Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −83 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −838 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1000 1110 XOR 1010 1101 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1000 1110XOR1010 1101
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
pqr(¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)q → ¬p((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p)111?110?101?100?011?010?001?000?

Doğruluk tablosunun 8 satırının kaçında ((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p) doğrudur? Bu sayıya N deyin.

((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p)
N =
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor

Doğruluk tablosunun 16 satırının kaçı (q ∨ (r ∧ ¬s)) ∨ ((¬q → ¬s) ∧ (r ∨ p)) formülünü doğru yapar? Bu sayıya N deyin.

(q ∨ (r ∧ ¬s)) ∨ ((¬q → ¬s) ∧ (r ∨ p))
N =
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABC000111100101324576

F = BC′ + AB′C + BC fonksiyonunu en küçük çarpımlar toplamı biçimine sadeleştirin. Sadeleştirilmiş ifade kaç literal (L) içerir?

F = BC′ + AB′C + BC
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
CLKJK12345678

Yükselen kenarla tetiklenen bir JK flip-flop Q = 0 ile başlar ve gösterilen girişleri alır. Q’nun 1’den tekrar 0’a döndüğü ilk saat kenarına tıklayın.

Q₀ = 0JK
  1. 1saat kenarı 1
  2. 2saat kenarı 2
  3. 3saat kenarı 3
  4. 4saat kenarı 4
  5. 5saat kenarı 5
  6. 6saat kenarı 6
  7. 7saat kenarı 7
  8. 8saat kenarı 8
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

Euler’in φ fonksiyonunu bulun, φ(1029): 1’den 1029’e kadar 1029 ile aralarında asal olan tam sayıların sayısı.

n = 1029 = 3·73
φ(1029) =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

6x ≡ 9 (mod 63) denkliğinin {0, 1, …, 62} kümesinde kaç çözümü (N) vardır?

6x ≡ 9 (mod 63)
N =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Ulaşılabilir bir temel durumu olmayan özyinelemeli bir fonksiyon hakkında hangi ifade doğrudur?

  1. AO(1) zamanda çalışır
  2. BDerleyici onu her zaman güvenli biçimde sonlanan bir döngüye dönüştürür
  3. CÇağrı yığını taşana kadar kendini çağırmaya devam eder
  4. DOtomatik olarak 0 döndürür
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Karatsuba çarpması T(n) = 3T(n/2) + O(n) yinelemesini sağlar. Bunun çözümü nedir?

  1. AΘ(nlog₂ 3), yaklaşık n1,585
  2. BΘ(n3)
  3. CΘ(n log n)
  4. DΘ(n²)
11.Veri yapılarıOrta

Bir kuyruk iki yığınla gerçekleştiriliyor: "in" yığınına push edilir, "out" yığınından pop edilir ve "out" boşaldığında "in"den doldurulur. İşlem başına amortize maliyet nedir?

  1. AO(1)
  2. BO(n²)
  3. CO(log n)
  4. DO(n)
12.Veri yapılarıZor

Çift karma (double hashing) esas olarak doğrusal yoklamanın hangi sorununu azaltır?

  1. AUzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi
  2. BBir anahtarın değerini okumanın O(n) maliyetini
  3. CAnahtarları tabloda saklama ihtiyacını
  4. DBir karma fonksiyonuna duyulan ihtiyacı
13.Graf kuramıOrta

K4 tam grafının kaç farklı Hamilton devresi (H) vardır? Yalnızca başlangıç köşesi ya da yönü farklı olan devreler aynı sayılır.

K4
H =
14.Graf kuramıZor
ABCDE

E köşesinde başlayıp biten 3 uzunluğunda kaç kapalı gezinti vardır? Bir gezinti köşeleri ve kenarları tekrar edebilir. Sayıya N deyin.

M = komşuluk matrisiL = 3
N =
15.Veritabanları ve SQLOrta

HAVING ile ilgili hangi ifade doğrudur?

  1. ASELECT ifadesinde WHERE'den önce gelmelidir
  2. BSonuçları sıralar
  3. CGROUP BY ile kullanılamaz
  4. DGrupları filtrelemek için toplama fonksiyonları kullanabilir
16.Veritabanları ve SQLZor

Nöbetteki iki doktorun her biri diğerinin hâlâ nöbette olduğunu kontrol ediyor, sonra ikisi aynı anda nöbetten çıkıyor. Anlık görüntü yalıtımı (snapshot isolation) burada hangi anomaliye hâlâ izin verebilir?

  1. AKirli yazma
  2. BYazma çarpıklığı (write skew)
  3. CKirli okuma
  4. DTek bir işlem içinde tekrarlanamayan okuma
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Klasik paylaşımlı (yarı çift yönlü) Ethernet hangi ortam erişim yöntemini kullanıyordu?

  1. ACSMA/CA
  2. BTDMA
  3. CCSMA/CD
  4. DJeton geçirme (token passing)
18.Bilgisayar ağlarıZor

Nyquist formülüne göre 4 sinyal düzeyi kullanan gürültüsüz 3 kHz'lik bir kanalın en yüksek bit hızı nedir?

  1. A6 kbit/s
  2. B3 kbit/s
  3. C12 kbit/s
  4. D24 kbit/s
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/?11111111111111111111100000000000ağ bitlericihaz bitleri

Bir birimin tek bir alt ağda 1895 cihaz adresine ihtiyacı var. Yeterli olan en uzun önek p (en küçük alt ağ) nedir?

1895 hosts
p =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 139112806403201618041211ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.69.139/28. Alt ağındaki son kullanılabilir cihaz adresinin dördüncü okteti x nedir?

10.20.69.139/28
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 173

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

83 = 0101 0011
tersine çevrilmiş: 1010 1100
+1 → 1010 1101

İşaretsiz okuyun

1010 1101₂ = 256 − 83 = 173

Cevap

U = 173
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 35

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

XOR iki bit farklı olduğunda 1 verir.

1000 1110
XOR 1010 1101
= 0010 0011

Sonucun değeri

0010 0011₂ = 35

Cevap

R = 35
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: N = 7

Doğruluk tabloları: n farklı değişkenli bir formülün 2ⁿ satırı vardır; her satır doğruluk değerlerinin bir birleşimidir (1 = doğru, 0 = yanlış). İçten dışa doğru çalışın ve her alt formüle kendi sütununu verin. ¬a değeri tersine çevirir; a ∧ b yalnızca ikisi de 1 olduğunda 1’dir; a ∨ b yalnızca ikisi de 0 olduğunda 0’dır; a → b yalnızca a = 1 ve b = 0 olduğunda 0’dır; a ↔ b iki taraf eşit olduğunda 1’dir.

Doğruluk tablosu satır satır

p = 1, q = 1, r = 1: ¬q = 0, ¬q ∧ r = 0, ¬p = 0, r → ¬p = 0, ¬(r → ¬p) = 1, (¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p) = 0, q → ¬p = 0, ((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p) = 1
p = 1, q = 1, r = 0: ¬q = 0, ¬q ∧ r = 0, ¬p = 0, r → ¬p = 1, ¬(r → ¬p) = 0, (¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p) = 1, q → ¬p = 0, ((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p) = 0
p = 1, q = 0, r = 1: ¬q = 1, ¬q ∧ r = 1, ¬p = 0, r → ¬p = 0, ¬(r → ¬p) = 1, (¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p) = 1, q → ¬p = 1, ((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p) = 1
p = 1, q = 0, r = 0: ¬q = 1, ¬q ∧ r = 0, ¬p = 0, r → ¬p = 1, ¬(r → ¬p) = 0, (¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p) = 1, q → ¬p = 1, ((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p) = 1
p = 0, q = 1, r = 1: ¬q = 0, ¬q ∧ r = 0, ¬p = 1, r → ¬p = 1, ¬(r → ¬p) = 0, (¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p) = 1, q → ¬p = 1, ((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p) = 1
p = 0, q = 1, r = 0: ¬q = 0, ¬q ∧ r = 0, ¬p = 1, r → ¬p = 1, ¬(r → ¬p) = 0, (¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p) = 1, q → ¬p = 1, ((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p) = 1
p = 0, q = 0, r = 1: ¬q = 1, ¬q ∧ r = 1, ¬p = 1, r → ¬p = 1, ¬(r → ¬p) = 0, (¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p) = 0, q → ¬p = 1, ((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p) = 1
p = 0, q = 0, r = 0: ¬q = 1, ¬q ∧ r = 0, ¬p = 1, r → ¬p = 1, ¬(r → ¬p) = 0, (¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p) = 1, q → ¬p = 1, ((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p) = 1

Değeri 1 olan satırları sayın

((¬q ∧ r) ↔ ¬(r → ¬p)) → (q → ¬p): 1, 0, 1, 1, 1, 1, 1, 1
N = 7

Cevap

N = 7
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: N = 11

Doğruluk tabloları: n farklı değişkenli bir formülün 2ⁿ satırı vardır; her satır doğruluk değerlerinin bir birleşimidir (1 = doğru, 0 = yanlış). İçten dışa doğru çalışın ve her alt formüle kendi sütununu verin. ¬a değeri tersine çevirir; a ∧ b yalnızca ikisi de 1 olduğunda 1’dir; a ∨ b yalnızca ikisi de 0 olduğunda 0’dır; a → b yalnızca a = 1 ve b = 0 olduğunda 0’dır; a ↔ b iki taraf eşit olduğunda 1’dir.

Sütunlar

¬s; r ∧ ¬s; q ∨ (r ∧ ¬s); ¬q; ¬q → ¬s; r ∨ p; (¬q → ¬s) ∧ (r ∨ p); (q ∨ (r ∧ ¬s)) ∨ ((¬q → ¬s) ∧ (r ∨ p))

p üzerinden bölün

p = 1: 6
p = 0: 5
N = 6 + 5 = 11

Cevap

N = 11
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 3

Boole cebiri: ifadeleri sadeleştiren kurallar X + X′ = 1 ve X·X′ = 0, X + X = X, soğurma X + X·Y = X, birleştirme kuralı X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ve uzlaşma teoremi XY + X′Z + YZ = XY + X′Z’dir. De Morgan yasaları (X·Y)′ ifadesini X′ + Y′’ye ve (X + Y)′ ifadesini X′·Y′’ye çevirir. Bir Karnaugh haritası bu kuralları grafik olarak uygular: iki komşu hücrelik her grup, XY + XY′ = X kuralının bir kullanımıdır.

İfadenin minterimleri

BC′ → m(2, 6)
AB′C → m(5)
BC → m(3, 7)
ABC00011110010001131204151716

Gruplayın ve okuyun

F = B + AC

Literalleri sayın

L = 3

Cevap

L = 3
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: saat kenarı 7

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Her kenardan sonra Q

Bir JK flip-flop: 00 tutar, 01 sıfırlar (Q = 0), 10 kurar (Q = 1), 11 tersler.

1: J = 0, K = 1 → Q = 0
2: J = 0, K = 0 → Q = 0
3: J = 0, K = 0 → Q = 0
4: J = 0, K = 0 → Q = 0
5: J = 1, K = 0 → Q = 1
6: J = 1, K = 0 → Q = 1
7: J = 1, K = 1 → Q = 0
8: J = 0, K = 1 → Q = 0

1’den 0’a ilk değişim

saat kenarı 7

Cevap

saat kenarı 7
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: φ(1029) = 588

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Asal çarpanlar

1029 = 3·73

φ değeri

φ(1029) = φ(343)·φ(3) = 294·2 = 588

Cevap

φ(1029) = 588
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: N = 3

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Ebob’a bölün

gcd(6, 63) = 3
2x ≡ 3 (mod 21)

İndirgenmiş denkliği çözün

2−1 ≡ 11 (mod 21) → x ≡ 12 (mod 21)

63 modundaki çözümler

x ∈ {12, 33, 54}
N = 3

Cevap

N = 3
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · Çağrı yığını taşana kadar kendini çağırmaya devam eder

Cevap neden bu

Temel durum olmadan özyineleme hiç durmaz; pratikte yığın çerçeveleri için bellek tükenir ve program çöker.

Cevap

C · Çağrı yığını taşana kadar kendini çağırmaya devam eder
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · Θ(nlog₂ 3), yaklaşık n1,585

Cevap neden bu

log₂ 3 ≈ 1,585 > 1 olduğundan, ana teoreme göre yapraklar baskındır; bu, O(n²) okul yöntemini geride bırakır.

Cevap

A · Θ(nlog₂ 3), yaklaşık n1,585
11.Veri yapıları

Cevap: A · O(1)

Cevap neden bu

Her eleman toplamda en fazla iki kez push ve pop edilir; bu nedenle tek bir doldurma O(n) sürebilse de bir dizi üzerindeki ortalama O(1)'dir.

Cevap

A · O(1)
12.Veri yapıları

Cevap: A · Uzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi

Cevap neden bu

Doğrusal yoklama 1'er adımla ilerler, bu nedenle dolu diziler büyür ve birleşir; çift karma adım boyu için ikinci bir karma kullanır, böylece farklı anahtarlar farklı diziler yoklar.

Cevap

A · Uzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi
13.Graf kuramı

Cevap: H = 3

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Sayın

H = (4 − 1)!/2 = 6/2 = 3

Cevap

H = 3
14.Graf kuramı

Cevap: N = 2

Dereceler: bir köşenin derecesi ona değen kenar sayısıdır. Her kenarın iki ucu vardır; bu yüzden dereceler kenar sayısının iki katını verecek şekilde toplanır: Σ deg(v) = 2|E| (el sıkışma lemması). Dolayısıyla derecesi tek olan köşelerin sayısı çifttir. Kn grafının n(n − 1)/2 kenarı vardır, n köşeli k-düzgün bir grafın nk/2 kenarı vardır ve n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır.

Komşuluk matrisi

A: 0 1 1 0 0
B: 1 0 1 0 1
C: 1 1 0 0 1
D: 0 0 0 0 1
E: 0 1 1 1 0

Bir adım daha

(M³)EE = 2·0 + 1·1 + 1·1 + 0·1 + 3·0 = 2

Cevap

N = 2
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · Grupları filtrelemek için toplama fonksiyonları kullanabilir

Cevap neden bu

HAVING grupları toplama işleminden sonra filtreler ve toplama fonksiyonlarına başvurabilir; WHERE bunu yapamaz.

Cevap

D · Grupları filtrelemek için toplama fonksiyonları kullanabilir
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Yazma çarpıklığı (write skew)

Cevap neden bu

Anlık görüntü yalıtımında her iki işlem de eski durumu görür ve farklı satırları değiştirir; bu yüzden yazma çakışması saptanmaz; serializable yalıtım bunu önler.

Cevap

B · Yazma çarpıklığı (write skew)
17.Bilgisayar ağları

Cevap: C · CSMA/CD

Cevap neden bu

Çarpışma algılamalı taşıyıcı algılamalı çoklu erişim: istasyonlar bir çarpışma algıladıklarında durur ve rastgele bir geri çekilme süresinden sonra yeniden dener. Tam çift yönlü anahtarlı Ethernet'te çarpışma olmaz.

Cevap

C · CSMA/CD
18.Bilgisayar ağları

Cevap: C · 12 kbit/s

Cevap neden bu

2 × 3000 × log₂ 4 = 2 × 3000 × 2 = 12,000 bit/s. Daha fazla düzey hızı artırır, ancak gürültü kaç tanesinin ayırt edilebileceğini sınırlar.

Cevap

C · 12 kbit/s
19.IPv4 alt ağları

Cevap: p = 21

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Gereken cihaz bitleri

210 − 2 = 1022 < 1895
211 − 2 = 2046 ≥ 1895 → h = 11

Önek uzunluğu

p = 32 − 11 = 21

Cevap

p = /21
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 142

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

24 = 16

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊139/16⌋·16 = 128
yayın: 128 + 16 − 1 = 143
kullanılabilir cihazlar: 129 … 142

Cevap

x = 142

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals