Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −40 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −408 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1111 0101 AND 0001 1101 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1111 0101AND0001 1101
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
¬(b ∨ c) → ¬a(b ∨ c) ∧ ¬a¬a → ¬(b ∨ c)a → (b ∨ c)

(b ∨ c) → a önermesini karşıt değil yoluyla ispatlamak istiyorsunuz. Bunun yerine hangi gerektirmeyi ispatlarsınız? Üzerine tıklayın.

(b ∨ c) → a
  1. 1¬(b ∨ c) → ¬a
  2. 2(b ∨ c) ∧ ¬a
  3. 3¬a → ¬(b ∨ c)
  4. 4a → (b ∨ c)
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
¬caca ∧ c

a ∨ c; ¬a öncülleri verilmiştir. Bunlardan hangi sonuç çıkar? Üzerine tıklayın.

a ∨ c¬a
  1. 1¬c
  2. 2a
  3. 3c
  4. 4a ∧ c
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABCD000111100001111010011312141507161120131151140819011110

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 3, 4, 5, 6, 9, 10, 12, 14, 15) fonksiyonunun en küçük çarpımlar toplamı (SOP) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Toplamda kaç literal (L) içerir (üzerinde işaret olan bir değişken bir literal sayılır)?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 2, 3, 4, 5, 6, 9, 10, 12, 14, 15)
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​TQ3​Q3​CLKMOD-10

Eşzamanlı bir onluk (mod-10) sayıcı 0, 1, …, 9 sayar ve sonra 0’a döner. 1 değerinden başlar. 11 saat darbesinden sonra hangi sayıyı, Q, (ondalık olarak) gösterir?

Q0 = 111N = 10
Q =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

Euler’in φ fonksiyonunu bulun, φ(17): 1’den 17’e kadar 17 ile aralarında asal olan tam sayıların sayısı.

n = 17 = 17
φ(17) =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
mc = me​ mod n988m = cd​ mod n?(n, e) = (1763, 23)d

Bir RSA anahtarı p = 41, q = 43 ve e = 23 kullanıyor. c = 988 şifreli metnini çözün: mesajı, m, bulun.

p = 41q = 43e = 23c = 988
m =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

T(n) = 2T(n − 1) + O(1) yinelemesinin çözümü nedir?

  1. AO(n²)
  2. BO(n)
  3. CO(2ⁿ)
  4. DO(n log n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

İkili arama tek yönlü bağlı listede neden O(log n) zaman vermez?

  1. ABağlı listeler sıralanamaz
  2. BBağlı liste düğümlerindeki karşılaştırmalar daha yavaştır
  3. CDoğrudan indeks erişimi olmadığından ortadaki elemana ulaşmak O(n) adım alır
  4. Dİkili arama en az iki kat bellek gerektirir
11.Veri yapılarıOrta

Dairesel tampon (ring buffer) genellikle neyi gerçekleştirmek için kullanılır?

  1. ABir graf dolaşımı
  2. BSabit boyutlu bir kuyruk
  3. CBir karma fonksiyonu
  4. DBir ikili arama ağacı
12.Veri yapılarıZor

Öbek sıralaması (heapsort) hakkında hangi ifade doğrudur?

  1. AHer girdide O(n) sürede çalışır
  2. BKararlıdır ve O(n) ek bellek gerektirir
  3. CEk depolama olarak bir ikili arama ağacına ihtiyaç duyar, bu yüzden O(n) ek bellek kullanır
  4. DYerinde, en kötü durumda O(n log n) sürede sıralar, ancak kararlı değildir
13.Graf kuramıOrta

Bağlantılı bir grafın 14 köşesi ve 23 kenarı vardır. Bir kapsayan ağaç kalması için kaç kenar (k) kaldırılmalıdır?

|V| = 14|E| = 23
k =
14.Graf kuramıZor
1820119328ABCDE

Ağırlıklı grafın en küçük kapsayan ağacının toplam ağırlığını (W) bulun.

|V| = 5|E| = 7
W =
15.Veritabanları ve SQLOrta

SQL'de görünüm (view) nedir?

  1. ASanal bir tablo gibi davranan saklanmış bir sorgu
  2. BBir dizin türü
  3. CBir tablonun diskteki kopyası
  4. DVeritabanı istemcisinde tabloları gezmek için bir ekran
16.Veritabanları ve SQLZor

x NULL ve y = 1'dir. (x > 5 OR y = 1) koşulunun değeri nedir?

  1. ANULL, bu yüzden satır her zaman reddedilir
  2. BTRUE
  3. CUNKNOWN
  4. DFALSE
17.Bilgisayar ağlarıOrta

HTTP durumsuzdur. Web siteleri bir kullanıcının istekler boyunca oturumunu genellikle nasıl açık tutar?

  1. AHer kullanıcıya sabit bir IP adresi vererek
  2. BOturum kimliği veya belirteç tutan çerezlerle
  3. CTCP bağlantısını günlerce açık tutarak
  4. DParolayı URL'de saklayarak
18.Bilgisayar ağlarıZor

192.168.1.0/24'ü her biri en fazla 25 ana bilgisayarlı en az 5 alt ağa bölmeniz gerekiyor. Hangi önek uzunluğu en uygundur?

  1. A/26
  2. B/25
  3. C/27
  4. D/28
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/22 → /2711111111111111111111111111100000ağ bitlericihaz bitleri

10.10.4.0/22 ağı /27 önekli eşit alt ağlara bölünüyor. Kaç alt ağ N vardır?

10.10.4.0/22/27
N =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 223112816403211618141211ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.187.223/28. Alt ağının yayın adresinin son sayısı (dördüncü okteti) x nedir?

10.20.187.223/28
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 216

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

40 = 0010 1000
tersine çevrilmiş: 1101 0111
+1 → 1101 1000

İşaretsiz okuyun

1101 1000₂ = 256 − 40 = 216

Cevap

U = 216
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 21

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

AND yalnızca iki bit de 1 olduğunda 1 verir.

1111 0101
AND 0001 1101
= 0001 0101

Sonucun değeri

0001 0101₂ = 21

Cevap

R = 21
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ¬a → ¬(b ∨ c)

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Gerektirmenin parçaları

a = b ∨ c, b = a

Karşıt değil

¬b → ¬a = ¬a → ¬(b ∨ c)

Cevap

¬a → ¬(b ∨ c)

Karşıt değil özgün önermeye denktir; bu yüzden onu ispatlamak önermeyi ispatlar.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: c

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Tüm öncüllerin doğru olduğu satırlar

a = 0, c = 1: ¬c = 0, a = 0, c = 1, a ∧ c = 0

Sonuç

c (ayırmalı kıyas)

Cevap

c
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 19

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABCD000111100001111010011312141507161120131151140819011110

1’leri gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

CD′
BD′
A′D′
A′B′C
A′BC′
ABC
AB′C′D

En küçük SOP biçimi

F = CD′ + BD′ + A′D′ + A′B′C + A′BC′ + ABC + AB′C′D
L = 19

Cevap

L = 19
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: Q = 2

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Tam çevrimler

Her 10 darbe sayıcıyı aynı duruma geri getirir.

11 = 1·10 + 1

Kalan darbelerden sonraki sayı

Q = (1 + 1) mod 10 = 2
Q = 0010₂

Cevap

Q = 2
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: φ(17) = 16

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Asal çarpanlar

17 = 17

φ değeri

φ(17) = 17 − 1 = 16

Cevap

φ(17) = 16
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: m = 558

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Özel üs

n = 1763, φ(n) = 1680
d = 23−1 mod 1680 = 1607

Tekrarlı kare almayla çözün

1607 = 1024 + 512 + 64 + 4 + 2 + 1
9881 ≡ 988 (mod 1763)
9882 ≡ 1205 (mod 1763)
9884 ≡ 1076 (mod 1763)
9888 ≡ 1248 (mod 1763)
98816 ≡ 775 (mod 1763)
98832 ≡ 1205 (mod 1763)
98864 ≡ 1076 (mod 1763)
988128 ≡ 1248 (mod 1763)
988256 ≡ 775 (mod 1763)
988512 ≡ 1205 (mod 1763)
9881024 ≡ 1076 (mod 1763)
9881607 ≡ 988·1205·1076·1076·1205·1076 ≡ 558 (mod 1763)

Mesaj

m = 558
kontrol: 55823 mod 1763 = 988

Cevap

m = 558
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · O(2ⁿ)

Cevap neden bu

Çağrı sayısı her seviyede iki katına çıkar ve n seviye vardır, bu yüzden toplam Hanoi Kuleleri'nde olduğu gibi yaklaşık 2ⁿ'dir.

Cevap

C · O(2ⁿ)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · Doğrudan indeks erişimi olmadığından ortadaki elemana ulaşmak O(n) adım alır

Cevap neden bu

İkili arama ortaya O(1) erişim gerektirir; bağlı listede oraya yürümek doğrusal zaman alır, bu yüzden toplam O(n)'dir.

Cevap

C · Doğrudan indeks erişimi olmadığından ortadaki elemana ulaşmak O(n) adım alır
11.Veri yapıları

Cevap: B · Sabit boyutlu bir kuyruk

Cevap neden bu

Dairesel tampon başa saran head ve tail indeksleri kullanır; bu da sabit bellekte O(1) enqueue ve dequeue sağlar.

Cevap

B · Sabit boyutlu bir kuyruk
12.Veri yapıları

Cevap: D · Yerinde, en kötü durumda O(n log n) sürede sıralar, ancak kararlı değildir

Cevap neden bu

Öbek sıralaması bir max-heap oluşturur ve aynı dizi içinde en büyük elemanı n kez çıkarır; uzun mesafeli yer değiştirmeler eşit anahtarların sırasını değiştirebilir.

Cevap

D · Yerinde, en kötü durumda O(n log n) sürede sıralar, ancak kararlı değildir
13.Graf kuramı

Cevap: k = 10

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Kapsayan ağacın kenarları

14 − 1 = 13

Kaldırılacak kenarlar

k = 23 − 13 = 10

Cevap

k = 10
14.Graf kuramı

Cevap: W = 31

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Kruskal algoritması

DE (2): al
CE (3): al
BE (8): al
BD (9): atla, döngü kapatır
BC (11): atla, döngü kapatır
AB (18): al

Toplam ağırlık

W = 2 + 3 + 8 + 18 = 31

Cevap

W = 31
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: A · Sanal bir tablo gibi davranan saklanmış bir sorgu

Cevap neden bu

Görünüm bir SELECT ifadesini saklar; görünüm sorgulandığında altındaki sorgu çalıştırılır (somutlaştırılmış görünümler (materialized views) ise sonucu saklar).

Cevap

A · Sanal bir tablo gibi davranan saklanmış bir sorgu
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · TRUE

Cevap neden bu

x > 5 UNKNOWN'dur, ancak TRUE ile OR her durumda TRUE'dur; bu yüzden satır tutulur; benzer şekilde UNKNOWN AND FALSE da FALSE olurdu.

Cevap

B · TRUE
17.Bilgisayar ağları

Cevap: B · Oturum kimliği veya belirteç tutan çerezlerle

Cevap neden bu

Sunucu oturum kimliği veya belirteç içeren bir çerez ayarlar; tarayıcı bunu her istekle geri gönderir, böylece sunucu kullanıcıyı tanıyabilir.

Cevap

B · Oturum kimliği veya belirteç tutan çerezlerle
18.Bilgisayar ağları

Cevap: C · /27

Cevap neden bu

/27 her biri 30 kullanılabilir ana bilgisayarlı 8 alt ağ verir. /26 yalnızca 4 alt ağ verir, /28 ise alt ağ başına yalnızca 14 ana bilgisayara izin verir.

Cevap

C · /27
19.IPv4 alt ağları

Cevap: N = 32

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Ödünç alınan bitler

27 − 22 = 5

Alt ağ sayısı

N = 25 = 32

Cevap

N = 32

Her /27 alt ağında 25 − 2 = 30 kullanılabilir cihaz vardır.

20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 223

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

24 = 16

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊223/16⌋·16 = 208
yayın: 208 + 16 − 1 = 223
kullanılabilir cihazlar: 209 … 222

Cevap

x = 223

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals