Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −5 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −58 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 0010 1100 OR 1101 0100 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

0010 1100OR1101 0100
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
totolojiçelişkiolumsallık

(r → p) ∧ (r ∧ ¬p) bir totoloji, bir çelişki mi yoksa olumsallık mı? Cevabınıza tıklayın.

(r → p) ∧ (r ∧ ¬p)
  1. 1totoloji
  2. 2çelişki
  3. 3olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
pqrp → (q ∨ r)pq111110101100011010001000

Öncülleri p → (q ∨ r); p ve sonucu q olan argüman geçersizdir. Doğruluk tablosunda karşı örnek olan satıra tıklayın.

p → (q ∨ r)p∴ q
  1. 1p = 1, q = 1, r = 1
  2. 2p = 1, q = 1, r = 0
  3. 3p = 1, q = 0, r = 1
  4. 4p = 1, q = 0, r = 0
  5. 5p = 0, q = 1, r = 1
  6. 6p = 0, q = 1, r = 0
  7. 7p = 0, q = 0, r = 1
  8. 8p = 0, q = 0, r = 0
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABC00011110011001131214051716

F(A, B, C) = Σm(0, 2, 3, 4, 6, 7) fonksiyonunun en küçük çarpımlar toplamı (SOP) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Kaç çarpım terimi (N) vardır?

F(A, B, C) = Σm(0, 2, 3, 4, 6, 7)
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​CLKMOD-7

Eşzamanlı bir mod-7 sayıcı 0, 1, …, 6 sayar ve sonra 0’a döner. 4 değerinden başlar. 19 saat darbesinden sonra hangi sayıyı, Q, (ondalık olarak) gösterir?

Q0 = 419N = 7
Q =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

26 sayısının 97 modundaki tersini bulun: 0 < x < 97 olan ve 26·x ≡ 1 (mod 97) sağlayan x sayısı.

a = 26n = 97
26−1 mod 97 =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

1731 mod 57 değerini bulmak için tekrarlı kare almayı kullanın.

a = 17k = 31n = 57
1731 mod 57 =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

1, 3 ve 4 değerinde madeni paralarla 6 tutarı için açgözlü "önce en büyük para" yöntemi optimuma kıyasla kaç para kullanır?

  1. AAçgözlü 4 para kullanır; optimum 3'tür
  2. BAçgözlü 3 para kullanır; optimum 2'dir
  3. CAçgözlü 2 para kullanır; optimum 2'dir
  4. DAçgözlü 3 para kullanır; optimum 3'tür
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Karar verilemez bir problem ile çözülemez (intractable) bir problem arasındaki fark nedir?

  1. AÇözülemez problemler hiçbir algoritmayla çözülemez, karar verilemez olanlar ise yalnızca üstel zaman gerektirir
  2. BHer ikisi de problemin hiç algoritması olmadığı anlamına gelir
  3. CKarar verilemez bir problemin tüm girdiler için algoritması yoktur; çözülemez bir problemin algoritması vardır ama çok yavaştır
  4. DKarar verilemez problemler NP'de, çözülemez problemler P'dedir
11.Veri yapılarıOrta

3 4 + 2 * sonek (postfix) ifadesinin değeri nedir?

  1. A10
  2. B11
  3. C14
  4. D24
12.Veri yapılarıZor

Radix ağacı (sıkıştırılmış trie) düz bir trie'yi nasıl iyileştirir?

  1. ATek çocuklu düğüm zincirlerini bir dizgiyle etiketlenmiş tek bir kenarda birleştirir
  2. BHer sözcüğü ayrı düğümler yerine kökteki bir karma tablosunda saklar
  3. CHer sözcüğün yalnızca ilk harfini tutar
  4. DHer düğümün çocuklarını sıklığa göre sıralar
13.Graf kuramıOrta

K5 tam grafının kaç farklı Hamilton devresi (H) vardır? Yalnızca başlangıç köşesi ya da yönü farklı olan devreler aynı sayılır.

K5
H =
14.Graf kuramıZor
11817219320ABCDE

Prim algoritması A köşesinden başlayarak en küçük kapsayan ağacı kurar. 4. kenar olarak eklediği kenara tıklayın.

başlangıç: Ak = 4
  1. 1kenar AB
  2. 2kenar AC
  3. 3kenar BC
  4. 4kenar BD
  5. 5kenar CE
  6. 6kenar DE
  7. 7kenar BE
15.Veritabanları ve SQLOrta

LEFT JOIN ne döndürür?

  1. AHiçbir tabloda eşleşmeyen satırları
  2. BSol tablodaki tüm satırları ve sağ tablodaki eşleşen satırları; eşleşme olmayan yerlerde NULL değerleriyle
  3. CYalnızca her iki tablodaki eşleşen satırları
  4. DYalnızca sağ tablodaki tüm satırları
16.Veritabanları ve SQLZor

SELECT dept, name, COUNT(*) FROM emp GROUP BY dept standart SQL'de neden geçersizdir?

  1. AGROUP BY tablonun tüm sütunlarını listelemelidir
  2. BCOUNT(*) GROUP BY ile birlikte kullanılamaz
  3. Cdept bir toplama fonksiyonunun içinde yer almalıdır
  4. Dname ne gruplanmış ne de toplanmıştır, bu yüzden grup başına tek bir değeri yoktur
17.Bilgisayar ağlarıOrta

RIP rota seçmek için hangi ölçütü kullanır?

  1. AÖlçülen gecikme
  2. BBağlantı bant genişliği
  3. CAtlama sayısı
  4. Dİş politikası
18.Bilgisayar ağlarıZor

Tekrarlanan çarpışmalardan sonra klasik Ethernet istasyonları bekleme sürelerini her seferinde iki katına çıkan bir aralıktan seçer. Neden?

  1. APaylaşılan kabloda en yüksek MAC adresli istasyona öncelik vermek için
  2. BTüm istasyonları tek bir saate senkronize etmek için
  3. CKablonun sinyalleri daha uzağa taşımasını sağlamak için
  4. DÇok sayıda istasyon rekabet ederken yeniden çarpışma olasılığını azaltmak için
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/24 → /2711111111111111111111111111100000ağ bitlericihaz bitleri

192.168.10.0/24 ağı en az 5 eşit alt ağa bölünmelidir. Mümkün olduğunca az bit ödünç alırsanız her alt ağda kaç kullanılabilir cihaz H olur?

192.168.10.0/245 subnets
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor
üçüncü oktet 75 … 82012816403201618041211ortakdeğişken

Bir yönlendiricinin şu ağlara rotaları var: 10.4.75.0/24, 10.4.76.0/24, 10.4.77.0/24, 10.4.78.0/24, 10.4.79.0/24, 10.4.80.0/24, 10.4.81.0/24, 10.4.82.0/24. Hepsini kapsayan tek bir özet rotanın en uzun önek uzunluğu p nedir?

10.4.75.0/24 … 10.4.82.0/24
p =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 251

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

5 = 0000 0101
tersine çevrilmiş: 1111 1010
+1 → 1111 1011

İşaretsiz okuyun

1111 1011₂ = 256 − 5 = 251

Cevap

U = 251
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 252

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

OR en az bir bit 1 olduğunda 1 verir.

0010 1100
OR 1101 0100
= 1111 1100

Sonucun değeri

1111 1100₂ = 252

Cevap

R = 252
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: çelişki

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Doğruluk tablosu satır satır

p = 1, r = 1: r → p = 1, ¬p = 0, r ∧ ¬p = 0, (r → p) ∧ (r ∧ ¬p) = 0
p = 1, r = 0: r → p = 1, ¬p = 0, r ∧ ¬p = 0, (r → p) ∧ (r ∧ ¬p) = 0
p = 0, r = 1: r → p = 0, ¬p = 1, r ∧ ¬p = 1, (r → p) ∧ (r ∧ ¬p) = 0
p = 0, r = 0: r → p = 1, ¬p = 1, r ∧ ¬p = 0, (r → p) ∧ (r ∧ ¬p) = 0

Sınıflandırın

(r → p) ∧ (r ∧ ¬p): 0, 0, 0, 0
Her satırda 0: bir çelişki.

Cevap

çelişki
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: p = 1, q = 0, r = 1

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Öncüller ve sonuç satır satır

p = 1, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 1 | 1
p = 1, q = 0, r = 1: 1 1 | 0
p = 1, q = 0, r = 0: 0 1 | 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 0 | 1
p = 0, q = 1, r = 0: 1 0 | 1
p = 0, q = 0, r = 1: 1 0 | 0
p = 0, q = 0, r = 0: 1 0 | 0

Karşı örnek

p = 1, q = 0, r = 1

Cevap

p = 1, q = 0, r = 1

Bu biçimdeki bir argüman geçerli bir kurala benzer, ama geçerli olmadığını göstermek için tek bir satır yeter.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 2

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABC00011110011001131214051716

1’leri gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

C′
B

En küçük SOP biçimi

F = C′ + B
N = 2

Cevap

N = 2
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: Q = 2

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Tam çevrimler

Her 7 darbe sayıcıyı aynı duruma geri getirir.

19 = 2·7 + 5

Kalan darbelerden sonraki sayı

Q = (4 + 5) mod 7 = 2
Q = 010₂

Cevap

Q = 2
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 26−1 mod 97 = 56

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Genişletilmiş Öklid algoritması

Her r kalanı r ≡ t·26 (mod 97) olarak yazılır.

r = 97, t = 0
r = 26, q = 3, t = 1
r = 19, q = 1, t = −3
r = 7, q = 2, t = 4
r = 5, q = 1, t = −11
r = 2, q = 2, t = 15
r = 1, q = 2, t = −41

Ters

1 ≡ −41·26 (mod 97)
x = 56
kontrol: 26·56 = 1456 = 15·97 + 1

Cevap

26−1 mod 97 = 56
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 1731 mod 57 = 35

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

İkilik üs

31 = 111112 = 16 + 8 + 4 + 2 + 1

Tekrarlı kare alma

171 ≡ 17 (mod 57)
172 ≡ 4 (mod 57)
174 ≡ 16 (mod 57)
178 ≡ 28 (mod 57)
1716 ≡ 43 (mod 57)

Gerekli kuvvetleri çarpın

1731 ≡ 17·4·16·28·43 ≡ 35 (mod 57)

Cevap

1731 mod 57 = 35
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · Açgözlü 3 para kullanır; optimum 2'dir

Cevap neden bu

Açgözlü yöntem 4 + 1 + 1 = 3 para alır, ama 3 + 3 yalnızca 2 para kullanır; dolayısıyla bu para sisteminde açgözlü yöntem optimal değildir, dinamik programlama ise optimaldir.

Cevap

B · Açgözlü 3 para kullanır; optimum 2'dir
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · Karar verilemez bir problemin tüm girdiler için algoritması yoktur; çözülemez bir problemin algoritması vardır ama çok yavaştır

Cevap neden bu

Durma probleminin hiç algoritması yoktur; TSP gibi NP-zor bir problem ise kaba kuvvetle çözülebilir, yalnızca bilinen bir polinom zamanda değil.

Cevap

C · Karar verilemez bir problemin tüm girdiler için algoritması yoktur; çözülemez bir problemin algoritması vardır ama çok yavaştır
11.Veri yapıları

Cevap: C · 14

Cevap neden bu

3 ve 4'ü push edin, + 7 verir; 2'yi push edin, * 7 × 2 = 14 verir.

Cevap

C · 14
12.Veri yapıları

Cevap: A · Tek çocuklu düğüm zincirlerini bir dizgiyle etiketlenmiş tek bir kenarda birleştirir

Cevap neden bu

Dallanmayan yolları daraltmak, önek aramasını korurken düğüm sayısını ve kullanılan belleği azaltır.

Cevap

A · Tek çocuklu düğüm zincirlerini bir dizgiyle etiketlenmiş tek bir kenarda birleştirir
13.Graf kuramı

Cevap: H = 12

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Sayın

H = (5 − 1)!/2 = 24/2 = 12

Cevap

H = 12
14.Graf kuramı

Cevap: kenar DE

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Prim algoritması

1. AC (8)
2. AB (11)
3. BD (2)
4. DE (3)

kenar numarası 4

DE

Cevap

kenar DE
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Sol tablodaki tüm satırları ve sağ tablodaki eşleşen satırları; eşleşme olmayan yerlerde NULL değerleriyle

Cevap neden bu

Sol dış birleştirme her sol satırı tutar; eşleşmeyen sağ sütunlar NULL ile doldurulur.

Cevap

B · Sol tablodaki tüm satırları ve sağ tablodaki eşleşen satırları; eşleşme olmayan yerlerde NULL değerleriyle
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · name ne gruplanmış ne de toplanmıştır, bu yüzden grup başına tek bir değeri yoktur

Cevap neden bu

SELECT listesindeki her sütun GROUP BY içinde veya bir toplama fonksiyonunun içinde olmalıdır (ya da gruplama sütunlarına fonksiyonel olarak bağlı olmalıdır); aksi hâlde değer belirsizdir.

Cevap

D · name ne gruplanmış ne de toplanmıştır, bu yüzden grup başına tek bir değeri yoktur
17.Bilgisayar ağları

Cevap: C · Atlama sayısı

Cevap neden bu

RIP atlamaları sayan bir uzaklık vektörü protokolüdür; 16 ulaşılamaz anlamına gelir. Bu onu küçük ağlarla sınırlar.

Cevap

C · Atlama sayısı
18.Bilgisayar ağları

Cevap: D · Çok sayıda istasyon rekabet ederken yeniden çarpışma olasılığını azaltmak için

Cevap neden bu

Her yeni çarpışma daha fazla rekabete işaret eder; bu yüzden rastgele aralık büyür ve istasyonların farklı zaman dilimleri seçme olasılığı artar. Merkezi denetim olmadan yüke uyum sağlar.

Cevap

D · Çok sayıda istasyon rekabet ederken yeniden çarpışma olasılığını azaltmak için
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 30

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Ödünç alınacak bitler

23 = 8 ≥ 5 → b = 3, /27

Alt ağ başına cihaz

25 − 2 = 30

Cevap

H = 30
20.IPv4 alt ağları

Cevap: p = 19

Rota özetleme: a.b.c.0/p özet rotası, ilk p biti eşleşen tüm ağları kapsar. İlk ve son ağın farklı olan oktetini ikili olarak yazın; ortak baştaki bitlerin sayısı artı ondan önceki oktetlerin bitleri, en uzun özet önekidir.

Bitleri karşılaştırın

75 = 01001011
82 = 01010010
ortak baştaki bitler: 3

Önek uzunluğu

p = 16 + 3 = 19

Cevap

p = /19

Özet rota: 10.4.64.0/19 (listede olmayan 24 ağı da kapsar).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals