Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit0−12806403201608040201

Tetapkan bit supaya ia menyimpan −10 dalam pelengkap dua 8-bit. Dibaca sebagai nombor tanpa tanda, apakah nilai corak U?

N = −108 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
16 bit1 px800 px600 pxM = ? KiB

Satu imej tanpa mampatan berukuran 800 × 600 piksel dengan 16 bit setiap piksel. Berapakah memori M yang diambilnya, dalam KiB (1 KiB = 1024 bait)?

800 × 600 px16 bit/px1 KiB = 1024 B
M = KiB
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
tautologipercanggahankontingensi

Adakah (a → c) ↔ (c → a) tautologi, percanggahan atau kontingensi? Klik jawapan anda.

(a → c) ↔ (c → a)
  1. 1tautologi
  2. 2percanggahan
  3. 3kontingensi
4.Logik proposisi & pembuktianSukar
r ∧ ¬p¬p¬rp

Premis r → p; r diberikan. Kesimpulan manakah yang terhasil daripadanya? Klik kesimpulan itu.

r → pr
  1. 1r ∧ ¬p
  2. 2¬p
  3. 3¬r
  4. 4p
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABCD000111100001111010010312040507060121131150141809011010

Gunakan peta Karnaugh untuk mencari bentuk hasil tambah hasil darab (SOP) minimum bagi F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 8, 13, 15). Berapa banyak literal L yang terkandung dalamnya secara keseluruhan (pemboleh ubah berperdana dikira satu literal)?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 8, 13, 15)
L =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
CLKJK123456

Flip-flop JK dicetus pinggir positif bermula dengan Q = 0 dan menerima input yang ditunjukkan. Klik pinggir jam pertama yang Q-nya berubah daripada 1 kembali kepada 0.

Q₀ = 0JK
  1. 1pinggir jam 1
  2. 2pinggir jam 2
  3. 3pinggir jam 3
  4. 4pinggir jam 4
  5. 5pinggir jam 5
  6. 6pinggir jam 6
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari fungsi totien Euler φ(325), bilangan integer dari 1 hingga 325 yang perdana relatif dengan 325.

n = 325 = 52·13
φ(325) =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
467c = me​ mod n?m = cd​ mod nm(n, e) = (697, 23)d

Sulitkan mesej m = 467 dengan kunci awam RSA (n, e) = (697, 23). Cari teks sulit c.

n = 697e = 23m = 467
c =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Apakah penyelesaian hubungan jadi semula T(n) = T(n/2) + O(1)?

  1. AO(n log n)
  2. BO(n)
  3. CO(1)
  4. DO(log n)
10.Algoritma & kerumitanSukar

Sesuatu masalah ialah NP-lengkap jika ia:

  1. ABoleh diselesaikan dalam masa polinomial
  2. BDalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial
  3. CDi luar NP tetapi lebih sukar daripada semua masalah NP, seperti masalah penghentian
  4. DMustahil diselesaikan
11.Struktur dataSederhana

Bagaimanakah anda mencari kunci minimum dalam pokok carian binari?

  1. AIkuti anak kanan dari akar sehingga tiada anak kanan
  2. BIkuti anak kiri dari akar sehingga tiada anak kiri
  3. CLawati setiap daun dan bandingkannya
  4. DLihat akar sahaja
12.Struktur dataSukar

Tatasusunan dinamik berganda apabila penuh. Mengapakah banyak pelaksanaan mengecilkannya hanya apabila ia suku penuh, bukan separuh penuh?

  1. AUntuk mengekalkan tatasusunan tersusun
  2. BKerana membahagi dua pada separuh akan menghilangkan elemen
  3. CUntuk mengelak perubahan saiz berulang apabila push dan pop berselang-seli berhampiran sempadan
  4. DKerana pengalokasi memori hanya boleh melepaskan memori dalam suku blok
13.Teori grafSederhana

Graf bersambung mempunyai 12 bucu dan 21 sisi. Berapa banyak sisi k yang mesti dibuang untuk meninggalkan pokok rentang?

|V| = 12|E| = 21
k =
14.Teori grafSukar
ABCDE

Berapa banyak jalan sepanjang 2 dari A ke E? Jalan boleh mengulang bucu dan sisi. Panggil nombor ini N.

M = matriks kejirananL = 2
N =
15.Pangkalan data & SQLSederhana

Jadual mempunyai baris di mana col ialah NULL. Baris manakah yang dipulangkan oleh WHERE col = NULL?

  1. AHanya baris di mana col ialah NULL, seperti dengan IS NULL
  2. BTiada baris, kerana perbandingan itu tidak diketahui
  3. CSemua baris jadual
  4. DRalat dalam setiap pangkalan data
16.Pangkalan data & SQLSukar

Subpertanyaan berkorelasi ialah subpertanyaan yang:

  1. AMerujuk lajur pertanyaan luar dan dinilai bagi setiap baris luar
  2. BMencantumkan dua jadual dengan kunci asing
  3. CHanya menggunakan fungsi agregat
  4. DDijalankan sekali sahaja sebelum pertanyaan luar dan menyimpan hasilnya dalam cache untuk setiap baris
17.Rangkaian komputerSederhana

Pada lapisan OSI manakah suis lazimnya beroperasi?

  1. APengangkutan (lapisan 4)
  2. BPautan data (lapisan 2)
  3. CRangkaian (lapisan 3)
  4. DFizikal (lapisan 1)
18.Rangkaian komputerSukar

Apakah yang dilakukan oleh penghantaran semula pantas (fast retransmit) TCP?

  1. AMelangkau jabat tangan tiga hala apabila menyambung semula ke hos yang dikenali, supaya data dihantar semula lebih awal
  2. BMenghantar semula setiap segmen dua kali untuk keselamatan
  3. CMenggandakan tetingkap selepas setiap kehilangan
  4. DMenghantar semula segmen selepas tiga ACK pendua, tanpa menunggu masa tamat
19.Subnet IPv4Sederhana
/?11111111111111111111110000000000bit rangkaianbit hos

Sebuah jabatan memerlukan 644 alamat hos dalam satu subnet. Apakah panjang awalan terpanjang p (subnet terkecil) yang cukup besar?

644 hosts
p =
20.Subnet IPv4Sukar
oktet terakhir = 98012816413201608041201rangkaianhos

Sebuah hos mempunyai alamat 10.20.206.98/28. Apakah oktet keempat x bagi alamat hos boleh guna yang terakhir dalam subnetnya?

10.20.206.98/28
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 246

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Songsang dan tambah satu

10 = 0000 1010
disongsangkan: 1111 0101
+1 → 1111 0110

Baca sebagai tanpa tanda

1111 0110₂ = 256 − 10 = 246

Jawapan

U = 246
2.Sistem nombor

Jawapan: M = 937.5 KiB

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Bit dan bait

800·600·16 = 7680000 bit = 960000 B

Tukar kepada KiB

960000/1024 = 937.5 KiB

Jawapan

M = 937.5 KiB
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: kontingensi

Kesetaraan logik: dua formula adalah setara (≡) apabila ia mempunyai nilai yang sama dalam setiap baris jadual kebenaran. Tautologi ialah 1 dalam setiap baris, percanggahan ialah 0 dalam setiap baris, dan kontingensi bukan kedua-duanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum agihan, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Jadual kebenaran baris demi baris

a = 1, c = 1: a → c = 1, c → a = 1, (a → c) ↔ (c → a) = 1
a = 1, c = 0: a → c = 0, c → a = 1, (a → c) ↔ (c → a) = 0
a = 0, c = 1: a → c = 1, c → a = 0, (a → c) ↔ (c → a) = 0
a = 0, c = 0: a → c = 1, c → a = 1, (a → c) ↔ (c → a) = 1

Kelaskan

(a → c) ↔ (c → a): 1, 0, 0, 1
1 dalam 2 daripada 4 baris, 0 dalam yang lain: kontingensi.

Jawapan

kontingensi
4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: p

Pengkuantiti dan hujah: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Alihkan penafian ke dalam, tukar setiap pengkuantiti yang dilaluinya, dan nafikan formula di dalam dengan hukum proposisi, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Hujah adalah sah apabila kesimpulan ialah 1 dalam setiap baris yang semua premisnya 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan palsu ialah contoh penyangkal dan menunjukkan hujah itu tidak sah.

Baris dengan semua premis benar

p = 1, r = 1: r ∧ ¬p = 0, ¬p = 0, ¬r = 0, p = 1

Kesimpulan

p (modus ponens)

Jawapan

p
5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 9

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

ABCD000111100001111010010312040507060121131150141809011010

Kumpulkan 1

Setiap kumpulan ialah segi empat tepat 2ᵏ sel; sel tepi berjiran dengan sel pada tepi bertentangan.

B′C′D′
A′B′D′
ABD

Bentuk SOP minimum

F = B′C′D′ + A′B′D′ + ABD
L = 9

Jawapan

L = 9
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: pinggir jam 5

Flip-flop dan pembilang: flip-flop hanya berubah pada pinggir jam yang aktif. D menyalin inputnya (Q⁺ = D); T bertukar keadaan apabila T = 1; JK kekal untuk 00, set semula untuk 01, set untuk 10 dan bertukar keadaan untuk 11. Pembilang perduaan n-bit mempunyai 2ⁿ keadaan dan mengira modulo 2ⁿ; pembilang mod-N mengira 0, 1, …, N − 1 dan kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap peringkat pembilang riak membahagi dua frekuensi, maka output terakhir pembilang mod-N berjalan pada fclk/N. Pembilang Johnson dengan n flip-flop mempunyai 2n keadaan, pembilang gelang n.

Q selepas setiap pinggir

Flip-flop JK: 00 kekal, 01 set semula (Q = 0), 10 set (Q = 1), 11 bertukar keadaan.

1: J = 0, K = 1 → Q = 0
2: J = 0, K = 0 → Q = 0
3: J = 0, K = 0 → Q = 0
4: J = 1, K = 1 → Q = 1
5: J = 0, K = 1 → Q = 0
6: J = 1, K = 0 → Q = 1

Perubahan pertama daripada 1 kepada 0

pinggir jam 5

Jawapan

pinggir jam 5
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: φ(325) = 240

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Faktor perdana

325 = 52·13

Totien

φ(325) = φ(25)·φ(13) = 20·12 = 240

Jawapan

φ(325) = 240
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: c = 406

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Kuasa dua berulang

23 = 16 + 4 + 2 + 1
4671 ≡ 467 (mod 697)
4672 ≡ 625 (mod 697)
4674 ≡ 305 (mod 697)
4678 ≡ 324 (mod 697)
46716 ≡ 426 (mod 697)
46723 ≡ 467·625·305·426 ≡ 406 (mod 697)

Teks sulit

c = 406

Jawapan

c = 406
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: D · O(log n)

Mengapa ini jawapannya

Masalah dibahagi dua pada setiap langkah dengan kerja malar bagi setiap langkah, jadi terdapat kira-kira log₂ n langkah.

Jawapan

D · O(log n)
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · Dalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial

Mengapa ini jawapannya

Masalah NP-lengkap ialah yang paling sukar dalam NP; algoritma polinomial untuk satu akan memberikan satu untuk semua NP.

Jawapan

B · Dalam NP dan setiap masalah NP boleh diturunkan kepadanya dalam masa polinomial
11.Struktur data

Jawapan: B · Ikuti anak kiri dari akar sehingga tiada anak kiri

Mengapa ini jawapannya

Nod paling kiri tiada kunci yang lebih kecil dalam pokok, jadi ia minimum; kosnya berkadar dengan ketinggian.

Jawapan

B · Ikuti anak kiri dari akar sehingga tiada anak kiri
12.Struktur data

Jawapan: C · Untuk mengelak perubahan saiz berulang apabila push dan pop berselang-seli berhampiran sempadan

Mengapa ini jawapannya

Mengecil pada separuh boleh mencetuskan perubahan saiz pada setiap operasi dalam urutan sedemikian; jurang antara 1/4 dan penuh mengekalkan kos teramortisasi O(1).

Jawapan

C · Untuk mengelak perubahan saiz berulang apabila push dan pop berselang-seli berhampiran sempadan
13.Teori graf

Jawapan: k = 10

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Sisi pokok rentang

12 − 1 = 11

Sisi untuk dibuang

k = 21 − 11 = 10

Jawapan

k = 10
14.Teori graf

Jawapan: N = 1

Darjah: darjah sesuatu bucu ialah bilangan sisi yang bertemu padanya. Setiap sisi mempunyai dua hujung, maka jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi: Σ deg(v) = 2|E| (lema jabat tangan). Bilangan bucu berdarjah ganjil oleh itu genap. Kn mempunyai n(n − 1)/2 sisi, graf k-sekata pada n bucu mempunyai nk/2, dan pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Matriks kejiranan

A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 1 1
C: 1 1 0 0 0
D: 0 1 0 0 1
E: 0 1 0 1 0

Jiran sepunya

(M²)AE = 0·0 + 1·1 + 1·0 + 0·1 + 0·0 = 1

Jawapan

N = 1
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: B · Tiada baris, kerana perbandingan itu tidak diketahui

Mengapa ini jawapannya

Sebarang perbandingan dengan NULL menggunakan = memberi UNKNOWN, dan WHERE hanya mengekalkan baris TRUE; gunakan col IS NULL sebaliknya.

Jawapan

B · Tiada baris, kerana perbandingan itu tidak diketahui
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: A · Merujuk lajur pertanyaan luar dan dinilai bagi setiap baris luar

Mengapa ini jawapannya

Subpertanyaan berkorelasi bergantung pada baris luar semasa, maka secara logik ia dinilai bagi setiap baris (pengoptimum mungkin menulis semulanya sebagai cantuman).

Jawapan

A · Merujuk lajur pertanyaan luar dan dinilai bagi setiap baris luar
17.Rangkaian komputer

Jawapan: B · Pautan data (lapisan 2)

Mengapa ini jawapannya

Suis standard mempelajari alamat MAC dan memajukan bingkai pada lapisan 2. Suis lapisan 3 juga menghalakan paket.

Jawapan

B · Pautan data (lapisan 2)
18.Rangkaian komputer

Jawapan: D · Menghantar semula segmen selepas tiga ACK pendua, tanpa menunggu masa tamat

Mengapa ini jawapannya

Tiga ACK pendua sangat mencadangkan satu segmen hilang, maka TCP menghantar semulanya serta-merta. Ini pulih jauh lebih pantas daripada menunggu pemasa penghantaran semula.

Jawapan

D · Menghantar semula segmen selepas tiga ACK pendua, tanpa menunggu masa tamat
19.Subnet IPv4

Jawapan: p = 22

Subnet IPv4: alamat mempunyai 32 bit. Awalan /p menyatakan berapa banyak bit permulaan yang mengenal pasti rangkaian; baki 32 − p bit menomborkan hos. Satu subnet mempunyai 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat rangkaian) dan yang terakhir (alamat siaran) tidak boleh diberikan kepada hos, jadi 2³²⁻ᵖ − 2 hos boleh dimuatkan. Pengecualian: /31 (pautan titik ke titik, RFC 3021) menggunakan kedua-dua 2 alamatnya untuk hos, dan /32 ialah satu alamat tunggal (satu hos atau loopback).

Bit hos yang diperlukan

29 − 2 = 510 < 644
210 − 2 = 1022 ≥ 644 → h = 10

Panjang awalan

p = 32 − 10 = 22

Jawapan

p = /22
20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 110

Subnet IPv4: alamat mempunyai 32 bit. Awalan /p menyatakan berapa banyak bit permulaan yang mengenal pasti rangkaian; baki 32 − p bit menomborkan hos. Satu subnet mempunyai 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat rangkaian) dan yang terakhir (alamat siaran) tidak boleh diberikan kepada hos, jadi 2³²⁻ᵖ − 2 hos boleh dimuatkan. Pengecualian: /31 (pautan titik ke titik, RFC 3021) menggunakan kedua-dua 2 alamatnya untuk hos, dan /32 ialah satu alamat tunggal (satu hos atau loopback).

Saiz blok

24 = 16

Subnet hos ini

rangkaian: ⌊98/16⌋·16 = 96
siaran: 96 + 16 − 1 = 111
hos boleh guna: 97 … 110

Jawapan

x = 110

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals