Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −110 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −1108 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1011 1000 OR 1000 1110 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1011 1000OR1000 1110
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
¬p ∨ ¬r¬p ∧ r¬p ∨ r¬p ∧ ¬r

Hangi formül ¬(p ∧ r) formülüne mantıksal olarak denktir? Üzerine tıklayın.

¬(p ∧ r)
  1. 1¬p ∨ ¬r
  2. 2¬p ∧ r
  3. 3¬p ∨ r
  4. 4¬p ∧ ¬r
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
qq ∧ p¬rr

q ∨ p; q → r; p → r öncülleri verilmiştir. Bunlardan hangi sonuç çıkar? Üzerine tıklayın.

q ∨ pq → rp → r
  1. 1q
  2. 2q ∧ p
  3. 3¬r
  4. 4r
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
MUX1I0​C′I1​C′I2​CI3​ABS1​S0​F

Bir 4’ten 1’e çoklayıcının seçme girişleri S₁ = A ve S₀ = B, veri girişleri I₀ = 1, I₁ = C′, I₂ = C′, I₃ = C’e bağlanmıştır. A, B ve C girişlerinin 8 birleşiminden kaçında F = 1 olur? N değerini bulun.

I₀ = 1I₁ = C′I₂ = C′I₃ = C
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
CLKJK12345678

Yükselen kenarla tetiklenen bir JK flip-flop Q = 0 ile başlar ve gösterilen girişleri alır. Q’nun 1’den tekrar 0’a döndüğü ilk saat kenarına tıklayın.

Q₀ = 0JK
  1. 1saat kenarı 1
  2. 2saat kenarı 2
  3. 3saat kenarı 3
  4. 4saat kenarı 4
  5. 5saat kenarı 5
  6. 6saat kenarı 6
  7. 7saat kenarı 7
  8. 8saat kenarı 8
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

4x ≡ 31 (mod 87) denkliğini çözün. 0 < x < 87 olan x çözümünü verin.

4x ≡ 31 (mod 87)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

27x ≡ 9 (mod 39) denkliğinin {0, 1, …, 38} kümesinde kaç çözümü (N) vardır?

27x ≡ 9 (mod 39)
N =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

k tabanında d basamaklı n tamsayı üzerinde LSD taban sıralamasının (radix sort) çalışma süresi nedir?

  1. AO(d(n + k))
  2. BO(n²)
  3. CO(dn log k)
  4. DO(n log n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Held–Karp dinamik programlama algoritması gezgin satıcı problemini tam olarak çözer. n şehir için çalışma süresi nedir?

  1. AO(2n²)
  2. BO(n³)
  3. CO(n!)
  4. DO(n² 2ⁿ)
11.Veri yapılarıOrta

3 4 + 2 * sonek (postfix) ifadesinin değeri nedir?

  1. A11
  2. B10
  3. C14
  4. D24
12.Veri yapılarıZor

Topolojik sıralama için Kahn algoritması giriş derecesi 0 olan köşeleri tekrar tekrar çıkarır. Bu köşeleri hangi yapı tutar?

  1. AGiriş derecesi 0 olan köşelerden oluşan bir kuyruk (veya herhangi bir koleksiyon)
  2. BHangi köşelerin zaten çıkarıldığını kaydeden bir komşuluk matrisi
  3. CZiyaret edilen tüm kenarlardan oluşan bir yığın
  4. DÇıkış derecesine göre sıralanmış bir max-heap
13.Graf kuramıOrta
ABCDEFEuler devresiEuler yolu, devre yokhiçbiri

Bağlantılı grafın bir Euler devresi mi, devre olmayan bir Euler yolu mu var, yoksa hiçbiri mi? Cevabınıza tıklayın.

|V| = 6|E| = 8
  1. 1Euler devresi
  2. 2Euler yolu, devre yok
  3. 3hiçbiri
14.Graf kuramıZor
511154261013984ABCDEFG

Ağırlıklı grafta A’dan F köşesine en kısa yolun uzunluğunu (d(F)) bulmak için Dijkstra algoritmasını kullanın.

başlangıç: Abitiş: F
d(F) =
15.Veritabanları ve SQLOrta

İlişkisel cebirde izdüşüm (projeksiyon) işleci (π) neye karşılık gelir?

  1. Aİki tabloyu bir anahtara göre birleştirmeye
  2. BSonucu sıralamaya
  3. CVerilen bir koşulu hangi satırların sağladığını seçmeye
  4. DSonuçta hangi sütunların görüneceğini seçmeye
16.Veritabanları ve SQLZor

Derinliği bilinmeyen bir organizasyon ağacında bir yöneticinin altındaki her çalışanı bulmak için en uygun SQL özelliği hangisidir?

  1. Amanager_id üzerinde bir GROUP BY
  2. BÖzyinelemeli bir ortak tablo ifadesi (WITH RECURSIVE)
  3. Cemployees tablosunun manager_id üzerinden tek bir kendine birleştirmesi
  4. Dmanager_id üzerinde bir UNIQUE kısıtı
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Wi-Fi neden çarpışma algılama yerine çarpışmadan kaçınma (CSMA/CA) kullanır?

  1. AKablosuz bir istasyon iletim yaparken çarpışmaları güvenilir biçimde algılayamaz
  2. BÇarpışma algılama yalnızca fiber kablolarda çalışır, paylaşılan kablosuz radyo kanallarında çalışmaz
  3. CWi-Fi ağ başına yalnızca bir cihaza izin verir
  4. DRadyo sinyalleri asla çarpışmaz
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bu adreslerden hangisi genel (RFC 1918 özel adresi olmayan) bir IPv4 adresidir?

  1. A192.168.255.1
  2. B172.31.0.1
  3. C10.255.0.1
  4. D172.32.0.1
19.IPv4 alt ağlarıOrta
255.255.240.011111111111111111111000000000000ağ bitlericihaz bitleri

Bir alt ağ 255.255.240.0 maskesini kullanıyor. Kaç kullanılabilir cihaz adresi H vardır?

255.255.240.0
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor
üçüncü oktet = 203112816403201618041211ağcihaz

Bir cihazın adresi 172.20.203.12/23. Ağ adresinin üçüncü okteti x nedir?

172.20.203.12/23
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 146

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

110 = 0110 1110
tersine çevrilmiş: 1001 0001
+1 → 1001 0010

İşaretsiz okuyun

1001 0010₂ = 256 − 110 = 146

Cevap

U = 146
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 190

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

OR en az bir bit 1 olduğunda 1 verir.

1011 1000
OR 1000 1110
= 1011 1110

Sonucun değeri

1011 1110₂ = 190

Cevap

R = 190
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ¬p ∨ ¬r

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Kural

De Morgan: ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b. ∧ , ∨ olur ve her iki parçanın değili alınır.
¬(p ∧ r) ≡ ¬p ∨ ¬r

Doğruluk tablosuyla denetleyin

p = 1, r = 1: 0 | 0 0 1 0
p = 1, r = 0: 1 | 1 0 0 0
p = 0, r = 1: 1 | 1 1 1 0
p = 0, r = 0: 1 | 1 0 1 1

Cevap

¬p ∨ ¬r

Çubuktan sonraki sütunlar, gösterilen sırayla seçeneklerdir.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: r

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Tüm öncüllerin doğru olduğu satırlar

p = 1, q = 1, r = 1: q = 1, q ∧ p = 1, ¬r = 0, r = 1
p = 1, q = 0, r = 1: q = 0, q ∧ p = 0, ¬r = 0, r = 1
p = 0, q = 1, r = 1: q = 1, q ∧ p = 0, ¬r = 0, r = 1

Sonuç

r (durumlara ayırarak ispat)

Cevap

r
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 5

Çoklayıcı (multiplexer): 2ⁿ’den 1’e bir çoklayıcı veri girişlerinden birini çıkışa iletir; ikilik sayı olarak okunan seçme hatları hangisinin seçileceğini belirler. S₁S₀ = AB seçmeli 4’ten 1’e bir MUX için F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Veri girişlerini 0, 1, C ya da C′’ye bağlamak MUX’un A, B ve C’nin herhangi bir fonksiyonunu üretmesini sağlar; bu, tek bir yongayla mantık kurmanın yaygın bir yoludur.

Çıkış ifadesi

F = A′B′ + A′BC′ + AB′C′ + ABC

F = 1 olan satırlar

ABC = 000, 001, 010, 100, 111
N = 5

Cevap

N = 5
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: saat kenarı 5

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Her kenardan sonra Q

Bir JK flip-flop: 00 tutar, 01 sıfırlar (Q = 0), 10 kurar (Q = 1), 11 tersler.

1: J = 0, K = 1 → Q = 0
2: J = 1, K = 1 → Q = 1
3: J = 1, K = 0 → Q = 1
4: J = 1, K = 0 → Q = 1
5: J = 1, K = 1 → Q = 0
6: J = 0, K = 1 → Q = 0
7: J = 0, K = 0 → Q = 0
8: J = 1, K = 1 → Q = 1

1’den 0’a ilk değişim

saat kenarı 5

Cevap

saat kenarı 5
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 73

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

4 sayısının tersi

r = 87, t = 0
r = 4, q = 21, t = 1
r = 3, q = 1, t = −21
r = 1, q = 3, t = 22
4−1 ≡ 22 (mod 87)

Çözün

x ≡ 22·31 = 682 ≡ 73 (mod 87)
kontrol: 4·73 = 292 ≡ 31 (mod 87)

Cevap

x = 73
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: N = 3

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Ebob’a bölün

gcd(27, 39) = 3
9x ≡ 3 (mod 13)

İndirgenmiş denkliği çözün

9−1 ≡ 3 (mod 13) → x ≡ 9 (mod 13)

39 modundaki çözümler

x ∈ {9, 22, 35}
N = 3

Cevap

N = 3
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: A · O(d(n + k))

Cevap neden bu

d geçişin her biri O(n + k) maliyetli bir sayma sıralamasıdır, bu yüzden sabit d ve k için toplam n'de doğrusaldır.

Cevap

A · O(d(n + k))
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · O(n² 2ⁿ)

Cevap neden bu

Yaklaşık n 2ⁿ durum vardır ve her biri O(n)'de hesaplanır; bu üsteldir ama tüm (n − 1)! turu denemekten çok daha hızlıdır.

Cevap

D · O(n² 2ⁿ)
11.Veri yapıları

Cevap: C · 14

Cevap neden bu

3 ve 4'ü push edin, + 7 verir; 2'yi push edin, * 7 × 2 = 14 verir.

Cevap

C · 14
12.Veri yapıları

Cevap: A · Giriş derecesi 0 olan köşelerden oluşan bir kuyruk (veya herhangi bir koleksiyon)

Cevap neden bu

Hazır köşeler bir kuyrukta tutulur; birini çıkarmak komşularının giriş derecelerini düşürür ve 0'a ulaşanlar eklenir; bu O(V + E) süre verir.

Cevap

A · Giriş derecesi 0 olan köşelerden oluşan bir kuyruk (veya herhangi bir koleksiyon)
13.Graf kuramı

Cevap: hiçbiri

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Dereceler

deg(A) = 2, deg(B) = 4, deg(C) = 3, deg(D) = 3, deg(E) = 3, deg(F) = 1

Tek dereceli köşeler

C, D, E, F → 4
hiçbiri

Cevap

hiçbiri
14.Graf kuramı

Cevap: d(F) = 15

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Dijkstra tur tur

Her satır: kesinleşen köşe, kesin uzaklığı ve uzaklığı iyileşen komşular.

A (0): B: 5, C: 11
B (5): D: 9, G: 18
D (9): E: 11, F: 15, G: 17
C (11)
E (11): G: 15
F (15)
G (15)

En kısa yol

A → B → D → F
d(F) = 15

Cevap

d(F) = 15
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · Sonuçta hangi sütunların görüneceğini seçmeye

Cevap neden bu

İzdüşüm seçilen nitelikleri tutar (SELECT listesi), seçme σ ise bir koşulu sağlayan satırları tutar (WHERE yan tümcesi).

Cevap

D · Sonuçta hangi sütunların görüneceğini seçmeye
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Özyinelemeli bir ortak tablo ifadesi (WITH RECURSIVE)

Cevap neden bu

Özyinelemeli bir CTE bir başlangıç (anchor) sorgusuyla başlar ve önceki sonucu tekrar tekrar tabloyla birleştirir; böylece her derinlikteki hiyerarşileri işler.

Cevap

B · Özyinelemeli bir ortak tablo ifadesi (WITH RECURSIVE)
17.Bilgisayar ağları

Cevap: A · Kablosuz bir istasyon iletim yaparken çarpışmaları güvenilir biçimde algılayamaz

Cevap neden bu

Bir radyo vericisi gönderirken diğer zayıf sinyalleri duyamaz ve bazı istasyonlar birbirinden gizlidir. Bu yüzden 802,11 rastgele geri çekilme süreleri bekler ve onaylar kullanır.

Cevap

A · Kablosuz bir istasyon iletim yaparken çarpışmaları güvenilir biçimde algılayamaz
18.Bilgisayar ağları

Cevap: D · 172.32.0.1

Cevap neden bu

172.16.0.0/12, 172.16.0.0'dan 172.31.255.255'e kadar uzanır; bu yüzden 172.32.0.1 bunun dışındadır. Diğer üçü özel aralıklardadır.

Cevap

D · 172.32.0.1
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 4094

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Önek uzunluğu

255.255.240.0 = /20

Kullanılabilir cihazlar

212 − 2 = 4094

Cevap

H = 4094
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 202

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Üçüncü oktetteki blok boyutu

21 = 2

Bu cihazın alt ağı

ağ: 172.20.202.0
yayın: 172.20.203.255

Cevap

x = 202

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals