Asas Sains Komputer: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 20 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharuKembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Sistem nombor

Nilai kedudukan
perduaan 2k, oktal 8k, heks 16k
Kepada perpuluhan
Σ dk·bk
Daripada perpuluhan
bahagi dengan asas, baca baki dari bawah ke atas
Heks ↔ perduaan
satu digit heks = 4 bit
Pelengkap dua
songsangkan bit dan tambah 1

Logik proposisi & pembuktian

Baris jadual kebenaran
2ⁿ
Implikasi
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Implikasi dinafikan
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Dwisyarat
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Hukum agihan
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Pengkuantiti dinafikan
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Kaedah

  1. Kira bilangan pemboleh ubah yang berbeza: jadual kebenaran mempunyai 2ⁿ baris, bermula dengan kesemuanya 1.
  2. Beri setiap subformula lajurnya sendiri dan isi lajur-lajur itu dari dalam ke luar.
  3. Gunakan peraturan setiap penghubung: → hanya 0 bagi 1 → 0, ↔ ialah 1 apabila kedua-dua belah sepadan.
  4. Untuk kesetaraan, bandingkan lajur akhir baris demi baris; untuk hujah, lihat hanya baris yang setiap premisnya 1.
  5. Untuk menafikan pernyataan berpengkuantiti, alihkan ¬ ke dalam, tukar ∀ dan ∃, dan nafikan formula di dalamnya.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh
00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel
kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-flop
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang
n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; fout = fclk/N
Pembilang riak
fmax = 1/(n·tpd)
Pembilang gelang dan Johnson
n dan 2n keadaan

Kaedah

  1. Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
  2. Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
  3. Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
  4. Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

Teori nombor & aritmetik modulo

Pembahagian dengan baki
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Euclid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
Gandaan sepunya terkecil
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Songsangan
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Kongruen linear
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Fungsi totien Euler
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Kaedah

  1. Kurangkan setiap nombor modulo n dahulu; baki terletak antara 0 dengan n − 1.
  2. Untuk gcd, bahagi berulang kali dengan algoritma Euclid; baki bukan sifar yang terakhir ialah gcd.
  3. Untuk songsangan, jalankan algoritma lanjutan dan simpan pekali a; tambah n jika ia negatif.
  4. Selesaikan a·x ≡ b dengan mendarab dengan a⁻¹; gabungkan dua kongruen dengan menulis x = r₁ + m₁k.
  5. Untuk kuasa, tulis eksponen dalam perduaan dan kuasa duakan berulang kali; dalam RSA, d = e⁻¹ mod φ(n) dengan φ(n) = (p − 1)(q − 1).

Teori graf

Lema jabat tangan
Σ deg(v) = 2|E|
Graf lengkap
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Graf sekata
|E| = n·k/2
Pokok dan hutan
|E| = n − 1, |E| = n − c
Daun sesebuah pokok
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
litar: semua darjah genap; laluan: tepat 2 darjah ganjil
Litar Hamilton dalam Kn
(n − 1)!/2
Kemas kini Dijkstra
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
Jalan sepanjang L
(Mᴸ)ij

Kaedah

  1. Tulis darjah setiap bucu; jumlah darjah ialah dua kali bilangan sisi.
  2. Untuk soalan Euler, semak bahawa graf itu bersambung dan kira bucu yang berdarjah ganjil.
  3. Untuk pokok, gunakan n − 1 sisi dan lema jabat tangan.
  4. Untuk Dijkstra, simpan jadual jarak sementara dan tetapkan bucu tidak tetap yang paling kecil dalam setiap pusingan.
  5. Untuk pokok rentang minimum, isih sisi mengikut berat dan langkau setiap sisi yang menutup satu kitaran (Kruskal), atau tumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan (Prim).

Subnet IPv4

Hos bagi setiap subnet
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Saiz blok
256 − (mask octet)
Alamat rangkaian
IP AND topeng
Alamat siaran
IP OR (NOT mask): semua bit hos ditetapkan kepada 1
Subnet daripada n bit yang dipinjam
2n

2Soalan latihan

1.Sistem nomborSederhana
Pelengkap dua 8-bit0−12806403201608040201

Tetapkan bit supaya ia menyimpan −14 dalam pelengkap dua 8-bit. Dibaca sebagai nombor tanpa tanda, apakah nilai corak U?

N = −148 bit
U =
2.Sistem nomborSukar
3178 kod, b = ? bit?2ᵇ⁻¹…?4?2?1

Satu sistem mesti memberikan setiap satu daripada 3178 item kod perduaan tersendiri dengan panjang yang sama. Apakah bilangan bit terkecil b yang diperlukan?

3178
b = bit
3.Logik proposisi & pembuktianSederhana
b ∨ (a ∧ c)(b ∧ a) ∨ (b ∧ c)(b ∧ a) ∨ c(b ∨ a) ∧ (b ∨ c)

Formula manakah yang setara secara logik dengan b ∧ (a ∨ c)? Klik formula itu.

b ∧ (a ∨ c)
  1. 1b ∨ (a ∧ c)
  2. 2(b ∧ a) ∨ (b ∧ c)
  3. 3(b ∧ a) ∨ c
  4. 4(b ∨ a) ∧ (b ∨ c)
4.Logik proposisi & pembuktianSukar
abca → bc → ba → c111110101100011010001000

Hujah dengan premis a → b; c → b dan kesimpulan a → c adalah tidak sah. Klik baris jadual kebenaran yang menjadi contoh penyangkal.

a → bc → b∴ a → c
  1. 1a = 1, b = 1, c = 1
  2. 2a = 1, b = 1, c = 0
  3. 3a = 1, b = 0, c = 1
  4. 4a = 1, b = 0, c = 0
  5. 5a = 0, b = 1, c = 1
  6. 6a = 0, b = 1, c = 0
  7. 7a = 0, b = 0, c = 1
  8. 8a = 0, b = 0, c = 0
5.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana
ABC000111100101324576

Permudahkan F = ABC + B′C′ + A′BC + A′B′C′ kepada bentuk hasil tambah hasil darab minimum. Berapa banyak literal L yang terkandung dalam ungkapan yang dipermudah?

F = ABC + B′C′ + A′BC + A′B′C′
L =
6.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar
ABCD00011110000111100001X302X4051716X121131151140819011010

Bagi F(A, B, C, D) = Σm(6, 7, 9, 13, 14, 15) + d(3, 4, 12), dengan d menandakan keadaan tidak peduli, cari bilangan N implikan perdana penting.

F(A, B, C, D) = Σm(6, 7, 9, 13, 14, 15) + d(3, 4, 12)
N =
7.Teori nombor & aritmetik moduloSederhana

Cari songsangan 27 modulo 59: nombor x dengan 0 < x < 59 dan 27·x ≡ 1 (mod 59).

a = 27n = 59
27−1 mod 59 =
8.Teori nombor & aritmetik moduloSukar
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (989, 23)d = ?

Kunci RSA menggunakan nombor perdana p = 23 dan q = 43 serta eksponen awam e = 23. Cari eksponen persendirian d (0 < d < φ(n)).

p = 23q = 43e = 23
d =
9.Algoritma & kerumitanSederhana

Bagaimanakah algoritma Prim membina pokok rentang minimum?

  1. AIa menumbuhkan satu pokok dari bucu permulaan, dengan menambah sisi termurah yang meninggalkan pokok
  2. BIa menjalankan carian pertama lebar dan mengekalkan pokok BFS
  3. CIa membuang sisi paling mahal sehingga tiada kitaran tinggal
  4. DIa mengisih semua sisi mengikut pemberat dan menambah setiap satu kecuali jika ia membentuk kitaran dalam hutan
10.Algoritma & kerumitanSukar

Masalah kebolehpuasan manakah yang diketahui boleh diselesaikan dalam masa polinomial?

  1. A3-SAT, yang setiap klausanya mempunyai tepat tiga literal
  2. B2-SAT, yang setiap klausanya mempunyai paling banyak dua literal
  3. CSAT am pada formula dalam bentuk normal konjungtif
  4. DKebolehpuasan litar
11.Struktur dataSederhana

Mengapakah timbunan binari boleh disimpan dalam tatasusunan tanpa sebarang penuding?

  1. ATimbunan tidak pernah mengandungi lebih daripada 100 elemen
  2. BIa pokok binari lengkap, jadi kedudukan mengikut formula indeks yang mudah
  3. CTatasusunan secara automatik mengekalkan kunci dalam susunan tersusun, jadi tiada penuding diperlukan
  4. DSemua kunci dalam timbunan adalah sama
12.Struktur dataSukar

Mengapakah elemen tidak boleh sekadar dipadam daripada penapis Bloom piawai dengan mengosongkan bitnya?

  1. ABit tersebut mungkin juga milik elemen lain, yang akan menyebabkan negatif palsu
  2. BPemadaman akan meningkatkan kadar positif palsu kepada 100%
  3. CPenapis Bloom menyimpan elemen penuh, yang tidak dapat dikesan semula selepas dicincang
  4. DBit dalam penapis Bloom tidak boleh diubah selepas dicipta
13.Teori grafSederhana
ABCDELitar EulerLaluan Euler, tiada litartiada kedua-duanya

Adakah graf bersambung itu mempunyai litar Euler, laluan Euler yang bukan litar, atau tiada kedua-duanya? Klik jawapan anda.

|V| = 5|E| = 6
  1. 1Litar Euler
  2. 2Laluan Euler, tiada litar
  3. 3tiada kedua-duanya
14.Teori grafSukar
1210512613212912ABCDEFG

Gunakan algoritma Dijkstra untuk mencari panjang d(F) laluan terpendek dari A ke F dalam graf berpemberat.

mula: Aakhir: F
d(F) =
15.Pangkalan data & SQLSederhana

Bentuk normal ketiga (3NF) menghapuskan:

  1. AIndeks berlebihan pada lajur yang bukan sebahagian daripada kunci
  2. BKunci gubahan
  3. CNilai atomik
  4. DKebergantungan transitif antara atribut bukan kunci
16.Pangkalan data & SQLSukar

Fungsi tetingkap manakah yang menetapkan 1, 2, 3, ... kepada baris dalam setiap partition tanpa seri?

  1. ACOUNT()
  2. BROW_NUMBER()
  3. CRANK()
  4. DDENSE_RANK()
17.Rangkaian komputerSederhana

Apakah yang dilakukan oleh ARP?

  1. AMenetapkan alamat IP secara automatik kepada hos apabila mereka menyertai rangkaian setempat
  2. BMenyelesaikan nama domain
  3. CMenghalakan paket di internet
  4. DMencari alamat MAC yang dimiliki oleh alamat IP pada rangkaian setempat
18.Rangkaian komputerSukar

Anda mesti membahagikan 192.168.1.0/24 kepada sekurang-kurangnya 5 subnet dengan sehingga 25 hos setiap satu. Panjang awalan manakah yang paling sesuai?

  1. A/25
  2. B/27
  3. C/28
  4. D/26
19.Subnet IPv4Sederhana
/24 → /2711111111111111111111111111100000bit rangkaianbit hos

Rangkaian 192.168.10.0/24 mesti dibahagikan kepada sekurang-kurangnya 8 subnet yang sama saiz. Jika anda meminjam bit sesedikit mungkin, berapakah hos boleh guna H bagi setiap subnet?

192.168.10.0/248 subnets
H =
20.Subnet IPv4Sukar

Rangkaian 192.168.220.0/24 dibahagikan dengan VLSM untuk LAN berikut: A: 16 hos, B: 4 hos, C: 10 hos, D: 59 hos, E: 22 hos. Subnet diperuntukkan dari .0 ke atas, LAN dengan hos paling banyak dahulu, masing-masing dengan subnet terkecil yang muat. Apakah oktet keempat x alamat rangkaian LAN B?

A: 16B: 4C: 10D: 59E: 22
x =

3Larutan

1.Sistem nombor

Jawapan: U = 242

Menetapkan bit: setiap bit bernilai kuasa dua (128, 64, …, 1). Satu digit heks tepat empat bit, dan dalam pelengkap dua 8-bit bit paling kiri bernilai −128. Operasi bitwise bekerja pada setiap kedudukan bit secara berasingan.

Songsang dan tambah satu

14 = 0000 1110
disongsangkan: 1111 0001
+1 → 1111 0010

Baca sebagai tanpa tanda

1111 0010₂ = 256 − 14 = 242

Jawapan

U = 242
2.Sistem nombor

Jawapan: b = 12 bit

Sistem nombor kedudukan: setiap digit bernilai nilainya didarab kuasa asas. Dalam perduaan, kedudukan bernilai 1, 2, 4, 8, 16, …; dalam heksadesimal 1, 16, 256, …, dengan A–F mewakili 10–15. Dalam pelengkap dua 8-bit, bit paling kiri bernilai −128 dan bukannya +128, begitulah nombor negatif disimpan.

Kuasa dua

211 = 2048 < 3178
212 = 4096 ≥ 3178

Jawapan

b = 12
3.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: (b ∧ a) ∨ (b ∧ c)

Kesetaraan logik: dua formula adalah setara (≡) apabila ia mempunyai nilai yang sama dalam setiap baris jadual kebenaran. Tautologi ialah 1 dalam setiap baris, percanggahan ialah 0 dalam setiap baris, dan kontingensi bukan kedua-duanya. Hukum yang berguna: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b dan ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (kontrapositif); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; dan hukum agihan, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Hukum

∧ teragih ke atas ∨: a ∧ (b ∨ c) ≡ (a ∧ b) ∨ (a ∧ c).
b ∧ (a ∨ c) ≡ (b ∧ a) ∨ (b ∧ c)

Semak dengan jadual kebenaran

a = 1, b = 1, c = 1: 1 | 1 1 1 1
a = 1, b = 1, c = 0: 1 | 1 1 1 1
a = 1, b = 0, c = 1: 0 | 1 0 1 1
a = 1, b = 0, c = 0: 0 | 0 0 0 0
a = 0, b = 1, c = 1: 1 | 1 1 1 1
a = 0, b = 1, c = 0: 0 | 1 0 0 1
a = 0, b = 0, c = 1: 0 | 0 0 1 0
a = 0, b = 0, c = 0: 0 | 0 0 0 0

Jawapan

(b ∧ a) ∨ (b ∧ c)

Lajur selepas palang ialah pilihan mengikut susunan yang ditunjukkan.

4.Logik proposisi & pembuktian

Jawapan: a = 1, b = 1, c = 0

Pengkuantiti dan hujah: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) dan ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Alihkan penafian ke dalam, tukar setiap pengkuantiti yang dilaluinya, dan nafikan formula di dalam dengan hukum proposisi, seperti ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b. Hujah adalah sah apabila kesimpulan ialah 1 dalam setiap baris yang semua premisnya 1. Satu baris dengan premis benar dan kesimpulan palsu ialah contoh penyangkal dan menunjukkan hujah itu tidak sah.

Premis dan kesimpulan baris demi baris

a = 1, b = 1, c = 1: 1 1 | 1
a = 1, b = 1, c = 0: 1 1 | 0
a = 1, b = 0, c = 1: 0 0 | 1
a = 1, b = 0, c = 0: 0 1 | 0
a = 0, b = 1, c = 1: 1 1 | 1
a = 0, b = 1, c = 0: 1 1 | 1
a = 0, b = 0, c = 1: 1 0 | 1
a = 0, b = 0, c = 0: 1 1 | 1

Contoh penyangkal

a = 1, b = 1, c = 0

Jawapan

a = 1, b = 1, c = 0

Hujah dengan bentuk ini kelihatan seperti peraturan yang sah, tetapi satu baris sudah memadai untuk menunjukkan bahawa ia tidak sah.

5.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 4

Aljabar Boolean: peraturan yang memudahkan ungkapan ialah X + X′ = 1 dan X·X′ = 0, X + X = X, penyerapan X + X·Y = X, peraturan penggabungan X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y dan teorem konsensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Hukum De Morgan menukar (X·Y)′ kepada X′ + Y′ dan (X + Y)′ kepada X′·Y′. Peta Karnaugh menggunakan peraturan ini secara grafik: setiap kumpulan dua sel berjiran ialah satu penggunaan XY + XY′ = X.

Minterm ungkapan

ABC → m(7)
B′C′ → m(0, 4)
A′BC → m(3)
A′B′C′ → m(0)
ABC00011110011001130214051706

Kumpulkan dan baca

F = B′C′ + BC

Kira literal

L = 4

Jawapan

L = 4
6.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: N = 1

Peta Karnaugh: sel disusun dalam kod Gray (00, 01, 11, 10), maka sel berjiran, termasuk yang merentasi tepi, berbeza pada tepat satu pemboleh ubah. Kumpulkan 1 dalam segi empat tepat berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, sebesar mungkin dan sesedikit mungkin, sehingga setiap 1 diliputi. Setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab: pemboleh ubah yang kekal malar di dalamnya. Kumpulan 2ᵏ sel kehilangan k pemboleh ubah. Tidak peduli (X) boleh digunakan untuk membesarkan kumpulan tetapi tidak perlu diliputi. Mengumpulkan 0 pula memberi bentuk POS minimum.

Implikan perdana

Kumpulan terbesar yang boleh dibentuk daripada 1 dan X.

BD′, BC, A′CD, AC′D, AB
ABCD00011110000111100001X302X4051716X121131151140819011010

Implikan perdana penting

AC′D
N = 1

Jawapan

N = 1
7.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: 27−1 mod 59 = 35

Songsangan dan kongruen: a mempunyai songsangan modulo n tepat apabila gcd(a, n) = 1. Algoritma Euclid lanjutan menulis 1 = s·n + t·a, dan kemudian a⁻¹ ≡ t (mod n). Kongruen a·x ≡ b (mod n) dengan gcd(a, n) = 1 mempunyai penyelesaian x ≡ a⁻¹·b. Dua kongruen x ≡ r₁ (mod m₁) dan x ≡ r₂ (mod m₂) dengan modulus perdana relatif mempunyai satu penyelesaian modulo m₁·m₂ (teorem baki Cina). φ(n) Euler mengira nombor dari 1 hingga n yang perdana relatif dengan n: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Algoritma Euclid lanjutan

Setiap baki r ditulis sebagai r ≡ t·27 (mod 59).

r = 59, t = 0
r = 27, q = 2, t = 1
r = 5, q = 5, t = −2
r = 2, q = 2, t = 11
r = 1, q = 2, t = −24

Songsangan

1 ≡ −24·27 (mod 59)
x = 35
semakan: 27·35 = 945 = 16·59 + 1

Jawapan

27−1 mod 59 = 35
8.Teori nombor & aritmetik modulo

Jawapan: d = 683

Kuasa modular dan RSA: hitung aᵏ mod n dengan kuasa dua berulang: tulis k dalam perduaan, kuasa duakan, kurangkan selepas setiap langkah dan darabkan kuasa yang bitnya 1. Fermat: aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p) untuk nombor perdana p yang tidak membahagi a, maka eksponen boleh dikurangkan modulo p − 1. RSA: pilih nombor perdana p dan q, n = p·q dan φ(n) = (p − 1)(q − 1); eksponen awam e perdana relatif dengan φ(n), dan eksponen persendirian ialah d = e⁻¹ mod φ(n). Sulitkan dengan c = mᵉ mod n dan nyahsulit dengan m = cᵈ mod n.

Modulus dan totien

n = 23·43 = 989
φ(n) = 22·42 = 924

Algoritma Euclid lanjutan

r = 924, t = 0
r = 23, q = 40, t = 1
r = 4, q = 5, t = −40
r = 3, q = 1, t = 201
r = 1, q = 3, t = −241

Eksponen persendirian

d = 683
semakan: 23·683 = 15709 = 17·924 + 1

Jawapan

d = 683
9.Algoritma & kerumitan

Jawapan: A · Ia menumbuhkan satu pokok dari bucu permulaan, dengan menambah sisi termurah yang meninggalkan pokok

Mengapa ini jawapannya

Algoritma Prim, dengan baris gilir keutamaan sisi merentas, berjalan dalam O(E log V) dengan timbunan binari.

Jawapan

A · Ia menumbuhkan satu pokok dari bucu permulaan, dengan menambah sisi termurah yang meninggalkan pokok
10.Algoritma & kerumitan

Jawapan: B · 2-SAT, yang setiap klausanya mempunyai paling banyak dua literal

Mengapa ini jawapannya

2-SAT berada dalam P (masa linear melalui komponen terhubung kuat), manakala 3-SAT ialah NP-lengkap.

Jawapan

B · 2-SAT, yang setiap klausanya mempunyai paling banyak dua literal
11.Struktur data

Jawapan: B · Ia pokok binari lengkap, jadi kedudukan mengikut formula indeks yang mudah

Mengapa ini jawapannya

Kelengkapan bermaksud tiada jurang, jadi anak bagi indeks i sentiasa berada pada 2i + 1 dan 2i + 2.

Jawapan

B · Ia pokok binari lengkap, jadi kedudukan mengikut formula indeks yang mudah
12.Struktur data

Jawapan: A · Bit tersebut mungkin juga milik elemen lain, yang akan menyebabkan negatif palsu

Mengapa ini jawapannya

Mengosongkan bit yang dikongsi akan menjadikan elemen lain kelihatan tiada; penapis Bloom pengira menyimpan pembilang dan bukannya bit untuk membenarkan pemadaman.

Jawapan

A · Bit tersebut mungkin juga milik elemen lain, yang akan menyebabkan negatif palsu
13.Teori graf

Jawapan: Litar Euler

Euler, Hamilton dan pokok: graf bersambung mempunyai litar Euler (setiap sisi sekali, kembali ke permulaan) apabila setiap bucu berdarjah genap, dan laluan Euler yang bukan litar apabila tepat dua bucu berdarjah ganjil; laluan itu kemudian bermula dari satu bucu ganjil ke bucu ganjil yang lain. Litar Hamilton melawat setiap bucu sekali; Kn mempunyai (n − 1)!/2 daripadanya. Pokok pada n bucu mempunyai n − 1 sisi, dan graf bersambung dengan m sisi mengekalkan pokok rentang selepas membuang m − n + 1 sisi.

Darjah

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 2

Bucu ganjil

0
Litar Euler

Jawapan

Litar Euler
14.Teori graf

Jawapan: d(F) = 24

Laluan terpendek dan pokok rentang: algoritma Dijkstra menetapkan satu bucu setiap pusingan: bucu tidak tetap yang berjarak sementara paling kecil. Jaraknya kemudian muktamad, dan setiap jiran v mendapat d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)). Algoritma Kruskal membina pokok rentang minimum dengan mengambil sisi dari ringan ke berat dan melangkau sebarang sisi yang akan menutup kitaran; algoritma Prim menumbuhkan satu pokok daripada bucu permulaan dengan sentiasa menambah sisi teringan yang keluar daripadanya. Pokok rentang n bucu mempunyai n − 1 sisi.

Dijkstra pusingan demi pusingan

Setiap baris: bucu yang ditetapkan, jarak muktamadnya, dan jiran yang jaraknya bertambah baik.

A (0): B: 12, C: 10
C (10): E: 22, G: 19
B (12)
G (19): D: 31
E (22): D: 28, F: 24
F (24)
D (28)

Laluan terpendek

A → C → E → F
d(F) = 24

Jawapan

d(F) = 24
15.Pangkalan data & SQL

Jawapan: D · Kebergantungan transitif antara atribut bukan kunci

Mengapa ini jawapannya

Dalam 3NF tiada atribut bukan kunci bergantung pada atribut bukan kunci lain, seperti menyimpan bandar dan poskod di mana bandar bergantung pada poskod.

Jawapan

D · Kebergantungan transitif antara atribut bukan kunci
16.Pangkalan data & SQL

Jawapan: B · ROW_NUMBER()

Mengapa ini jawapannya

ROW_NUMBER memberi nombor berturutan yang unik; RANK meninggalkan jurang selepas seri; DENSE_RANK tidak.

Jawapan

B · ROW_NUMBER()
17.Rangkaian komputer

Jawapan: D · Mencari alamat MAC yang dimiliki oleh alamat IP pada rangkaian setempat

Mengapa ini jawapannya

ARP menyiarkan "siapa yang memiliki IP ini?" dan pemiliknya membalas dengan alamat MAC-nya, supaya bingkai dapat dihantar secara setempat.

Jawapan

D · Mencari alamat MAC yang dimiliki oleh alamat IP pada rangkaian setempat
18.Rangkaian komputer

Jawapan: B · /27

Mengapa ini jawapannya

/27 memberikan 8 subnet dengan 30 hos yang boleh digunakan setiap satu. /26 hanya memberikan 4 subnet, dan /28 hanya membenarkan 14 hos bagi setiap subnet.

Jawapan

B · /27
19.Subnet IPv4

Jawapan: H = 30

Subnet IPv4: alamat mempunyai 32 bit. Awalan /p menyatakan berapa banyak bit permulaan yang mengenal pasti rangkaian; baki 32 − p bit menomborkan hos. Satu subnet mempunyai 2³²⁻ᵖ alamat, tetapi yang pertama (alamat rangkaian) dan yang terakhir (alamat siaran) tidak boleh diberikan kepada hos, jadi 2³²⁻ᵖ − 2 hos boleh dimuatkan. Pengecualian: /31 (pautan titik ke titik, RFC 3021) menggunakan kedua-dua 2 alamatnya untuk hos, dan /32 ialah satu alamat tunggal (satu hos atau loopback).

Bit untuk dipinjam

23 = 8 ≥ 8 → b = 3, /27

Hos bagi setiap subnet

25 − 2 = 30

Jawapan

H = 30
20.Subnet IPv4

Jawapan: x = 144

VLSM: setiap LAN mendapat subnet terkecil dengan 2ʰ − 2 ≥ bilangan hosnya, iaitu awalan 32 − h. Memperuntukkan subnet terbesar dahulu memastikan setiap blok sejajar pada gandaan saiznya sendiri, maka alamat rangkaian diperoleh dengan menambah saiz blok.

Saiz blok bagi setiap LAN

D: 59 hos → 26 = 64 (/26)
E: 22 hos → 25 = 32 (/27)
A: 16 hos → 25 = 32 (/27)
C: 10 hos → 24 = 16 (/28)
B: 4 hos → 23 = 8 (/29)

Peruntukan, yang terbesar dahulu

D: .0 – .63
E: .64 – .95
A: .96 – .127
C: .128 – .143
B: .144 – .151

Jawapan

x = 144

LAN B: 192.168.220.144/29.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals