Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit0−12806403201608040201

Tetapkan bit supaya ia menyimpan −93 dalam pelengkap dua 8-bit. Dibaca sebagai nombor tanpa tanda, apakah nilai corak U?

N = −938 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
10 bit, tanpa tanda, N = ???????????

Apakah integer tanpa tanda terbesar N yang muat dalam 10 bit?

10 bit
N =
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
pqrr ↔ qp ∧ (r ↔ q)(r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q))111?110?101?100?011?010?001?000?

Dalam berapa daripada 8 baris jadual kebenarannya (r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q)) benar? Panggil nombor ini N.

(r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q))
N =
4.Logik proposisi & pembuktianSukar
∃x ∃y ¬R(x, y)∀x ∃y ¬R(x, y)∀x ∀y ¬R(x, y)∃x ∀y ¬R(x, y)

Pernyataan manakah yang setara dengan ¬∃x ∀y R(x, y), dengan penafian dialihkan sepenuhnya ke dalam? Klik pernyataan itu.

¬∃x ∀y R(x, y)
  1. 1∃x ∃y ¬R(x, y)
  2. 2∀x ∃y ¬R(x, y)
  3. 3∀x ∀y ¬R(x, y)
  4. 4∃x ∀y ¬R(x, y)
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABC000111100101324576

Permudahkan F = A′C′ + AB′C + AB′ kepada bentuk hasil tambah hasil darab minimum. Berapa banyak literal L yang terkandung dalam ungkapan yang dipermudah?

F = A′C′ + AB′C + AB′
L =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
CLKT1234567

Flip-flop T dicetus pinggir positif bermula dengan Q = 0 dan menerima input yang ditunjukkan pada 7 pinggir jam menaik. Berapa kali N Q berubah keadaan?

Q₀ = 0T
N =
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari songsangan 8 modulo 11: nombor x dengan 0 < x < 11 dan 8·x ≡ 1 (mod 11).

a = 8n = 11
8−1 mod 11 =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
182c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (527, 13)d

Sulitkan mesej m = 182 dengan kunci awam RSA (n, e) = (527, 13). Cari teks sulit c.

n = 527e = 13m = 182
c =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Dalam masalah pemilihan aktiviti, peraturan tamak manakah yang sentiasa memberikan bilangan maksimum aktiviti yang tidak bertindih?

  1. APilih aktiviti terpendek dahulu
  2. BPilih aktiviti yang bermula paling awal
  3. CPilih aktiviti dengan pertindihan paling sedikit dahulu, kemudian ulang dengan yang serasi
  4. DPilih aktiviti yang tamat paling awal, kemudian ulang dengan yang serasi
10.Algoritma & kerumitanSukar

Teknik manakah yang memberikan masa larian dijangka O(n log n) bagi isihan pantas pada sebarang input?

  1. AMenggunakan rekursi pada sebelah kiri sahaja
  2. BMemilih pangsi secara seragam rawak
  3. CSentiasa memilih elemen pertama
  4. DMengisih input sebelum menjalankan isihan pantas
11.Struktur dataSederhana

Syarat keseimbangan apakah yang dikekalkan oleh pokok AVL pada setiap nod?

  1. AKetinggian subpokok kiri dan kanan berbeza paling banyak 1
  2. BKedua-dua subpokok bagi setiap nod mengandungi bilangan nod yang betul-betul sama
  3. CSemua daun berada pada kedalaman yang tepat sama
  4. DSetiap nod diwarnakan merah atau hitam
12.Struktur dataSukar

Dalam penimbal bulat, front == rear boleh bermaksud kosong atau penuh. Apakah cara lazim untuk membezakannya?

  1. ASimpan front dan rear dalam pemboleh ubah yang sama
  2. BSimpan pembilang elemen yang berasingan, atau sentiasa biarkan satu slot tidak digunakan
  3. CSentiasa kosongkan penimbal apabila front sama dengan rear, jadi keadaannya kosong
  4. DJadikan saiz penimbal kuasa dua
13.Teori grafSederhana
ABCDEFGLitar EulerLaluan Euler, tiada litartiada kedua-duanya

Adakah graf bersambung itu mempunyai litar Euler, laluan Euler yang bukan litar, atau tiada kedua-duanya? Klik jawapan anda.

|V| = 7|E| = 10
  1. 1Litar Euler
  2. 2Laluan Euler, tiada litar
  3. 3tiada kedua-duanya
14.Teori grafSukar
13198104103135ABCDEFG

Algoritma Dijkstra bermula dari A. Klik bucu yang ditetapkan (dijadikan tetap) dalam pusingan 3; A sendiri ialah pusingan 1.

mula: Apusingan 3
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
  7. 7G
15.Pangkalan data & SQLSederhana

Jadual menyimpan alamat pelanggan pada setiap baris pesanan. Mengubah alamat dalam satu baris tetapi tidak dalam yang lain ialah contoh:

  1. ABacaan hantu
  2. BAnomali kemas kini
  3. CAnomali sisipan
  4. DAnomali pemadaman
16.Pangkalan data & SQLSukar

Fungsi tetingkap manakah yang menetapkan 1, 2, 3, ... kepada baris dalam setiap partition tanpa seri?

  1. ACOUNT()
  2. BRANK()
  3. CDENSE_RANK()
  4. DROW_NUMBER()
17.Rangkaian komputerSederhana

Hos manakah yang berada dalam subnet /16 yang sama dengan 10.1.2.3?

  1. A10.1.200.5
  2. B10.0.2.3
  3. C10.2.2.3
  4. D11.1.2.3
18.Rangkaian komputerSukar

Hos dalam VLAN 10 dan VLAN 20 pada suis yang sama tidak dapat berkomunikasi. Apakah yang diperlukan?

  1. AAlamat MAC yang sama pada kedua-dua hos
  2. BHab yang disambungkan kepada kedua-dua VLAN
  3. CKabel yang lebih panjang antara hos
  4. DPenghala atau suis lapisan 3 untuk menghalakan antara VLAN
19.Subnet IPv4Sederhana
/24 → /2611111111111111111111111111000000bit rangkaianbit hos

Rangkaian 10.182.136.0/24 dibahagikan kepada subnet sama saiz dengan awalan /26. Berapakah bilangan subnet N?

10.182.136.0/24/26
N =
20.Subnet IPv4Sukar
oktet ketiga = 194112816403201608041201rangkaianhos

Satu hos mempunyai alamat 172.20.194.237/17. Apakah oktet ketiga x alamat siaran subnetnya?

172.20.194.237/17
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 163

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Songsang dan tambah satu

93 = 0101 1101
disongsangkan: 1010 0010
+1 → 1010 0011

Baca sebagai tanpa tanda

1010 0011₂ = 256 − 93 = 163

Jawapan

U = 163
2.Sistem nombor

Jawapan: N = 1023

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Nilai terbesar

210 − 1 = 1023

Jawapan

N = 1023
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: N = 7

Jadual kebenaran: formula dengan n pemboleh ubah berbeza mempunyai 2ⁿ baris, satu untuk setiap gabungan nilai kebenaran (1 = benar, 0 = palsu). Bekerja dari dalam ke luar dan beri setiap subformula lajurnya sendiri. ¬a menyongsangkan nilai; a ∧ b ialah 1 hanya apabila kedua-duanya 1; a ∨ b ialah 0 hanya apabila kedua-duanya 0; a → b ialah 0 hanya apabila a = 1 dan b = 0; a ↔ b ialah 1 apabila kedua-dua belah sama.

Jadual kebenaran baris demi baris

p = 1, q = 1, r = 1: r ∧ p = 1, r ↔ q = 1, p ∧ (r ↔ q) = 1, (r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q)) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: r ∧ p = 0, r ↔ q = 0, p ∧ (r ↔ q) = 0, (r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q)) = 1
p = 1, q = 0, r = 1: r ∧ p = 1, r ↔ q = 0, p ∧ (r ↔ q) = 0, (r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q)) = 0
p = 1, q = 0, r = 0: r ∧ p = 0, r ↔ q = 1, p ∧ (r ↔ q) = 1, (r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q)) = 1
p = 0, q = 1, r = 1: r ∧ p = 0, r ↔ q = 1, p ∧ (r ↔ q) = 0, (r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q)) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: r ∧ p = 0, r ↔ q = 0, p ∧ (r ↔ q) = 0, (r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q)) = 1
p = 0, q = 0, r = 1: r ∧ p = 0, r ↔ q = 0, p ∧ (r ↔ q) = 0, (r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q)) = 1
p = 0, q = 0, r = 0: r ∧ p = 0, r ↔ q = 1, p ∧ (r ↔ q) = 0, (r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q)) = 1

Kira baris dengan nilai 1

(r ∧ p) → (p ∧ (r ↔ q)): 1, 1, 0, 1, 1, 1, 1, 1
N = 7

Jawapan

N = 7
4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: ∀x ∃y ¬R(x, y)

Pengkuantiti dan hujah: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Alihkan penafian ke dalam, tukar setiap pengkuantiti yang dilaluinya, dan nafikan formula di dalam dengan hukum proposisi, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Hujah adalah sah apabila kesimpulan ialah 1 dalam setiap baris yang semua premisnya 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan palsu ialah contoh penyangkal dan menunjukkan hujah itu tidak sah.

Alihkan penafian ke dalam

¬∃x ∀y R(x, y) ≡ ∀x ∃y ¬R(x, y)

Jawapan

∀x ∃y ¬R(x, y)

Pilihan lain sama ada mengekalkan pengkuantiti tanpa perubahan, mengubah susunan pengkuantiti, atau menafikan formula dalam dengan salah.

5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 4

Aljabar Boolean: peraturan yang memudahkan ungkapan ialah X + X′ = 1 dan X·X′ = 0, X + X = X, penyerapan X + X·Y = X, peraturan penggabungan X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y dan teorem konsensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Hukum De Morgan menukar (X·Y)′ kepada X′ + Y′ dan (X + Y)′ kepada X′·Y′. Peta Karnaugh menggunakan peraturan ini secara grafik: setiap kumpulan dua sel berjiran ialah satu penggunaan XY + XY′ = X.

Minterm ungkapan

A′C′ → m(0, 2)
AB′C → m(5)
AB′ → m(4, 5)
ABC00011110011001031214150706

Kumpulkan dan baca

F = A′C′ + AB′

Kira literal

L = 4

Jawapan

L = 4
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: N = 4

Flip-flop dan pembilang: flip-flop hanya berubah pada pinggir jam yang aktif. D menyalin inputnya (Q⁺ = D); T bertukar keadaan apabila T = 1; JK kekal untuk 00, set semula untuk 01, set untuk 10 dan bertukar keadaan untuk 11. Pembilang perduaan n-bit mempunyai 2ⁿ keadaan dan mengira modulo 2ⁿ; pembilang mod-N mengira 0, 1, …, N − 1 dan kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap peringkat pembilang riak membahagi dua frekuensi, maka output terakhir pembilang mod-N berjalan pada fclk/N. Pembilang Johnson dengan n flip-flop mempunyai 2n keadaan, pembilang gelang n.

Q selepas setiap pinggir

Flip-flop T bertukar keadaan pada setiap pinggir menaik dengan T = 1 dan kekal dengan T = 0.

1: T = 1 → Q = 1
2: T = 0 → Q = 1
3: T = 1 → Q = 0
4: T = 0 → Q = 0
5: T = 1 → Q = 1
6: T = 0 → Q = 1
7: T = 1 → Q = 0

Kira perubahan

0 → 1 → 1 → 0 → 0 → 1 → 1 → 0
N = 4

Jawapan

N = 4
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: 8−1 mod 11 = 7

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid lanjutan

Setiap baki r ditulis sebagai r ≡ t·8 (mod 11).

r = 11, t = 0
r = 8, q = 1, t = 1
r = 3, q = 2, t = −1
r = 2, q = 1, t = 3
r = 1, q = 2, t = −4

Songsangan

1 ≡ −4·8 (mod 11)
x = 7
semakan: 8·7 = 56 = 5·11 + 1

Jawapan

8−1 mod 11 = 7
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: c = 184

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Kuasa dua berulang

13 = 8 + 4 + 1
1821 ≡ 182 (mod 527)
1822 ≡ 450 (mod 527)
1824 ≡ 132 (mod 527)
1828 ≡ 33 (mod 527)
18213 ≡ 182·132·33 ≡ 184 (mod 527)

Teks sulit

c = 184

Jawapan

c = 184
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: D · Pilih aktiviti yang tamat paling awal, kemudian ulang dengan yang serasi

Mengapa ini jawapannya

Memilih masa tamat terawal boleh dibuktikan optimum melalui hujah pertukaran; peraturan lain mempunyai contoh bantah.

Jawapan

D · Pilih aktiviti yang tamat paling awal, kemudian ulang dengan yang serasi
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · Memilih pangsi secara seragam rawak

Mengapa ini jawapannya

Dengan pangsi rawak, masa larian dijangka ialah O(n log n) untuk setiap input; kes buruk masih wujud tetapi sangat tidak berkemungkinan.

Jawapan

B · Memilih pangsi secara seragam rawak
11.Struktur data

Jawapan: A · Ketinggian subpokok kiri dan kanan berbeza paling banyak 1

Mengapa ini jawapannya

Faktor imbangan (ketinggian kiri − ketinggian kanan) mesti −1, 0 atau 1; putaran memulihkannya selepas sisipan dan pemadaman.

Jawapan

A · Ketinggian subpokok kiri dan kanan berbeza paling banyak 1
12.Struktur data

Jawapan: B · Simpan pembilang elemen yang berasingan, atau sentiasa biarkan satu slot tidak digunakan

Mengapa ini jawapannya

Dengan pembilang, kosong bermaksud count = 0 dan penuh bermaksud count = kapasiti; dengan satu slot kosong, penuh ditakrifkan sebagai (rear + 1) mod n == front.

Jawapan

B · Simpan pembilang elemen yang berasingan, atau sentiasa biarkan satu slot tidak digunakan
13.Teori graf

Jawapan: Laluan Euler, tiada litar

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Darjah

deg(A) = 2, deg(B) = 3, deg(C) = 4, deg(D) = 2, deg(E) = 3, deg(F) = 2, deg(G) = 4

Bucu ganjil

B, E → 2
Laluan Euler, tiada litar

Jawapan

Laluan Euler, tiada litar

Laluan Euler bermula pada satu bucu ganjil dan berakhir pada bucu ganjil yang lain.

14.Teori graf

Jawapan: G

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Dijkstra pusingan demi pusingan

1. A (0): B: 13, C: 1
2. C (1): B: 10, E: 11, G: 4
3. G (4): D: 17, E: 9
4. E (9)
5. B (10)
6. D (17): F: 21
7. F (21)

pusingan 3

G

Jawapan

G
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: B · Anomali kemas kini

Mengapa ini jawapannya

Penyimpanan berlebihan bermaksud satu perubahan mesti dibuat dalam banyak baris; terlepas sebahagiannya meninggalkan data tidak konsisten, yang dicegah oleh normalisasi.

Jawapan

B · Anomali kemas kini
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · ROW_NUMBER()

Mengapa ini jawapannya

ROW_NUMBER memberi nombor berturutan yang unik; RANK meninggalkan jurang selepas seri; DENSE_RANK tidak.

Jawapan

D · ROW_NUMBER()
17.Rangkaian komputer

Jawapan: A · 10.1.200.5

Mengapa ini jawapannya

Dengan /16, 16 bit pertama (10.1) ialah bahagian rangkaian. Hanya 10.1.200.5 berkongsi bit itu, maka ia berada pada 10.1.0.0/16.

Jawapan

A · 10.1.200.5
18.Rangkaian komputer

Jawapan: D · Penghala atau suis lapisan 3 untuk menghalakan antara VLAN

Mengapa ini jawapannya

VLAN diasingkan pada lapisan 2, maka trafik antara mereka mesti dihalakan, contohnya oleh penghala pada trunk ("router on a stick") atau suis lapisan 3.

Jawapan

D · Penghala atau suis lapisan 3 untuk menghalakan antara VLAN
19.Subnet IPv4

Jawapan: N = 4

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Bit yang dipinjam

26 − 24 = 2

Bilangan subnet

N = 22 = 4

Jawapan

N = 4

Setiap subnet /26 mempunyai 26 − 2 = 62 hos boleh guna.

20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 255

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Saiz blok dalam oktet ketiga

27 = 128

Subnet hos ini

rangkaian: 172.20.128.0
siaran: 172.20.255.255

Jawapan

x = 255

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals