Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
ikiye tümleyende basamak değerleri0−12816403211608140201

8 bitlik 0101 0100 dizisi, ikiye tümleyen biçiminde işaretli bir tam sayı saklıyor. Onluk değeri N nedir?

0101 01008 bit
N =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 0001 0111 OR 1011 0000 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

0001 0111OR1011 0000
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
p ∧ ¬r¬p → ¬rp → ¬r¬p ∧ r

Hangi formül ¬(p → r) formülüne mantıksal olarak denktir? Üzerine tıklayın.

¬(p → r)
  1. 1p ∧ ¬r
  2. 2¬p → ¬r
  3. 3p → ¬r
  4. 4¬p ∧ r
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
∀x A(x)∃x ¬A(x)∃x A(x)∀x ¬A(x)

Değili tamamen içeri taşınmış hâliyle hangi önerme ¬∀x A(x) önermesine denktir? Üzerine tıklayın.

¬∀x A(x)
  1. 1∀x A(x)
  2. 2∃x ¬A(x)
  3. 3∃x A(x)
  4. 4∀x ¬A(x)
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABCD000111100001111010011302141507061120131150141819011110

F(A, B, C, D) = Σm(0, 3, 4, 5, 8, 9, 10, 12, 15) fonksiyonunun en küçük toplamlar çarpımı (POS) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Kaç toplam terimi (çarpan) (N) vardır?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 3, 4, 5, 8, 9, 10, 12, 15)
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
CLKJK123456

Yükselen kenarla tetiklenen bir JK flip-flop Q = 0 ile başlar ve 6 yükselen saat kenarında gösterilen girişleri alır. Q kaç kez, N, durum değiştirir?

Q₀ = 0JK
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

Euler’in φ fonksiyonunu bulun, φ(77): 1’den 77’e kadar 77 ile aralarında asal olan tam sayıların sayısı.

n = 77 = 7·11
φ(77) =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

1827 mod 25 değerini bulmak için tekrarlı kare almayı kullanın.

a = 18k = 27n = 25
1827 mod 25 =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Birçok kütüphane sıralama rutini çok küçük alt diziler için neden eklemeli sıralamaya geçer?

  1. AEklemeli sıralamanın ek yükü azdır ve küçük veya neredeyse sıralı girdilerde hızlıdır
  2. BEklemeli sıralama büyük girdilerde diğer tüm sıralama algoritmalarından daha az bellek kullanır
  3. CEklemeli sıralama en kötü durumda O(n log n)'dir
  4. DÖzyinelemeli algoritmalar 10 elemandan küçük dizileri işleyemez
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Held–Karp dinamik programlama algoritması gezgin satıcı problemini tam olarak çözer. n şehir için çalışma süresi nedir?

  1. AO(n³)
  2. BO(2n²)
  3. CO(n!)
  4. DO(n² 2ⁿ)
11.Veri yapılarıOrta

Doluluk oranı bir eşiği aştıktan sonra bir karma tablosu yeniden karma (rehash) yaptığında ne olur?

  1. AYer açmak için en eski anahtarlar silinir
  2. BVar olan anahtarlar yerinde sıralanır
  3. CDaha büyük bir tablo ayrılır ve her anahtar yeniden eklenir
  4. DYalnızca çakışan anahtarlar tablonun sonundaki yeni bir taşma listesine taşınır
12.Veri yapılarıZor

İkili öbekte (elemanın konumu biliniyorsa) decrease-key işleminin zaman karmaşıklığı nedir?

  1. AO(n)
  2. BO(n log n)
  3. CO(1)
  4. DO(log n)
13.Graf kuramıOrta
ABCDEFGEuler devresiEuler yolu, devre yokhiçbiri

Bağlantılı grafın bir Euler devresi mi, devre olmayan bir Euler yolu mu var, yoksa hiçbiri mi? Cevabınıza tıklayın.

|V| = 7|E| = 8
  1. 1Euler devresi
  2. 2Euler yolu, devre yok
  3. 3hiçbiri
14.Graf kuramıZor
2111075181420ABCDEF

Ağırlıklı grafın en küçük kapsayan ağacının toplam ağırlığını (W) bulun.

|V| = 6|E| = 8
W =
15.Veritabanları ve SQLOrta

Bir yabancı anahtar ON DELETE CASCADE ile tanımlanmış. Bir üst (parent) satır silindiğinde ne olur?

  1. AOna başvuran alt (child) satırlar otomatik olarak silinir
  2. BAlt satırlardaki yabancı anahtar otomatik olarak NULL yapılır
  3. CSilme her zaman reddedilir
  4. DÜst satır bir arşiv tablosuna kopyalanır
16.Veritabanları ve SQLZor

Bir sorgu için kapsayan indeks (covering index) nedir?

  1. AHer tablonun her sütununu kapsayan bir indeks
  2. BYalnızca birincil anahtar üzerindeki bir indeks
  3. CHer gece yeniden oluşturulan bir indeks
  4. DSorgunun ihtiyaç duyduğu tüm sütunları içeren, böylece tablonun kendisinin okunmasına gerek bırakmayan bir indeks
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Hangi tek önek hem 192.168.0.0/24'ü hem 192.168.1.0/24'ü özetler?

  1. A192.168.1.0/23
  2. B192.168.0.0/22
  3. C192.168.0.0/25
  4. D192.168.0.0/23
18.Bilgisayar ağlarıZor

IPv6'da parçalama IPv4'e göre nasıl farklıdır?

  1. AYönlendiriciler IPv6 paketlerini asla parçalamaz; yalnızca kaynak, yol MTU keşfini kullanarak parçalayabilir
  2. BIPv6 taşıma katmanında TCP içinde parçalar
  3. CIPv6 576 bayttan büyük paketlere izin vermez
  4. DIPv6 yönlendiricileri 64 bayttan büyük her paketi yol üzerinde iletmeden önce parçalar
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/24 → /2911111111111111111111111111111000ağ bitlericihaz bitleri

192.168.10.0/24 ağı en az 30 eşit alt ağa bölünmelidir. Mümkün olduğunca az bit ödünç alırsanız her alt ağda kaç kullanılabilir cihaz H olur?

192.168.10.0/2430 subnets
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 65012816403201608040211ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.178.65/28. Alt ağının yayın adresinin son sayısı (dördüncü okteti) x nedir?

10.20.178.65/28
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: N = 84

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

Değerleri toplayın

Diğer bitler normal pozitif değerlerini korur.

64 + 16 + 4 = 84

Cevap

N = 84
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 183

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

OR en az bir bit 1 olduğunda 1 verir.

0001 0111
OR 1011 0000
= 1011 0111

Sonucun değeri

1011 0111₂ = 183

Cevap

R = 183
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: p ∧ ¬r

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Kural

¬(a → b) ≡ ¬(¬a ∨ b) ≡ a ∧ ¬b: bir gerektirmenin yanlış olduğu tek satır.
¬(p → r) ≡ p ∧ ¬r

Doğruluk tablosuyla denetleyin

p = 1, r = 1: 0 | 0 1 0 0
p = 1, r = 0: 1 | 1 1 1 0
p = 0, r = 1: 0 | 0 0 1 1
p = 0, r = 0: 0 | 0 1 1 0

Cevap

p ∧ ¬r

Çubuktan sonraki sütunlar, gösterilen sırayla seçeneklerdir.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ∃x ¬A(x)

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Değili içeri taşıyın

¬∀x A(x) ≡ ∃x ¬A(x)

Cevap

∃x ¬A(x)

Diğer seçenekler ya bir niceleyiciyi değiştirmeden bırakır, ya niceleyicilerin sırasını değiştirir ya da iç formülün değilini yanlış alır.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 6

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABCD000111100001111010011302141507061120131150141819011110

0’ları gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

(B′ + C′ + D)
(A + C′ + D)
(A + B′ + C′)
(A + B + C + D′)
(A′ + B + C′ + D′)
(A′ + B′ + C + D′)

En küçük POS biçimi

F = (B′ + C′ + D)(A + C′ + D)(A + B′ + C′)(A + B + C + D′)(A′ + B + C′ + D′)(A′ + B′ + C + D′)
N = 6

Cevap

N = 6
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 2

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Her kenardan sonra Q

Bir JK flip-flop: 00 tutar, 01 sıfırlar (Q = 0), 10 kurar (Q = 1), 11 tersler.

1: J = 0, K = 1 → Q = 0
2: J = 0, K = 1 → Q = 0
3: J = 1, K = 1 → Q = 1
4: J = 1, K = 0 → Q = 1
5: J = 0, K = 0 → Q = 1
6: J = 1, K = 1 → Q = 0

Değişimleri sayın

0 → 0 → 0 → 1 → 1 → 1 → 0
N = 2

Cevap

N = 2
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: φ(77) = 60

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Asal çarpanlar

77 = 7·11

φ değeri

φ(77) = φ(11)·φ(7) = 10·6 = 60

Cevap

φ(77) = 60
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 1827 mod 25 = 7

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

İkilik üs

27 = 110112 = 16 + 8 + 2 + 1

Tekrarlı kare alma

181 ≡ 18 (mod 25)
182 ≡ 24 (mod 25)
184 ≡ 1 (mod 25)
188 ≡ 1 (mod 25)
1816 ≡ 1 (mod 25)

Gerekli kuvvetleri çarpın

1827 ≡ 18·24·1·1 ≡ 7 (mod 25)

Cevap

1827 mod 25 = 7
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · Eklemeli sıralamanın ek yükü azdır ve küçük veya neredeyse sıralı girdilerde hızlıdır

Cevap neden bu

Küçük n için eklemeli sıralamanın basit döngüsü, O(n²) olmasına rağmen hızlı sıralamanın veya birleştirmeli sıralamanın özyineleme ek yükünü geride bırakır.

Cevap

A · Eklemeli sıralamanın ek yükü azdır ve küçük veya neredeyse sıralı girdilerde hızlıdır
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · O(n² 2ⁿ)

Cevap neden bu

Yaklaşık n 2ⁿ durum vardır ve her biri O(n)'de hesaplanır; bu üsteldir ama tüm (n − 1)! turu denemekten çok daha hızlıdır.

Cevap

D · O(n² 2ⁿ)
11.Veri yapıları

Cevap: C · Daha büyük bir tablo ayrılır ve her anahtar yeniden eklenir

Cevap neden bu

İndeks tablo boyutuna göre mod alınarak hesaplandığından tüm anahtarlar yeni, daha büyük tabloya yeniden yerleştirilmelidir; iki katına çıkarmayla bu amortize O(1) kalır.

Cevap

C · Daha büyük bir tablo ayrılır ve her anahtar yeniden eklenir
12.Veri yapıları

Cevap: D · O(log n)

Cevap neden bu

Anahtar azaltıldıktan sonra eleman en fazla öbeğin yüksekliği kadar yukarı çıkar. Fibonacci öbekleri amortize O(1) decrease-key sağlar.

Cevap

D · O(log n)
13.Graf kuramı

Cevap: hiçbiri

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Dereceler

deg(A) = 2, deg(B) = 2, deg(C) = 3, deg(D) = 1, deg(E) = 3, deg(F) = 1, deg(G) = 4

Tek dereceli köşeler

C, D, E, F → 4
hiçbiri

Cevap

hiçbiri
14.Graf kuramı

Cevap: W = 38

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Kruskal algoritması

AB (2): al
DE (5): al
BD (7): al
BC (10): al
AC (11): atla, döngü kapatır
EF (14): al

Toplam ağırlık

W = 2 + 5 + 7 + 10 + 14 = 38

Cevap

W = 38
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: A · Ona başvuran alt (child) satırlar otomatik olarak silinir

Cevap neden bu

CASCADE silmeyi başvuran satırlara yayar; diğer seçenekler RESTRICT/NO ACTION (reddet) ve SET NULL'dur.

Cevap

A · Ona başvuran alt (child) satırlar otomatik olarak silinir
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · Sorgunun ihtiyaç duyduğu tüm sütunları içeren, böylece tablonun kendisinin okunmasına gerek bırakmayan bir indeks

Cevap neden bu

Başvurulan tüm sütunlar indeksteyse VTYS yalnızca indeks taraması yapıp tablo satırlarını getirmeyi atlayabilir; bu G/Ç tasarrufu sağlar.

Cevap

D · Sorgunun ihtiyaç duyduğu tüm sütunları içeren, böylece tablonun kendisinin okunmasına gerek bırakmayan bir indeks
17.Bilgisayar ağları

Cevap: D · 192.168.0.0/23

Cevap neden bu

0 ve 1 üçüncü oktetin son biti dışında tüm bitleri paylaşır; bu yüzden 192.168.0.0'dan başlayan bir bit daha kısa önek (/23) ikisini tam olarak kapsar.

Cevap

D · 192.168.0.0/23
18.Bilgisayar ağları

Cevap: A · Yönlendiriciler IPv6 paketlerini asla parçalamaz; yalnızca kaynak, yol MTU keşfini kullanarak parçalayabilir

Cevap neden bu

Bir IPv6 yönlendiricisi aşırı büyük bir paketi atar ve ICMPv6 Packet Too Big döndürür. Kaynak ardından daha küçük paketler gönderir veya bir parça uzantı başlığı kullanır.

Cevap

A · Yönlendiriciler IPv6 paketlerini asla parçalamaz; yalnızca kaynak, yol MTU keşfini kullanarak parçalayabilir
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 6

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Ödünç alınacak bitler

25 = 32 ≥ 30 → b = 5, /29

Alt ağ başına cihaz

23 − 2 = 6

Cevap

H = 6
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 79

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

24 = 16

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊65/16⌋·16 = 64
yayın: 64 + 16 − 1 = 79
kullanılabilir cihazlar: 65 … 78

Cevap

x = 79

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals