminal dihubung singkat.

V1 = 36 VIs = 2,5 AR1 = 12 ΩR2 = 30 ΩR3 = 4 Ω
IN = A
11.Transien RC & RLSedang
+−Vs​5 Vt = 0R = 33 ΩL220 mHi(t)

Induktor tidak dialiri arus sebelum sakelar ditutup pada t = 0. Cari tegangan vL pada induktor saat t = 10 ms.

Vs = 5 VR = 33 ΩL = 220 mHt = 10 ms
vL = V
12.Transien RC & RLSulit
+−Vs​20 VR1​ = 33 ΩR2​ = 47 Ωmenutup pada t = 0L47 mHi(t)

Sakelar yang paralel dengan R2 telah terbuka sejak lama, jadi arus induktor tunak. Pada t = 0 sakelar menutup dan menghubung singkat R2. Cari arus induktor i pada t = 1 ms.

Vs = 20 VR1 = 33 ΩR2 = 47 ΩL = 47 mHt = 1 ms
i = A
13.Impedansi AC & fasorSedang
50 V100 HzR = 60 ΩL = 20 mHC = 10 µFI

Rangkaian RLC seri dihubungkan ke sumber 50 V (rms), 100 Hz. Cari faktor daya cos φ rangkaian.

V = 50 V (rms)f = 100 HzR = 60 ΩL = 20 mHC = 10 µF
cos φ =
14.Impedansi AC & fasorSulit
230 V100 HzR = 60 ΩL = 20 mHC = 2,2 µF

Rangkaian RLC seri dihubungkan ke sumber 230 V (rms), 100 Hz. Cari frekuensi resonansi f0 rangkaian.

V = 230 V (rms)f = 100 HzR = 60 ΩL = 20 mHC = 2,2 µF
f0 = Hz
15.Daya AC & faktor dayaSedang
120 VR + jXP = 1581 W15,5 A

Sebuah beban induktif mengambil 15,5 A dan 1581 W dari sumber satu fase 120 V (rms). Modelkan sebagai resistansi R yang seri dengan reaktansi X. Cari X.

V = 120 VI = 15,5 AP = 1581 W
X = Ω
16.Daya AC & faktor dayaSulit
12 V1000 HzRs​ = 25 ΩXs​ = j30 ΩZL​ = ?

Sebuah sumber 12 V (rms), 1000 Hz memiliki impedansi dalam Zs = 25 + j30 Ω. Impedansi beban ZL dapat dipilih bebas. Cari daya nyata maksimum Pmax yang dapat diberikan ke beban.

Vs = 12 V (rms)f = 1000 HzZs = 25 + j30 Ω
Pmax = W
17.Daya tiga fasaSedang
ABCVL​ = 415 VIL​ = 75 Acos φ = 0,75tertinggal

Beban tiga fasa seimbang menarik arus saluran 75 A dari sumber dengan tegangan antarsaluran 415 V. Faktor dayanya 0,75 tertinggal. Cari daya nyata total P yang diserap beban dalam kW.

VL = 415 VIL = 75 Acos φ = 0,75
P = kW
18.Daya tiga fasaSulit
P = 100 kWφ1​S1​Q2​QC​ = ?

Beban tiga fasa seimbang menyerap 100 kW pada faktor daya 0,7 tertinggal dari sumber 415 V (antarsaluran), 50 Hz. Bank kapasitor tiga fasa yang diparalel dengan beban harus menaikkan faktor daya keseluruhan menjadi 0,92 tertinggal. Daya nyatanya tetap sama. Cari daya reaktif total QC yang harus disuplai bank kapasitor, dalam kvar.

P = 100 kWpf1 = 0,7pf2 = 0,92VL = 415 Vf = 50 Hz
QC = kvar
19.TransformatorSedang
6600 V230 VIHV​ILV​ = ?50 kVA

Sebuah transformator satu fasa 50 kVA, 6600/230 V bekerja pada beban pengenalnya. Anggap ideal. Cari arus ILV pada kumparan tegangan rendah.

S = 50 kVAV1 = 6600 VV2 = 230 V
ILV = A
20.TransformatorSulit
pf 0,9200 kVA, 50% beban

Sebuah transformator satu fasa 200 kVA memiliki rugi inti 1000 W dan rugi tembaga 2000 W pada beban pengenal. Transformator menyuplai 50% dari kVA pengenalnya pada faktor daya 0,9 tertinggal. Cari rugi total Ploss dalam watt pada beban ini.

S = 200 kVAPcore = 1000 WPcu,fl = 2000 Wx = 0,5pf = 0,9
Ploss = W
21.Rangkaian op-ampSedang
−+Vout​Rf​ = 47 kΩR1​ = 22 kΩVin​

Op-amp ideal dan dicatu ±15 V; keluarannya jenuh pada ±14 V. Penguat tak membalik diberi masukan gelombang sinus. Cari amplitudo masukan terbesar Vin,max (nilai puncak) agar keluaran tidak terpotong.

R1 = 22 kΩRf = 47 kΩVsat = ±14 V
Vin,max = V
22.Rangkaian op-ampSulit
−+Vout​R2​ = 47 kΩV1​ = 1,9 VR1​ = 10 kΩV2​ = 0,8 VR3​ = 2 kΩR4​ = 4,7 kΩ

Op-amp ideal dan dicatu ±15 V. Rasio resistornya tidak sepadan. Cari tegangan keluaran Vout.

V1 = 1,9 VV2 = 0,8 VR1 = 10 kΩR2 = 47 kΩR3 = 2 kΩR4 = 4,7 kΩ
Vout = V
23.Dioda & transistorSedang
+−12 VR = ?2 × 2 V25 mA

2 LED merah (tegangan maju 2 V masing-masing) dihubungkan seri dengan resistor ke catu 12 V. Cari resistansi R yang menetapkan arus sebesar 25 mA.

Vs = 12 VVF = 2 Vn = 2I = 25 mA
R = Ω
24.Dioda & transistorSulit
+−≤ 23 V100 Ω3,3 V

Regulator Zener 3,3 V memiliki resistor seri 100 Ω. Masukan dapat naik hingga 23 V, dan beban mungkin terlepas. Cari daya terbesar PZ,max yang harus didisipasikan Zener.

Vin,max = 23 VVZ = 3,3 VR = 100 Ω
PZ,max = mW
25.Sistem bilanganSedang
Komplemen dua 8-bit0−12806403201608040201

Atur bit sehingga menyimpan −35 dalam komplemen dua 8-bit. Dibaca sebagai bilangan tak bertanda, berapa nilai pola U?

N = −358 bit
U =
26.Sistem bilanganSulit
24 bit, tak bertanda, N = ?????????????????????????

Berapa bilangan bulat tak bertanda terbesar N yang muat dalam 24 bit?

24 bit
N =
27.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSedang
ABCD000111100001111010110302140507060121130150140809011110

Pakai peta Karnaugh untuk mencari bentuk jumlah dari hasil kali (SOP) minimal dari F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 4, 10, 13). Berapa suku hasil kali N yang dimilikinya?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 4, 10, 13)
N =
28.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flopSulit
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKJOHNSON

Pencacah Johnson 4 bit Q₃Q₂Q₁Q₀ dimulai dari 0000. Pada setiap tepi clock bit bergeser satu tempat ke kanan (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀) dan Q₃ menerima kebalikan dari Q₀. Berikan keadaan Q = Q₃Q₂Q₁Q₀ sebagai bilangan desimal setelah 5 tepi clock.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 00005
Q =
29.Transformasi LaplaceSedang
ReIm−1−2−3−4−5−6−712

Tentukan f(t) untuk F(s) = (3s + 19)/(s² + 4s + 8) dengan melengkapkan kuadrat, lalu hitung f(0,4).

F(s) = (3s + 19)/(s² + 4s + 8)t = 0,4 s
f(0.4) =
30.Transformasi LaplaceSulit
t (s)y(t)t = 0,5y(0,5) = ?

Sebuah sistem memenuhi y″ + 5y′ + 4y = 12·u(t), dengan y(0) = 6 dan y′(0) = 0. Pada t = 0 diberikan masukan langkah u(t) = 4. Gunakan transformasi Laplace untuk mencari y(0,5).

y″ + 5y′ + 4y = 12·u(t)y(0) = 6y′(0) = 0u(t) = 4t = 0,5 s
y(0.5) =
31.Diagram blokSedang
R(s)+12(s + 9)(s + 1)(s + 8)G(s)C(s)−

Loop umpan balik negatif satuan memiliki G(s) = 12(s + 9)/((s + 1)(s + 8)). Masukan langkah berukuran 10 diberikan pada referensi. Tentukan galat keadaan tunak ess.

G(s) = 12(s + 9)/((s + 1)(s + 8))R = 10
ess =
32.Diagram blokSulit
R(s)+17pengendali+D(s)+10s + 5plantC(s)−

Pengendali proporsional K = 17 menggerakkan plant G(s) = 10/(s + 5) dalam loop umpan balik negatif satuan. Sebuah gangguan D masuk di masukan plant (ditambahkan ke keluaran pengendali). Masukan langkah referensi berukuran 10 dan gangguan langkah berukuran 10 diberikan bersamaan. Tentukan keluaran keadaan tunak css.

K = 17G(s) = 10/(s + 5)D = 10R = 10
css =
33.Respons langkahSedang
t (s)y(t)2ts​ = ?

Sebuah sistem memiliki fungsi alih G(s) = 164/(s² + 3s + 82) dan menerima masukan langkah satuan. Tentukan waktu penetapan 2 % ts dari respons langkah, dengan ts ≈ 4/(ζωₙ).

G(s) = 164/(s² + 3s + 82)
ts = s
34.Respons langkahSulit
t (s)y(t)1tp​ = 0,8 s8 %

Respons langkah sebuah sistem orde dua tanpa nol menunjukkan overshoot 8 %, dan puncak pertama terjadi pada t = 0,8 s. Tentukan frekuensi alami ωn.

%OS = 8 %tp = 0,8 s
ωn = rad/s
35.Plot Bode dan marginSedang
vin​R = 470 ΩL = 1 mHvout​

Filter lolos tinggi RL yang ditunjukkan memiliki R = 470 Ω, L = 1 mH. Masukan sinusoidal 150 kHz diberikan. Cari penguatan |H| = |vout/vin| dalam dB.

R = 470 ΩL = 1 mHf = 150 kHz
|H| = dB
36.Plot Bode dan marginSulit
|H| (dB)0,10,1111010100100−60−40−200204060ω (rad/s)φ (°)ω (rad/s)−270−180−900ω180​

Lingkar umpan balik satuan memiliki fungsi alih lingkar terbuka L(s) = K/(s(s + 6)(s + 8)). Cari penguatan K yang memberi margin penguatan 2 dB.

L(s) = K/(s(s + 6)(s + 8))GM = 2 dB
K =
37.Kestabilan: Routh–Hurwitz & tempat kedudukan akarSedang
R(s)+Ks + 13s(s + 3)(s + 4)C(s)−

Suatu loop umpan balik satuan memiliki L(s) = K(s + 13)/(s(s + 3)(s + 4)), dengan K > 0. Cari penguatan terbesar Kmax agar loop tertutup stabil.

L(s) = K(s + 13)/(s(s + 3)(s + 4))
Kmax =
38.Kestabilan: Routh–Hurwitz & tempat kedudukan akarSulit
ReImζ = 0,707−0,5−1−1,5−2−2,50,5j0,5j1

Tempat kedudukan akar dari L(s) = K/(s(s + 2)) ditampilkan. Cari penguatan K agar kutub loop tertutup memiliki rasio redaman ζ = 0,707.

L(s) = K/(s(s + 2))ζ = 0,707
K =
39.Galat keadaan tunak & kendali PIDSedang
r(t) = 0,5t+4(s + 2)s(s + 2)(s + 4)C(s)−

Ramp r(t) = 0,5t diberikan ke loop umpan balik satuan dengan G(s) = 4(s + 2)/(s(s + 2)(s + 4)). Cari galat keadaan tunak ess.

G(s) = 4(s + 2)/(s(s + 2)(s + 4))r(t) = 0,5t
ess =
40.Galat keadaan tunak & kendali PIDSulit
R(s)+K = 104s(s + 8)C(s)−

Pengendali proporsional K = 10 mengendalikan plant G(s) = 4/(s(s + 8)) dalam loop umpan balik satuan. Tentukan waktu penetapan 2 % ts dari respons langkah, dengan ts ≈ 4/(ζωₙ).

G(s) = 4/(s(s + 8))K = 10
ts = s

3Larutan

1.Resistor seri & paralel

Jawaban: IR2 = 1,324 A

Resistor seri dan paralel: dalam seri, arus yang sama mengalir di setiap resistor dan R = R₁ + R₂ + …. Dalam paralel, setiap resistor punya tegangan yang sama dan 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Jaringan tangga disederhanakan satu pasang demi satu pasang hingga tersisa satu resistansi ekuivalen.

R1​ = 5 ΩR3​ = 12 Ω+−V1​10 VR2​2 ΩAR4​6 ΩB

Gabungkan resistor dari ujung terjauh

Mulai dari ujung yang paling jauh dari sumber dan bergerak kembali ke arahnya. Resistor yang dialiri arus sama terhubung seri; resistor di antara dua simpul yang sama terhubung paralel.

R3 + R4 = 12 + 6 = 18 Ω
R2 ∥ 18 = 2·18/(2+18) = 1,8 Ω
Req = R1 + 1,8 = 5 + 1,8 = 6,8 Ω

Arus dari sumber

Sumber hanya melihat Req, jadi hukum Ohm memberi arus yang dialirkannya. Arus itu mengalir melalui R₁.

IR1 = V1/Req = 10/6,8 = 1,471 A

Arus melalui R₂

Kurangi jatuh tegangan pada R₁ untuk mendapat tegangan di simpul A, yaitu tegangan pada R₂.

VA = V1 − IR1·R1 = 10 − 1,471·5 = 2,647 V
IR2 = VA/R2 = 2,647/2 = 1,324 A

Jawaban

IR2 = 1,324 A
2.Resistor seri & paralel

Jawaban: IR1 = 0,7961 A

Resistor seri dan paralel: dalam seri, arus yang sama mengalir di setiap resistor dan R = R₁ + R₂ + …. Dalam paralel, setiap resistor punya tegangan yang sama dan 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Jaringan tangga disederhanakan satu pasang demi satu pasang hingga tersisa satu resistansi ekuivalen.

R1​ = 6 ΩR3​ = 4 ΩR5​ = 10 Ω+−V1​10 VR2​12 ΩAR4​20 ΩBR6​12 Ω

Gabungkan resistor dari ujung terjauh

Mulai dari ujung yang paling jauh dari sumber dan bergerak kembali ke arahnya. Resistor yang dialiri arus sama terhubung seri; resistor di antara dua simpul yang sama terhubung paralel.

R5 + R6 = 10 + 12 = 22 Ω
R4 ∥ 22 = 10,48 Ω
R3 + 10,48 = 14,48 Ω
R2 ∥ 14,48 = 6,561 Ω
Req = R1 + 6,561 = 6 + 6,561 = 12,56 Ω

Arus dari sumber

Sumber hanya melihat Req, jadi hukum Ohm memberi arus yang dialirkannya. Arus itu mengalir melalui R₁.

IR1 = V1/Req = 10/12,56 = 0,7961 A

Jawaban

IR1 = 0,7961 A
3.Analisis simpul

Jawaban: I2 = 0,3021 A

Analisis simpul: pilih simpul referensi, beri nama tegangan simpul yang tidak diketahui, tulis hukum arus Kirchhoff di setiap simpul tersebut memakai hukum Ohm (I = ΔV/R), lalu selesaikan persamaannya.

KCL di simpul A

Ambil kawat bawah sebagai ground. Setiap cabang mengalirkan (VA − Vk)/Rk keluar dari A, dengan Vk tegangan sumbernya (nol untuk resistor biasa). Arus-arus yang keluar dari A berjumlah nol.

(VA − 6)/5 + (VA − 10)/6 + (VA − 9)/6 = 0

Selesaikan untuk VA

VA = (6/5 + 10/6 + 9/6) / (1/5 + 1/6 + 1/6) = 4,367/0,5333 = 8,188 V

Arus cabang

Panah menunjuk ke atas melalui cabang, masuk ke simpul A.

I2 = (10 − VA)/R2 = (10 − 8,188)/6 = 0,3021 A

Jawaban

I2 = 0,3021 A

Hasil negatif berarti arus sebenarnya mengalir berlawanan dengan panah.

4.Analisis simpul

Jawaban: IR2 = −0,4692 A

Analisis simpul: pilih simpul referensi, beri nama tegangan simpul yang tidak diketahui, tulis hukum arus Kirchhoff di setiap simpul tersebut memakai hukum Ohm (I = ΔV/R), lalu selesaikan persamaannya.

R1​ = 3 ΩR2​ = 4 ΩR4​ = 4 Ω+−V1​5 VR3​12 ΩAR5​25 ΩBIs​4 A−+V2​6 V

Tentukan simpul

Ground adalah kawat bawah. Tegangan simpul yang diketahui langsung berasal dari sumber (V1 = 5 V, V2 = −6 V). Yang tidak diketahui: VA, VB.

KCL di simpul A

Arus yang keluar dari A melalui resistor sama dengan arus yang dimasukkan sumber ke A.

VA/R3 + (VA − V1)/R1 + (VA − VB)/R2 = 0
VA/12 + (VA − 5)/3 + (VA − VB)/4 = 0
0,6667·VA − 0,25·VB = 1,667

KCL di simpul B

Arus yang keluar dari B melalui resistor sama dengan arus yang dimasukkan sumber ke B.

VB/R5 + (VB − VA)/R2 + (VB − V2)/R4 = Is
VB/25 + (VB − VA)/4 + (VB − (−6))/4 = 4
−0,25·VA + 0,54·VB = 2,5

Selesaikan

Δ = (0,6667)(0,54) − (−0,25)(−0,25) = 0,2975
VA = Δ1/Δ = 1,525/0,2975 = 5,126 V
VB = Δ2/Δ = 2,083/0,2975 = 7,003 V

Jawaban

IR2 = (VA − VB)/R2 = (5,126 − 7,003)/4 = −0,4692 A
5.Analisis mesh

Jawaban: IR2 = 0,6452 A

Analisis mesh: beri setiap jendela rangkaian planar arus loop sendiri, tulis hukum tegangan Kirchhoff di setiap loop (jumlah jatuh = jumlah kenaikan), lalu selesaikan. Arus cabang adalah arus mesh, atau selisih dua arus mesh pada cabang bersama.

R1​ = 8 ΩR2​ = 12 Ω+−V1​30 VR3​20 ΩA+−V2​10 VI1​I2​

Tetapkan arus mesh

Gambar arus searah jarum jam di setiap jendela: I1, I2. Resistor yang dipakai bersama dua mesh membawa selisih arus keduanya.

KVL di sekitar mesh 1

Searah jarum jam, jatuh tegangan pada resistor sama dengan kenaikan tegangan sumber (dari − ke + searah lintasan).

R1·I1 + R3(I1 − I2) = V1
8·I1 + 20(I1 − I2) = 30
28·I1 − 20·I2 = 30

KVL di sekitar mesh 2

Searah jarum jam, jatuh tegangan pada resistor sama dengan kenaikan tegangan sumber (dari − ke + searah lintasan).

R2·I2 + R3(I2 − I1) = −V2
12·I2 + 20(I2 − I1) = (−10)
−20·I1 + 32·I2 = −10

Selesaikan

Δ = (28)(32) − (−20)(−20) = 496
I1 = Δ1/Δ = 760/496 = 1,532 A
I2 = Δ2/Δ = 320/496 = 0,6452 A

Jawaban

IR2 = I2 = 0,6452 A

Arus mesh negatif mengalir berlawanan arah jarum jam.

6.Analisis mesh

Jawaban: I2 = −0,09375 A

Analisis mesh: beri setiap jendela rangkaian planar arus loop sendiri, tulis hukum tegangan Kirchhoff di setiap loop (jumlah jatuh = jumlah kenaikan), lalu selesaikan. Arus cabang adalah arus mesh, atau selisih dua arus mesh pada cabang bersama.

R1​ = 8 ΩR2​ = 12 ΩR3​ = 12 Ω+−V1​6 VR4​4 ΩAR5​3 ΩB+−V2​18 VI1​I2​I3​

Tetapkan arus mesh

Gambar arus searah jarum jam di setiap jendela: I1, I2, I3. Resistor yang dipakai bersama dua mesh membawa selisih arus keduanya.

KVL di sekitar mesh 1

Searah jarum jam, jatuh tegangan pada resistor sama dengan kenaikan tegangan sumber (dari − ke + searah lintasan).

R1·I1 + R4(I1 − I2) = V1
8·I1 + 4(I1 − I2) = 6
12·I1 − 4·I2 = 6

KVL di sekitar mesh 2

Searah jarum jam, jatuh tegangan pada resistor sama dengan kenaikan tegangan sumber (dari − ke + searah lintasan).

R2·I2 + R4(I2 − I1) + R5(I2 − I3) = 0
12·I2 + 4(I2 − I1) + 3(I2 − I3) = 0
−4·I1 + 19·I2 − 3·I3 = 0

KVL di sekitar mesh 3

Searah jarum jam, jatuh tegangan pada resistor sama dengan kenaikan tegangan sumber (dari − ke + searah lintasan).

R3·I3 + R5(I3 − I2) = −V2
12·I3 + 3(I3 − I2) = (−18)
−3·I2 + 15·I3 = −18

Selesaikan

Δ = determinan matriks koefisien = 3072
I1 = Δ1/Δ = 1440/3072 = 0,4688 A
I2 = Δ2/Δ = −288/3072 = −0,09375 A
I3 = Δ3/Δ = −3744/3072 = −1,219 A

Jawaban

I2 = −0,09375 A

Arus mesh negatif mengalir berlawanan arah jarum jam.

7.Superposisi

Jawaban: PR1 = 13,84 W

Superposisi: dalam rangkaian linear, setiap tegangan atau arus adalah jumlah respons terhadap masing-masing sumber independen yang bekerja sendiri. Untuk mematikan sumber, ganti sumber tegangan ideal dengan hubung singkat dan sumber arus ideal dengan rangkaian terbuka. Resistor tetap di tempatnya.

R1​ = 2 ΩR3​ = 4 Ω+−V1​12 VR2​10 ΩAR4​2 ΩBTERBUKA

Kasus 1 · hanya V1

Iₛ menjadi rangkaian terbuka, jadi R₃ dan R₄ membentuk satu cabang seri dari A ke ground, paralel dengan R₂.

R3+R4 = 4+2 = 6 Ω
R2 ∥ (R3+R4) = 10·6/(10+6) = 3,75 Ω
VA = 12·3,75/(2+3,75) = 7,826 V
VB = VA·R4/(R3+R4) = 7,826·2/6 = 2,609 V
IR1′ = (V1 − VA)/R1 = (12 − 7,826)/2 = 2,087 A
R1​ = 2 ΩR3​ = 4 ΩHUBUNG SINGKATR2​10 ΩAR4​2 ΩBIs​2,5 A

Kasus 2 · hanya Is

V₁ menjadi hubung singkat, jadi R₁ paralel dengan R₂. Iₛ terbagi di B antara R₄ dan jalur melalui R₃. Panah Iₛ mengarah ke bawah, menjauhi simpulnya, jadi Iₛ menarik arus keluar dari simpul itu: sukunya masuk dengan tanda minus.

R1 ∥ R2 = 2·10/(2+10) = 1,667 Ω
Req = R4 ∥ (R3+R1∥R2) = 2 ∥ 5,667 = 1,478 Ω
VB = −Is·Req = −2,5·1,478 = −3,696 V
VA = VB·(R1∥R2)/(R3+R1∥R2) = −3,696·1,667/5,667 = −1,087 V
IR1″ = (V1 − VA)/R1 = (0 − −1,087)/2 = 0,5435 A

Jumlahkan kontribusi arus

IR1 = IR1′ + IR1″ = 2,087 + 0,5435 = 2,63 A

Daya pada resistor

Daya bergantung pada kuadrat arus, jadi tidak mengikuti superposisi: jumlahkan dulu arusnya, lalu kuadratkan.

PR1 = IR1²·R1 = 2,63²·2 = 13,84 W

Jawaban

PR1 = 13,84 W

Menjumlahkan daya dari kasus-kasus terpisah akan memberi 9,302 W, dan itu salah.

8.Superposisi

Jawaban: V2 = 10 V

Superposisi: dalam rangkaian linear, setiap tegangan atau arus adalah jumlah respons terhadap masing-masing sumber independen yang bekerja sendiri. Untuk mematikan sumber, ganti sumber tegangan ideal dengan hubung singkat dan sumber arus ideal dengan rangkaian terbuka. Resistor tetap di tempatnya.

R1​ = 3 ΩR2​ = 6 ΩR4​ = 15 Ω+−V1​5 VR3​6 ΩATERBUKABHUBUNG SINGKAT

Kasus 1 · V1 bekerja sendiri

V₂ menjadi hubung singkat dan Iₛ rangkaian terbuka. Dilihat dari A, R₃ paralel dengan pasangan seri R₂+R₄.

R3 ∥ (R2+R4) = 6 ∥ 21 = 4,667 Ω
VA = 5·4,667/(3+4,667) = 3,043 V
VB = VA·R4/(R2+R4) = 3,043·15/21 = 2,174 V
R1​ = 3 ΩR2​ = 6 ΩR4​ = 15 ΩHUBUNG SINGKATR3​6 ΩAIs​3 ABHUBUNG SINGKAT

Kasus 2 · Is bekerja sendiri

Kedua sumber tegangan menjadi hubung singkat. Iₛ terbagi di B antara R₄ (kini ke ground) dan R₂ yang seri dengan R₁ ∥ R₃. Panah Iₛ mengarah ke bawah, menjauhi simpulnya, jadi Iₛ menarik arus keluar dari simpul itu: sukunya masuk dengan tanda minus.

R1 ∥ R3 = 2 Ω, jadi jalur kiri adalah R2+2 = 8 Ω
Req = R4 ∥ 8 = 5,217 Ω
VB = −Is·Req = −3·5,217 = −15,65 V
VA = VB·2/8 = −3,913 V

Kasus 3 · V2 bekerja sendiri, per volt

V₁ menjadi hubung singkat dan Iₛ rangkaian terbuka. R₁ ∥ R₃ tergantung dari A, seri dengan R₂ kembali ke B.

R1 ∥ R3 = 2 Ω
VA‴ = V2·2/(15 + 6 + 2) = 0,08696·V2

Samakan VA dengan nol

Dengan VA = 0 tidak ada tegangan pada R₃, jadi arusnya nol.

VA′ + VA″ + VA‴ = 3,043 + (−3,913) + 0,08696·V2 = 0
V2 = 0,8696/0,08696 = 10 V

Jawaban

V2 = 10 V
9.Thévenin & Norton

Jawaban: Rth = 4,609 Ω

Teorema Thévenin: setiap jaringan linear dua terminal berperilaku seperti satu sumber tegangan Vth yang seri dengan resistansi Rth. Teorema Norton menyatakan jaringan yang sama sebagai sumber arus IN = Vth/Rth yang paralel dengan Rth.

R1​ = 20 ΩR3​ = 2 ΩHUBUNG SINGKATR2​3 ΩAabRth​

Cari Rth dengan semua sumber dimatikan

Ganti sumber tegangan dengan hubung singkat dan sumber arus dengan rangkaian terbuka, lalu lihat rangkaian dari a–b.

R1 ∥ R2 = 20·3/(20+3) = 2,609 Ω
Rth = (R1 ∥ R2) + R3 = 2,609 + 2 = 4,609 Ω
10.Thévenin & Norton

Jawaban: IN = −0,4545 A

Teorema Thévenin: setiap jaringan linear dua terminal berperilaku seperti satu sumber tegangan Vth yang seri dengan resistansi Rth. Teorema Norton menyatakan jaringan yang sama sebagai sumber arus IN = Vth/Rth yang paralel dengan Rth.

R1​ = 12 ΩR3​ = 4 ΩHUBUNG SINGKATR2​30 ΩATERBUKABabRth​

Cari Rth dengan semua sumber dimatikan

Ganti sumber tegangan dengan hubung singkat dan sumber arus dengan rangkaian terbuka, lalu lihat rangkaian dari a–b.

R1 ∥ R2 = 12·30/(12+30) = 8,571 Ω
Rth = (R1 ∥ R2) + R3 = 8,571 + 4 = 12,57 Ω
R1​ = 12 ΩR3​ = 4 Ω+−V1​36 VR2​30 ΩAIs​2,5 ABab+−Vth​

Cari Vth, tegangan rangkaian terbuka

Dengan a–b terbuka, satu-satunya jalur Iₛ adalah melalui R₃ ke simpul A. Cari V_A dengan superposisi V₁ dan Iₛ, lalu tambahkan jatuh tegangan pada R₃.

VA = V1·R2/(R1+R2) + Is·(R1∥R2) = 25,71 + (−2,5)·8,571 = 4,286 V
Vth = VB = VA + Is·R3 = 4,286 + (−2,5)·4 = −5,714 V
IN​0,4545 ARth​12,57 Ωab

Ekuivalen Norton

Sumber Norton adalah rangkaian yang sama dilihat sebagai sumber arus paralel dengan R_th. Arusnya adalah arus hubung singkat di a–b.

IN = Vth/Rth = −5,714/12,57 = −0,4545 A
11.Transien RC & RL

Jawaban: vL = 1,116 V

Transien orde satu: pada rangkaian dengan satu kapasitor atau satu induktor, setiap tegangan dan arus berubah secara eksponensial dari nilai awal ke nilai akhir: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, dengan τ = RC atau τ = L/R. Setelah sekitar 5τ rangkaian sudah stabil.

Konstanta waktu dan arus akhir

Lama setelah sakelar ditutup, induktor berperilaku seperti hubung singkat, jadi arus akhir hanya ditentukan oleh R.

τ = L/R = 220 mH / 33 Ω = 6,667 ms
i(∞) = Vs/R = 5/33 = 0,1515 A

Tegangan induktor

Pada t = 0 seluruh tegangan sumber muncul pada induktor; kemudian meluruh ke nol.

vL(t) = Vs·e−t/τ = 5·e−10/6,667 = 1,116 V

Jawaban

vL = 1,116 V
12.Transien RC & RL

Jawaban: i = 0,4296 A

Transien orde satu: pada rangkaian dengan satu kapasitor atau satu induktor, setiap tegangan dan arus berubah secara eksponensial dari nilai awal ke nilai akhir: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e−t/τ, dengan τ = RC atau τ = L/R. Setelah sekitar 5τ rangkaian sudah stabil.

Nilai awal, nilai akhir, konstanta waktu

Sebelum t = 0 kedua resistor berada dalam loop; sesudahnya sakelar yang tertutup memintas R₂.

i(0) = 20/(33 + 47) = 0,25 A
i(∞) = 20/33 = 0,6061 A
τ = L/R = 47/33 = 1,424 ms
i(t) = 0,6061 + (0,25 − 0,6061)·e−t/τ

Arus pada waktu tertentu

i(1) = 0,6061 + (−0,3561)·e−1/1,424 = 0,4296 A

Jawaban

i = 0,4296 A
13.Impedansi AC & fasor

Jawaban: cos φ = 0,3788

Rangkaian AC dengan fasor: resistor, induktor, dan kapasitor memiliki impedansi R, jωL, dan 1/(jωC), dengan ω = 2πf. Dalam seri, impedansi dijumlahkan seperti resistansi, tetapi sebagai bilangan kompleks. Arus dan tegangan rms mengikuti hukum Ohm dengan |Z|.

Reaktansi

XL = 12,57 Ω, XC = 159,2 Ω

Impedansi

|Z| = √(60² + (−146,6)²) = 158,4 Ω

Faktor daya

cos φ = R/|Z| = 60/158,4 = 0,3788
Rangkaiannya kapasitif, jadi faktor dayanya mendahului.

Jawaban

cos φ = 0,3788
14.Impedansi AC & fasor

Jawaban: f0 = 758,7 Hz

Rangkaian AC dengan fasor: resistor, induktor, dan kapasitor memiliki impedansi R, jωL, dan 1/(jωC), dengan ω = 2πf. Dalam seri, impedansi dijumlahkan seperti resistansi, tetapi sebagai bilangan kompleks. Arus dan tegangan rms mengikuti hukum Ohm dengan |Z|.

Resonansi

Saat resonansi, reaktansi induktif dan kapasitif saling meniadakan: ωL = 1/(ωC). Frekuensi sumber tidak berpengaruh.

f0 = 1/(2π√(LC)) = 1/(2π·√(0,02·2,2·10⁻⁶)) = 758,7 Hz

Jawaban

f0 = 758,7 Hz
15.Daya AC & faktor daya

Jawaban: X = 4,078 Ω

Daya AC: daya semu S = V·I (VA) terbagi menjadi daya nyata P = S·cos φ (W), yang melakukan kerja berguna, dan daya reaktif Q = S·sin φ (var), yang bolak-balik antara sumber dan beban. Faktor daya adalah cos φ. Kapasitor paralel memasok daya reaktif secara lokal, sehingga arus saluran turun untuk daya nyata yang sama.

Resistansi dari daya nyata

R = P/I² = 1581/15,5² = 6,581 Ω

Reaktansi dari impedansi

|Z| = V/I = 120/15,5 = 7,742 Ω
X = √(|Z|² − R²) = √(7,742² − 6,581²) = 4,078 Ω

Jawaban

X = 4,078 Ω
16.Daya AC & faktor daya

Jawaban: Pmax = 1,44 W

Daya AC: daya semu S = V·I (VA) terbagi menjadi daya nyata P = S·cos φ (W), yang melakukan kerja berguna, dan daya reaktif Q = S·sin φ (var), yang bolak-balik antara sumber dan beban. Faktor daya adalah cos φ. Kapasitor paralel memasok daya reaktif secara lokal, sehingga arus saluran turun untuk daya nyata yang sama.

Penyesuaian sekawan

Reaktansi beban meniadakan reaktansi sumber, dan resistansi beban sama dengan resistansi sumber.

ZL = Zs* = 25 − j30 Ω

Daya maksimum

I = Vs/(2Rs) = 12/50 = 0,24 A
Pmax = I²·RL = Vs²/(4Rs) = 12²/(4·25) = 1,44 W

Jawaban

Pmax = 1,44 W
17.Daya tiga fasa

Jawaban: P = 40,43 kW

Sistem tiga fasa seimbang: pada hubungan Y (bintang) tegangan antarsaluran adalah √3 kali tegangan fasa, VL = √3·Vph, dan arus saluran sama dengan arus fasa. Pada hubungan Δ (delta) tegangan antarsaluran sama dengan tegangan fasa dan arus saluran adalah √3 kali arus fasa, IL = √3·Iph. Daya total adalah tiga kali daya satu fasa: P = 3·Vph·Iph·cos φ = √3·VL·IL·cos φ.

Daya semu

S = √3·VL·IL = √3·415·75 = 53,91 kVA

Daya nyata

P = S·cos φ = 53,91·0,75 = 40,43 kW

Jawaban

P = 40,43 kW
18.Daya tiga fasa

Jawaban: QC = 59,42 kvar

Sistem tiga fasa seimbang: pada hubungan Y (bintang) tegangan antarsaluran adalah √3 kali tegangan fasa, VL = √3·Vph, dan arus saluran sama dengan arus fasa. Pada hubungan Δ (delta) tegangan antarsaluran sama dengan tegangan fasa dan arus saluran adalah √3 kali arus fasa, IL = √3·Iph. Daya total adalah tiga kali daya satu fasa: P = 3·Vph·Iph·cos φ = √3·VL·IL·cos φ. Perbaikan faktor daya: kapasitor menyuplai daya reaktif secara lokal, QC = P·(tan φ1 − tan φ2). Masing-masing dari ketiga kapasitor menyuplai QC/3 = V²·ω·C, dengan V tegangan pada kapasitor tersebut: VL pada bank Δ, VL/√3 pada bank Y.

Daya reaktif sebelum dan sesudah

Daya nyata tidak berubah, sehingga setiap faktor daya menentukan daya reaktifnya: Q = P·tan φ.

Q1 = 100·tan(acos 0,7) = 100·1,02 = 102 kvar
Q2 = 100·tan(acos 0,92) = 100·0,426 = 42,6 kvar

Daya reaktif dari kapasitor

QC = Q1 − Q2 = 59,42 kvar

Jawaban

QC = 59,42 kvar
19.Transformator

Jawaban: ILV = 217,4 A

Transformator ideal: tegangan sebanding dengan jumlah lilitan dan arus berbanding terbalik: V₁/V₂ = N₁/N₂ = a dan I₁/I₂ = N₂/N₁ = 1/a, sehingga daya masuk sama dengan daya keluar, V₁·I₁ = V₂·I₂. Impedansi beban Z di sisi sekunder terlihat sebagai a²·Z dari sisi primer.

Arus pengenal

Kedua kumparan membawa daya semu yang sama.

ILV = S/V = 50000/230 = 217,4 A

Jawaban

ILV = 217,4 A
20.Transformator

Jawaban: Ploss = 1500 W

Rugi-rugi transformator: rugi inti (histeresis dan arus pusar) bergantung pada tegangan dan sama pada beban berapa pun. Rugi tembaga pada kumparan sebanding dengan kuadrat arus, sehingga pada fraksi x dari beban pengenal besarnya x²·Pcu,fl. Efisiensi η = Pout/(Pout + Pcore + Pcu), dengan Pout = x·S·pf. Efisiensi paling tinggi pada beban saat rugi tembaga sama dengan rugi inti.

Rugi tembaga pada beban ini

Pcu = x²·Pcu,fl = 0,25·2000 = 500 W

Rugi total

Rugi inti sama pada beban berapa pun.

Ploss = 1000 + 500 = 1500 W

Jawaban

Ploss = 1500 W

Efisiensi pada beban ini adalah η = 98,36%.

21.Rangkaian op-amp

Jawaban: Vin,max = 4,464 V

Aturan op-amp ideal: dengan umpan balik negatif, op-amp mengatur keluarannya sehingga kedua masukan berada pada tegangan yang sama (V₋ = V₊), dan tidak ada arus yang masuk ke masukan mana pun. Menulis KCL di masukan pembalik dengan dua fakta ini memberi keluarannya.

Penguatan

Av = 1 + Rf/R1 = 1 + 47/22 = 3,136

Masukan terbesar sebelum terpotong

Vin,max = Vsat/|Av| = 14/3,136 = 4,464 V

Jawaban

Vin,max = 4,464 V
22.Rangkaian op-amp

Jawaban: Vout = −5,731 V

Aturan op-amp ideal: dengan umpan balik negatif, op-amp mengatur keluarannya sehingga kedua masukan berada pada tegangan yang sama (V₋ = V₊), dan tidak ada arus yang masuk ke masukan mana pun. Menulis KCL di masukan pembalik dengan dua fakta ini memberi keluarannya.

Tegangan di masukan +

V₊ = V2·R4/(R3 + R4) = 0,8·4,7/(2 + 4,7) = 0,5612 V

Superposisikan kedua masukan

Dengan V₂ = 0, V₁ melihat penguat membalik. Dengan V₁ = 0, V₊ diperkuat dengan penguatan tak membalik 1 + R₂/R₁.

Vout = −(47/10)·1,9 + (1 + 47/10)·0,5612 = −8,93 + 3,199 = −5,731 V

Jawaban

Vout = −5,731 V
23.Dioda & transistor

Jawaban: R = 320 Ω

Rangkaian LED dan dioda: LED bias maju menjatuhkan tegangan sekitar tegangan majunya VF (sekitar 2 V untuk merah, 3 V untuk biru atau putih), berapa pun arusnya. Resistor seri menentukan arus: R = (Vs − n·VF)/I untuk n LED seri. Dengan model dioda yang lebih eksak V = V₀ + I·rd, titik kerja berada di tempat garis dioda berpotongan dengan garis beban I = (Vs − V)/R, sehingga I = (Vs − V₀)/(R + rd).

Tegangan pada resistor

VR = 12 − 2·2 = 8 V

Hambatan

R = 8/0,025 = 320 Ω

Jawaban

R = 320 Ω

Resistor menyerap daya 200 mW.

24.Dioda & transistor

Jawaban: PZ,max = 650,1 mW

Regulator Zener: dioda Zener bias mundur mempertahankan tegangannya VZ selama arusnya tetap di atas minimum IZ,min. Resistor seri R menanggung selisih antara masukan dan keluaran: IR = (Vin − VZ)/R. Arus itu terbagi antara beban, IL = VZ/RL, dan Zener: IZ = IR − IL. Rancang untuk kasus terburuk: masukan terendah dengan beban terbesar tetap harus menyisakan IZ,min, dan masukan tertinggi tanpa beban memberi daya Zener terbesar PZ = VZ·IZ.

Arus Zener kasus terburuk

IZ = 19,7/100 = 197 mA

Daya Zener

PZ = 3,3·197 = 650,1 mW

Jawaban

PZ,max = 650,1 mW
25.Sistem bilangan

Jawaban: U = 221

Mengatur bit: setiap bit bernilai pangkat dua (128, 64, …, 1). Satu digit heksa tepat empat bit, dan pada komplemen dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap posisi bit secara terpisah.

Balik dan tambah satu

35 = 0010 0011
dibalik: 1101 1100
+1 → 1101 1101

Baca sebagai tak bertanda

1101 1101₂ = 256 − 35 = 221

Jawaban

U = 221
26.Sistem bilangan

Jawaban: N = 1,678 × 10⁷

Sistem bilangan posisional: setiap digit bernilai digit itu dikali pangkat dari basis. Dalam biner, posisinya bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam komplemen dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128, bukan +128; begitulah bilangan negatif disimpan.

Nilai terbesar

224 − 1 = 16777215

Jawaban

N = 16777215
27.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: N = 4

Peta Karnaugh: sel-sel diurutkan dalam kode Gray (00, 01, 11, 10), sehingga sel bertetangga, termasuk yang melewati tepi, berbeda tepat pada satu variabel. Kelompokkan angka 1 dalam persegi panjang berisi 1, 2, 4, 8, atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sampai setiap angka 1 tercakup. Setiap kelompok adalah satu suku hasil kali: variabel yang tetap konstan di dalamnya. Kelompok 2ᵏ sel kehilangan k variabel. Don’t-care (X) boleh dipakai untuk memperbesar kelompok tetapi tidak harus dicakup. Mengelompokkan angka 0 sebagai gantinya menghasilkan bentuk POS minimal.

ABCD000111100001111010110302140507060121130150140809011110

Kelompokkan angka 1

Setiap kelompok adalah persegi panjang berisi 2ᵏ sel; sel di tepi bertetangga dengan sel di tepi seberangnya.

A′C′D′
A′B′C′
AB′CD′
ABC′D

Bentuk SOP minimal

F = A′C′D′ + A′B′C′ + AB′CD′ + ABC′D
N = 4

Jawaban

N = 4
28.Logika digital: gerbang, peta-K & flip-flop

Jawaban: Q = 7

Flip-flop dan pencacah: flip-flop hanya berubah pada tepi clock aktif. D menyalin masukannya (Q⁺ = D); T berbalik jika T = 1; JK bertahan untuk 00, reset untuk 01, set untuk 10, dan berbalik untuk 11. Pencacah biner n bit memiliki 2ⁿ keadaan dan menghitung modulo 2ⁿ; pencacah mod-N berurutan 0, 1, …, N − 1 lalu kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap tahap pencacah ripple membagi dua frekuensi, sehingga keluaran terakhir pencacah mod-N berjalan pada fclk/N. Pencacah Johnson dari n flip-flop memiliki 2n keadaan, pencacah cincin n.

Keadaan setelah setiap tepi

0000 → 1000 → 1100 → 1110 → 1111 → 0111

Nilai desimal

0111₂ = 7

Jawaban

Q = 7
29.Transformasi Laplace

Jawaban: f(0.4) = 3,034

Transformasi Laplace: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt mengubah turunan menjadi perkalian dengan s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0), ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). Pasangan baku: 1 ↔ 1/s, e−at ↔ 1/(s + a), t·e−at ↔ 1/(s + a)², sin ωt ↔ ω/(s² + ω²), cos ωt ↔ s/(s² + ω²), dan pergeseran s → s + σ mengalikan fungsi waktu dengan e−σt. Untuk membalik F(s) rasional, uraikan menjadi pecahan parsial: residu sebuah kutub tunggal p adalah A = [(s − p)·F(s)] pada s = p. Teorema nilai akhir: f(∞) = lims→0 s·F(s), hanya berlaku jika semua kutub s·F(s) berada di setengah bidang kiri. Teorema nilai awal: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

Lengkapkan kuadrat

s² + 4s + 8 = (s + 2)² + 4 = (s + 2)² + 2²

Cocokkan pembilangnya

F(s) = 3·(s + 2)/((s + 2)² + 2²) + (13/2)·2/((s + 2)² + 2²)

Transformasi balik

f(t) = e−2t·(3·cos 2t + 6,5·sin 2t)
f(0,4) = e−2·0,4·(3·cos(2·0,4) + 6,5·sin(2·0,4)) = 3,034

Jawaban

f(0,4) = 3,034
30.Transformasi Laplace

Jawaban: y(0.5) = 7,418

Transformasi Laplace: F(s) = ∫₀∞ f(t)·e−st dt mengubah turunan menjadi perkalian dengan s: ℒ{f′} = sF(s) − f(0), ℒ{f″} = s²F(s) − s·f(0) − f′(0). Pasangan baku: 1 ↔ 1/s, e−at ↔ 1/(s + a), t·e−at ↔ 1/(s + a)², sin ωt ↔ ω/(s² + ω²), cos ωt ↔ s/(s² + ω²), dan pergeseran s → s + σ mengalikan fungsi waktu dengan e−σt. Untuk membalik F(s) rasional, uraikan menjadi pecahan parsial: residu sebuah kutub tunggal p adalah A = [(s − p)·F(s)] pada s = p. Teorema nilai akhir: f(∞) = lims→0 s·F(s), hanya berlaku jika semua kutub s·F(s) berada di setengah bidang kiri. Teorema nilai awal: f(0⁺) = lims→∞ s·F(s).

Transformasikan persamaannya

(s² + 5s + 4)·Y(s) = 6s + 30 + 48/s
Y(s) = (6s² + 30s + 48)/(s(s + 1)(s + 4))

Pecahan parsial

A = 48/(1·4) = 12
B = 24/((−1)·3) = −8
C = 24/((−4)·(−3)) = 2

Hasil

y(t) = 12 − 8·e−t + 2·e−4t
y(0,5) = 7,418

Jawaban

y(0,5) = 7,418

Periksa: y(0) = A + B + C = 6.

31.Diagram blok

Jawaban: ess = 0,6897

Aljabar diagram blok: blok yang seri dikalikan (G₁·G₂), blok yang paralel dijumlahkan (G₁ + G₂), dan loop dengan lintasan maju G dan lintasan umpan balik H direduksi menjadi T = G/(1 + G·H) untuk umpan balik negatif dan G/(1 − G·H) untuk umpan balik positif. Reduksi loop dalam terlebih dahulu, lalu bekerja ke luar. Kutub loop tertutup adalah akar persamaan karakteristik 1 + G(s)H(s) = 0. Untuk loop yang stabil, masukan langkah berukuran A memberi keluaran keadaan tunak A·T(0); dengan umpan balik satuan, galat keadaan tunak terhadap langkah adalah A/(1 + Kp) dengan Kp = G(0).

Konstanta galat posisi

Kₚ = G(0) = 12·9/(1·8) = 13,5

Galat keadaan tunak

ess = A/(1 + Kₚ) = 10/(1 + 13,5) = 0,6897

Jawaban

ess = 0,6897
32.Diagram blok

Jawaban: css = 10,29

Aljabar diagram blok: blok yang seri dikalikan (G₁·G₂), blok yang paralel dijumlahkan (G₁ + G₂), dan loop dengan lintasan maju G dan lintasan umpan balik H direduksi menjadi T = G/(1 + G·H) untuk umpan balik negatif dan G/(1 − G·H) untuk umpan balik positif. Reduksi loop dalam terlebih dahulu, lalu bekerja ke luar. Kutub loop tertutup adalah akar persamaan karakteristik 1 + G(s)H(s) = 0. Untuk loop yang stabil, masukan langkah berukuran A memberi keluaran keadaan tunak A·T(0); dengan umpan balik satuan, galat keadaan tunak terhadap langkah adalah A/(1 + Kp) dengan Kp = G(0).

Fungsi alih

C/D = G/(1 + K·G) = 10/(s + 5 + 170)
C/R = K·G/(1 + K·G) = 170/(s + 5 + 170)

Keadaan tunak

css = 10·170/175 + 10·10/175 = 10,29

Jawaban

css = 10,29

K yang lebih besar mengurangi pengaruh gangguan, tetapi tidak pernah sampai nol dengan pengendali proporsional.

33.Respons langkah

Jawaban: ts = 2,667 s

Respons langkah: sistem orde satu G(s) = K/(τs + 1) menjawab masukan langkah berukuran U dengan y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): mencapai 63,2 % dari nilai akhir K·U setelah satu konstanta waktu τ dan 98 % setelah 4τ. Sistem orde dua G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) memiliki kutub s = −ζωₙ ± jωd dengan ωd = ωₙ√(1 − ζ²). Untuk 0 < ζ < 1 respons langkahnya melampaui (overshoot): persen overshoot %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), waktu puncak tp = π/ωd, dan waktu penetapan 2 % ts ≈ 4/(ζωₙ). Bandingkan penyebut dengan s² + 2ζωₙs + ωₙ² untuk membaca ωₙ dan ζ. Untuk massa–pegas–peredam ωₙ = √(k/m) dan ζ = c/(2√(km)); untuk rangkaian RLC seri ωₙ = 1/√(LC) dan ζ = (R/2)·√(C/L).

Bandingkan dengan bentuk baku

Penyebut harus cocok dengan s² + 2ζωₙs + ωₙ².

ωₙ² = 82 → ωₙ = 9,055 rad/s
2ζωₙ = 3 → ζ = 3/(2·9,055) = 0,1656

Hasil

ζωₙ = 1,5 → ts ≈ 4/1,5 = 2,667 s

Jawaban

ts = 2,667 s
34.Respons langkah

Jawaban: ωn = 5,039 rad/s

Respons langkah: sistem orde satu G(s) = K/(τs + 1) menjawab masukan langkah berukuran U dengan y(t) = K·U·(1 − e−t/τ): mencapai 63,2 % dari nilai akhir K·U setelah satu konstanta waktu τ dan 98 % setelah 4τ. Sistem orde dua G(s) = K·ωₙ²/(s² + 2ζωₙs + ωₙ²) memiliki kutub s = −ζωₙ ± jωd dengan ωd = ωₙ√(1 − ζ²). Untuk 0 < ζ < 1 respons langkahnya melampaui (overshoot): persen overshoot %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), waktu puncak tp = π/ωd, dan waktu penetapan 2 % ts ≈ 4/(ζωₙ). Bandingkan penyebut dengan s² + 2ζωₙs + ωₙ² untuk membaca ωₙ dan ζ. Untuk massa–pegas–peredam ωₙ = √(k/m) dan ζ = c/(2√(km)); untuk rangkaian RLC seri ωₙ = 1/√(LC) dan ζ = (R/2)·√(C/L).

Rasio redaman

ζ = −ln(0,08)/√(π² + ln²(0,08)) = 2,526/√(9,87 + 6,379) = 0,6266

Frekuensi alami

ωd = π/tp = π/0,8 = 3,927 rad/s
ωₙ = ωd/√(1 − ζ²) = 3,927/0,7794 = 5,039 rad/s

Jawaban

ωn = 5,039 rad/s
35.Plot Bode dan margin

Jawaban: |H| = −0,9645 dB

Respons frekuensi: substitusikan s = jω ke fungsi alih. Besar dalam desibel adalah 20·log₁₀|H(jω)| dan fasa adalah jumlah sudut faktor pembilang dikurangi sudut faktor penyebut. Filter RC atau RL orde pertama memiliki frekuensi sudut (−3 dB) pada ωc = 1/(RC) atau R/L, dan fc = ωc/(2π); filter lolos rendah memberi |H| = 1/√(1 + (ω/ωc)²) dan φ = −atan(ω/ωc). Pada plot Bode asimtotik (garis lurus) setiap kutub membengkokkan besar ke bawah sebesar 20 dB/dekade pada frekuensi sudutnya, setiap nol membengkokkannya ke atas sebesar 20 dB/dekade, dan integrator 1/s memberi −20 dB/dekade pada semua frekuensi. Persilangan penguatan ωc: |L(jω)| = 1 (0 dB); margin fasa PM = 180° + ∠L(jωc). Persilangan fasa ω180: ∠L(jω) = −180°; margin penguatan GM = −20·log₁₀|L(jω180)| dB. Lingkar tertutup stabil bila kedua margin positif.

Frekuensi sudut

ωc = R/L = 470/0,001 = 470000 rad/s
fc = 74803 Hz → f/fc = 150000/74803 = 2,005

Penguatan

|H| = 2,005/√(1 + 2,005²) = 0,8949
20·log₁₀(0,8949) = −0,9645 dB

Jawaban

|H| = −0,9645 dB
36.Plot Bode dan margin

Jawaban: K = 533,8

Respons frekuensi: substitusikan s = jω ke fungsi alih. Besar dalam desibel adalah 20·log₁₀|H(jω)| dan fasa adalah jumlah sudut faktor pembilang dikurangi sudut faktor penyebut. Filter RC atau RL orde pertama memiliki frekuensi sudut (−3 dB) pada ωc = 1/(RC) atau R/L, dan fc = ωc/(2π); filter lolos rendah memberi |H| = 1/√(1 + (ω/ωc)²) dan φ = −atan(ω/ωc). Pada plot Bode asimtotik (garis lurus) setiap kutub membengkokkan besar ke bawah sebesar 20 dB/dekade pada frekuensi sudutnya, setiap nol membengkokkannya ke atas sebesar 20 dB/dekade, dan integrator 1/s memberi −20 dB/dekade pada semua frekuensi. Persilangan penguatan ωc: |L(jω)| = 1 (0 dB); margin fasa PM = 180° + ∠L(jωc). Persilangan fasa ω180: ∠L(jω) = −180°; margin penguatan GM = −20·log₁₀|L(jω180)| dB. Lingkar tertutup stabil bila kedua margin positif.

Persilangan fasa

(ω/6)·(ω/8) = 1 → ω180 = √(6·8) = 6,928 rad/s

Besar pada persilangan fasa

|L(jω180)| = K/(ω·√(ω² + 36)·√(ω² + 64)) = K/(6·8·(6 + 8)) = K/672

Penguatan yang diperlukan

672/K = 102/20 = 1,259
K = 672/1,259 = 533,8

Jawaban

K = 533,8
37.Kestabilan: Routh–Hurwitz & tempat kedudukan akar

Jawaban: Kmax = 14

Kriteria Routh–Hurwitz: sistem linear stabil bila setiap akar polinomial karakteristiknya terletak di setengah bidang kiri pada bidang-s. Tulis koefisien secara bergantian ke dua baris pertama tabel Routh. Setiap entri baris baru berasal dari dua baris di atasnya; untuk polinomial kubik a₃s³ + a₂s² + a₁s + a₀ entri s¹ adalah b₁ = (a₂·a₁ − a₃·a₀)/a₂. Jumlah perubahan tanda pada kolom pertama sama dengan jumlah akar di setengah bidang kanan. Dengan penguatan K pada koefisien, setiap entri kolom pertama harus tetap positif: penguatan yang membuat entri s¹ sama dengan nol adalah batas kestabilan, dan baris s² kemudian memberikan frekuensi osilasi yang terus-menerus.

Polinomial karakteristik

s(s + 3)(s + 4) + K(s + 13) = s³ + 7s² + (12 + K)s + 13K

Larik Routh

s³: 1, 12 + K
s²: 7, 13K
s¹: (7·(12 + K) − 13K)/7
s⁰: 13K

Syarat

84 − 6K > 0
K < 84/6 = 14

Jawaban

Kmax = 14

Bila nol berada di sebelah kanan s = −7, loop akan tetap stabil untuk setiap K > 0.

38.Kestabilan: Routh–Hurwitz & tempat kedudukan akar

Jawaban: K = 2,001

Tempat kedudukan akar: saat penguatan K bergerak dari 0 ke ∞, kutub loop tertutup, yaitu akar 1 + K·G(s) = 0, bergerak dari kutub loop terbuka menuju nol loop terbuka atau menuju tak hingga. Suatu titik pada sumbu real termasuk dalam tempat kedudukan bila jumlah kutub dan nol real di sebelah kanannya ganjil. n − m cabang yang menuju tak hingga mengikuti asimtot pada sudut (2q + 1)·180°/(n − m), yang berawal dari titik berat σₐ = (Σ kutub − Σ nol)/(n − m). Cabang meninggalkan atau bergabung dengan sumbu real di tempat dK/ds = 0. Syarat sudut ∠G(s) = 180° menentukan bentuknya, dan syarat besar K = 1/|G(s)| memberikan penguatan di titik mana pun pada tempat kedudukan.

Bandingkan dengan bentuk baku

s² + 2s + K = s² + 2ζωₙs + ωₙ²
2·0,707·ωₙ = 2 → ωₙ = 1,414 rad/s

Penguatan

K = ωₙ² = 1,414² = 2,001

Jawaban

K = 2,001

Kutub loop tertutup berada di tempat garis ζ memotong cabang vertikal di s = −1.

39.Galat keadaan tunak & kendali PID

Jawaban: ess = 0,5

Galat keadaan tunak: dalam loop umpan balik satuan dengan fungsi alih loop terbuka G(s), galatnya adalah E(s) = R(s)/(1 + G(s)), dan menurut teorema nilai akhir ess = lims→0 s·E(s). Tipe sistem adalah jumlah kutub G(s) di s = 0. Konstanta galat adalah Kp = lim G(s), Kv = lim s·G(s) dan Ka = lim s²·G(s), semuanya untuk s → 0. Masukan undak berukuran A memberikan ess = A/(1 + Kp), ramp A·t memberikan A/Kv dan parabola A·t²/2 memberikan A/Ka. Loop tipe 0 mengikuti undak dengan galat terhingga, loop tipe 1 mengikutinya dengan tepat dan mengikuti ramp dengan galat terhingga.

Konstanta kecepatan

Kv = lim s·G(s) = 1

Galat ramp

ess = 0,5/1 = 0,5

Jawaban

ess = 0,5
40.Galat keadaan tunak & kendali PID

Jawaban: ts = 1 s

Kendali P, PI, dan PID: pengendali C(s) = Kp + Ki/s + Kd·s bekerja pada galat. Penguatan proporsional membuat loop lebih cepat dan mengurangi galat plant tipe 0, tetapi tidak pernah menghilangkannya. Suku integral menambahkan kutub di s = 0: tipe sistem naik satu, dan undak diikuti tanpa galat. Suku turunan menambah redaman. Untuk memilih penguatan, tulis polinomial karakteristik loop tertutup dan bandingkan dengan s² + 2ζωns + ωn². Maka %OS = 100·e−ζπ/√(1−ζ²), tp = π/ωd dengan ωd = ωn√(1 − ζ²), dan ts ≈ 4/(ζωn).

Polinomial karakteristik

s(s + 8) + 10·4 = s² + 8s + 40

ωₙ dan ζ

ωₙ = √40 = 6,325 rad/s
ζ = 8/(2·6,325) = 0,6325

Waktu penetapan

ζωₙ = 8/2 = 4
ts ≈ 4/4 = 1 s

Jawaban

ts = 1 s

Waktu penetapan di sini tidak bergantung pada K: menaikkan K hanya membuat respons berosilasi lebih cepat.

Ini adalah materi latihan independen. ExamProblems tidak berafiliasi dengan atau didukung oleh organisasi penyelenggara ujian ini, dan nama ujian hanya digunakan untuk menggambarkan isinya. FE exam diselenggarakan oleh NCEES, yang tidak berafiliasi dengan ExamProblems dan tidak mendukungnya.

ExamProblems · examproblems.com/courses/fe-exam-electrical