Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −84 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −848 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
10 bitlik ikiye tümleyen, N = ??işaret?????????

10 bitlik ikiye tümleyende saklanabilen en küçük (en negatif) tam sayı N nedir?

10 bit
N =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
totolojiçelişkiolumsallık

¬(q ∨ ¬q) bir totoloji, bir çelişki mi yoksa olumsallık mı? Cevabınıza tıklayın.

¬(q ∨ ¬q)
  1. 1totoloji
  2. 2çelişki
  3. 3olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
∃x (A(x) → ¬B(x))∀x (A(x) ∧ ¬B(x))∃x (¬A(x) ∧ B(x))∃x (A(x) ∧ ¬B(x))

Değili tamamen içeri taşınmış hâliyle hangi önerme ¬∀x (A(x) → B(x)) önermesine denktir? Üzerine tıklayın.

¬∀x (A(x) → B(x))
  1. 1∃x (A(x) → ¬B(x))
  2. 2∀x (A(x) ∧ ¬B(x))
  3. 3∃x (¬A(x) ∧ B(x))
  4. 4∃x (A(x) ∧ ¬B(x))
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABC000111100101324576

F = AB + B′C + A′B′C′ fonksiyonunu en küçük çarpımlar toplamı biçimine sadeleştirin. Sadeleştirilmiş ifade kaç literal (L) içerir?

F = AB + B′C + A′B′C′
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
ABCD00011110000111100001X302X41507060120130151141809111110

F(A, B, C, D) = Σm(5, 8, 10, 11, 14) + d(3, 4) fonksiyonunun en küçük SOP biçimini bulun; d fark etmez (don’t-care) durumlarını gösterir. Kaç çarpım terimi (N) vardır?

F(A, B, C, D) = Σm(5, 8, 10, 11, 14) + d(3, 4)
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

61x ≡ 53 (mod 73) denkliğini çözün. 0 < x < 73 olan x çözümünü verin.

61x ≡ 53 (mod 73)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

36x ≡ 63 (mod 81) denkliğini çözün. En küçük pozitif çözümü, x, verin.

36x ≡ 63 (mod 81)
x =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Aşağıdan yukarıya bir tabloyla n. Fibonacci sayısını hesaplamanın zaman karmaşıklığı nedir?

  1. AO(log n)
  2. BO(n)
  3. CO(n²)
  4. DO(2ⁿ)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Hangi sırt çantası varyantı için "öğeleri ağırlık başına değer sırasına göre al" açgözlü kuralı her zaman optimal bir yanıt verir?

  1. AÖğelerin her zaman bütün olarak alınması gereken 0/1 sırt çantası
  2. BÖğelerin bölünebildiği kesirli sırt çantası
  3. CHiçbir varyant
  4. DHer iki varyant
11.Veri yapılarıOrta

Çalışan bir program etkin fonksiyon çağrılarını ve yerel değişkenlerini izlemek için hangi veri yapısını kullanır?

  1. AHeap bellek kuyruğu
  2. BFonksiyonlardan oluşan bir karma tablosu
  3. CÇağrı yığını (call stack)
  4. DÇerçevelerden oluşan bir ikili arama ağacı
12.Veri yapılarıZor

Standart bir Bloom filtresinden elemanlar neden yalnızca bitleri temizlenerek silinemez?

  1. ASilmek yanlış pozitif oranını %100'e çıkarırdı
  2. BBu bitler başka elemanlara da ait olabilir, bu da yanlış negatiflere yol açar
  3. CBloom filtreleri tam elemanları saklar ve bunlar karmalandıktan sonra bir daha bulunamaz
  4. DBloom filtresindeki bitler oluşturulduktan sonra değiştirilemez
13.Graf kuramıOrta

Bağlantılı bir grafın 13 köşesi ve 23 kenarı vardır. Bir kapsayan ağaç kalması için kaç kenar (k) kaldırılmalıdır?

|V| = 13|E| = 23
k =
14.Graf kuramıZor
ABCDE

A köşesinden E köşesine giden 2 uzunluğunda kaç gezinti vardır? Bir gezinti köşeleri ve kenarları tekrar edebilir. Sayıya N deyin.

M = komşuluk matrisiL = 2
N =
15.Veritabanları ve SQLOrta

a tablosunda 3, b tablosunda 4 satır var. SELECT * FROM a CROSS JOIN b kaç satır döndürür?

  1. A4
  2. B7
  3. C12
  4. D3
16.Veritabanları ve SQLZor

Boyce–Codd normal formu (BCNF), önemsiz olmayan her X → Y fonksiyonel bağımlılığı için neyi gerektirir?

  1. AX'in NULL içermesini
  2. BY'nin atomik olmasını
  3. CY'nin bir birincil anahtar olmasını
  4. DX'in bir süper anahtar olmasını
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Dağıtık hizmet reddi (DDoS) saldırısını ne nitelendirir?

  1. ABir saldırganın yakındaki bir arabadan şifrelenmemiş Wi-Fi trafiğini okuması
  2. BTek bir saldırganın bir kullanıcının parolasını tahmin etmesi
  3. CEle geçirilmiş çok sayıda makinenin bir hedefi trafikle boğması
  4. DBir virüsün tek bir bilgisayardaki dosyaları silmesi
18.Bilgisayar ağlarıZor

Aynı anahtardaki VLAN 10 ve VLAN 20'deki ana bilgisayarlar iletişim kuramıyor. Ne gereklidir?

  1. AAna bilgisayarlar arasında daha uzun bir kablo
  2. BHer iki VLAN'a bağlı bir hub
  3. CHer iki ana bilgisayarda aynı MAC adresi
  4. DVLAN'lar arasında yönlendirme yapacak bir yönlendirici veya 3. katman anahtar
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/16 → /2011111111111111111111000000000000ağ bitlericihaz bitleri

172.20.0.0/16 ağı /20 önekli eşit alt ağlara bölünüyor. Kaç alt ağ N vardır?

172.20.0.0/16/20
N =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 148112806403211608140201ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.114.148/30. Ağ adresinin dördüncü okteti x nedir?

10.20.114.148/30
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 172

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

84 = 0101 0100
tersine çevrilmiş: 1010 1011
+1 → 1010 1100

İşaretsiz okuyun

1010 1100₂ = 256 − 84 = 172

Cevap

U = 172
2.Sayı sistemleri

Cevap: N = −512

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

En negatif değer

−29 = −512

Cevap

N = −512
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: çelişki

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Doğruluk tablosu satır satır

q = 1: ¬q = 0, q ∨ ¬q = 1, ¬(q ∨ ¬q) = 0
q = 0: ¬q = 1, q ∨ ¬q = 1, ¬(q ∨ ¬q) = 0

Sınıflandırın

¬(q ∨ ¬q): 0, 0
Her satırda 0: bir çelişki.

Cevap

çelişki
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ∃x (A(x) ∧ ¬B(x))

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Değili içeri taşıyın

¬∀x (A(x) → B(x)) ≡ ∃x (A(x) ∧ ¬B(x))

Cevap

∃x (A(x) ∧ ¬B(x))

Diğer seçenekler ya bir niceleyiciyi değiştirmeden bırakır, ya niceleyicilerin sırasını değiştirir ya da iç formülün değilini yanlış alır.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 6

Boole cebiri: ifadeleri sadeleştiren kurallar X + X′ = 1 ve X·X′ = 0, X + X = X, soğurma X + X·Y = X, birleştirme kuralı X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ve uzlaşma teoremi XY + X′Z + YZ = XY + X′Z’dir. De Morgan yasaları (X·Y)′ ifadesini X′ + Y′’ye ve (X + Y)′ ifadesini X′·Y′’ye çevirir. Bir Karnaugh haritası bu kuralları grafik olarak uygular: iki komşu hücrelik her grup, XY + XY′ = X kuralının bir kullanımıdır.

İfadenin minterimleri

AB → m(6, 7)
B′C → m(1, 5)
A′B′C′ → m(0)
ABC00011110011011030204151716

Gruplayın ve okuyun

F = B′C + A′B′ + AB

Literalleri sayın

L = 6

Cevap

L = 6

Aynı büyüklükte başka bir gruplama da vardır; literal sayısı aynıdır.

6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

Asal implikantlar

1’lerden ve X’lerden oluşturulabilen en büyük gruplar.

B′CD, ACD′, AB′D′, A′BC′, AB′C
ABCD00011110000111100001X302X41507060120130151141809111110

En küçük kapsama

F = B′CD + ACD′ + AB′D′ + A′BC′
N = 4

Cevap

N = 4

Aynı büyüklükte başka bir gruplama da vardır; terim ve literal sayısı aynıdır.

7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 26

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

61 sayısının tersi

r = 73, t = 0
r = 61, q = 1, t = 1
r = 12, q = 5, t = −1
r = 1, q = 12, t = 6
61−1 ≡ 6 (mod 73)

Çözün

x ≡ 6·53 = 318 ≡ 26 (mod 73)
kontrol: 61·26 = 1586 ≡ 53 (mod 73)

Cevap

x = 26
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 4

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Ebob’a bölün

gcd(36, 81) = 9
4x ≡ 7 (mod 9)

İndirgenmiş denkliği çözün

4−1 ≡ 7 (mod 9) → x ≡ 4 (mod 9)

81 modundaki çözümler

x ∈ {4, 13, 22, 31, 40, 49, 58, 67, 76}
x = 4

Cevap

x = 4
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · O(n)

Cevap neden bu

Tabloyu 0'dan n'ye doldurmak girdi başına bir toplama gerektirir, bu yüzden iş üstel yerine doğrusaldır.

Cevap

B · O(n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · Öğelerin bölünebildiği kesirli sırt çantası

Cevap neden bu

Öğeler bölünebildiğinde önce en iyi oranı almak optimaldir; 0/1 sırt çantasında yüksek oranlı bir öğe daha iyi bir kombinasyonu engelleyebilir, bu yüzden dinamik programlama gerekir.

Cevap

B · Öğelerin bölünebildiği kesirli sırt çantası
11.Veri yapıları

Cevap: C · Çağrı yığını (call stack)

Cevap neden bu

Her çağrı bir yığın çerçevesi push eder ve her dönüş onu pop eder; en son çağrının ilk bitmesinin nedeni budur.

Cevap

C · Çağrı yığını (call stack)
12.Veri yapıları

Cevap: B · Bu bitler başka elemanlara da ait olabilir, bu da yanlış negatiflere yol açar

Cevap neden bu

Paylaşılan bir biti temizlemek başka bir elemanı yokmuş gibi gösterir; sayaçlı Bloom filtreleri silmeye izin vermek için bitler yerine sayaçlar tutar.

Cevap

B · Bu bitler başka elemanlara da ait olabilir, bu da yanlış negatiflere yol açar
13.Graf kuramı

Cevap: k = 11

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Kapsayan ağacın kenarları

13 − 1 = 12

Kaldırılacak kenarlar

k = 23 − 12 = 11

Cevap

k = 11
14.Graf kuramı

Cevap: N = 2

Dereceler: bir köşenin derecesi ona değen kenar sayısıdır. Her kenarın iki ucu vardır; bu yüzden dereceler kenar sayısının iki katını verecek şekilde toplanır: Σ deg(v) = 2|E| (el sıkışma lemması). Dolayısıyla derecesi tek olan köşelerin sayısı çifttir. Kn grafının n(n − 1)/2 kenarı vardır, n köşeli k-düzgün bir grafın nk/2 kenarı vardır ve n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır.

Komşuluk matrisi

A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 1 1
C: 1 1 0 0 1
D: 0 1 0 0 1
E: 0 1 1 1 0

Ortak komşular

(M²)AE = 0·0 + 1·1 + 1·1 + 0·1 + 0·0 = 2

Cevap

N = 2
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: C · 12

Cevap neden bu

Çapraz birleştirme Kartezyen çarpımı verir: 3 × 4 = 12 satır.

Cevap

C · 12
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · X'in bir süper anahtar olmasını

Cevap neden bu

BCNF her belirleyicinin bir aday anahtar (süper anahtar) olmasını şart koşar; 3NF ise Y bir aday anahtarın parçası olduğunda bir istisnaya izin verir.

Cevap

D · X'in bir süper anahtar olmasını
17.Bilgisayar ağları

Cevap: C · Ele geçirilmiş çok sayıda makinenin bir hedefi trafikle boğması

Cevap neden bu

DDoS saldırısında çok sayıda kaynak bir sunucuyu veya bağlantıyı aşırı yükler; böylece meşru kullanıcılara hizmet verilemez. Kaynakların çokluğu basit engellemeyi zorlaştırır.

Cevap

C · Ele geçirilmiş çok sayıda makinenin bir hedefi trafikle boğması
18.Bilgisayar ağları

Cevap: D · VLAN'lar arasında yönlendirme yapacak bir yönlendirici veya 3. katman anahtar

Cevap neden bu

VLAN'lar 2. katmanda yalıtılmıştır; bu yüzden aralarındaki trafik yönlendirilmelidir; örneğin bir trunk üzerindeki yönlendiriciyle ("router on a stick") veya bir 3. katman anahtarla.

Cevap

D · VLAN'lar arasında yönlendirme yapacak bir yönlendirici veya 3. katman anahtar
19.IPv4 alt ağları

Cevap: N = 16

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Ödünç alınan bitler

20 − 16 = 4

Alt ağ sayısı

N = 24 = 16

Cevap

N = 16

Her /20 alt ağında 212 − 2 = 4094 kullanılabilir cihaz vardır.

20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 148

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

22 = 4

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊148/4⌋·4 = 148
yayın: 148 + 4 − 1 = 151
kullanılabilir cihazlar: 149 … 150

Cevap

x = 148

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals