Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −97 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −978 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 0101 1000 << 3 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

0101 1000<< 3
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
totolojiçelişkiolumsallık

(r ∨ p) ∧ (¬r ∧ ¬p) bir totoloji, bir çelişki mi yoksa olumsallık mı? Cevabınıza tıklayın.

(r ∨ p) ∧ (¬r ∧ ¬p)
  1. 1totoloji
  2. 2çelişki
  3. 3olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
pqrp → qr → qp → r111110101100011010001000

Öncülleri p → q; r → q ve sonucu p → r olan argüman geçersizdir. Doğruluk tablosunda karşı örnek olan satıra tıklayın.

p → qr → q∴ p → r
  1. 1p = 1, q = 1, r = 1
  2. 2p = 1, q = 1, r = 0
  3. 3p = 1, q = 0, r = 1
  4. 4p = 1, q = 0, r = 0
  5. 5p = 0, q = 1, r = 1
  6. 6p = 0, q = 1, r = 0
  7. 7p = 0, q = 0, r = 1
  8. 8p = 0, q = 0, r = 0
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABCD000111100001111000111302041507061121131150140809111110

F(A, B, C, D) = Σm(1, 3, 5, 10, 11, 12, 13, 15) fonksiyonunun en küçük çarpımlar toplamı (SOP) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Kaç çarpım terimi (N) vardır?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 3, 5, 10, 11, 12, 13, 15)
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
FFQ0​Q0​FFQ1​Q1​FFQ2​Q2​FFQ3​Q3​CLKMOD-9

Bir mod-9 sayıcı en az sayıda flip-flopla kurulmuştur. Olası durumlardan kaçı, U, hiç kullanılmaz?

N = 9
U =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

10x ≡ 2 (mod 13) denkliğini çözün. 0 < x < 13 olan x çözümünü verin.

10x ≡ 2 (mod 13)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (943, 23)d = ?

Bir RSA anahtarı p = 23 ve q = 41 asallarını ve e = 23 genel üssünü kullanıyor. Özel üssü, d, bulun (0 < d < φ(n)).

p = 23q = 41e = 23
d =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Prim algoritması minimum kapsayan ağacı nasıl oluşturur?

  1. AGenişlik öncelikli arama çalıştırır ve BFS ağacını tutar
  2. BBir başlangıç düğümünden tek bir ağaç büyütür ve ağaçtan çıkan en ucuz kenarı ekler
  3. CTüm kenarları ağırlığa göre sıralar ve ormanda döngü oluşturmayacaksa her birini ekler
  4. DDöngü kalmayana kadar en pahalı kenarı çıkarır
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Hangi sırt çantası varyantı için "öğeleri ağırlık başına değer sırasına göre al" açgözlü kuralı her zaman optimal bir yanıt verir?

  1. AHer iki varyant
  2. BÖğelerin her zaman bütün olarak alınması gereken 0/1 sırt çantası
  3. CÖğelerin bölünebildiği kesirli sırt çantası
  4. DHiçbir varyant
11.Veri yapılarıOrta

İkili öbek (heap) neden hiç işaretçi olmadan bir dizide saklanabilir?

  1. AÖbekler hiçbir zaman 100'den fazla eleman içermez
  2. BTam bir ikili ağaç olduğu için konumlar basit indeks formüllerini izler
  3. CDiziler anahtarları otomatik olarak sıralı tuttuğu için işaretçiye gerek kalmaz
  4. DBir öbekteki tüm anahtarlar eşittir
12.Veri yapılarıZor

Rütbeye göre birleştirme (union by rank) veya yol sıkıştırma olmadan, n elemanlı bir union-find yapısında tek bir find işleminin en kötü durum maliyeti nedir?

  1. AO(log n)
  2. BO(α(n))
  3. CO(n)
  4. DO(1)
13.Graf kuramıOrta

Bir ağacın derecesi 3 olan 2 köşe, derecesi 4 olan 3 köşe, derecesi 5 olan 4 köşe, derecesi 2 olan 3 köşe vardır ve diğer tüm köşeleri yapraktır (derece 1). Kaç yaprağı (L) vardır?

2 × deg 33 × deg 44 × deg 53 × deg 2
L =
14.Graf kuramıZor
109134201519111ABCDEFG

Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı kurar. 6. kenar olarak eklediği kenara tıklayın; atlanan kenarlar sayılmaz.

k = 6
  1. 1kenar AB
  2. 2kenar AC
  3. 3kenar BC
  4. 4kenar BD
  5. 5kenar DE
  6. 6kenar DF
  7. 7kenar EF
  8. 8kenar GB
  9. 9kenar GD
15.Veritabanları ve SQLOrta

Öğrenciler birçok derse kaydolabilir ve derslerin birçok öğrencisi vardır. Bu tablolarda nasıl modellenir?

  1. ATek bir sütunda saklanan ders id'leri listesiyle
  2. BHem öğrencilere hem derslere yabancı anahtar tutan bir ara tabloyla
  3. CÖğrencileri ve dersleri tek bir tabloda birleştirerek
  4. Dstudents tablosunda courses'a işaret eden bir course_id yabancı anahtar sütunuyla
16.Veritabanları ve SQLZor

b tablosunun y sütununda 1, 2 ve NULL değerleri var. SELECT * FROM a WHERE x NOT IN (SELECT y FROM b) ne döndürür?

  1. AHiç satır
  2. Ba'nın her satırını
  3. Ca'nın x değeri 1 veya 2 olmayan satırlarını
  4. DYalnızca a'nın x değeri NULL olan satırlarını
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Bir /26 IPv4 alt ağında kaç kullanılabilir ana bilgisayar adresi vardır?

  1. A64
  2. B62
  3. C30
  4. D126
18.Bilgisayar ağlarıZor

Kayan pencere protokollerinde bir çerçeve kaybolduktan sonra Go-Back-N, Selective Repeat'ten nasıl ayrılır?

  1. AHiçbiri kayıp çerçeveleri yeniden göndermez
  2. BHer ikisi de tüm pencereyi baştan yeniden gönderir
  3. CGo-Back-N kayıp çerçeveyi ve sonrakilerin hepsini yeniden gönderir; Selective Repeat yalnızca kaybolanı
  4. DGo-Back-N yalnızca kayıp çerçeveyi yeniden gönderir; Selective Repeat o çerçeveyi ve sonrakilerin hepsini yeniden gönderir
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/?11111111111111111111100000000000ağ bitlericihaz bitleri

Bir birimin tek bir alt ağda 1422 cihaz adresine ihtiyacı var. Yeterli olan en uzun önek p (en küçük alt ağ) nedir?

1422 hosts
p =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 165112806413201608140211ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.227.165/25. Ağ adresinin dördüncü okteti x nedir?

10.20.227.165/25
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 159

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

97 = 0110 0001
tersine çevrilmiş: 1001 1110
+1 → 1001 1111

İşaretsiz okuyun

1001 1111₂ = 256 − 97 = 159

Cevap

U = 159
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 192

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

3 kadar sola kaydırmak her biti 3 basamak sola taşır; sol uçtan düşen bitler kaybolur ve sağdan sıfırlar girer.

0101 1000 << 3
= 1100 0000

Sonucun değeri

1100 0000₂ = 192

Cevap

R = 192
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: çelişki

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Doğruluk tablosu satır satır

p = 1, r = 1: r ∨ p = 1, ¬r = 0, ¬p = 0, ¬r ∧ ¬p = 0, (r ∨ p) ∧ (¬r ∧ ¬p) = 0
p = 1, r = 0: r ∨ p = 1, ¬r = 1, ¬p = 0, ¬r ∧ ¬p = 0, (r ∨ p) ∧ (¬r ∧ ¬p) = 0
p = 0, r = 1: r ∨ p = 1, ¬r = 0, ¬p = 1, ¬r ∧ ¬p = 0, (r ∨ p) ∧ (¬r ∧ ¬p) = 0
p = 0, r = 0: r ∨ p = 0, ¬r = 1, ¬p = 1, ¬r ∧ ¬p = 1, (r ∨ p) ∧ (¬r ∧ ¬p) = 0

Sınıflandırın

(r ∨ p) ∧ (¬r ∧ ¬p): 0, 0, 0, 0
Her satırda 0: bir çelişki.

Cevap

çelişki
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: p = 1, q = 1, r = 0

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Öncüller ve sonuç satır satır

p = 1, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 1 | 0
p = 1, q = 0, r = 1: 0 0 | 1
p = 1, q = 0, r = 0: 0 1 | 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 0, q = 1, r = 0: 1 1 | 1
p = 0, q = 0, r = 1: 1 0 | 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 1 | 1

Karşı örnek

p = 1, q = 1, r = 0

Cevap

p = 1, q = 1, r = 0

Bu biçimdeki bir argüman geçerli bir kurala benzer, ama geçerli olmadığını göstermek için tek bir satır yeter.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 5

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABCD000111100001111000111302041507061121131150140809111110

1’leri gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

B′CD
A′C′D
ACD
AB′C
ABC′

En küçük SOP biçimi

F = B′CD + A′C′D + ACD + AB′C + ABC′
N = 5

Cevap

N = 5

Aynı büyüklükte başka bir gruplama da vardır; terim ve literal sayısı aynıdır.

6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: U = 7

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Flip-flop sayısı

2ⁿ ≥ 9 → n = 4 (2⁴ = 16)

Kullanılmayan durumlar

U = 16 − 9 = 7

Cevap

U = 7
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 8

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

10 sayısının tersi

r = 13, t = 0
r = 10, q = 1, t = 1
r = 3, q = 3, t = −1
r = 1, q = 3, t = 4
10−1 ≡ 4 (mod 13)

Çözün

x ≡ 4·2 = 8 ≡ 8 (mod 13)
kontrol: 10·8 = 80 ≡ 2 (mod 13)

Cevap

x = 8
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: d = 727

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Modül ve φ değeri

n = 23·41 = 943
φ(n) = 22·40 = 880

Genişletilmiş Öklid algoritması

r = 880, t = 0
r = 23, q = 38, t = 1
r = 6, q = 3, t = −38
r = 5, q = 1, t = 115
r = 1, q = 5, t = −153

Özel üs

d = 727
kontrol: 23·727 = 16721 = 19·880 + 1

Cevap

d = 727
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · Bir başlangıç düğümünden tek bir ağaç büyütür ve ağaçtan çıkan en ucuz kenarı ekler

Cevap neden bu

Kesen kenarlar için bir öncelik kuyruğu kullanan Prim algoritması ikili yığınla O(E log V) sürede çalışır.

Cevap

B · Bir başlangıç düğümünden tek bir ağaç büyütür ve ağaçtan çıkan en ucuz kenarı ekler
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · Öğelerin bölünebildiği kesirli sırt çantası

Cevap neden bu

Öğeler bölünebildiğinde önce en iyi oranı almak optimaldir; 0/1 sırt çantasında yüksek oranlı bir öğe daha iyi bir kombinasyonu engelleyebilir, bu yüzden dinamik programlama gerekir.

Cevap

C · Öğelerin bölünebildiği kesirli sırt çantası
11.Veri yapıları

Cevap: B · Tam bir ikili ağaç olduğu için konumlar basit indeks formüllerini izler

Cevap neden bu

Tamlık boşluk olmadığı anlamına gelir, bu nedenle i indeksinin çocukları her zaman 2i + 1 ve 2i + 2'dedir.

Cevap

B · Tam bir ikili ağaç olduğu için konumlar basit indeks formüllerini izler
12.Veri yapıları

Cevap: C · O(n)

Cevap neden bu

Saf birleştirmeler ağaçları uzun bir zincire bağlayabilir, bu nedenle find n − 1 ebeveyn işaretçisini izleyebilir; iki sezgisel yöntem bunu sabite yaklaştırır.

Cevap

C · O(n)
13.Graf kuramı

Cevap: L = 22

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Bir ağaç için el sıkışma lemması

L + 44 = 2(L + 12) − 2
L = 22

Cevap

L = 22

Kısayol: L = 2 + Σ (d − 2); toplam, derecesi d ≥ 3 olan köşeler üzerindendir.

14.Graf kuramı

Cevap: kenar EF

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Kruskal algoritması

1. GB (1)
2. BD (4)
3. AC (9)
4. AB (10)
5. DF (15)
6. EF (19)

kenar numarası 6

EF

Cevap

kenar EF
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Hem öğrencilere hem derslere yabancı anahtar tutan bir ara tabloyla

Cevap neden bu

Çoka çok ilişki bir ilişkilendirme (ara) tablosu gerektirir, örneğin enrolment(student_id, course_id); çoğu zaman bileşik birincil anahtarla.

Cevap

B · Hem öğrencilere hem derslere yabancı anahtar tutan bir ara tabloyla
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: A · Hiç satır

Cevap neden bu

NULL ile karşılaştırma UNKNOWN'dur; bu yüzden koşulun tamamı asla TRUE olmaz; NOT EXISTS veya NULL'ları filtrelemek bu tuzaktan kaçınır.

Cevap

A · Hiç satır
17.Bilgisayar ağları

Cevap: B · 62

Cevap neden bu

Bir /26'nın 6 ana bilgisayar biti vardır: 2⁶ = 64 adres; ağ ve yayın adresleri çıkarılınca 62 kullanılabilir ana bilgisayar kalır.

Cevap

B · 62
18.Bilgisayar ağları

Cevap: C · Go-Back-N kayıp çerçeveyi ve sonrakilerin hepsini yeniden gönderir; Selective Repeat yalnızca kaybolanı

Cevap neden bu

Go-Back-N alıcısı sırası bozuk çerçeveleri atar; bu yüzden gönderici kayıptan sonraki her şeyi tekrarlamalıdır. Selective Repeat onları arabelleğe alır ve yalnızca eksik olanı ister.

Cevap

C · Go-Back-N kayıp çerçeveyi ve sonrakilerin hepsini yeniden gönderir; Selective Repeat yalnızca kaybolanı
19.IPv4 alt ağları

Cevap: p = 21

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Gereken cihaz bitleri

210 − 2 = 1022 < 1422
211 − 2 = 2046 ≥ 1422 → h = 11

Önek uzunluğu

p = 32 − 11 = 21

Cevap

p = /21
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 128

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

27 = 128

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊165/128⌋·128 = 128
yayın: 128 + 128 − 1 = 255
kullanılabilir cihazlar: 129 … 254

Cevap

x = 128

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals