Subnet IPv4
- Hos bagi setiap subnet
- 2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
- Saiz blok
- 256 − (mask octet)
- Alamat rangkaian
- IP AND topeng
- Alamat siaran
- IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
- Subnet daripada n bit yang dipinjam
- 2n
Rangkaian Komputer: pek ulang kaji kilat
Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 6 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.
1Formula dan kaedah
Sistem nombor
- Nilai kedudukan
- perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
- Kepada perpuluhan
- Σ dk·bk
- Daripada perpuluhan
- bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
- Heks ↔ perduaan
- satu digit heks = 4 bit
- Pelengkap dua
- songsangkan bit dan tambah 1
2Soalan latihan
1.Subnet IPv4Sederhana
Rangkaian 192.168.10.0/24 mesti dibahagikan kepada sekurang-kurangnya 3 subnet yang sama saiz. Jika anda meminjam bit sesedikit mungkin, berapakah hos boleh guna H bagi setiap subnet?
192.168.10.0/243 subnets
H =
2.Subnet IPv4Sukar
Rangkaian 192.168.214.0/24 dibahagikan dengan VLSM untuk LAN berikut: A: 103 hos, B: 14 hos, C: 23 hos, D: 33 hos. Subnet diperuntukkan dari .0 ke atas, LAN dengan hos paling banyak dahulu, masing-masing dengan subnet terkecil yang muat. Apakah oktet keempat x alamat rangkaian LAN D?
A: 103B: 14C: 23D: 33
x =
3.Rangkaian komputerSederhana
Medan pengepala IPv4 manakah yang menghalang paket daripada berlegar selama-lamanya dalam gelung penghalaan?
- AHasil tambah semak pengepala
- BJenis perkhidmatan
- CMasa hidup (TTL)
- DPengenalan
4.Rangkaian komputerSukar
Bagaimanakah pemecahan (fragmentation) dalam IPv6 berbeza daripada IPv4?
- APenghala tidak pernah memecahkan paket IPv6; hanya sumber boleh, menggunakan penemuan MTU laluan
- BIPv6 memecahkan pada lapisan pengangkutan dalam TCP
- CIPv6 tidak membenarkan paket lebih besar daripada 576 bait
- DPenghala IPv6 memecahkan setiap paket yang lebih besar daripada 64 bait sebelum memajukannya di sepanjang laluan
5.Sistem nomborSederhana
Tetapkan bit supaya ia menyimpan −73 dalam pelengkap dua 8-bit. Dibaca sebagai nombor tanpa tanda, apakah nilai corak U?
N = −738 bit
U =
6.Sistem nomborSukar
Apakah integer paling negatif N yang boleh disimpan dalam pelengkap dua 24-bit?
24 bit
N =
3Larutan
1.Subnet IPv4
Jawapan: H = 62
Subnet IPv4: alamat mempunyai 32 bit. Awalan /p menyatakan berapa banyak bit permulaan yang mengenal pasti rangkaian; baki 32 − p bit menomborkan hos. Satu subnet mempunyai 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat rangkaian) dan yang terakhir (alamat siaran) tidak boleh diberikan kepada hos, jadi 2³²⁻ᵖ − 2 hos boleh dimuatkan. Pengecualian: /31 (pautan titik ke titik, RFC 3021) menggunakan kedua-dua 2 alamatnya untuk hos, dan /32 ialah satu alamat tunggal (satu hos atau loopback).
Bit untuk dipinjam
22 = 4 ≥ 3 → b = 2, /26
Hos bagi setiap subnet
26 − 2 = 62
Jawapan
H = 62
2.Subnet IPv4
Jawapan: x = 128
VLSM: setiap LAN mendapat subnet terkecil dengan 2ʰ − 2 ≥ bilangan hosnya, iaitu awalan 32 − h. Memperuntukkan subnet terbesar dahulu memastikan setiap blok sejajar pada gandaan saiznya sendiri, maka alamat rangkaian diperoleh dengan menambah saiz blok.
Saiz blok bagi setiap LAN
A: 103 hos → 27 = 128 (/25)
D: 33 hos → 26 = 64 (/26)
C: 23 hos → 25 = 32 (/27)
B: 14 hos → 24 = 16 (/28)
Peruntukan, yang terbesar dahulu
A: .0 – .127
D: .128 – .191
C: .192 – .223
B: .224 – .239
Jawapan
x = 128
LAN D: 192.168.214.128/26.
3.Rangkaian komputer
Jawapan: C · Masa hidup (TTL)
Mengapa ini jawapannya
Setiap penghala mengurangkan TTL; pada sifar paket dibuang dan mesej ICMP Time Exceeded biasanya dihantar. IPv6 memanggilnya had lompatan (hop limit).
Jawapan
C · Masa hidup (TTL)
4.Rangkaian komputer
Jawapan: A · Penghala tidak pernah memecahkan paket IPv6; hanya sumber boleh, menggunakan penemuan MTU laluan
Mengapa ini jawapannya
Penghala IPv6 menggugurkan paket yang terlalu besar dan mengembalikan ICMPv6 Packet Too Big. Sumber kemudian menghantar paket yang lebih kecil atau menggunakan pengepala sambungan pemecahan.
Jawapan
A · Penghala tidak pernah memecahkan paket IPv6; hanya sumber boleh, menggunakan penemuan MTU laluan
5.Sistem nombor
Jawapan: U = 183
Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.
Songsang dan tambah satu
73 = 0100 1001
disongsangkan: 1011 0110
+1 → 1011 0111
Baca sebagai tanpa tanda
1011 0111₂ = 256 − 73 = 183
Jawapan
U = 183
6.Sistem nombor
Jawapan: N = −8.389 × 10⁶
Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.
Nilai paling negatif
−223 = −8388608
Jawapan
N = −8388608
ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-networks