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Formulari, i passaggi chiave del metodo per ogni argomento e 12 esercizi, con le soluzioni complete in fondo.

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1Formule e metodi

Ingranaggi e rotismi

Ruote dentate in presa
n1·N1 = n2·N2
Momento torcente
T2 = T1·(N2/N1)·η
Potenza
P = T·ω, ω = 2π·n/60
Rotismo composto
rapporto totale = prodotto dei rapporti dei singoli stadi

Torsione degli alberi

Tensione tangenziale
τ = T·r/J
Albero pieno
J = πd⁴/32
Albero cavo
J = π(D⁴ − d⁴)/32
Angolo di torsione
φ = TL/(GJ)
Potenza
P = T·ω = 2πnT/60

Metodo

  1. Trova il momento d’inerzia polare: J = πd⁴/32 per un albero pieno.
  2. Tensione tangenziale in superficie: τ = T·r/J, con r il raggio esterno.
  3. Angolo di torsione: φ = TL/(GJ) in radianti.
  4. Se è data la potenza, trova prima il momento torcente con P = T·ω, ω = 2πn/60.

Cerchio di Mohr e trasformazione delle tensioni

Centro
C = (σx + σy)/2
Raggio
R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²)
Tensioni principali
σ1,2 = C ± R
Direzione principale
tan 2θp = 2τxy/(σx − σy)
Piano inclinato
σθ = C + (σx − σy)/2·cos 2θ + τxy·sin 2θ

Metodo

  1. Calcola il centro del cerchio di Mohr: C = (σx + σy)/2.
  2. Calcola il raggio: R = √(((σx − σy)/2)² + τxy²).
  3. Le tensioni principali sono C ± R e la massima tensione tangenziale nel piano è R.
  4. Gli angoli sul cerchio sono il doppio degli angoli sull’elemento: tan 2θp = 2τxy/(σx − σy).

Tensione e deformazione assiale

Tensione normale
σ = F/A
Deformazione
ε = ΔL/L
Legge di Hooke
σ = E·ε
Allungamento
ΔL = FL/(EA)
Deformazione termica
εT = α·ΔT

Instabilità delle colonne

Carico critico di Euler
Pcr = π²EI/(KL)²
Coefficiente di lunghezza libera
K = 1 cerniera–cerniera, 0,5 incastro–incastro, 0,7 incastro–cerniera, 2 incastro–libero
Tensione critica
σcr = Pcr/A
Snellezza
λ = KL/r, r = √(I/A)

Vibrazioni meccaniche

Frequenza naturale
ωn = √(k/m), fn = ωn/(2π)
Dalla freccia statica
ωn = √(g/δst)
Smorzamento critico
cc = 2√(km) = 2mωn
Fattore di smorzamento
ζ = c/cc
Frequenza smorzata
ωd = ωn√(1 − ζ²)
Decremento logaritmico
δ = (1/n)·ln(x0/xn), ζ = δ/√(4π² + δ²)
Molle in parallelo
k = k1 + k2
Molle in serie
1/k = 1/k1 + 1/k2

2Esercizi

1.Ingranaggi e rotismiMedia
d1​ = 160 mmd2​ = 450 mm1450 rpmT1​ = 600 NT2​ = 120 NP = ?

Una cinghia scorre su una puleggia motrice da 160 mm a 1450 giri/min. La tensione è 600 N sul lato teso e 120 N sul lato lento. Trova la potenza P trasmessa, in kW.

d1 = 160 mmn1 = 1450 rpmT1 = 600 NT2 = 120 N
P = kW
2.Ingranaggi e rotismiDifficile
A = 50B = 72C = 18D = 72

In un rotismo composto, la ruota A (50 denti) sull’albero di ingresso, che gira a 1440 rpm, aziona la ruota B (72 denti). La ruota C (18 denti) è calettata sullo stesso albero di B e aziona la ruota D (72 denti) sull’albero di uscita. Trova la velocità di uscita nout.

nin = 1440 rpmA = 50B = 72C = 18D = 72
nout = rpm
3.Torsione degli alberiMedia
do​ = 80, di​ = 56 mmT = 250 N·mL = 3 m

Un albero cavo in ottone (diametro esterno 80 mm, diametro interno 56 mm, lunghezza 3 m) è incastrato a un’estremità e torto da un momento torcente di 250 N·m all’altra. Trova l’angolo di torsione φ in gradi.

T = 250 N·mdo = 80 mmdi = 56 mmL = 3 mG = 39 GPa
φ = °
4.Torsione degli alberiDifficile
Tdo​ = 40 mm, di​ = 28 mm

Un albero cavo trasmette 75 kW a 500 giri/min. Trova la tensione tangenziale massima τmax nell’albero.

P = 75 kWN = 500 rpmdo = 40 mmdi = 28 mm
τmax = MPa
5.Cerchio di Mohr e trasformazione delle tensioniMedia
σx​ = 160σy​ = 70τxy​ = −10MPa

In un punto di un pezzo caricato si ha σₓ = 160 MPa, σᵧ = 70 MPa e τₓᵧ = −10 MPa (trazione positiva). Trova l’angolo θp dall’asse x alla direzione della tensione principale massima, compreso tra −90° e 90°.

σx = 160 MPaσy = 70 MPaτxy = −10 MPa
θp = °
6.Cerchio di Mohr e trasformazione delle tensioniDifficile
σx​ = 50σy​ = −80τxy​ = 50MPa

Un punto di una lastra sottile è in stato piano di tensione: σₓ = 50 MPa, σᵧ = −80 MPa e τₓᵧ = 50 MPa (σz = 0). Il materiale ha una tensione di snervamento di 460 MPa. Trova il coefficiente di sicurezza n nei confronti dello snervamento secondo il criterio di Tresca (massima tensione tangenziale).

σx = 50 MPaσy = −80 MPaτxy = 50 MPaσY = 460 MPa
n =
7.Tensione e deformazione assialeMedia
Ø 10 mmAcciaio0,5 mP = 100 kN

Trova l’allungamento δ della barra di acciaio sotto il carico assiale.

P = 100 kNd = 10 mmL = 0,5 mE = 200 GPa
δ = mm
8.Tensione e deformazione assialeDifficile
Ø 25 mmOttone1 mØ 16 mmAcciaio1 mP = 60 kN

La barra a gradini è incastrata alla parete e caricata all’estremo libero. Trova l’allungamento totale δ.

P = 60 kNtratto 1: Ø25 mm, 1 m, ottone (E = 100 GPa)tratto 2: Ø16 mm, 1 m, acciaio (E = 200 GPa)
δ = mm
9.Instabilità delle colonneMedia
PL = 2,5 m20 × 50 mmsezione trasversale

Una colonna di lunghezza L in alluminio è incernierata a entrambi gli estremi. Usando la formula di Eulero, trova il suo carico critico Pcr.

L = 2,5 mE = 70 GPa (alluminio)b × h = 20 × 50 mm
Pcr = kN
10.Instabilità delle colonneDifficile
P = 40 kNL = 6 md = ?sezione trasversale

Una colonna tonda piena di lunghezza L in acciaio è incernierata a entrambi gli estremi. Deve portare 40 kN con un coefficiente di sicurezza di 2,5 contro l’instabilità. Trova il diametro minimo d.

P = 40 kNn = 2,5L = 6 mE = 200 GPa (acciaio)
d = mm
11.Vibrazioni meccanicheMedia
k = 50 kN/mζ = 0,6m = 80 kg

Una massa di 80 kg su una molla con rigidezza di 50 kN/m ha uno smorzatore viscoso che dà un fattore di smorzamento di 0,6. Trova la frequenza naturale smorzata fd delle sue vibrazioni libere in Hz.

m = 80 kgk = 50 kN/mζ = 0,6
fd = Hz
12.Vibrazioni meccanicheDifficile
k1​ = 80k2​ = 10m = 100 kg

Una massa di 100 kg è appesa a due molle affiancate (in parallelo), con rigidezze k₁ = 80 kN/m e k₂ = 10 kN/m. La massa resta orizzontale. Trascura lo smorzamento e le masse delle molle. Trova la frequenza naturale fn delle vibrazioni verticali in Hz.

m = 100 kgk1 = 80 kN/mk2 = 10 kN/m
fn = Hz

3Soluzioni

1.Ingranaggi e rotismi

Risposta: P = 5,831 kW

Trasmissioni a cinghia: senza slittamento, entrambe le pulegge hanno la stessa velocità periferica v = π·d·n/60, quindi n₁·d₁ = n₂·d₂ e il rapporto di velocità è d₂/d₁. Lo slittamento s rende la puleggia condotta un po’ più lenta: n₂ = n₁·(d₁/d₂)·(1 − s). La potenza trasmessa è P = (T₁ − T₂)·v, con T₁ la tensione sul lato teso e T₂ sul lato lento. L’attrito limita il rapporto tra le tensioni: T₁/T₂ = eμθ, dove θ è l’angolo di avvolgimento in radianti sulla puleggia più piccola; per una cinghia aperta θ = π − 2·asin((d₂ − d₁)/(2C)) con interasse C.

Velocità della cinghia

v = 12,15 m/s

Potenza

P = (600 − 120)·12,15 = 5831 W = 5,831 kW

Risposta

P = 5,831 kW
2.Ingranaggi e rotismi

Risposta: nout = 250 rpm

Rotismi: le ruote dentate in presa hanno la stessa velocità sui denti, quindi n₁·N₁ = n₂·N₂: la ruota con meno denti gira più veloce. Le ruote calettate sullo stesso albero girano alla stessa velocità. La potenza si trasmette (a meno delle perdite), quindi il momento torcente aumenta quando la velocità diminuisce: T₂ = T₁·(N₂/N₁)·η, e P = T·ω con ω = 2π·n/60.

Primo stadio

nB = 1440·50/72 = 1000 rpm = nC

Secondo stadio

nout = 1000·18/72 = 250 rpm

Risposta

nout = 250 rpm

rapporto totale = 5,76 : 1

3.Torsione degli alberi

Risposta: φ = 0,3606 °

Torsione degli alberi circolari: la tensione tangenziale cresce linearmente da zero al centro fino a τmax = T·r/J in superficie, con J = πd⁴/32 per un albero pieno e J = π(do⁴ − di⁴)/32 per uno cavo. L’angolo di torsione è φ = TL/(GJ) in radianti. Potenza e momento torcente sono legati da P = T·ω.

Momento d’inerzia polare

J = π(80⁴ − 56⁴)/32 = 3,056 × 10⁶ mm⁴

Angolo di torsione

T = 250 N·m = 250000 N·mm
L = 3 m = 3000 mm
G = 39 GPa = 39000 MPa
φ = TL/(GJ) = 250000·3000/(39000·3,056 × 10⁶) = 0,006293 rad
φ = 0,006293·180/π = 0,3606°

Risposta

φ = 0,3606°
4.Torsione degli alberi

Risposta: τmax = 150 MPa

Torsione degli alberi circolari: la tensione tangenziale cresce linearmente da zero al centro fino a τmax = T·r/J in superficie, con J = πd⁴/32 per un albero pieno e J = π(do⁴ − di⁴)/32 per uno cavo. L’angolo di torsione è φ = TL/(GJ) in radianti. Potenza e momento torcente sono legati da P = T·ω.

Momento torcente

ω = 2πN/60 = 2π·500/60 = 52,36 rad/s
T = P/ω = 75000/52,36 = 1432 N·m

Momento d’inerzia polare

J = π(40⁴ − 28⁴)/32 = 190984 mm⁴

Tensione tangenziale massima

τmax = T·(do/2)/J = 1,432 × 10⁶·20/190984 = 150 MPa

Risposta

τmax = 150 MPa
5.Cerchio di Mohr e trasformazione delle tensioni

Risposta: θp = −6,264 °

Trasformazione della tensione piana: su un piano ruotato di θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. Il cerchio di Mohr mostra tutti i piani contemporaneamente: il suo centro è in C = (σₓ + σᵧ)/2 e il raggio è R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Le tensioni principali sono C ± R, e la massima tensione tangenziale nel piano è R.

στxyCσ1​σ2​

Angolo sul cerchio

Sul cerchio di Mohr il punto x si trova a un angolo 2θp dall’asse σ; il quadrante dipende dai segni di σₓ − σᵧ e τₓᵧ.

2θp = atan2(2·−10, 160 − 70) = −12,53°

Angolo sull’elemento

θp = −6,264°

Risposta

θp = −6,264°

Gli angoli positivi sono in senso antiorario.

6.Cerchio di Mohr e trasformazione delle tensioni

Risposta: n = 2,805

Trasformazione della tensione piana: su un piano ruotato di θ, σ = (σₓ + σᵧ)/2 + (σₓ − σᵧ)/2·cos 2θ + τₓᵧ·sin 2θ. Il cerchio di Mohr mostra tutti i piani contemporaneamente: il suo centro è in C = (σₓ + σᵧ)/2 e il raggio è R = √(((σₓ − σᵧ)/2)² + τₓᵧ²). Le tensioni principali sono C ± R, e la massima tensione tangenziale nel piano è R. Criteri di snervamento: von Mises prevede lo snervamento quando σvM = √(σ₁² − σ₁σ₂ + σ₂²) raggiunge σY; Tresca quando la tensione tangenziale massima assoluta raggiunge σY/2.

στxyCσ1​σ2​

Tensioni principali

C = −15 MPa, R = 82,01 MPa
σ1 = 67,01 MPa, σ2 = −97,01 MPa, σ3 = 0

Tresca

σmax − σmin = 164 MPa
n = 460/164 = 2,805

Risposta

n = 2,805

n > 1 significa che il punto non si snerva; Tresca è leggermente più conservativo di von Mises.

7.Tensione e deformazione assiale

Risposta: δ = 3,183 mm

Legge di Hooke: nel campo elastico σ = E·ε. Combinandola con σ = P/A e ε = δ/L si ottiene δ = PL/(AE).

Tensione

A = π·10²/4 = 78,54 mm²
σ = P/A = 100·1000/78,54 = 1273 MPa

Deformazione (legge di Hooke)

E for acciaio = 200 GPa = 200000 MPa.

ε = σ/E = 1273/200000 = 0,006366 = 6366 µε

Allungamento

δ = ε·L = 0,006366·500 mm = 3,183 mm

Risposta

δ = 3,183 mm
8.Tensione e deformazione assiale

Risposta: δ = 2,714 mm

Elementi caricati assialmente: ogni tratto prismatico segue δ = PL/(AE). Per elementi in serie gli allungamenti si sommano.

Stessa forza in entrambi i tratti

L’estremo libero porta P, quindi ogni sezione della barra porta la stessa forza assiale P. Cambiano solo aree e materiali.

A1 = π·25²/4 = 490,9 mm², A2 = π·16²/4 = 201,1 mm²
σ1 = 122,2 MPa
σ2 = 298,4 MPa

Somma gli allungamenti dei tratti

δ1 = σ1L1/E1 = 122,2·1000/100000 = 1,222 mm
δ2 = σ2L2/E2 = 298,4·1000/200000 = 1,492 mm
δ = δ1 + δ2 = 2,714 mm

Risposta

δ = 2,714 mm
9.Instabilità delle colonne

Risposta: Pcr = 3,685 kN

Instabilità euleriana: una colonna snella diventa instabile a Pcr = π²EI/(KL)², dove KL è la lunghezza libera d’inflessione: K = 1 per cerniera–cerniera, 2 per incastro–libero, 0,7 per incastro–cerniera e 0,5 per incastro–incastro. Sbanda attorno all’asse con I minore. La formula vale per colonne snelle, la cui tensione critica resta sotto la tensione di snervamento.

Momento d’inerzia minimo

Un rettangolo sbanda attorno al suo asse debole, usando il cubo della dimensione minore.

Imin = h·b³/12 = 50·20³/12 = 33333 mm⁴

Lunghezza libera d’inflessione

KL = 1·2500 = 2500 mm

Carico critico

Pcr = π²EI/(KL)² = π²·70000·33333/2500² = 3685 N = 3,685 kN

Risposta

Pcr = 3,685 kN
10.Instabilità delle colonne

Risposta: d = 78,07 mm

Instabilità euleriana: una colonna snella diventa instabile a Pcr = π²EI/(KL)², dove KL è la lunghezza libera d’inflessione: K = 1 per cerniera–cerniera, 2 per incastro–libero, 0,7 per incastro–cerniera e 0,5 per incastro–incastro. Sbanda attorno all’asse con I minore. La formula vale per colonne snelle, la cui tensione critica resta sotto la tensione di snervamento.

Carico critico richiesto

Pcr = n·P = 2,5·40000 = 100000 N
KL = 1·6000 = 6000 mm

Risolvi per il diametro

d = (64·n·P·(KL)²/(π³E))^(1/4) = (64·100000·6000²/(π³·200000))^(1/4) = 78,07 mm

Risposta

d = 78,07 mm

Verifica: la snellezza KL/r è 307,4, quindi la colonna è snella e vale Eulero.

11.Vibrazioni meccaniche

Risposta: fd = 3,183 Hz

Vibrazioni libere di un sistema massa–molla: la pulsazione naturale non smorzata è ωn = √(k/m) in rad/s, e fn = ωn/(2π) in Hz. Uno smorzatore viscoso c dà il fattore di smorzamento ζ = c/cc, con smorzamento critico cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Un sistema sottosmorzato (ζ < 1) oscilla a ωd = ωn·√(1 − ζ²). Le molle in parallelo si sommano, k = k₁ + k₂; le molle in serie si sommano come reciproci, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Frequenza naturale non smorzata

ωn = √(50000/80) = 25 rad/s
fn = 25/(2π) = 3,979 Hz

Frequenza naturale smorzata

fd = fn·√(1 − ζ²) = 3,979·√(1 − 0,6²) = 3,183 Hz

Risposta

fd = 3,183 Hz
12.Vibrazioni meccaniche

Risposta: fn = 4,775 Hz

Vibrazioni libere di un sistema massa–molla: la pulsazione naturale non smorzata è ωn = √(k/m) in rad/s, e fn = ωn/(2π) in Hz. Uno smorzatore viscoso c dà il fattore di smorzamento ζ = c/cc, con smorzamento critico cc = 2·√(k·m) = 2·m·ωn. Un sistema sottosmorzato (ζ < 1) oscilla a ωd = ωn·√(1 − ζ²). Le molle in parallelo si sommano, k = k₁ + k₂; le molle in serie si sommano come reciproci, 1/k = 1/k₁ + 1/k₂.

Rigidezza equivalente

Le molle affiancate hanno la stessa deformazione e sommano le loro forze, quindi le rigidezze si sommano semplicemente: k = k1 + k2.

keq = 80 + 10 = 90 kN/m

Frequenza naturale

ωn = √(90000/100) = 30 rad/s
fn = 30/(2π) = 4,775 Hz

Risposta

fn = 4,775 Hz

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