Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −107 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −1078 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1011 0101 AND 0110 1101 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1011 0101AND0110 1101
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
totolojiçelişkiolumsallık

((r ∨ q) ∧ ¬r) → q bir totoloji, bir çelişki mi yoksa olumsallık mı? Cevabınıza tıklayın.

((r ∨ q) ∧ ¬r) → q
  1. 1totoloji
  2. 2çelişki
  3. 3olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
prr → p¬r¬p11100100

Öncülleri r → p; ¬r ve sonucu ¬p olan argüman geçersizdir. Doğruluk tablosunda karşı örnek olan satıra tıklayın.

r → p¬r∴ ¬p
  1. 1p = 1, r = 1
  2. 2p = 1, r = 0
  3. 3p = 0, r = 1
  4. 4p = 0, r = 0
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABCD000111100001111010010312041507061121131151140809011010

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 5, 12, 13, 14, 15) fonksiyonunun en küçük toplamlar çarpımı (POS) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Kaç toplam terimi (çarpan) (N) vardır?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 5, 12, 13, 14, 15)
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
ABCD0001111000011110X0011312X40507060121131151141809011010

d fark etmez (don’t-care) durumlarını gösterirken F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 8, 13, 14, 15) + d(0, 4) fonksiyonu için temel asal implikantların sayısını, N, bulun.

F(A, B, C, D) = Σm(2, 3, 8, 13, 14, 15) + d(0, 4)
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

15 sayısının 41 modundaki tersini bulun: 0 < x < 41 olan ve 15·x ≡ 1 (mod 41) sağlayan x sayısı.

a = 15n = 41
15−1 mod 41 =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (205, 7)d = ?

Bir RSA anahtarı p = 5 ve q = 41 asallarını ve e = 7 genel üssünü kullanıyor. Özel üssü, d, bulun (0 < d < φ(n)).

p = 5q = 41e = 7
d =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Dinamik programlama birleştirmeli sıralama için neden gerçek bir hızlanma sağlamaz?

  1. ABirleştirmeli sıralamanın özyinelemeli bir yapısı yoktur
  2. BBirleştirmeli sıralama zaten O(n)'dir
  3. CAlt problemleri çakışmaz, bu yüzden yeniden kullanılacak bir şey yoktur
  4. DDinamik programlama yalnızca graf problemlerinde çalışır, dizilerde çalışmaz
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Aşağıdan yukarıya (bottom-up) yöntemle n sırasız elemandan ikili yığın oluşturmanın zaman karmaşıklığı nedir?

  1. AO(n²)
  2. BO(n log n)
  3. CO(n)
  4. DO(log n)
11.Veri yapılarıOrta

50, 30, 70, 20, 40 anahtarları bu sırayla boş bir ikili arama ağacına ekleniyor. 30'un sol çocuğu nedir?

  1. A50
  2. B20
  3. C40
  4. D70
12.Veri yapılarıZor

B-ağaçları neden veritabanlarında ve dosya sistemlerinde kullanılır?

  1. AHerhangi bir diziden daha az bellek kullanırlar, bu yüzden tüm indeks her zaman ana belleğe sığar
  2. BVerileri sırasız saklarlar
  3. CYeniden dengeleme gerektirmezler
  4. DYüksek dallanma faktörleri ağacı sığ tutar ve yavaş disk okumalarını azaltır
13.Graf kuramıOrta
ABCDEEuler devresiEuler yolu, devre yokhiçbiri

Bağlantılı grafın bir Euler devresi mi, devre olmayan bir Euler yolu mu var, yoksa hiçbiri mi? Cevabınıza tıklayın.

|V| = 5|E| = 5
  1. 1Euler devresi
  2. 2Euler yolu, devre yok
  3. 3hiçbiri
14.Graf kuramıZor
41985186162093ABCDEFG

Ağırlıklı grafın en küçük kapsayan ağacının toplam ağırlığını (W) bulun.

|V| = 7|E| = 10
W =
15.Veritabanları ve SQLOrta

EXCEPT (Oracle'da MINUS olarak adlandırılır) ne döndürür?

  1. AHer iki sorgudaki tüm satırları yinelenmeden
  2. BBirinci sorgunun ikincide görünmeyen satırlarını
  3. CHer iki sorguda da görünen satırları
  4. Dİkinci sorgunun birincide görünmeyen satırlarını
16.Veritabanları ve SQLZor

WHERE YEAR(order_date) = 2025 içeren bir sorgu neden order_date üzerindeki dizini kullanmayabilir?

  1. Aorder_date üzerindeki bir dizin yalnızca ORDER BY ifadeleri için kullanılır, WHERE için asla
  2. BDizinler tarihlerle asla çalışmaz
  3. CYEAR geçerli bir SQL değildir
  4. DSütuna bir fonksiyon uygulamak basit bir dizin aralığı aramasını engeller
17.Bilgisayar ağlarıOrta

255.255.255.0 alt ağ maskesi CIDR gösteriminde neye karşılık gelir?

  1. A/16
  2. B/24
  3. C/32
  4. D/8
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bir güvenlik duvarı tüm ICMP'yi engelliyor. Küçük web istekleri çalışıyor ama bazı yollarda büyük indirmeler takılıyor. Olası neden nedir?

  1. ATCP ICMP olmadan bağlantı açamaz
  2. BDNS adları çözümlemek için ICMP'ye ihtiyaç duyar
  3. C"Parçalama gerekli" mesajları engellendiği için yol MTU keşfi başarısız oluyor
  4. DTLS sertifikaları ICMP üzerinden gönderilir
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/24 → /2711111111111111111111111111100000ağ bitlericihaz bitleri

10.46.151.0/24 ağı /27 önekli eşit alt ağlara bölünüyor. Kaç alt ağ N vardır?

10.46.151.0/24/27
N =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 251112816413211618041211ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.242.251/29. Alt ağının yayın adresinin son sayısı (dördüncü okteti) x nedir?

10.20.242.251/29
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 149

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

107 = 0110 1011
tersine çevrilmiş: 1001 0100
+1 → 1001 0101

İşaretsiz okuyun

1001 0101₂ = 256 − 107 = 149

Cevap

U = 149
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 37

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

AND yalnızca iki bit de 1 olduğunda 1 verir.

1011 0101
AND 0110 1101
= 0010 0101

Sonucun değeri

0010 0101₂ = 37

Cevap

R = 37
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: totoloji

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Doğruluk tablosu satır satır

q = 1, r = 1: r ∨ q = 1, ¬r = 0, (r ∨ q) ∧ ¬r = 0, ((r ∨ q) ∧ ¬r) → q = 1
q = 1, r = 0: r ∨ q = 1, ¬r = 1, (r ∨ q) ∧ ¬r = 1, ((r ∨ q) ∧ ¬r) → q = 1
q = 0, r = 1: r ∨ q = 1, ¬r = 0, (r ∨ q) ∧ ¬r = 0, ((r ∨ q) ∧ ¬r) → q = 1
q = 0, r = 0: r ∨ q = 0, ¬r = 1, (r ∨ q) ∧ ¬r = 0, ((r ∨ q) ∧ ¬r) → q = 1

Sınıflandırın

((r ∨ q) ∧ ¬r) → q: 1, 1, 1, 1
Her satırda 1: bir totoloji.

Cevap

totoloji
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: p = 1, r = 0

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Öncüller ve sonuç satır satır

p = 1, r = 1: 1 0 | 0
p = 1, r = 0: 1 1 | 0
p = 0, r = 1: 0 0 | 1
p = 0, r = 0: 1 1 | 1

Karşı örnek

p = 1, r = 0

Cevap

p = 1, r = 0

Bu biçimdeki bir argüman geçerli bir kurala benzer, ama geçerli olmadığını göstermek için tek bir satır yeter.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABCD000111100001111010010312041507061121131151140809011010

0’ları gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

(B + D′)
(A + C′ + D′)
(A′ + B)
(A + B′ + D)

En küçük POS biçimi

F = (B + D′)(A + C′ + D′)(A′ + B)(A + B′ + D)
N = 4

Cevap

N = 4

Aynı büyüklükte başka bir gruplama da vardır; terim ve literal sayısı aynıdır.

6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

Asal implikantlar

1’lerden ve X’lerden oluşturulabilen en büyük gruplar.

B′C′D′, A′B′D′, ABD, A′B′C, ABC
ABCD0001111000011110X0011312X40507060121131151141809011010

Temel asal implikantlar

B′C′D′, ABD, A′B′C, ABC
N = 4

Cevap

N = 4
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 15−1 mod 41 = 11

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Genişletilmiş Öklid algoritması

Her r kalanı r ≡ t·15 (mod 41) olarak yazılır.

r = 41, t = 0
r = 15, q = 2, t = 1
r = 11, q = 1, t = −2
r = 4, q = 2, t = 3
r = 3, q = 1, t = −8
r = 1, q = 3, t = 11

Ters

1 ≡ 11·15 (mod 41)
x = 11
kontrol: 15·11 = 165 = 4·41 + 1

Cevap

15−1 mod 41 = 11
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: d = 23

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Modül ve φ değeri

n = 5·41 = 205
φ(n) = 4·40 = 160

Genişletilmiş Öklid algoritması

r = 160, t = 0
r = 7, q = 22, t = 1
r = 6, q = 1, t = −22
r = 1, q = 6, t = 23

Özel üs

d = 23
kontrol: 7·23 = 161 = 1·160 + 1

Cevap

d = 23
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · Alt problemleri çakışmaz, bu yüzden yeniden kullanılacak bir şey yoktur

Cevap neden bu

Birleştirmeli sıralamanın yarıları ayrıktır ve her biri bir kez çözülür; DP yalnızca Fibonacci'de olduğu gibi alt problemler tekrarlandığında yardımcı olur.

Cevap

C · Alt problemleri çakışmaz, bu yüzden yeniden kullanılacak bir şey yoktur
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · O(n)

Cevap neden bu

Aşağı süzme (sift-down) maliyetleri seviyeler boyunca toplandığında yakınsak bir seri elde edilir, bu yüzden yığınlaştırma (heapify) doğrusal zamanda çalışır.

Cevap

C · O(n)
11.Veri yapıları

Cevap: B · 20

Cevap neden bu

20, 50'den ve 30'dan küçüktür, bu nedenle 30'un sol çocuğu olur; 40 ise sağ çocuğu olur.

Cevap

B · 20
12.Veri yapıları

Cevap: D · Yüksek dallanma faktörleri ağacı sığ tutar ve yavaş disk okumalarını azaltır

Cevap neden bu

B-ağaçları düğüm başına çok sayıda anahtar saklar; bu nedenle yükseklik küçüktür ve arama başına az sayıda blok okuması gerekir; B+ ağaçları ayrıca aralık taramaları için yaprakları birbirine bağlar.

Cevap

D · Yüksek dallanma faktörleri ağacı sığ tutar ve yavaş disk okumalarını azaltır
13.Graf kuramı

Cevap: Euler devresi

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Dereceler

deg(A) = 2, deg(B) = 2, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 2

Tek dereceli köşeler

0
Euler devresi

Cevap

Euler devresi
14.Graf kuramı

Cevap: W = 42

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Kruskal algoritması

GE (3): al
AB (4): al
BD (5): al
DE (6): al
BC (8): al
GD (9): atla, döngü kapatır
DF (16): al

Toplam ağırlık

W = 3 + 4 + 5 + 6 + 8 + 16 = 42

Cevap

W = 42
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Birinci sorgunun ikincide görünmeyen satırlarını

Cevap neden bu

A EXCEPT B, A'da olup B'de olmayan satırları verir; bu yüzden sorguların yerini değiştirmek farklı bir sonuç verir.

Cevap

B · Birinci sorgunun ikincide görünmeyen satırlarını
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · Sütuna bir fonksiyon uygulamak basit bir dizin aralığı aramasını engeller

Cevap neden bu

Bu ifade "sargable" değildir; order_date >= '2025-01-01' AND order_date < '2026-01-01' kullanmak dizin aralığı taramasına olanak tanır.

Cevap

D · Sütuna bir fonksiyon uygulamak basit bir dizin aralığı aramasını engeller
17.Bilgisayar ağları

Cevap: B · /24

Cevap neden bu

255 değerindeki üç oktet 24 adet 1 biti eder, dolayısıyla 255.255.255.0 = /24.

Cevap

B · /24
18.Bilgisayar ağları

Cevap: C · "Parçalama gerekli" mesajları engellendiği için yol MTU keşfi başarısız oluyor

Cevap neden bu

PMTUD daha küçük MTU'yu öğrenmek için ICMP mesajlarına dayanır. Bunlar atılırsa büyük paketler sessizce kaybolur ve bir "kara delik" bağlantısı oluşur.

Cevap

C · "Parçalama gerekli" mesajları engellendiği için yol MTU keşfi başarısız oluyor
19.IPv4 alt ağları

Cevap: N = 8

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Ödünç alınan bitler

27 − 24 = 3

Alt ağ sayısı

N = 23 = 8

Cevap

N = 8

Her /27 alt ağında 25 − 2 = 30 kullanılabilir cihaz vardır.

20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 255

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

23 = 8

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊251/8⌋·8 = 248
yayın: 248 + 8 − 1 = 255
kullanılabilir cihazlar: 249 … 254

Cevap

x = 255

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals