Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −91 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −918 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1111 0101 AND 0111 1001 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1111 0101AND0111 1001
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
totolojiçelişkiolumsallık

¬(r ∨ ¬r) bir totoloji, bir çelişki mi yoksa olumsallık mı? Cevabınıza tıklayın.

¬(r ∨ ¬r)
  1. 1totoloji
  2. 2çelişki
  3. 3olumsallık
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
pqrq → rp → rq → p111110101100011010001000

Öncülleri q → r; p → r ve sonucu q → p olan argüman geçersizdir. Doğruluk tablosunda karşı örnek olan satıra tıklayın.

q → rp → r∴ q → p
  1. 1p = 1, q = 1, r = 1
  2. 2p = 1, q = 1, r = 0
  3. 3p = 1, q = 0, r = 1
  4. 4p = 1, q = 0, r = 0
  5. 5p = 0, q = 1, r = 1
  6. 6p = 0, q = 1, r = 0
  7. 7p = 0, q = 0, r = 1
  8. 8p = 0, q = 0, r = 0
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABCD000111100001111010111302141507160121130151141809011110

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 3, 4, 5, 6, 8, 10, 13, 14) fonksiyonunun en küçük çarpımlar toplamı (SOP) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Toplamda kaç literal (L) içerir (üzerinde işaret olan bir değişken bir literal sayılır)?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 1, 3, 4, 5, 6, 8, 10, 13, 14)
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
ABCD000111100001111000111302X415X706112113015X1408X9011110

F(A, B, C, D) = Σm(1, 3, 5, 10, 12, 13) + d(4, 7, 9, 14) fonksiyonunun en küçük SOP biçimini bulun; d fark etmez (don’t-care) durumlarını gösterir. Kaç literal (L) içerir?

F(A, B, C, D) = Σm(1, 3, 5, 10, 12, 13) + d(4, 7, 9, 14)
L =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

Euler’in φ fonksiyonunu bulun, φ(95): 1’den 95’e kadar 95 ile aralarında asal olan tam sayıların sayısı.

n = 95 = 5·19
φ(95) =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (55, 13)d = ?

Bir RSA anahtarı p = 5 ve q = 11 asallarını ve e = 13 genel üssünü kullanıyor. Özel üssü, d, bulun (0 < d < φ(n)).

p = 5q = 11e = 13
d =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

O(n²) bir algoritmanın aynı zamanda O(n³) olduğunu söylemek doğru mudur?

  1. AEvet, ama yalnızca n 100'den küçükse
  2. BHayır, çünkü Büyük O her zaman fonksiyonun tam büyüme hızını belirtmelidir
  3. CEvet, çünkü Büyük O bir üst sınırdır ve n², n³'ten daha hızlı büyümez
  4. DHayır, çünkü büyük n için n³, n²'den küçüktür
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Bu sağlanabilirlik problemlerinden hangisinin polinom zamanda çözülebildiği bilinmektedir?

  1. AHer yan tümcenin en fazla iki literal içerdiği 2-SAT
  2. BHer yan tümcenin tam olarak üç literal içerdiği 3-SAT
  3. CBirleşimli normal biçimdeki formüller üzerinde genel SAT
  4. DDevre sağlanabilirliği
11.Veri yapılarıOrta

Yönsüz bir grafın komşuluk matrisi hakkında ne doğrudur?

  1. AHer zaman üst üçgenseldir
  2. BAna köşegene göre simetriktir
  3. CAna köşegeni her zaman birlerden oluşur
  4. DHer satırda tam olarak bir tane 1 vardır
12.Veri yapılarıZor

İkili arama ağacından iki çocuğu olan bir düğümü silmek genellikle nasıl yapılır?

  1. AAltındaki alt ağacı baştan yeniden kurup içerdiği her anahtarı yeniden eklemek
  2. BTüm alt ağaç kaldırılır
  3. CDüğüm in-order ardılı (veya öncülü) ile değiştirilir ve o düğüm silinir
  4. DDüğüm kökle yer değiştirilir
13.Graf kuramıOrta
ABCDEEuler devresiEuler yolu, devre yokhiçbiri

Bağlantılı grafın bir Euler devresi mi, devre olmayan bir Euler yolu mu var, yoksa hiçbiri mi? Cevabınıza tıklayın.

|V| = 5|E| = 5
  1. 1Euler devresi
  2. 2Euler yolu, devre yok
  3. 3hiçbiri
14.Graf kuramıZor
116513669415ABCDEFG

Dijkstra algoritması A’dan başlar. 4. turda kesinleşen (kalıcı yapılan) köşeye tıklayın; A’nın kendisi 1. turdur.

başlangıç: Atur 4
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
  7. 7G
15.Veritabanları ve SQLOrta

Bir employees tablosunda başka bir çalışana başvuran bir manager_id sütunu var. Her çalışanı yöneticisinin adıyla birlikte nasıl listelersiniz?

  1. Aemployees tablosunu iki takma adla kendisiyle birleştirerek
  2. BTabloyu UNION ALL ve bir WHERE filtresi kullanarak kendisiyle birleştirerek
  3. CYalnızca GROUP BY manager_id kullanarak
  4. DTablonun diskte ikinci bir kopyasını oluşturarak
16.Veritabanları ve SQLZor

SELECT dept, name, COUNT(*) FROM emp GROUP BY dept standart SQL'de neden geçersizdir?

  1. ACOUNT(*) GROUP BY ile birlikte kullanılamaz
  2. Bname ne gruplanmış ne de toplanmıştır, bu yüzden grup başına tek bir değeri yoktur
  3. Cdept bir toplama fonksiyonunun içinde yer almalıdır
  4. DGROUP BY tablonun tüm sütunlarını listelemelidir
17.Bilgisayar ağlarıOrta

TLS, HTTPS için hangi güvenlik özelliklerini sağlar?

  1. AGizlilik, bütünlük ve sunucu kimlik doğrulaması
  2. BKullanıcının anonimliği
  3. CYalnızca daha hızlı yükleme
  4. DZiyaret edilen sitedeki tüm kötü amaçlı yazılımlara ve kimlik avına karşı koruma
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bir bilgisayar kendi alt ağındaki yazıcılara ulaşabiliyor ama ötesindeki hiçbir şeye ulaşamıyor. IP adresi ve maskesi doğru. En olası arıza nedir?

  1. Aİnternette yinelenen bir MAC adresi
  2. BEksik veya yanlış varsayılan ağ geçidi
  3. CHatalı bir DNS sunucusu ayarı
  4. DTCP penceresinin çok küçük olması
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/24 → /2811111111111111111111111111110000ağ bitlericihaz bitleri

192.168.190.0/24 ağı, en düşük adresten başlayarak 1, 2, 3, … diye numaralandırılan /28 alt ağlarına bölünüyor (1. alt ağ .0’dan başlar). 7. alt ağın yayın adresinin dördüncü okteti x nedir?

192.168.190.0/24/28alt ağ 7 (1. alt ağ .0’dan başlar)
x =
20.IPv4 alt ağlarıZor

192.168.4.0/24 ağı şu LAN’lar için VLSM ile bölünüyor: A: 26 ana makine, B: 7 ana makine, C: 62 ana makine, D: 9 ana makine, E: 6 ana makine. Alt ağlar .0’dan yukarı doğru, en çok cihazı olan LAN’dan başlayarak, her birine sığan en küçük alt ağ verilerek atanıyor. LAN E’ün ağ adresinin dördüncü okteti x nedir?

A: 26B: 7C: 62D: 9E: 6
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 165

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

91 = 0101 1011
tersine çevrilmiş: 1010 0100
+1 → 1010 0101

İşaretsiz okuyun

1010 0101₂ = 256 − 91 = 165

Cevap

U = 165
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 113

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

AND yalnızca iki bit de 1 olduğunda 1 verir.

1111 0101
AND 0111 1001
= 0111 0001

Sonucun değeri

0111 0001₂ = 113

Cevap

R = 113
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: çelişki

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Doğruluk tablosu satır satır

r = 1: ¬r = 0, r ∨ ¬r = 1, ¬(r ∨ ¬r) = 0
r = 0: ¬r = 1, r ∨ ¬r = 1, ¬(r ∨ ¬r) = 0

Sınıflandırın

¬(r ∨ ¬r): 0, 0
Her satırda 0: bir çelişki.

Cevap

çelişki
4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: p = 0, q = 1, r = 1

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Öncüller ve sonuç satır satır

p = 1, q = 1, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 1, r = 0: 0 0 | 1
p = 1, q = 0, r = 1: 1 1 | 1
p = 1, q = 0, r = 0: 1 0 | 1
p = 0, q = 1, r = 1: 1 1 | 0
p = 0, q = 1, r = 0: 0 1 | 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 1 | 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 1 | 1

Karşı örnek

p = 0, q = 1, r = 1

Cevap

p = 0, q = 1, r = 1

Bu biçimdeki bir argüman geçerli bir kurala benzer, ama geçerli olmadığını göstermek için tek bir satır yeter.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 14

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABCD000111100001111010111302141507160121130151141809011110

1’leri gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

BC′D
BCD′
A′C′
A′B′D
AB′D′

En küçük SOP biçimi

F = BC′D + BCD′ + A′C′ + A′B′D + AB′D′
L = 14

Cevap

L = 14
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 7

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

Asal implikantlar

1’lerden ve X’lerden oluşturulabilen en büyük gruplar.

C′D, BC′, A′D, ACD′, ABD′
ABCD000111100001111000111302X415X706112113015X1408X9011110

En küçük kapsama

F = BC′ + A′D + ACD′
L = 7

Cevap

L = 7
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: φ(95) = 72

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Asal çarpanlar

95 = 5·19

φ değeri

φ(95) = φ(19)·φ(5) = 18·4 = 72

Cevap

φ(95) = 72
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: d = 37

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Modül ve φ değeri

n = 5·11 = 55
φ(n) = 4·10 = 40

Genişletilmiş Öklid algoritması

r = 40, t = 0
r = 13, q = 3, t = 1
r = 1, q = 13, t = −3

Özel üs

d = 37
kontrol: 13·37 = 481 = 12·40 + 1

Cevap

d = 37
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · Evet, çünkü Büyük O bir üst sınırdır ve n², n³'ten daha hızlı büyümez

Cevap neden bu

Büyük O bir üst sınırdır, bu yüzden ifade doğrudur ama sıkı değildir; Θ(n²) tam büyüme hızını belirtir.

Cevap

C · Evet, çünkü Büyük O bir üst sınırdır ve n², n³'ten daha hızlı büyümez
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · Her yan tümcenin en fazla iki literal içerdiği 2-SAT

Cevap neden bu

2-SAT P'dedir (güçlü bağlantılı bileşenlerle doğrusal zamanda), 3-SAT ise NP-tamdır.

Cevap

A · Her yan tümcenin en fazla iki literal içerdiği 2-SAT
11.Veri yapıları

Cevap: B · Ana köşegene göre simetriktir

Cevap neden bu

Yönsüz grafta {u, v} kenarı hem M[u][v]'nin hem de M[v][u]'nun işaretlendiği anlamına gelir, bu nedenle matris transpozuna eşittir.

Cevap

B · Ana köşegene göre simetriktir
12.Veri yapıları

Cevap: C · Düğüm in-order ardılı (veya öncülü) ile değiştirilir ve o düğüm silinir

Cevap neden bu

In-order ardılın en fazla bir çocuğu vardır; bu yüzden anahtarı silinen düğüme kopyalandıktan sonra kolayca kaldırılabilir.

Cevap

C · Düğüm in-order ardılı (veya öncülü) ile değiştirilir ve o düğüm silinir
13.Graf kuramı

Cevap: Euler devresi

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Dereceler

deg(A) = 2, deg(B) = 2, deg(C) = 2, deg(D) = 2, deg(E) = 2

Tek dereceli köşeler

0
Euler devresi

Cevap

Euler devresi
14.Graf kuramı

Cevap: G

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Dijkstra tur tur

1. A (0): B: 11
2. B (11): C: 17, G: 20
3. C (17): E: 22
4. G (20): D: 24
5. E (22): F: 28
6. D (24)
7. F (28)

tur 4

G

Cevap

G
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: A · employees tablosunu iki takma adla kendisiyle birleştirerek

Cevap neden bu

FROM employees e JOIN employees m ON e.manager_id = m.id gibi bir kendine birleştirme (self-join), bir takma adın çalışan, diğerinin yönetici olmasını sağlar.

Cevap

A · employees tablosunu iki takma adla kendisiyle birleştirerek
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · name ne gruplanmış ne de toplanmıştır, bu yüzden grup başına tek bir değeri yoktur

Cevap neden bu

SELECT listesindeki her sütun GROUP BY içinde veya bir toplama fonksiyonunun içinde olmalıdır (ya da gruplama sütunlarına fonksiyonel olarak bağlı olmalıdır); aksi hâlde değer belirsizdir.

Cevap

B · name ne gruplanmış ne de toplanmıştır, bu yüzden grup başına tek bir değeri yoktur
17.Bilgisayar ağları

Cevap: A · Gizlilik, bütünlük ve sunucu kimlik doğrulaması

Cevap neden bu

TLS trafiği şifreler, kurcalamayı tespit eder ve sertifikalarla sunucunun (isteğe bağlı olarak istemcinin de) kimliğini doğrular.

Cevap

A · Gizlilik, bütünlük ve sunucu kimlik doğrulaması
18.Bilgisayar ağları

Cevap: B · Eksik veya yanlış varsayılan ağ geçidi

Cevap neden bu

Ana bilgisayarlar alt ağ dışı paketleri varsayılan ağ geçidine gönderir. Ağ geçidi yanlış veya eksikse yerel trafik çalışmaya devam eder, ancak dışarıdaki hiçbir şeye IP adresiyle bile ulaşılamaz.

Cevap

B · Eksik veya yanlış varsayılan ağ geçidi
19.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 111

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Blok boyutu

24 = 16

7 numaralı alt ağ

ağ: (7 − 1)·16 = 96
yayın: 96 + 16 − 1 = 111

Cevap

x = 111
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 128

VLSM: her LAN, 2ʰ − 2 ≥ cihaz sayısı olan en küçük alt ağı, yani 32 − h önekini alır. Önce en büyük alt ağları atamak her bloğun kendi boyutunun bir katına hizalanmasını sağlar, bu yüzden ağ adresleri blok boyutlarını toplayarak bulunur.

LAN başına blok boyutu

C: 62 ana makine → 26 = 64 (/26)
A: 26 ana makine → 25 = 32 (/27)
D: 9 ana makine → 24 = 16 (/28)
B: 7 ana makine → 24 = 16 (/28)
E: 6 ana makine → 23 = 8 (/29)

Atama, en büyükten başlayarak

C: .0 – .63
A: .64 – .95
D: .96 – .111
B: .112 – .127
E: .128 – .135

Cevap

x = 128

LAN E: 192.168.4.128/29.

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals