Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
nilai kedudukan dalam pelengkap dua1−12806413201608041211

Corak 8-bit 1010 0011 menyimpan integer bertanda dalam pelengkap dua. Apakah nilainya N dalam perpuluhan?

1010 00118 bit
N =
2.Sistem nomborSukar
klik bit untuk menetapkannya012806403201608040201

Tetapkan bit kepada hasil 8-bit bagi 0011 1100 >> 3. Apakah nilai hasil R dalam perpuluhan?

0011 1100>> 3
R =
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
¬(p ∧ r) ∧ ¬q¬(p ∧ r) → ¬q(p ∧ r) ∧ ¬q¬(p ∧ r) ∧ q

Anda hendak membuktikan (p ∧ r) → q secara percanggahan. Pernyataan manakah yang anda andaikan pada permulaan? Klik pernyataan itu.

(p ∧ r) → q
  1. 1¬(p ∧ r) ∧ ¬q
  2. 2¬(p ∧ r) → ¬q
  3. 3(p ∧ r) ∧ ¬q
  4. 4¬(p ∧ r) ∧ q
4.Logik proposisi & pembuktianSukar
∃y ∀x ¬R(x, y)∀x ∃y ¬R(x, y)∃x ∀y ¬R(x, y)∀x ∀y ¬R(x, y)

Pernyataan manakah yang setara dengan ¬∀x ∃y R(x, y), dengan penafian dialihkan sepenuhnya ke dalam? Klik pernyataan itu.

¬∀x ∃y R(x, y)
  1. 1∃y ∀x ¬R(x, y)
  2. 2∀x ∃y ¬R(x, y)
  3. 3∃x ∀y ¬R(x, y)
  4. 4∀x ∀y ¬R(x, y)
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABC000111100101324576

Permudahkan F = A′B + ABC + AC′ + A′C kepada bentuk hasil tambah hasil darab minimum. Berapa banyak literal L yang terkandung dalam ungkapan yang dipermudah?

F = A′B + ABC + AC′ + A′C
L =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
ABCD0001111000011110X01113120405X7060121130151141809X11010

Cari bentuk SOP minimum bagi F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 3, 8, 13, 14) + d(0, 7, 11), dengan d menandakan keadaan tidak peduli. Berapa banyak sebutan hasil darab N yang ada padanya?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 3, 8, 13, 14) + d(0, 7, 11)
N =
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Selesaikan 18x ≡ 14 (mod 29). Beri penyelesaian x dengan 0 < x < 29.

18x ≡ 14 (mod 29)
x =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (1739, 11)d = ?

Kunci RSA menggunakan nombor perdana p = 37 dan q = 47 serta eksponen awam e = 11. Cari eksponen persendirian d (0 < d < φ(n)).

p = 37q = 47e = 11
d =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Apakah penyelesaian hubungan jadi semula T(n) = 2T(n/2) + O(1)?

  1. AO(n²)
  2. BO(n)
  3. CO(n log n)
  4. DO(log n)
10.Algoritma & kerumitanSukar

Algoritma Strassen mendarab matriks menggunakan 7 dan bukannya 8 pendaraban rekursif blok separuh saiz. Apakah masa larinya?

  1. AΘ(n² log n)
  2. BΘ(n2)
  3. CΘ(nlog₂ 7), kira-kira n2.81
  4. DΘ(n³)
11.Struktur dataSederhana

Bagaimanakah extract-min berfungsi dalam timbunan min binari?

  1. ABuang akar dan anjakkan semua elemen satu tempat ke kiri
  2. BPindahkan elemen terakhir ke akar dan gerakkannya ke bawah
  3. CBuang elemen terakhir tatasusunan
  4. DCari semua daun untuk minimum baharu
12.Struktur dataSukar

Apakah yang dilakukan oleh pokok splay selepas setiap akses?

  1. AMemindahkan nod yang diakses ke daun
  2. BMembina semula seluruh pokok dalam bentuk seimbang
  3. CMewarnakan semula nod pada laluan carian
  4. DMemutarkan nod yang diakses ke atas ke akar
13.Teori grafSederhana
ABCDELitar EulerLaluan Euler, tiada litartiada kedua-duanya

Adakah graf bersambung itu mempunyai litar Euler, laluan Euler yang bukan litar, atau tiada kedua-duanya? Klik jawapan anda.

|V| = 5|E| = 5
  1. 1Litar Euler
  2. 2Laluan Euler, tiada litar
  3. 3tiada kedua-duanya
14.Teori grafSukar
46131691217ABCDEF

Cari jumlah berat W pokok rentang minimum bagi graf berpemberat itu.

|V| = 6|E| = 8
W =
15.Pangkalan data & SQLSederhana

LEFT JOIN memulangkan:

  1. ASemua baris daripada jadual kanan sahaja
  2. BHanya baris sepadan daripada kedua-dua jadual
  3. CBaris yang tidak sepadan dalam kedua-dua jadual
  4. DSemua baris daripada jadual kiri dan baris sepadan daripada kanan, dengan NULL di mana tiada padanan
16.Pangkalan data & SQLSukar

Apakah yang dipulangkan oleh FULL OUTER JOIN?

  1. AHanya baris sepadan
  2. BHasil darab Cartesian, memasangkan setiap baris satu jadual dengan setiap baris jadual yang lain
  3. CSemua baris daripada kedua-dua jadual, dipadankan jika boleh dan diisi NULL jika tidak
  4. DHanya baris tidak sepadan
17.Rangkaian komputerSederhana

Bagaimanakah tembok api berkeadaan (stateful) berbeza daripada penapis paket ringkas?

  1. AIa menjejaki sambungan dan membenarkan balasan yang tergolong dalam sesi yang telah terjalin
  2. BIa menyekat semua trafik masuk tanpa pengecualian, termasuk balasan kepada permintaan keluar
  3. CIa hanya menyemak alamat MAC setiap bingkai
  4. DIa menyulitkan setiap paket yang dimajukannya
18.Rangkaian komputerSukar

Masalah mengira-ke-infiniti (count-to-infinity) berlaku dalam jenis protokol penghalaan yang mana, dan apakah yang membantu mengatasinya?

  1. APenghalaan statik; menambah laluan lalai
  2. BVektor laluan; laluan AS yang lebih panjang
  3. CKeadaan pautan; membanjiri kemas kini pautan
  4. DVektor jarak; split horizon dan poison reverse
19.Subnet IPv4Sederhana
/16 → /2111111111111111111111100000000000bit rangkaianbit hos

Rangkaian 172.20.0.0/16 dibahagikan kepada subnet sama saiz dengan awalan /21. Berapakah bilangan subnet N?

172.20.0.0/16/21
N =
20.Subnet IPv4Sukar
oktet terakhir = 161112806413201608040211rangkaianhos

Sebuah hos mempunyai alamat 10.20.236.161/27. Apakah oktet keempat x bagi alamat rangkaiannya?

10.20.236.161/27
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: N = −93

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Tambah nilai kedudukan

Bit lain mengekalkan nilai positif biasanya.

−128 + 32 + 2 + 1 = −93

Jawapan

N = −93
2.Sistem nombor

Jawapan: R = 7

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Bit demi bit

Anjak ke kanan sebanyak 3 menggerakkan setiap bit 3 tempat ke kanan; bit yang jatuh dari hujung kanan hilang dan sifar masuk di sebelah kiri.

0011 1100 >> 3
= 0000 0111

Nilai hasil

0000 0111₂ = 7

Jawapan

R = 7
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: (p ∧ r) ∧ ¬q

Kesetaraan logik: dua formula adalah setara (≡) apabila ia mempunyai nilai yang sama dalam setiap baris jadual kebenaran. Tautologi ialah 1 dalam setiap baris, percanggahan ialah 0 dalam setiap baris, dan kontingensi bukan kedua-duanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum agihan, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Bahagian implikasi

a = p ∧ r, b = q

Penafian implikasi

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = (p ∧ r) ∧ ¬q

Jawapan

(p ∧ r) ∧ ¬q

Jika andaian membawa kepada percanggahan, implikasi itu mestilah benar.

4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: ∃x ∀y ¬R(x, y)

Pengkuantiti dan hujah: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Alihkan penafian ke dalam, tukar setiap pengkuantiti yang dilaluinya, dan nafikan formula di dalam dengan hukum proposisi, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Hujah adalah sah apabila kesimpulan ialah 1 dalam setiap baris yang semua premisnya 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan palsu ialah contoh penyangkal dan menunjukkan hujah itu tidak sah.

Alihkan penafian ke dalam

¬∀x ∃y R(x, y) ≡ ∃x ∀y ¬R(x, y)

Jawapan

∃x ∀y ¬R(x, y)

Pilihan lain sama ada mengekalkan pengkuantiti tanpa perubahan, mengubah susunan pengkuantiti, atau menafikan formula dalam dengan salah.

5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 5

Aljabar Boolean: peraturan yang memudahkan ungkapan ialah X + X′ = 1 dan X·X′ = 0, X + X = X, penyerapan X + X·Y = X, peraturan penggabungan X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y dan teorem konsensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Hukum De Morgan menukar (X·Y)′ kepada X′ + Y′ dan (X + Y)′ kepada X′·Y′. Peta Karnaugh menggunakan peraturan ini secara grafik: setiap kumpulan dua sel berjiran ialah satu penggunaan XY + XY′ = X.

Minterm ungkapan

A′B → m(2, 3)
ABC → m(7)
AC′ → m(4, 6)
A′C → m(1, 3)
ABC00011110010011131214051716

Kumpulkan dan baca

F = B + A′C + AC′

Kira literal

L = 5

Jawapan

L = 5
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: N = 4

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

Implikan perdana

Kumpulan terbesar yang boleh dibentuk daripada 1 dan X.

B′C′D′, B′CD, A′CD, A′B′, ABC′D, ABCD′
ABCD0001111000011110X01113120405X7060121130151141809X11010

Liputan minimum

F = B′C′D′ + A′B′ + ABC′D + ABCD′
N = 4

Jawapan

N = 4
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: x = 4

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Songsangan 18

r = 29, t = 0
r = 18, q = 1, t = 1
r = 11, q = 1, t = −1
r = 7, q = 1, t = 2
r = 4, q = 1, t = −3
r = 3, q = 1, t = 5
r = 1, q = 3, t = −8
18−1 ≡ 21 (mod 29)

Selesaikan

x ≡ 21·14 = 294 ≡ 4 (mod 29)
semakan: 18·4 = 72 ≡ 14 (mod 29)

Jawapan

x = 4
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: d = 1355

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Modulus dan totien

n = 37·47 = 1739
φ(n) = 36·46 = 1656

Algoritma Euclid lanjutan

r = 1656, t = 0
r = 11, q = 150, t = 1
r = 6, q = 1, t = −150
r = 5, q = 1, t = 151
r = 1, q = 5, t = −301

Eksponen persendirian

d = 1355
semakan: 11·1355 = 14905 = 9·1656 + 1

Jawapan

d = 1355
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · O(n)

Mengapa ini jawapannya

Dengan teorem induk nlog₂ 2 = n mendominasi kerja malar, jadi T(n) = Θ(n), seperti mencari maksimum dengan membahagi dua.

Jawapan

B · O(n)
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: C · Θ(nlog₂ 7), kira-kira n2.81

Mengapa ini jawapannya

Dengan a = 7 dan b = 2, nlog₂ 7 mendominasi kerja penambahan O(n²), memberikan kira-kira n2.81.

Jawapan

C · Θ(nlog₂ 7), kira-kira n2.81
11.Struktur data

Jawapan: B · Pindahkan elemen terakhir ke akar dan gerakkannya ke bawah

Mengapa ini jawapannya

Elemen terakhir mengisi lubang di akar dan ditukar dengan anaknya yang lebih kecil sehingga sifat timbunan dipenuhi, mengambil O(log n).

Jawapan

B · Pindahkan elemen terakhir ke akar dan gerakkannya ke bawah
12.Struktur data

Jawapan: D · Memutarkan nod yang diakses ke atas ke akar

Mengapa ini jawapannya

Splaying memindahkan nod yang diakses ke akar melalui putaran; satu operasi boleh berkos O(n), tetapi kos teramortisasi ialah O(log n).

Jawapan

D · Memutarkan nod yang diakses ke atas ke akar
13.Teori graf

Jawapan: Laluan Euler, tiada litar

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Darjah

deg(A) = 2, deg(B) = 2, deg(C) = 2, deg(D) = 1, deg(E) = 3

Bucu ganjil

D, E → 2
Laluan Euler, tiada litar

Jawapan

Laluan Euler, tiada litar

Laluan Euler bermula pada satu bucu ganjil dan berakhir pada bucu ganjil yang lain.

14.Teori graf

Jawapan: W = 29

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Algoritma Kruskal

BC (1): ambil
CE (3): ambil
AB (4): ambil
AC (6): langkau, menutup kitaran
DF (9): ambil
EF (12): ambil

Jumlah berat

W = 1 + 3 + 4 + 9 + 12 = 29

Jawapan

W = 29
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · Semua baris daripada jadual kiri dan baris sepadan daripada kanan, dengan NULL di mana tiada padanan

Mengapa ini jawapannya

Left outer join mengekalkan setiap baris kiri; lajur kanan yang tidak sepadan diisi dengan NULL.

Jawapan

D · Semua baris daripada jadual kiri dan baris sepadan daripada kanan, dengan NULL di mana tiada padanan
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: C · Semua baris daripada kedua-dua jadual, dipadankan jika boleh dan diisi NULL jika tidak

Mengapa ini jawapannya

Full outer join mengekalkan setiap baris kedua-dua jadual, memasangkan padanan dan mengisi bahagian yang hilang dengan NULL.

Jawapan

C · Semua baris daripada kedua-dua jadual, dipadankan jika boleh dan diisi NULL jika tidak
17.Rangkaian komputer

Jawapan: A · Ia menjejaki sambungan dan membenarkan balasan yang tergolong dalam sesi yang telah terjalin

Mengapa ini jawapannya

Tembok api berkeadaan menyimpan jadual sambungan aktif, maka trafik balasan dibenarkan secara automatik. Penapis tanpa keadaan menilai setiap paket secara berasingan.

Jawapan

A · Ia menjejaki sambungan dan membenarkan balasan yang tergolong dalam sesi yang telah terjalin
18.Rangkaian komputer

Jawapan: D · Vektor jarak; split horizon dan poison reverse

Mengapa ini jawapannya

Selepas kegagalan, penghala vektor jarak boleh terus mengiklankan laluan lapuk antara satu sama lain, menaikkan metrik secara perlahan. Split horizon, poison reverse dan metrik maksimum mengehadkannya.

Jawapan

D · Vektor jarak; split horizon dan poison reverse
19.Subnet IPv4

Jawapan: N = 32

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bit yang dipinjam

21 − 16 = 5

Bilangan subnet

N = 25 = 32

Jawapan

N = 32

Setiap subnet /21 mempunyai 211 − 2 = 2046 hos boleh guna.

20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 160

Subnet IPv4: alamat mempunyai 32 bit. Awalan /p menyatakan berapa banyak bit permulaan yang mengenal pasti rangkaian; baki 32 − p bit menomborkan hos. Satu subnet mempunyai 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat rangkaian) dan yang terakhir (alamat siaran) tidak boleh diberikan kepada hos, jadi 2³²⁻ᵖ − 2 hos boleh dimuatkan. Pengecualian: /31 (pautan titik ke titik, RFC 3021) menggunakan kedua-dua 2 alamatnya untuk hos, dan /32 ialah satu alamat tunggal (satu hos atau loopback).

Saiz blok

25 = 32

Subnet hos ini

rangkaian: ⌊161/32⌋·32 = 160
siaran: 160 + 32 − 1 = 191
hos boleh guna: 161 … 190

Jawapan

x = 160

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals