Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit0−12806403201608040201

Tetapkan bit supaya ia menyimpan −28 dalam pelengkap dua 8-bit. Dibaca sebagai nombor tanpa tanda, apakah nilai corak U?

N = −288 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
Pelengkap dua 32-bit, N = ??tanda???????????????????????????????

Apakah integer paling negatif N yang boleh disimpan dalam pelengkap dua 32-bit?

32 bit
N =
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
¬¬p → ¬(r ∧ q)¬¬p ∧ ¬(r ∧ q)¬¬p ∧ (r ∧ q)¬p ∧ ¬(r ∧ q)

Anda hendak membuktikan ¬p → (r ∧ q) secara percanggahan. Pernyataan manakah yang anda andaikan pada permulaan? Klik pernyataan itu.

¬p → (r ∧ q)
  1. 1¬¬p → ¬(r ∧ q)
  2. 2¬¬p ∧ ¬(r ∧ q)
  3. 3¬¬p ∧ (r ∧ q)
  4. 4¬p ∧ ¬(r ∧ q)
4.Logik proposisi & pembuktianSukar
bcb → ccb11100100

Hujah dengan premis b → c; c dan kesimpulan b adalah tidak sah. Klik baris jadual kebenaran yang menjadi contoh penyangkal.

b → cc∴ b
  1. 1b = 1, c = 1
  2. 2b = 1, c = 0
  3. 3b = 0, c = 1
  4. 4b = 0, c = 0
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABCD000111100001111000011302041507061120131150140809111010

Gunakan peta Karnaugh untuk mencari bentuk hasil tambah hasil darab (SOP) minimum bagi F(A, B, C, D) = Σm(3, 5, 11, 12, 15). Berapa banyak sebutan hasil darab N yang ada padanya?

F(A, B, C, D) = Σm(3, 5, 11, 12, 15)
N =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
CLKD1234567

Flip-flop D dicetus pinggir positif bermula dengan Q = 0 dan menerima input yang ditunjukkan. Klik pinggir jam pertama yang Q-nya berubah daripada 1 kembali kepada 0.

Q₀ = 0D
  1. 1pinggir jam 1
  2. 2pinggir jam 2
  3. 3pinggir jam 3
  4. 4pinggir jam 4
  5. 5pinggir jam 5
  6. 6pinggir jam 6
  7. 7pinggir jam 7
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari songsangan 55 modulo 59: nombor x dengan 0 < x < 59 dan 55·x ≡ 1 (mod 59).

a = 55n = 59
55−1 mod 59 =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
100c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (779, 19)d

Sulitkan mesej m = 100 dengan kunci awam RSA (n, e) = (779, 19). Cari teks sulit c.

n = 779e = 19m = 100
c =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Apakah kerumitan masa bagi: for i = 1 to n: (j = 1; while j < n: j = j × 2)?

  1. AO(n log n)
  2. BO(n²)
  3. CO(n)
  4. DO(log n)
10.Algoritma & kerumitanSukar

Sesuatu masalah ialah NP-lengkap jika ia:

  1. AMustahil diselesaikan
  2. BDalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial
  3. CBoleh diselesaikan dalam masa polinomial
  4. DDi luar NP tetapi lebih sukar daripada semua masalah NP, seperti masalah penghentian
11.Struktur dataSederhana

Berapa lamakah carian perkataan sepanjang L dalam trie dengan abjad tetap?

  1. AO(L × n)
  2. BO(L), tanpa bergantung pada berapa banyak perkataan disimpan
  3. CO(log n), dengan n ialah bilangan perkataan
  4. DO(n), dengan n ialah bilangan perkataan
12.Struktur dataSukar

Bagi setiap elemen tatasusunan anda mahu elemen lebih besar seterusnya di sebelah kanannya, dalam jumlah masa O(n). Struktur manakah yang membantu?

  1. AJadual cincang semua elemen
  2. BBaris gilir yang menyimpan setiap pasangan elemen
  3. CPokok carian binari yang dibina semula bagi setiap elemen
  4. DTindanan yang menyimpan elemen yang menunggu jawapannya
13.Teori grafSederhana
ABCDEFGLitar EulerLaluan Euler, tiada litartiada kedua-duanya

Adakah graf bersambung itu mempunyai litar Euler, laluan Euler yang bukan litar, atau tiada kedua-duanya? Klik jawapan anda.

|V| = 7|E| = 9
  1. 1Litar Euler
  2. 2Laluan Euler, tiada litar
  3. 3tiada kedua-duanya
14.Teori grafSukar
12148117719ABCDEF

Gunakan algoritma Dijkstra untuk mencari panjang d(F) laluan terpendek dari A ke F dalam graf berpemberat.

mula: Aakhir: F
d(F) =
15.Pangkalan data & SQLSederhana

Apakah yang disediakan oleh ungkapan jadual lazim (common table expression, WITH name AS (...))?

  1. APengguna pangkalan data baharu
  2. BJadual kekal yang kekal disimpan pada cakera sehingga digugurkan
  3. CHasil sementara bernama yang boleh digunakan dalam satu penyataan
  4. DIndeks pada lajur
16.Pangkalan data & SQLSukar

Mengapakah SELECT dept, name, COUNT(*) FROM emp GROUP BY dept tidak sah dalam SQL piawai?

  1. Aname tidak dikumpul mahupun diagregat, maka ia tiada nilai tunggal bagi setiap kumpulan
  2. BGROUP BY mesti menyenaraikan semua lajur jadual
  3. CCOUNT(*) tidak boleh digunakan bersama GROUP BY
  4. Ddept mesti muncul di dalam fungsi agregat
17.Rangkaian komputerSederhana

Apakah alamat rangkaian bagi hos 192.168.10.77/26?

  1. A192.168.10.0
  2. B192.168.10.76
  3. C192.168.10.64
  4. D192.168.10.128
18.Rangkaian komputerSukar

Mengapakah pilihan penskalaan tetingkap TCP diperkenalkan?

  1. AUDP memerlukan cara untuk mengawal kadar penghantarannya pada laluan yang sesak
  2. BTanpanya, TCP tidak dapat mengesan segmen yang hilang pada pautan jarak jauh
  3. CMedan tetingkap 32 bit terlalu besar dan membazirkan ruang pengepala dalam setiap segmen TCP yang dihantar
  4. DMedan tetingkap 16 bit mengehadkan tetingkap kepada 65,535 bait, terlalu kecil untuk laluan jarak jauh yang pantas
19.Subnet IPv4Sederhana
/22 → /2711111111111111111111111111100000bit rangkaianbit hos

Rangkaian 10.255.132.0/22 dibahagikan kepada subnet sama saiz dengan awalan /27. Berapakah bilangan subnet N?

10.255.132.0/22/27
N =
20.Subnet IPv4Sukar

Rangkaian 192.168.20.0/24 dibahagikan dengan VLSM untuk LAN berikut: A: 9 hos, B: 3 hos, C: 8 hos, D: 29 hos, E: 51 hos. Subnet diperuntukkan dari .0 ke atas, LAN dengan hos paling banyak dahulu, masing-masing dengan subnet terkecil yang muat. Apakah oktet keempat x alamat rangkaian LAN B?

A: 9B: 3C: 8D: 29E: 51
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 228

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Songsang dan tambah satu

28 = 0001 1100
disongsangkan: 1110 0011
+1 → 1110 0100

Baca sebagai tanpa tanda

1110 0100₂ = 256 − 28 = 228

Jawapan

U = 228
2.Sistem nombor

Jawapan: N = −2.147 × 10⁹

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Nilai paling negatif

−231 = −2147483648

Jawapan

N = −2147483648
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: ¬p ∧ ¬(r ∧ q)

Kesetaraan logik: dua formula adalah setara (≡) apabila ia mempunyai nilai yang sama dalam setiap baris jadual kebenaran. Tautologi ialah 1 dalam setiap baris, percanggahan ialah 0 dalam setiap baris, dan kontingensi bukan kedua-duanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum agihan, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Bahagian implikasi

a = ¬p, b = r ∧ q

Penafian implikasi

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = ¬p ∧ ¬(r ∧ q)

Jawapan

¬p ∧ ¬(r ∧ q)

Jika andaian membawa kepada percanggahan, implikasi itu mestilah benar.

4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: b = 0, c = 1

Pengkuantiti dan hujah: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Alihkan penafian ke dalam, tukar setiap pengkuantiti yang dilaluinya, dan nafikan formula di dalam dengan hukum proposisi, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Hujah adalah sah apabila kesimpulan ialah 1 dalam setiap baris yang semua premisnya 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan palsu ialah contoh penyangkal dan menunjukkan hujah itu tidak sah.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

b = 1, c = 1: 1 1 | 1
b = 1, c = 0: 0 0 | 1
b = 0, c = 1: 1 1 | 0
b = 0, c = 0: 1 0 | 0

Contoh penyangkal

b = 0, c = 1

Jawapan

b = 0, c = 1

Hujah dengan bentuk ini kelihatan seperti peraturan yang sah, tetapi satu baris sudah memadai untuk menunjukkan bahawa ia tidak sah.

5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: N = 4

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

ABCD000111100001111000011302041507061120131150140809111010

Kumpulkan 1

Setiap kumpulan ialah segi empat tepat 2ᵏ sel; sel tepi berjiran dengan sel pada tepi bertentangan.

B′CD
ACD
A′BC′D
ABC′D′

Bentuk SOP minimum

F = B′CD + ACD + A′BC′D + ABC′D′
N = 4

Jawapan

N = 4
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: pinggir jam 4

Flip-flop dan pembilang: flip-flop hanya berubah pada pinggir jam yang aktif. D menyalin inputnya (Q⁺ = D); T bertukar keadaan apabila T = 1; JK kekal untuk 00, set semula untuk 01, set untuk 10 dan bertukar keadaan untuk 11. Pembilang perduaan n-bit mempunyai 2ⁿ keadaan dan mengira modulo 2ⁿ; pembilang mod-N mengira 0, 1, …, N − 1 dan kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap peringkat pembilang riak membahagi dua frekuensi, maka output terakhir pembilang mod-N berjalan pada fclk/N. Pembilang Johnson dengan n flip-flop mempunyai 2n keadaan, pembilang gelang n.

Q selepas setiap pinggir

Flip-flop D menyalin D pada setiap pinggir menaik: Q⁺ = D.

1: D = 0 → Q = 0
2: D = 0 → Q = 0
3: D = 1 → Q = 1
4: D = 0 → Q = 0
5: D = 0 → Q = 0
6: D = 0 → Q = 0
7: D = 0 → Q = 0

Perubahan pertama daripada 1 kepada 0

pinggir jam 4

Jawapan

pinggir jam 4
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: 55−1 mod 59 = 44

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid lanjutan

Setiap baki r ditulis sebagai r ≡ t·55 (mod 59).

r = 59, t = 0
r = 55, q = 1, t = 1
r = 4, q = 13, t = −1
r = 3, q = 1, t = 14
r = 1, q = 3, t = −15

Songsangan

1 ≡ −15·55 (mod 59)
x = 44
semakan: 55·44 = 2420 = 41·59 + 1

Jawapan

55−1 mod 59 = 44
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: c = 385

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Kuasa dua berulang

19 = 16 + 2 + 1
1001 ≡ 100 (mod 779)
1002 ≡ 652 (mod 779)
1004 ≡ 549 (mod 779)
1008 ≡ 707 (mod 779)
10016 ≡ 510 (mod 779)
10019 ≡ 100·652·510 ≡ 385 (mod 779)

Teks sulit

c = 385

Jawapan

c = 385
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: A · O(n log n)

Mengapa ini jawapannya

Gelung dalam berjalan kira-kira log₂ n kali bagi setiap n lelaran luar, memberikan O(n log n).

Jawapan

A · O(n log n)
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · Dalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial

Mengapa ini jawapannya

Masalah NP-lengkap ialah yang paling sukar dalam NP; algoritma polinomial untuk satu akan memberikan satu untuk semua NP.

Jawapan

B · Dalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial
11.Struktur data

Jawapan: B · O(L), tanpa bergantung pada berapa banyak perkataan disimpan

Mengapa ini jawapannya

Setiap aksara memilih satu anak, jadi carian mengambil L langkah tanpa mengira berapa banyak perkataan trie mengandungi.

Jawapan

B · O(L), tanpa bergantung pada berapa banyak perkataan disimpan
12.Struktur data

Jawapan: D · Tindanan yang menyimpan elemen yang menunggu jawapannya

Mengapa ini jawapannya

Mengimbas dari kiri ke kanan, pop setiap elemen tindanan yang lebih kecil daripada yang semasa (elemen semasa ialah jawapan mereka), kemudian push-nya; setiap elemen bergerak paling banyak dua kali.

Jawapan

D · Tindanan yang menyimpan elemen yang menunggu jawapannya
13.Teori graf

Jawapan: tiada kedua-duanya

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Darjah

deg(A) = 1, deg(B) = 3, deg(C) = 4, deg(D) = 3, deg(E) = 3, deg(F) = 1, deg(G) = 3

Bucu ganjil

A, B, D, E, F, G → 6
tiada kedua-duanya

Jawapan

tiada kedua-duanya
14.Teori graf

Jawapan: d(F) = 22

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Dijkstra pusingan demi pusingan

Setiap baris: bucu yang ditetapkan, jarak muktamadnya, dan jiran yang jaraknya bertambah baik.

A (0): B: 12, C: 14
B (12): D: 23, E: 21
C (14)
E (21): F: 22
F (22)
D (23)

Laluan terpendek

A → B → E → F
d(F) = 22

Jawapan

d(F) = 22
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: C · Hasil sementara bernama yang boleh digunakan dalam satu penyataan

Mengapa ini jawapannya

CTE memberi nama kepada subpertanyaan, yang menjadikan pertanyaan kompleks lebih mudah dibaca dan boleh dirujuk beberapa kali dalam penyataan yang sama.

Jawapan

C · Hasil sementara bernama yang boleh digunakan dalam satu penyataan
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: A · name tidak dikumpul mahupun diagregat, maka ia tiada nilai tunggal bagi setiap kumpulan

Mengapa ini jawapannya

Setiap lajur dalam senarai SELECT mesti dalam GROUP BY atau di dalam agregat (atau bergantung secara fungsi pada lajur pengumpulan); jika tidak, nilainya taksa.

Jawapan

A · name tidak dikumpul mahupun diagregat, maka ia tiada nilai tunggal bagi setiap kumpulan
17.Rangkaian komputer

Jawapan: C · 192.168.10.64

Mengapa ini jawapannya

Subnet /26 bermula pada 0, 64, 128 dan 192. 77 terletak dalam blok 64–127, maka alamat rangkaiannya ialah 192.168.10.64.

Jawapan

C · 192.168.10.64
18.Rangkaian komputer

Jawapan: D · Medan tetingkap 16 bit mengehadkan tetingkap kepada 65,535 bait, terlalu kecil untuk laluan jarak jauh yang pantas

Mengapa ini jawapannya

Pengepala asal membenarkan paling banyak 65,535 bait data tanpa pengakuan. Penskalaan tetingkap mendarabkannya dengan kuasa dua supaya laluan lebar jalur-kelewatan tinggi dapat diisi.

Jawapan

D · Medan tetingkap 16 bit mengehadkan tetingkap kepada 65,535 bait, terlalu kecil untuk laluan jarak jauh yang pantas
19.Subnet IPv4

Jawapan: N = 32

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bit yang dipinjam

27 − 22 = 5

Bilangan subnet

N = 25 = 32

Jawapan

N = 32

Setiap subnet /27 mempunyai 25 − 2 = 30 hos boleh guna.

20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 128

VLSM: setiap LAN mendapat subnet terkecil dengan 2ʰ − 2 ≥ bilangan hosnya, iaitu awalan 32 − h. Memperuntukkan subnet terbesar dahulu memastikan setiap blok sejajar pada gandaan saiznya sendiri, maka alamat rangkaian diperoleh dengan menambah saiz blok.

Saiz blok bagi setiap LAN

E: 51 hos → 26 = 64 (/26)
D: 29 hos → 25 = 32 (/27)
A: 9 hos → 24 = 16 (/28)
C: 8 hos → 24 = 16 (/28)
B: 3 hos → 23 = 8 (/29)

Peruntukan, yang terbesar dahulu

E: .0 – .63
D: .64 – .95
A: .96 – .111
C: .112 – .127
B: .128 – .135

Jawapan

x = 128

LAN B: 192.168.20.128/29.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals