Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit0−12806403201608040201

Tetapkan bit supaya ia menyimpan −108 dalam pelengkap dua 8-bit. Dibaca sebagai nombor tanpa tanda, apakah nilai corak U?

N = −1088 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
407 kod, b = ? bit?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

Satu sistem mesti memberikan setiap satu daripada 407 item kod perduaan tersendiri dengan panjang yang sama. Apakah bilangan bit terkecil b yang diperlukan?

407
b = bit
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
tautologipercanggahankontingensi

Adakah (r ∨ q) → (r ∧ q) tautologi, percanggahan atau kontingensi? Klik jawapan anda.

(r ∨ q) → (r ∧ q)
  1. 1tautologi
  2. 2percanggahan
  3. 3kontingensi
4.Logik proposisi & pembuktianSukar
¬qr ∧ pqr

Premis r ∨ p; r → q; p → q diberikan. Kesimpulan manakah yang terhasil daripadanya? Klik kesimpulan itu.

r ∨ pr → qp → q
  1. 1¬q
  2. 2r ∧ p
  3. 3q
  4. 4r
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABC000111100101324576

Permudahkan F = B′C + BC + A′B′ + B′C′ kepada bentuk hasil tambah hasil darab minimum. Berapa banyak literal L yang terkandung dalam ungkapan yang dipermudah?

F = B′C + BC + A′B′ + B′C′
L =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
ABCD00011110000111100011030214X50716X120131151140819011010

Cari bentuk SOP minimum bagi F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 6, 9, 14, 15) + d(5, 12), dengan d menandakan keadaan tidak peduli. Berapa banyak literal L yang terkandung dalamnya?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 4, 6, 9, 14, 15) + d(5, 12)
L =
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari integer positif terkecil x dengan x ≡ 1 (mod 7) dan x ≡ 4 (mod 12).

x ≡ 1 (mod 7)x ≡ 4 (mod 12)
x =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
619c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (1073, 11)d

Sulitkan mesej m = 619 dengan kunci awam RSA (n, e) = (1073, 11). Cari teks sulit c.

n = 1073e = 11m = 619
c =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Apakah kerumitan masa algoritma Bellman–Ford pada graf dengan V bucu dan E sisi?

  1. AO(V³ × E)
  2. BO(E log V)
  3. CO(V + E)
  4. DO(V × E)
10.Algoritma & kerumitanSukar

Pendaraban Karatsuba memenuhi T(n) = 3T(n/2) + O(n). Apakah penyelesaiannya?

  1. AΘ(nlog₂ 3), kira-kira n1.585
  2. BΘ(n²)
  3. CΘ(n3)
  4. DΘ(n log n)
11.Struktur dataSederhana

Trie (pokok awalan) amat cekap untuk:

  1. AMengisih nombor
  2. BMencari laluan terpendek
  3. CCarian awalan seperti autolengkap
  4. DMenyimpan matriks
12.Struktur dataSukar

Masalah penyiasatan linear manakah yang terutamanya dikurangkan oleh pencincangan berganda?

  1. AKos O(n) untuk membaca nilai sesuatu kunci
  2. BKeperluan untuk fungsi cincang
  3. CPengelompokan primer, di mana larian panjang slot yang diduduki terbentuk
  4. DKeperluan untuk menyimpan kunci dalam jadual
13.Teori grafSederhana

Graf bersambung mempunyai 15 bucu dan 17 sisi. Berapa banyak sisi k yang mesti dibuang untuk meninggalkan pokok rentang?

|V| = 15|E| = 17
k =
14.Teori grafSukar
41215191619188ABCDEFG

Cari jumlah berat W pokok rentang minimum bagi graf berpemberat itu.

|V| = 7|E| = 9
W =
15.Pangkalan data & SQLSederhana

Apakah yang dipulangkan oleh SELECT name, CASE WHEN grade >= 5.5 THEN 'pass' ELSE 'fail' END FROM results?

  1. ABilangan pelajar yang lulus dan gagal
  2. BRalat kerana CASE tidak dibenarkan dalam SELECT
  3. CHanya pelajar yang lulus
  4. DSetiap nama dengan label 'pass' atau 'fail' bergantung pada gred
16.Pangkalan data & SQLSukar

Apakah yang dikehendaki oleh peraturan pengelogan tulis-dahulu (WAL)?

  1. ALog ditulis hanya selepas kerosakan
  2. BRekod log bagi perubahan mesti sampai ke storan stabil sebelum halaman data yang berubah
  3. CHalaman data mesti ditulis sebelum log
  4. DSetiap pertanyaan mesti dilog sebelum dihuraikan
17.Rangkaian komputerSederhana

Bendera TCP manakah yang menandakan penghantar telah selesai menghantar data?

  1. APSH
  2. BURG
  3. CFIN
  4. DSYN
18.Rangkaian komputerSukar

Mekanisme manakah yang menghalang gelung siaran dalam rangkaian dengan pautan suis berlebihan?

  1. ACache ARP
  2. BNAT
  3. CDHCP snooping
  4. DSpanning Tree Protocol
19.Subnet IPv4Sederhana
/24 → /2911111111111111111111111111111000bit rangkaianbit hos

Rangkaian 192.168.233.0/24 dibahagikan kepada subnet /29, bernombor 1, 2, 3, … dari alamat terendah (subnet 1 bermula pada .0). Apakah oktet keempat x alamat rangkaian subnet 5?

192.168.233.0/24/29subnet 5 (subnet 1 bermula pada .0)
x =
20.Subnet IPv4Sukar
oktet terakhir = 138112806403201618041201rangkaianhos

Sebuah hos mempunyai alamat 10.20.185.138/30. Apakah oktet keempat x bagi alamat rangkaiannya?

10.20.185.138/30
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 148

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Songsang dan tambah satu

108 = 0110 1100
disongsangkan: 1001 0011
+1 → 1001 0100

Baca sebagai tanpa tanda

1001 0100₂ = 256 − 108 = 148

Jawapan

U = 148
2.Sistem nombor

Jawapan: b = 9 bit

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Kuasa dua

28 = 256 < 407
29 = 512 ≥ 407

Jawapan

b = 9
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: kontingensi

Kesetaraan logik: dua formula adalah setara (≡) apabila ia mempunyai nilai yang sama dalam setiap baris jadual kebenaran. Tautologi ialah 1 dalam setiap baris, percanggahan ialah 0 dalam setiap baris, dan kontingensi bukan kedua-duanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum agihan, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Jadual kebenaran baris demi baris

q = 1, r = 1: r ∨ q = 1, r ∧ q = 1, (r ∨ q) → (r ∧ q) = 1
q = 1, r = 0: r ∨ q = 1, r ∧ q = 0, (r ∨ q) → (r ∧ q) = 0
q = 0, r = 1: r ∨ q = 1, r ∧ q = 0, (r ∨ q) → (r ∧ q) = 0
q = 0, r = 0: r ∨ q = 0, r ∧ q = 0, (r ∨ q) → (r ∧ q) = 1

Kelaskan

(r ∨ q) → (r ∧ q): 1, 0, 0, 1
1 dalam 2 daripada 4 baris, 0 dalam yang lain: kontingensi.

Jawapan

kontingensi
4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: q

Pengkuantiti dan hujah: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Alihkan penafian ke dalam, tukar setiap pengkuantiti yang dilaluinya, dan nafikan formula di dalam dengan hukum proposisi, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Hujah adalah sah apabila kesimpulan ialah 1 dalam setiap baris yang semua premisnya 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan palsu ialah contoh penyangkal dan menunjukkan hujah itu tidak sah.

Baris dengan semua premis benar

p = 1, q = 1, r = 1: ¬q = 0, r ∧ p = 1, q = 1, r = 1
p = 1, q = 1, r = 0: ¬q = 0, r ∧ p = 0, q = 1, r = 0
p = 0, q = 1, r = 1: ¬q = 0, r ∧ p = 0, q = 1, r = 1

Kesimpulan

q (pembuktian secara kes)

Jawapan

q
5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 2

Aljabar Boolean: peraturan yang memudahkan ungkapan ialah X + X′ = 1 dan X·X′ = 0, X + X = X, penyerapan X + X·Y = X, peraturan penggabungan X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y dan teorem konsensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Hukum De Morgan menukar (X·Y)′ kepada X′ + Y′ dan (X + Y)′ kepada X′·Y′. Peta Karnaugh menggunakan peraturan ini secara grafik: setiap kumpulan dua sel berjiran ialah satu penggunaan XY + XY′ = X.

Minterm ungkapan

B′C → m(1, 5)
BC → m(3, 7)
A′B′ → m(0, 1)
B′C′ → m(0, 4)
ABC00011110011011130214151706

Kumpulkan dan baca

F = C + B′

Kira literal

L = 2

Jawapan

L = 2
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 8

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

Implikan perdana

Kumpulan terbesar yang boleh dibentuk daripada 1 dan X.

BD′, B′C′D, A′C′D, A′BC′, ABC
ABCD00011110000111100011030214X50716X120131151140819011010

Liputan minimum

F = BD′ + B′C′D + ABC
L = 8

Jawapan

L = 8
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: x = 64

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Kongruen pertama

x = 1 + 7k

Kongruen kedua

1 + 7k ≡ 4 (mod 12) → 7k ≡ 3 (mod 12)
k ≡ 7·3 ≡ 9 (mod 12)

Keputusan

x = 1 + 7·9 = 64
x = 64
semakan: 64 mod 7 = 1, 64 mod 12 = 4

Jawapan

x = 64
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: c = 640

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Kuasa dua berulang

11 = 8 + 2 + 1
6191 ≡ 619 (mod 1073)
6192 ≡ 100 (mod 1073)
6194 ≡ 343 (mod 1073)
6198 ≡ 692 (mod 1073)
61911 ≡ 619·100·692 ≡ 640 (mod 1073)

Teks sulit

c = 640

Jawapan

c = 640
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: D · O(V × E)

Mengapa ini jawapannya

Setiap satu daripada V − 1 pusingan melonggarkan semua E sisi, memberikan O(VE); sebagai balasan ia mengendalikan pemberat sisi negatif.

Jawapan

D · O(V × E)
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: A · Θ(nlog₂ 3), kira-kira n1.585

Mengapa ini jawapannya

Oleh sebab log₂ 3 ≈ 1.585 > 1, daun mendominasi mengikut teorem induk, mengatasi kaedah buku sekolah O(n²).

Jawapan

A · Θ(nlog₂ 3), kira-kira n1.585
11.Struktur data

Jawapan: C · Carian awalan seperti autolengkap

Mengapa ini jawapannya

Trie menyimpan rentetan mengikut aksara di sepanjang laluan, jadi carian dan pertanyaan awalan mengambil masa berkadar dengan panjang kunci.

Jawapan

C · Carian awalan seperti autolengkap
12.Struktur data

Jawapan: C · Pengelompokan primer, di mana larian panjang slot yang diduduki terbentuk

Mengapa ini jawapannya

Penyiasatan linear melangkah sebanyak 1, jadi larian yang diduduki membesar dan bercantum; pencincangan berganda menggunakan cincang kedua untuk saiz langkah supaya kunci berbeza menyiasat jujukan berbeza.

Jawapan

C · Pengelompokan primer, di mana larian panjang slot yang diduduki terbentuk
13.Teori graf

Jawapan: k = 3

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Sisi pokok rentang

15 − 1 = 14

Sisi untuk dibuang

k = 17 − 14 = 3

Jawapan

k = 3
14.Teori graf

Jawapan: W = 52

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Algoritma Kruskal

BD (1): ambil
AB (4): ambil
GD (8): ambil
CE (9): ambil
AC (12): ambil
BC (15): langkau, menutup kitaran
DE (16): langkau, menutup kitaran
EF (18): ambil

Jumlah berat

W = 1 + 4 + 8 + 9 + 12 + 18 = 52

Jawapan

W = 52
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · Setiap nama dengan label 'pass' atau 'fail' bergantung pada gred

Mengapa ini jawapannya

Ungkapan CASE menilai syaratnya bagi setiap baris dan memulangkan nilai yang sepadan, maka setiap baris mendapat label.

Jawapan

D · Setiap nama dengan label 'pass' atau 'fail' bergantung pada gred
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: B · Rekod log bagi perubahan mesti sampai ke storan stabil sebelum halaman data yang berubah

Mengapa ini jawapannya

Menulis log dahulu membolehkan DBMS mengulang kerja yang dikomit dan membuat asal kerja yang belum dikomit selepas kerosakan, menyokong atomicity dan durability.

Jawapan

B · Rekod log bagi perubahan mesti sampai ke storan stabil sebelum halaman data yang berubah
17.Rangkaian komputer

Jawapan: C · FIN

Mengapa ini jawapannya

Setiap pihak menghantar FIN apabila tiada lagi data, dan pihak lain mengakuinya. SYN untuk membuka sambungan; RST menggugurkannya.

Jawapan

C · FIN
18.Rangkaian komputer

Jawapan: D · Spanning Tree Protocol

Mengapa ini jawapannya

STP memilih jambatan akar dan menyekat laluan berlebihan, lalu membukanya jika pautan aktif gagal.

Jawapan

D · Spanning Tree Protocol
19.Subnet IPv4

Jawapan: x = 32

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Saiz blok

23 = 8

Subnet nombor 5

rangkaian: (5 − 1)·8 = 32
siaran: 32 + 8 − 1 = 39

Jawapan

x = 32
20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 136

Subnet IPv4: alamat mempunyai 32 bit. Awalan /p menyatakan berapa banyak bit permulaan yang mengenal pasti rangkaian; baki 32 − p bit menomborkan hos. Satu subnet mempunyai 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat rangkaian) dan yang terakhir (alamat siaran) tidak boleh diberikan kepada hos, jadi 2³²⁻ᵖ − 2 hos boleh dimuatkan. Pengecualian: /31 (pautan titik ke titik, RFC 3021) menggunakan kedua-dua 2 alamatnya untuk hos, dan /32 ialah satu alamat tunggal (satu hos atau loopback).

Saiz blok

22 = 4

Subnet hos ini

rangkaian: ⌊138/4⌋·4 = 136
siaran: 136 + 4 − 1 = 139
hos boleh guna: 137 … 138

Jawapan

x = 136

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals