Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −73 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −738 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1001 0110 >> 3 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1001 0110>> 3
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
¬(p ∧ r) → ¬q(p ∧ r) ∧ ¬q¬(p ∧ r) ∧ ¬q¬(p ∧ r) ∧ q

(p ∧ r) → q önermesini olmayana ergi yoluyla ispatlamak istiyorsunuz. Başlangıçta hangi önermeyi varsayarsınız? Üzerine tıklayın.

(p ∧ r) → q
  1. 1¬(p ∧ r) → ¬q
  2. 2(p ∧ r) ∧ ¬q
  3. 3¬(p ∧ r) ∧ ¬q
  4. 4¬(p ∧ r) ∧ q
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
pqp → q¬p¬q11100100

Öncülleri p → q; ¬p ve sonucu ¬q olan argüman geçersizdir. Doğruluk tablosunda karşı örnek olan satıra tıklayın.

p → q¬p∴ ¬q
  1. 1p = 1, q = 1
  2. 2p = 1, q = 0
  3. 3p = 0, q = 1
  4. 4p = 0, q = 0
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
MUXC′I0​1I1​1I2​0I3​ABS1​S0​F

Bir 4’ten 1’e çoklayıcının seçme girişleri S₁ = A ve S₀ = B, veri girişleri I₀ = C′, I₁ = 1, I₂ = 1, I₃ = 0’e bağlanmıştır. A, B ve C girişlerinin 8 birleşiminden kaçında F = 1 olur? N değerini bulun.

I₀ = C′I₁ = 1I₂ = 1I₃ = 0
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
CLKT1234567

Yükselen kenarla tetiklenen bir T flip-flop Q = 0 ile başlar ve 7 yükselen saat kenarında gösterilen girişleri alır. Q kaç kez, N, durum değiştirir?

Q₀ = 0T
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

6x ≡ 5 (mod 11) denkliğini çözün. 0 < x < 11 olan x çözümünü verin.

6x ≡ 5 (mod 11)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (145, 11)d = ?

Bir RSA anahtarı p = 5 ve q = 29 asallarını ve e = 11 genel üssünü kullanıyor. Özel üssü, d, bulun (0 < d < φ(n)).

p = 5q = 29e = 11
d =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

T(n) = 2T(n/2) + O(1) yinelemesinin çözümü nedir?

  1. AO(n²)
  2. BO(log n)
  3. CO(n)
  4. DO(n log n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Dinamik programlama ile çözülen 0/1 sırt çantası problemi O(nW) zaman alır. Buna neden sözde polinom (pseudo-polynomial) denir?

  1. AW bir sayıdır, bu yüzden süre W'yi yazmak için kullanılan bit sayısına göre üsteldir
  2. BÇünkü yalnızca W = 0 için çalışır
  3. CÇünkü n her zaman küçüktür
  4. DÇünkü algoritma rastgeleleştirilmiştir ve çalışma süresi her girdide değişir
11.Veri yapılarıOrta

İkili arama ağacında en küçük anahtarı nasıl bulursunuz?

  1. AHer yaprağı ziyaret edip karşılaştırarak
  2. BSağ çocuk kalmayana kadar kökten itibaren sağ çocukları izleyerek
  3. CYalnızca köke bakarak
  4. DSol çocuk kalmayana kadar kökten itibaren sol çocukları izleyerek
12.Veri yapılarıZor

Hangi özellik her B-ağacını mükemmel dengeli tutar?

  1. AHer düğüm bir anahtar saklar
  2. BHer düğümün tam olarak iki çocuğu vardır
  3. CTüm yapraklar aynı derinliktedir
  4. DAnahtarlar yalnızca kökte saklanır
13.Graf kuramıOrta

Bağlantılı bir grafın 19 köşesi ve 22 kenarı vardır. Bir kapsayan ağaç kalması için kaç kenar (k) kaldırılmalıdır?

|V| = 19|E| = 22
k =
14.Graf kuramıZor
1141719201513162ABCDEFG

Prim algoritması D köşesinden başlayarak en küçük kapsayan ağacı kurar. 2. kenar olarak eklediği kenara tıklayın.

başlangıç: Dk = 2
  1. 1kenar AC
  2. 2kenar BC
  3. 3kenar BD
  4. 4kenar CE
  5. 5kenar DE
  6. 6kenar DF
  7. 7kenar EF
  8. 8kenar GD
  9. 9kenar GE
15.Veritabanları ve SQLOrta

SQL'de görünüm (view) nedir?

  1. ASanal bir tablo gibi davranan saklanmış bir sorgu
  2. BBir tablonun diskteki kopyası
  3. CVeritabanı istemcisinde tabloları gezmek için bir ekran
  4. DBir dizin türü
16.Veritabanları ve SQLZor

Bir sorgu için kapsayan indeks (covering index) nedir?

  1. AYalnızca birincil anahtar üzerindeki bir indeks
  2. BHer tablonun her sütununu kapsayan bir indeks
  3. CHer gece yeniden oluşturulan bir indeks
  4. DSorgunun ihtiyaç duyduğu tüm sütunları içeren, böylece tablonun kendisinin okunmasına gerek bırakmayan bir indeks
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Bir yönlendiricide 10.0.0.0/8 ve 10.1.0.0/16 için rotalar var. 10.1.5.5'e giden bir paket için hangi rotayı kullanır?

  1. AEn uzun eşleşen önek olduğu için 10.1.0.0/16
  2. BTrafiği eşit bölerek her iki rotayı
  3. C/16'dan daha fazla adresi kapsadığı için 10.0.0.0/8
  4. Dİlk eklendiği için 10.0.0.0/8
18.Bilgisayar ağlarıZor

TCP pencere ölçekleme seçeneği neden getirildi?

  1. ABu seçenek olmadan TCP uzak mesafeli bağlantılarda kayıp segmentleri saptayamazdı
  2. B32 bitlik pencere alanı çok büyüktü ve gönderilen her TCP segmentinde başlık alanını israf ediyordu
  3. C16 bitlik pencere alanı pencereyi 65,535 baytla sınırlar; bu, hızlı ve uzak mesafeli yollar için çok küçüktür
  4. DUDP'nin tıkanık yollarda gönderme hızını denetlemesi gerekiyordu
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/24 → /2911111111111111111111111111111000ağ bitlericihaz bitleri

192.168.10.0/24 ağı en az 20 eşit alt ağa bölünmelidir. Mümkün olduğunca az bit ödünç alırsanız her alt ağda kaç kullanılabilir cihaz H olur?

192.168.10.0/2420 subnets
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 94012816403211618141201ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.197.94/29. Ağ adresinin dördüncü okteti x nedir?

10.20.197.94/29
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 183

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

73 = 0100 1001
tersine çevrilmiş: 1011 0110
+1 → 1011 0111

İşaretsiz okuyun

1011 0111₂ = 256 − 73 = 183

Cevap

U = 183
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 18

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

3 kadar sağa kaydırmak her biti 3 basamak sağa taşır; sağ uçtan düşen bitler kaybolur ve soldan sıfırlar girer.

1001 0110 >> 3
= 0001 0010

Sonucun değeri

0001 0010₂ = 18

Cevap

R = 18
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: (p ∧ r) ∧ ¬q

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Gerektirmenin parçaları

a = p ∧ r, b = q

Gerektirmenin değili

¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b = (p ∧ r) ∧ ¬q

Cevap

(p ∧ r) ∧ ¬q

Varsayım bir çelişkiye götürüyorsa gerektirme doğru olmalıdır.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: p = 0, q = 1

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Öncüller ve sonuç satır satır

p = 1, q = 1: 1 0 | 0
p = 1, q = 0: 0 0 | 1
p = 0, q = 1: 1 1 | 0
p = 0, q = 0: 1 1 | 1

Karşı örnek

p = 0, q = 1

Cevap

p = 0, q = 1

Bu biçimdeki bir argüman geçerli bir kurala benzer, ama geçerli olmadığını göstermek için tek bir satır yeter.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 5

Çoklayıcı (multiplexer): 2ⁿ’den 1’e bir çoklayıcı veri girişlerinden birini çıkışa iletir; ikilik sayı olarak okunan seçme hatları hangisinin seçileceğini belirler. S₁S₀ = AB seçmeli 4’ten 1’e bir MUX için F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Veri girişlerini 0, 1, C ya da C′’ye bağlamak MUX’un A, B ve C’nin herhangi bir fonksiyonunu üretmesini sağlar; bu, tek bir yongayla mantık kurmanın yaygın bir yoludur.

Çıkış ifadesi

F = A′B′C′ + A′B + AB′

F = 1 olan satırlar

ABC = 000, 010, 011, 100, 101
N = 5

Cevap

N = 5
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 6

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Her kenardan sonra Q

Bir T flip-flop T = 1 iken her yükselen kenarda tersler (toggle), T = 0 iken tutar.

1: T = 1 → Q = 1
2: T = 1 → Q = 0
3: T = 0 → Q = 0
4: T = 1 → Q = 1
5: T = 1 → Q = 0
6: T = 1 → Q = 1
7: T = 1 → Q = 0

Değişimleri sayın

0 → 1 → 0 → 0 → 1 → 0 → 1 → 0
N = 6

Cevap

N = 6
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 10

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

6 sayısının tersi

r = 11, t = 0
r = 6, q = 1, t = 1
r = 5, q = 1, t = −1
r = 1, q = 5, t = 2
6−1 ≡ 2 (mod 11)

Çözün

x ≡ 2·5 = 10 ≡ 10 (mod 11)
kontrol: 6·10 = 60 ≡ 5 (mod 11)

Cevap

x = 10
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: d = 51

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Modül ve φ değeri

n = 5·29 = 145
φ(n) = 4·28 = 112

Genişletilmiş Öklid algoritması

r = 112, t = 0
r = 11, q = 10, t = 1
r = 2, q = 5, t = −10
r = 1, q = 2, t = 51

Özel üs

d = 51
kontrol: 11·51 = 561 = 5·112 + 1

Cevap

d = 51
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · O(n)

Cevap neden bu

Ana teoreme göre nlog₂ 2 = n sabit işe baskındır, bu yüzden en büyüğü yarılara bölerek bulmada olduğu gibi T(n) = Θ(n)'dir.

Cevap

C · O(n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · W bir sayıdır, bu yüzden süre W'yi yazmak için kullanılan bit sayısına göre üsteldir

Cevap neden bu

Çalışma süresi W'nin değerine göre polinom, ancak uzunluğuna (log W bit) göre üsteldir; 0/1 sırt çantası problemi NP-tamdır.

Cevap

A · W bir sayıdır, bu yüzden süre W'yi yazmak için kullanılan bit sayısına göre üsteldir
11.Veri yapıları

Cevap: D · Sol çocuk kalmayana kadar kökten itibaren sol çocukları izleyerek

Cevap neden bu

En soldaki düğümden daha küçük bir anahtar ağaçta yoktur, bu nedenle en küçük odur; maliyet yükseklikle orantılıdır.

Cevap

D · Sol çocuk kalmayana kadar kökten itibaren sol çocukları izleyerek
12.Veri yapıları

Cevap: C · Tüm yapraklar aynı derinliktedir

Cevap neden bu

Düğümler dolduğunda yukarı doğru bölünür ve ağaç ancak kök bölündüğünde yükselir; bu nedenle tüm yapraklar her zaman aynı seviyede kalır.

Cevap

C · Tüm yapraklar aynı derinliktedir
13.Graf kuramı

Cevap: k = 4

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Kapsayan ağacın kenarları

19 − 1 = 18

Kaldırılacak kenarlar

k = 22 − 18 = 4

Cevap

k = 4
14.Graf kuramı

Cevap: kenar EF

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Prim algoritması

1. DF (15)
2. EF (13)
3. GE (2)
4. BD (17)
5. BC (14)
6. AC (1)

kenar numarası 2

EF

Cevap

kenar EF
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: A · Sanal bir tablo gibi davranan saklanmış bir sorgu

Cevap neden bu

Görünüm bir SELECT ifadesini saklar; görünüm sorgulandığında altındaki sorgu çalıştırılır (somutlaştırılmış görünümler (materialized views) ise sonucu saklar).

Cevap

A · Sanal bir tablo gibi davranan saklanmış bir sorgu
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · Sorgunun ihtiyaç duyduğu tüm sütunları içeren, böylece tablonun kendisinin okunmasına gerek bırakmayan bir indeks

Cevap neden bu

Başvurulan tüm sütunlar indeksteyse VTYS yalnızca indeks taraması yapıp tablo satırlarını getirmeyi atlayabilir; bu G/Ç tasarrufu sağlar.

Cevap

D · Sorgunun ihtiyaç duyduğu tüm sütunları içeren, böylece tablonun kendisinin okunmasına gerek bırakmayan bir indeks
17.Bilgisayar ağları

Cevap: A · En uzun eşleşen önek olduğu için 10.1.0.0/16

Cevap neden bu

IP iletimi en uzun önek eşleşmesini kullanır: hedefle eşleşen tüm rotalar arasından maskesi en uzun olan seçilir.

Cevap

A · En uzun eşleşen önek olduğu için 10.1.0.0/16
18.Bilgisayar ağları

Cevap: C · 16 bitlik pencere alanı pencereyi 65,535 baytla sınırlar; bu, hızlı ve uzak mesafeli yollar için çok küçüktür

Cevap neden bu

Orijinal başlık en fazla 65,535 bayt onaylanmamış veriye izin verir. Pencere ölçekleme bunu ikinin bir kuvvetiyle çarpar; böylece bant genişliği-gecikme çarpımı yüksek yollar doldurulabilir.

Cevap

C · 16 bitlik pencere alanı pencereyi 65,535 baytla sınırlar; bu, hızlı ve uzak mesafeli yollar için çok küçüktür
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 6

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Ödünç alınacak bitler

25 = 32 ≥ 20 → b = 5, /29

Alt ağ başına cihaz

23 − 2 = 6

Cevap

H = 6
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 88

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

23 = 8

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊94/8⌋·8 = 88
yayın: 88 + 8 − 1 = 95
kullanılabilir cihazlar: 89 … 94

Cevap

x = 88

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals