Elektronik 1: pek ulang kaji kilat

Lembaran formula, langkah kaedah utama untuk setiap topik dan 14 soalan latihan, dengan penyelesaian penuh di bahagian belakang.

Soalan baharu Kembali ke kursus

Dalam tetingkap cetak, pilih “Simpan sebagai PDF” untuk menyimpan salinan pada peranti anda.

1Formula dan kaedah

Diod & transistor

Diod (susutan malar): V_D = 0.7 V when conducting
Kawasan aktif: V_BE = 0.7 V, I_C = β·I_B, I_E = (β + 1)·I_B
Pincang tetap: I_B = (V_CC − 0.7)/R_B
Pincang pembahagi: I_B = (V_TH − 0.7)/(R_TH + (β + 1)R_E)
Thévenin bagi pembahagi: V_TH = V_CC·R₂/(R₁ + R₂), R_TH = R₁∥R₂
Gelung pengumpul: V_CE = V_CC − I_CR_C − I_ER_E
Ketepuan: I_C(sat) = (V_CC − V_CE(sat))/R_C, I_B ≥ I_C(sat)/β

Litar op-amp

Penguat menyongsang: V_out = −(R_f/R_in)·V_in
Penguat tak menyongsang: V_out = (1 + R_f/R₁)·V_in
Penguat penambah: V_out = −R_f(V₁/R₁ + V₂/R₂)
Op-amp unggul: V₊ = V₋, I_in = 0

Fana RC & RL

Pemalar masa: τ = RC | τ = L/R
Sambutan: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ
Kapasitor pada AT: litar buka; v_C tidak boleh melompat
Induktor pada AT: litar pintas; i_L tidak boleh melompat
Mantap: t ≈ 5τ

Kaedah

Cari nilai awal sejurus selepas pensuisan: voltan kapasitor dan arus induktor tidak boleh melompat.
Cari nilai akhir lama selepas pensuisan: kapasitor bertindak sebagai litar buka, induktor sebagai litar pintas.
Cari pemalar masa: τ = RC atau τ = L/R, menggunakan rintangan yang dilihat oleh kapasitor atau induktor.
Gunakan x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ.

Perintang bersiri & selari

Perintang bersiri: R_eq = R₁ + R₂ + …
Perintang selari: 1/R_eq = 1/R₁ + 1/R₂ + …
Dua secara selari: R_eq = R₁R₂ / (R₁ + R₂)
Hukum Ohm: V = I·R
Kuasa: P = V·I = I²R = V²/R

Kaedah

Mulakan di hujung rangkaian yang paling jauh daripada terminal.
Gabungkan perintang secara bersiri dengan menambahnya, dan perintang secara selari dengan 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …
Lukis semula litar selepas setiap langkah.
Ulang sehingga tinggal satu perintang antara terminal.

Penukar DC-DC

Buck: V_o = D·V_in
Boost: V_o = V_in/(1 − D)
Buck-boost menyongsang: |V_o| = V_in·D/(1 − D)
Imbangan kuasa unggul: V_inI_in = V_oI_o
Riak induktor: ΔI_L = V_L,on·D/(L·f); buck V_in − V_o, boost and buck-boost V_in
Arus induktor purata: buck I_o; boost dan buck-boost I_o/(1 − D)
Riak output: buck ΔI_L/(8fC); boost dan buck-boost I_o·D/(fC)
Sempadan CCM: buck (1 − D)R/(2f); boost D(1 − D)²R/(2f); buck-boost (1 − D)²R/(2f)

Kaedah

Kenal pasti penukar (buck, boost atau buck-boost) dan kitar tugas D daripada nisbah voltan.
Gunakan imbangan volt-saat pada induktor: voltan induktor purata sepanjang satu tempoh ialah sifar.
Cari voltan induktor semasa suis hidup, kemudian ΔI_L = V_L·D/(L·f).
Untuk riak output, cari cas yang mengalir masuk dan keluar kapasitor; untuk sempadan CCM, tetapkan arus induktor purata sama dengan ΔI_L/2.

Jambatan Wheatstone & tolok terikan

Voltan pembahagi: V_a = V_sR₂/(R₁ + R₂), V_b = V_sR₄/(R₃ + R₄)
Pengeluaran: V_ab = V_a − V_b
Imbangan: R₁/R₂ = R₃/R₄
Jambatan wayar gelongsor: R/R_x = l/(100 − l)
Rintangan Thévenin: R_th = R₁∥R₂ + R₃∥R₄
Faktor tolok: ΔR/R = GF·ε
Output jambatan: suku V_s·GF·ε/4, separuh V_s·GF·ε/2, penuh V_s·GF·ε
Perubahan kecil, satu lengan: V_ab ≈ V_s·ΔR/(4R)
Tegasan: σ = E·ε

Kaedah

Anggap jambatan sebagai dua pembahagi voltan merentasi bekalan yang sama.
Untuk keseimbangan, tetapkan R₁/R₂ = R₃/R₄ dan selesaikan untuk perintang yang tidak diketahui.
Untuk jambatan tak seimbang, cari V_a dan V_b daripada pembahagi dan tolakkannya; gunakan setara Thévenin apabila meter membebani output.
Untuk tolok terikan, tukarkan terikan kepada ΔR/R = GF·ε dan gunakan V_s·GF·ε/4, /2 atau ×1 bagi jambatan suku, separuh atau penuh.

Logik digital: get, peta K & flip-flop

Get asas: A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Peraturan Boolean: X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan: (X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Susunan peta Karnaugh: 00, 01, 11, 10 (Gray code)
Kumpulan 2ᵏ sel: kehilangan k pemboleh ubah
Multipleks 4-ke-1: F = A′B′I₀ + A′BI₁ + AB′I₂ + ABI₃
Flip-flop: D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Pembilang: n-bit: 2ⁿ keadaan; mod-N: n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N; f_out = f_clk/N
Pembilang riak: f_max = 1/(n·t_pd)
Pembilang gelang dan Johnson: n dan 2n keadaan

Kaedah

Untuk litar, bekerja dari input ke output satu get pada satu masa dan tulis nilai pada setiap wayar, atau tulis ungkapannya dan isi jadual kebenaran.
Untuk pemudahan, letakkan 1 (dan tidak peduli sebagai X) ke dalam peta Karnaugh dengan baris dan lajur kod Gray: 00, 01, 11, 10.
Liputi 1 dengan kumpulan sesedikit dan sebesar mungkin yang berisi 1, 2, 4, 8 atau 16 sel, menyambung melepasi tepi; setiap kumpulan ialah satu sebutan hasil darab yang terdiri daripada pemboleh ubah yang kekal malar. Kumpulkan 0 untuk bentuk POS.
Untuk flip-flop dan pembilang, baca input pada setiap pinggir jam yang aktif, tulis keadaan selepas setiap pinggir, dan ingat bahawa pembilang n-bit berpusing semula selepas 2ⁿ keadaan.

2Soalan latihan

1.Diod & transistorSederhana

Satu transistor NPN dengan β = 150 mempunyai pincang pembahagi voltan daripada V_CC = 12 V: R₁ = 47 kΩ dari V_CC ke tapak dan R₂ = 15 kΩ dari tapak ke bumi. Perintang pengumpul ialah R_C = 3.3 kΩ dan perintang pemancar ialah R_E = 2.2 kΩ. Ambil V_BE = 0.7 V dan gunakan setara Thévenin bagi pembahagi (jangan abaikan arus tapak). Cari voltan pengumpul–pemancar V_CE.

V_CC = 12 VR₁ = 47 kΩR₂ = 15 kΩR_C = 3.3 kΩR_E = 2.2 kΩβ = 150

V_CE = V

2.Diod & transistorSukar

Satu transistor NPN dengan β = 150 menyuis perintang beban 330 Ω yang disambung antara V_CC = 9 V dan pengumpulnya. Pemancar dibumikan. Tapak dipacu daripada keluaran logik 5 V melalui perintang tapak R_B. Ambil V_BE = 0.7 V dan V_CE(sat) = 0.2 V. Cari perintang tapak terbesar R_B, dalam kΩ, yang masih memacu transistor tepat ke dalam ketepuan.

V_CC = 9 VR_C = 330 Ωβ = 150V_in = 5 VV_BE = 0.7 VV_CE(sat) = 0.2 V

R_B = kΩ

3.Litar op-ampSederhana

Pilih perintang suap balik R_f yang memberikan penguat tak menyongsang ini gandaan voltan 31.

R₁ = 47 kΩA_v = 31

R_f = kΩ

4.Litar op-ampSukar

Penguat penambah menggunakan op-amp unggul dengan bekalan ±15 V. Cari voltan keluaran V_out.

V₁ = 1.8 VV₂ = 1.3 VR₁ = 1 kΩR₂ = 10 kΩR_f = 1 kΩ

V_out = V

5.Fana RC & RLSederhana

Induktor membawa arus mantap 2.5 A. Pada t = 0 suis menutup gelung melalui R dan sumber dialihkan, maka arus induktor mereput melalui R. Berapa lamakah masa yang diambil untuk arus jatuh kepada 0.625 A? Cari t.

i(0) = 2.5 AR = 15 ΩL = 100 mH

t = ms

6.Fana RC & RLSukar

Suis telah ditutup untuk masa yang lama, maka litar berada dalam keadaan mantap. Pada t = 0 suis dibuka. Cari voltan kapasitor v_C pada t = 500 ms.

V_s = 15 VR₁ = 4.7 kΩR₂ = 3.3 kΩC = 220 µFt = 500 ms

v_C = V

7.Perintang bersiri & selariSederhana

Cari rintangan setara R_eq yang dilihat oleh sumber V₁.

V₁ = 12 VR₁ = 12 ΩR₂ = 5 ΩR₃ = 2 ΩR₄ = 3 Ω

R_eq = Ω

8.Perintang bersiri & selariSukar

Cari rintangan setara R_eq yang dilihat oleh sumber V₁.

V₁ = 12 VR₁ = 5 ΩR₂ = 5 ΩR₃ = 6 ΩR₄ = 4 ΩR₅ = 10 ΩR₆ = 4 Ω

R_eq = Ω

9.Penukar DC-DCSederhana

Penukar buck-boost menyongsang unggul menukar 24 V kepada −72 V pada 20 kHz dengan L = 330 µH. Cari arus riak puncak-ke-puncak induktor ΔI_L.

Vin = 24 VVo = −72 Vf = 20 kHzL = 330 µH

ΔI_L = A

10.Penukar DC-DCSukar

Penukar buck unggul menukar 9 V kepada 4.5 V untuk beban 4 Ω pada 200 kHz. Cari kearuhan terkecil L_crit untuk pengaliran selanjar.

Vin = 9 VVo = 4.5 Vf = 200 kHzR = 4 Ω

L_crit = µH

11.Jambatan Wheatstone & tolok terikanSederhana

Jambatan mempunyai empat lengan 200 Ω dan V_s = 12 V. Penderia R₂ bertambah sebanyak ΔR = 1.6 Ω. Dengan menggunakan penghampiran perubahan kecil, cari output V_ab dalam mV.

V_s = 12 VR = 200 ΩΔR = 1.6 Ω

V_ab = mV

12.Jambatan Wheatstone & tolok terikanSukar

Jambatan dengan lengan 1000 Ω diujakan dengan 5 V dan mempunyai empat tolok aktif, dua dalam tegangan dan dua dalam mampatan (jambatan penuh). Faktor tolok ialah 2.12 dan terikan ialah 750 µε. Cari output jambatan V_o dalam mV.

V_s = 5 VGF = 2.12ε = 750 µε

V_o = mV

13.Logik digital: get, peta K & flip-flopSederhana

Permudahkan F = BC′ + ABC′ + A′C + B′C′ kepada bentuk hasil tambah hasil darab minimum. Berapa banyak literal L yang terkandung dalam ungkapan yang dipermudah?

F = BC′ + ABC′ + A′C + B′C′

L =

14.Logik digital: get, peta K & flip-flopSukar

pembilang naik perduaan 3-bit bermula pada 6 (perpuluhan, Q = 110). Apakah kiraan Q (dalam perpuluhan) yang ditunjukkan selepas 15 denyut jam?

Q₀ = 615n = 3

Q =

3Larutan

1.Diod & transistor

Jawapan: V_CE = 6.695 V

Titik pincang BJT: dalam kawasan aktif V_BE = 0.7 V, I_C = β·I_B dan I_E = (β + 1)·I_B. Cari I_B daripada gelung tapak dengan KVL, kemudian I_C, kemudian V_CE daripada gelung pengumpul–pemancar. Pembahagi voltan pada tapak digantikan dengan setara Thévenin V_TH = V_CC·R₂/(R₁ + R₂), R_TH = R₁∥R₂; perintang pemancar kelihatan (β + 1) kali lebih besar dalam gelung tapak.

Setara Thévenin bagi pembahagi

V_TH = 12·15/(47 + 15) = 2.903 V

R_TH = 47·15/(47 + 15) = 11.37 kΩ

Arus tapak

KVL mengelilingi gelung tapak; arus pemancar ialah (β + 1)·I_B.

I_B = (2.903 − 0.7)/(11.37 + 151·2.2) = 6.413 µA

Arus pengumpul

I_C = 150·6.413 µA = 0.9619 mA

I_E = 151·6.413 µA = 0.9683 mA

Voltan pengumpul–pemancar

V_CE = 12 − 0.9619·3.3 − 0.9683·2.2 = 6.695 V

Jawapan

V_CE = 6.695 V

2.Diod & transistor

Jawapan: R_B = 24.19 kΩ

BJT sebagai suis: untuk menghidupkan beban sepenuhnya, transistor dipacu ke dalam ketepuan, di mana V_CE = V_CE(sat) dan arus pengumpul ditentukan oleh beban: I_C(sat) = (V_CC − V_CE(sat))/R_C. Ketepuan memerlukan sekurang-kurangnya I_B = I_C(sat)/β. Jika arus tapak lebih kecil, transistor kekal aktif dan I_C = β·I_B.

Arus pengumpul dalam ketepuan

I_C(sat) = (9 − 0.2)/330 = 26.67 mA

Arus tapak minimum

I_B(min) = I_C(sat)/β = 26.67/150 = 177.8 µA

Perintang tapak

R_B = (5 − 0.7)/I_B = 4.3 V/0.1778 mA = 24.19 kΩ

Jawapan

R_B = 24.19 kΩ

Sebarang perintang tapak yang lebih kecil juga menepukan transistor; dalam amalan anda memilih yang beberapa kali ganda lebih kecil.

3.Litar op-amp

Jawapan: R_f = 1410 kΩ

Peraturan op-amp unggul: dengan suap balik negatif, op-amp memacu keluarannya supaya kedua-dua masukannya berada pada voltan yang sama (V₋ = V₊), dan tiada arus mengalir ke dalam mana-mana masukan. Menulis KCL pada masukan songsang dengan dua fakta ini memberikan keluaran.

Gandaan penguat tak menyongsang

V₋ = V₊ = V_in, dan arus melalui R₁ juga mengalir melalui R_f, jadi V_out = V_in·(1 + R_f/R₁).

A_v = 1 + R_f/R₁

R_f = (31 − 1)·47 = 1410 kΩ

Jawapan

R_f = 1410 kΩ

4.Litar op-amp

Jawapan: V_out = −1.93 V

Arus masukan

V₋ = 0, jadi setiap perintang masukan mempunyai voltan masukan penuhnya merentasinya.

I₁ = V₁/R₁ = 1.8/1 = 1.8 mA

I₂ = V₂/R₂ = 1.3/10 = 0.13 mA

I_f = I₁ + I₂ = 1.93 mA

Voltan keluaran

V_out = −R_f·I_f = −1·1.93 = −1.93 V

Jawapan

V_out = −1.93 V

5.Fana RC & RL

Jawapan: t = 9.242 ms

Fana peringkat pertama: dalam litar dengan satu kapasitor atau satu induktor, setiap voltan dan arus bergerak secara eksponen daripada nilai awalnya kepada nilai akhirnya: x(t) = x(∞) + [x(0) − x(∞)]·e^−t/τ, dengan τ = RC atau τ = L/R. Selepas kira-kira 5τ litar telah mantap.

Pemalar masa

τ = L/R = 100 mH / 15 Ω = 6.667 ms

Selesaikan untuk masa

0.625 = 2.5·e^−t/τ → t = τ·ln(2.5/0.625)

t = 6.667·ln(4) = 9.242 ms

Jawapan

t = 9.242 ms

6.Fana RC & RL

Jawapan: v_C = 3.108 V

Voltan awal kapasitor

Dalam keadaan mantap kapasitor ialah litar terbuka, maka R₁ dan R₂ membentuk pembahagi voltan. Voltan kapasitor tidak boleh melompat apabila suis dibuka.

v_C(0) = 15·3.3/(4.7 + 3.3) = 6.188 V

Pemalar masa selepas suis dibuka

τ = R₂·C = 3.3·220 = 726 ms

Nyahcas

v_C(t) = 6.188·e^−500/726 = 3.108 V

Jawapan

v_C = 3.108 V

7.Perintang bersiri & selari

Jawapan: R_eq = 14.5 Ω

Perintang bersiri dan selari: dalam sambungan bersiri arus yang sama mengalir melalui setiap perintang dan R = R₁ + R₂ + …. Dalam sambungan selari setiap perintang mempunyai voltan yang sama dan 1/R = 1/R₁ + 1/R₂ + …. Rangkaian tangga dipermudahkan sepasang demi sepasang sehingga tinggal satu rintangan setara.

Gabungkan perintang dari hujung yang jauh

Mulakan dari hujung yang paling jauh daripada sumber dan bergerak balik ke arahnya. Perintang yang membawa arus yang sama adalah bersiri; perintang merentasi dua nod yang sama adalah selari.

R₃ + R₄ = 2 + 3 = 5 Ω

R₂ ∥ 5 = 5·5/(5+5) = 2.5 Ω

R_eq = R₁ + 2.5 = 12 + 2.5 = 14.5 Ω

Jawapan

R_eq = 14.5 Ω

8.Perintang bersiri & selari

Jawapan: R_eq = 8.228 Ω

Gabungkan perintang dari hujung yang jauh

Mulakan dari hujung yang paling jauh daripada sumber dan bergerak balik ke arahnya. Perintang yang membawa arus yang sama adalah bersiri; perintang merentasi dua nod yang sama adalah selari.

R₅ + R₆ = 10 + 4 = 14 Ω

R₄ ∥ 14 = 3.111 Ω

R₃ + 3.111 = 9.111 Ω

R₂ ∥ 9.111 = 3.228 Ω

R_eq = R₁ + 3.228 = 5 + 3.228 = 8.228 Ω

Jawapan

R_eq = 8.228 Ω

9.Penukar DC-DC

Jawapan: ΔI_L = 2.727 A

Penukar DC-DC: suis S dihidupkan untuk pecahan D bagi setiap tempoh T = 1/f. Dalam keadaan mantap voltan purata induktor ialah sifar (imbangan volt-saat), yang memberikan nisbah penukaran unggul dalam pengaliran selanjar: buck V_o = D·V_in, boost V_o = V_in/(1 − D), buck-boost menyongsang |V_o| = V_in·D/(1 − D). Penukar unggul mengekalkan kuasa: V_in·I_in = V_o·I_o. Semasa S hidup, arus induktor naik sebanyak ΔI_L = V_L·D·T/L, dengan V_L = V_in − V_o untuk buck dan V_in untuk boost dan buck-boost. Riak output ialah ΔV_o = ΔI_L/(8fC) untuk buck dan I_o·D/(fC) untuk boost dan buck-boost. Arus induktor hanya menyentuh sifar (sempadan CCM) apabila arus induktor purata sama dengan ΔI_L/2.

Kitar tugas

D = 72/(24 + 72) = 0.75

Voltan induktor semasa masa hidup

Semasa S hidup, induktor berada terus merentasi V_in.

V_L = 24 V

Arus riak

ΔI_L = V_L·D/(L·f) = 24·0.75/(330·10⁻⁶·20·10³) = 2.727 A

Jawapan

ΔI_L = 2.727 A

10.Penukar DC-DC

Jawapan: L_crit = 5 µH

Kitar tugas

D = 4.5/9 = 0.5

Syarat sempadan

Tetapkan arus induktor purata sama dengan separuh arus riak dan selesaikan untuk L.

L_crit = (1 − D)·R/(2f)

Kearuhan genting

L_crit = (1 − 0.5)·4/(2200·10³) = 5 µH

Jawapan

L_crit = 5 µH

11.Jambatan Wheatstone & tolok terikan

Jawapan: V_ab = 24 mV

Jambatan Wheatstone: dua pembahagi voltan berkongsi satu bekalan V_s. Pembahagi kiri R₁–R₂ memberikan V_a = V_s·R₂/(R₁ + R₂) dan pembahagi kanan R₃–R₄ memberikan V_b = V_s·R₄/(R₃ + R₄); outputnya ialah V_ab = V_a − V_b. Jambatan seimbang (V_ab = 0, tiada arus dalam meter) apabila R₁/R₂ = R₃/R₄, iaitu R₁·R₄ = R₂·R₃. Dilihat dari output, jambatan ialah sumber Thévenin dengan R_th = R₁∥R₂ + R₃∥R₄.

Perubahan relatif

ΔR/R = 1.6/200 = 0.008

Output terlinear

V_ab ≈ 12·0.008/4 = 24 mV

Jawapan

V_ab = 24 mV

Nilai tepatnya ialah 23.9 mV; penghampiran itu baik selagi ΔR/R kecil.

12.Jambatan Wheatstone & tolok terikan

Jawapan: V_o = 7.95 mV

Tolok terikan: tolok mengubah rintangannya dengan terikan: ΔR/R = GF·ε, dengan faktor tolok GF kira-kira 2 untuk kerajang logam. Dalam jambatan dengan semua lengan sama dengan R, satu tolok aktif (jambatan suku) memberikan V_o ≈ V_s·GF·ε/4. Dua tolok aktif dengan terikan bertentangan pada lengan bersebelahan (jambatan separuh) memberikan V_s·GF·ε/2, dan empat (jambatan penuh) memberikan V_s·GF·ε. Tegasan diperoleh daripada hukum Hooke, σ = E·ε. Sel beban menyatakan kepekaannya dalam mV/V: output pada beban penuh bagi setiap volt pengujaan.

Perubahan rintangan relatif

ΔR/R = 2.12·750·10⁻⁶ = 0.00159

Output jambatan

V_o = V_s·GF·ε = 5·0.00159 = 7.95 mV

Jawapan

V_o = 7.95 mV

13.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: L = 2

Aljabar Boolean: peraturan yang memudahkan ungkapan ialah X + X′ = 1 dan X·X′ = 0, X + X = X, penyerapan X + X·Y = X, peraturan penggabungan X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y dan teorem konsensus XY + X′Z + YZ = XY + X′Z. Hukum De Morgan menukar (X·Y)′ kepada X′ + Y′ dan (X + Y)′ kepada X′·Y′. Peta Karnaugh menggunakan peraturan ini secara grafik: setiap kumpulan dua sel berjiran ialah satu penggunaan XY + XY′ = X.

Minterm ungkapan

BC′ → m(2, 6)

ABC′ → m(6)

A′C → m(1, 3)

B′C′ → m(0, 4)

Kumpulkan dan baca

F = C′ + A′

Kira literal

L = 2

Jawapan

L = 2

14.Logik digital: get, peta K & flip-flop

Jawapan: Q = 5

Flip-flop dan pembilang: flip-flop hanya berubah pada pinggir jam yang aktif. D menyalin inputnya (Q⁺ = D); T bertukar keadaan apabila T = 1; JK kekal untuk 00, set semula untuk 01, set untuk 10 dan bertukar keadaan untuk 11. Pembilang perduaan n-bit mempunyai 2ⁿ keadaan dan mengira modulo 2ⁿ; pembilang mod-N mengira 0, 1, …, N − 1 dan kembali ke 0, dan memerlukan flip-flop sebanyak n terkecil dengan 2ⁿ ≥ N. Setiap peringkat pembilang riak membahagi dua frekuensi, maka output terakhir pembilang mod-N berjalan pada f_clk/N. Pembilang Johnson dengan n flip-flop mempunyai 2n keadaan, pembilang gelang n.

Kitaran penuh

Setiap 8 denyut membawa pembilang kembali ke keadaan yang sama.

15 = 1·8 + 7

Kiraan selepas denyut yang tinggal

Q = (6 + 7) mod 8 = 5

Q = 101₂

Jawapan

Q = 5

ExamProblems · examproblems.com/courses/electronics-1