Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen?−128?64?32?16?8?4?2?1

−90 sayısını 8 bitlik ikiye tümleyen dizisi olarak yazın. Diziyi işaretsiz ikilik sayı olarak okuyun: onluk değeri U nedir?

N = −908 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 0101 0001 AND 1111 0110 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

0101 0001AND1111 0110
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
a → ¬c¬¬c → ¬a¬a → ¬¬c¬c ∧ ¬a

¬c → a önermesini karşıt değil yoluyla ispatlamak istiyorsunuz. Bunun yerine hangi gerektirmeyi ispatlarsınız? Üzerine tıklayın.

¬c → a
  1. 1a → ¬c
  2. 2¬¬c → ¬a
  3. 3¬a → ¬¬c
  4. 4¬c ∧ ¬a
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
pr ∧ q¬pr

r ∨ q; r → p; q → p öncülleri verilmiştir. Bunlardan hangi sonuç çıkar? Üzerine tıklayın.

r ∨ qr → pq → p
  1. 1p
  2. 2r ∧ q
  3. 3¬p
  4. 4r
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
MUX0I0​C′I1​1I2​0I3​ABS1​S0​F

Bir 4’ten 1’e çoklayıcının seçme girişleri S₁ = A ve S₀ = B, veri girişleri I₀ = 0, I₁ = C′, I₂ = 1, I₃ = 0’e bağlanmıştır. A, B ve C girişlerinin 8 birleşiminden kaçında F = 1 olur? N değerini bulun.

I₀ = 0I₁ = C′I₂ = 1I₃ = 0
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
ABCD000111100001111000110312040517X6112013015114X809X11110

d fark etmez (don’t-care) durumlarını gösterirken F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 7, 10, 12, 14) + d(6, 8, 11) fonksiyonu için temel asal implikantların sayısını, N, bulun.

F(A, B, C, D) = Σm(1, 2, 7, 10, 12, 14) + d(6, 8, 11)
N =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

18x ≡ 27 (mod 29) denkliğini çözün. 0 < x < 29 olan x çözümünü verin.

18x ≡ 27 (mod 29)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

29139 mod 63 değerini bulmak için tekrarlı kare almayı kullanın.

a = 29k = 139n = 63
29139 mod 63 =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Dinamik programlama birleştirmeli sıralama için neden gerçek bir hızlanma sağlamaz?

  1. ADinamik programlama yalnızca graf problemlerinde çalışır, dizilerde çalışmaz
  2. BBirleştirmeli sıralamanın özyinelemeli bir yapısı yoktur
  3. CBirleştirmeli sıralama zaten O(n)'dir
  4. DAlt problemleri çakışmaz, bu yüzden yeniden kullanılacak bir şey yoktur
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Cook–Levin teoremi neyi ortaya koydu?

  1. ADurma probleminin karar verilemez olduğunu
  2. BBoole sağlanabilirlik probleminin (SAT) NP-tam olduğunu
  3. CHer NP probleminin üstel zamanda çözülebileceğini
  4. DP'nin NP'ye eşit olmadığını
11.Veri yapılarıOrta

Bağlı listede bir nöbetçi (sentinel, kukla) düğümün amacı nedir?

  1. ABaştaki veya sondaki özel durumları kaldırarak kodu basitleştirmek
  2. BListeyi sıralı hâle getirmek
  3. CEleman sayısını saklamak
  4. DListenin sabit bir en fazla düğüm sayısının ötesine büyümesini engellemek
12.Veri yapılarıZor

Çift karma (double hashing) esas olarak doğrusal yoklamanın hangi sorununu azaltır?

  1. AAnahtarları tabloda saklama ihtiyacını
  2. BBir karma fonksiyonuna duyulan ihtiyacı
  3. CBir anahtarın değerini okumanın O(n) maliyetini
  4. DUzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi
13.Graf kuramıOrta
ABCDEEuler devresiEuler yolu, devre yokhiçbiri

Bağlantılı grafın bir Euler devresi mi, devre olmayan bir Euler yolu mu var, yoksa hiçbiri mi? Cevabınıza tıklayın.

|V| = 5|E| = 5
  1. 1Euler devresi
  2. 2Euler yolu, devre yok
  3. 3hiçbiri
14.Graf kuramıZor
2101228111ABCDEF

Dijkstra algoritması A’dan başlar. 4. turda kesinleşen (kalıcı yapılan) köşeye tıklayın; A’nın kendisi 1. turdur.

başlangıç: Atur 4
  1. 1A
  2. 2B
  3. 3C
  4. 4D
  5. 5E
  6. 6F
15.Veritabanları ve SQLOrta

Veritabanı tetikleyicisi (trigger) nedir?

  1. AAramaları hızlandıran bir indeks türü
  2. BVeritabanının zamanlanmış bir yedeği
  3. CBir tabloda INSERT, UPDATE veya DELETE gibi belirli bir olay gerçekleştiğinde otomatik olarak çalışan kod
  4. DBir kullanıcının elle çalıştırdığı bir sorgu
16.Veritabanları ve SQLZor

Hayalet okuma (phantom read) nedir?

  1. AHiç yazılmamış verilerin okunması
  2. BHiç satır döndürmeyen bir sorgu
  3. COnaylanmamış değişikliklerin okunması
  4. DTekrarlanan bir sorgunun, onaylanmış başka bir işlem tarafından eklenen yeni satırları döndürmesi
17.Bilgisayar ağlarıOrta

1500 baytlık bir paketi 12 Mbit/s'lik bir bağlantıya koymak (iletim gecikmesi) ne kadar sürer?

  1. A1 ms
  2. B12 ms
  3. C0,125 ms
  4. D8 ms
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bir TCP bağlantısının penceresi 64 KB, gidiş-dönüş süresi 100 ms ve pencere ölçekleme yok. Yaklaşık en yüksek verimi nedir?

  1. AYaklaşık 640 Mbit/s
  2. BYaklaşık 5 Mbit/s
  3. CYaklaşık 0,5 Mbit/s
  4. DYaklaşık 50 Mbit/s
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/24 → /2911111111111111111111111111111000ağ bitlericihaz bitleri

192.168.10.0/24 ağı en az 30 eşit alt ağa bölünmelidir. Mümkün olduğunca az bit ödünç alırsanız her alt ağda kaç kullanılabilir cihaz H olur?

192.168.10.0/2430 subnets
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 134112806403201608141201ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.123.134/28. Alt ağının yayın adresinin son sayısı (dördüncü okteti) x nedir?

10.20.123.134/28
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 166

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

90 = 0101 1010
tersine çevrilmiş: 1010 0101
+1 → 1010 0110

İşaretsiz okuyun

1010 0110₂ = 256 − 90 = 166

Cevap

U = 166
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 80

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

AND yalnızca iki bit de 1 olduğunda 1 verir.

0101 0001
AND 1111 0110
= 0101 0000

Sonucun değeri

0101 0000₂ = 80

Cevap

R = 80
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ¬a → ¬¬c

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Gerektirmenin parçaları

a = ¬c, b = a

Karşıt değil

¬b → ¬a = ¬a → ¬¬c

Cevap

¬a → ¬¬c

Karşıt değil özgün önermeye denktir; bu yüzden onu ispatlamak önermeyi ispatlar.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: p

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Tüm öncüllerin doğru olduğu satırlar

p = 1, q = 1, r = 1: p = 1, r ∧ q = 1, ¬p = 0, r = 1
p = 1, q = 1, r = 0: p = 1, r ∧ q = 0, ¬p = 0, r = 0
p = 1, q = 0, r = 1: p = 1, r ∧ q = 0, ¬p = 0, r = 1

Sonuç

p (durumlara ayırarak ispat)

Cevap

p
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 3

Çoklayıcı (multiplexer): 2ⁿ’den 1’e bir çoklayıcı veri girişlerinden birini çıkışa iletir; ikilik sayı olarak okunan seçme hatları hangisinin seçileceğini belirler. S₁S₀ = AB seçmeli 4’ten 1’e bir MUX için F = A′B′·I₀ + A′B·I₁ + AB′·I₂ + AB·I₃. Veri girişlerini 0, 1, C ya da C′’ye bağlamak MUX’un A, B ve C’nin herhangi bir fonksiyonunu üretmesini sağlar; bu, tek bir yongayla mantık kurmanın yaygın bir yoludur.

Çıkış ifadesi

F = A′BC′ + AB′

F = 1 olan satırlar

ABC = 010, 100, 101
N = 3

Cevap

N = 3
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 4

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

Asal implikantlar

1’lerden ve X’lerden oluşturulabilen en büyük gruplar.

CD′, AD′, A′BC, AB′C, A′B′C′D
ABCD000111100001111000110312040517X6112013015114X809X11110

Temel asal implikantlar

CD′, AD′, A′BC, A′B′C′D
N = 4

Cevap

N = 4
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 16

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

18 sayısının tersi

r = 29, t = 0
r = 18, q = 1, t = 1
r = 11, q = 1, t = −1
r = 7, q = 1, t = 2
r = 4, q = 1, t = −3
r = 3, q = 1, t = 5
r = 1, q = 3, t = −8
18−1 ≡ 21 (mod 29)

Çözün

x ≡ 21·27 = 567 ≡ 16 (mod 29)
kontrol: 18·16 = 288 ≡ 27 (mod 29)

Cevap

x = 16
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 29139 mod 63 = 29

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

İkilik üs

139 = 100010112 = 128 + 8 + 2 + 1

Tekrarlı kare alma

291 ≡ 29 (mod 63)
292 ≡ 22 (mod 63)
294 ≡ 43 (mod 63)
298 ≡ 22 (mod 63)
2916 ≡ 43 (mod 63)
2932 ≡ 22 (mod 63)
2964 ≡ 43 (mod 63)
29128 ≡ 22 (mod 63)

Gerekli kuvvetleri çarpın

29139 ≡ 29·22·22·22 ≡ 29 (mod 63)

Cevap

29139 mod 63 = 29
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · Alt problemleri çakışmaz, bu yüzden yeniden kullanılacak bir şey yoktur

Cevap neden bu

Birleştirmeli sıralamanın yarıları ayrıktır ve her biri bir kez çözülür; DP yalnızca Fibonacci'de olduğu gibi alt problemler tekrarlandığında yardımcı olur.

Cevap

D · Alt problemleri çakışmaz, bu yüzden yeniden kullanılacak bir şey yoktur
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: B · Boole sağlanabilirlik probleminin (SAT) NP-tam olduğunu

Cevap neden bu

Cook ve Levin birbirinden bağımsız olarak NP'deki her problemin polinom zamanda SAT'a indirgendiğini gösterdi; böylece SAT bilinen ilk NP-tam problem oldu.

Cevap

B · Boole sağlanabilirlik probleminin (SAT) NP-tam olduğunu
11.Veri yapıları

Cevap: A · Baştaki veya sondaki özel durumları kaldırarak kodu basitleştirmek

Cevap neden bu

Nöbetçi düğümle her gerçek düğümün bir öncülü olur, bu nedenle başa ekleme veya baştan silme özel bir işlem gerektirmez.

Cevap

A · Baştaki veya sondaki özel durumları kaldırarak kodu basitleştirmek
12.Veri yapıları

Cevap: D · Uzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi

Cevap neden bu

Doğrusal yoklama 1'er adımla ilerler, bu nedenle dolu diziler büyür ve birleşir; çift karma adım boyu için ikinci bir karma kullanır, böylece farklı anahtarlar farklı diziler yoklar.

Cevap

D · Uzun dolu yuva dizilerinin oluştuğu birincil kümelenmeyi
13.Graf kuramı

Cevap: Euler yolu, devre yok

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Dereceler

deg(A) = 2, deg(B) = 2, deg(C) = 3, deg(D) = 1, deg(E) = 2

Tek dereceli köşeler

C, D → 2
Euler yolu, devre yok

Cevap

Euler yolu, devre yok

Euler yolu bir tek dereceli köşeden başlar ve ötekinde biter.

14.Graf kuramı

Cevap: D

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Dijkstra tur tur

1. A (0): B: 2, C: 10
2. B (2): C: 3, D: 4, E: 13
3. C (3): E: 5
4. D (4)
5. E (5): F: 6
6. F (6)

tur 4

D

Cevap

D
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: C · Bir tabloda INSERT, UPDATE veya DELETE gibi belirli bir olay gerçekleştiğinde otomatik olarak çalışan kod

Cevap neden bu

Tetikleyiciler veri değişikliklerinden önce veya sonra otomatik olarak çalışır; örneğin bir denetim günlüğü yazmak veya karmaşık bir kuralı uygulamak için.

Cevap

C · Bir tabloda INSERT, UPDATE veya DELETE gibi belirli bir olay gerçekleştiğinde otomatik olarak çalışan kod
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · Tekrarlanan bir sorgunun, onaylanmış başka bir işlem tarafından eklenen yeni satırları döndürmesi

Cevap neden bu

Hayaletler, başka bir işlem bir aralık koşuluna uyan satırlar eklediğinde ortaya çıkar; serializable yalıtım düzeyi bunları önler.

Cevap

D · Tekrarlanan bir sorgunun, onaylanmış başka bir işlem tarafından eklenen yeni satırları döndürmesi
17.Bilgisayar ağları

Cevap: A · 1 ms

Cevap neden bu

1500 bayt = 12,000 bit. 12,000 / 12,000,000 bit/s = 0,001 s = 1 ms. İletim gecikmesi mesafeye değil, paket boyutuna ve bağlantı hızına bağlıdır.

Cevap

A · 1 ms
18.Bilgisayar ağları

Cevap: B · Yaklaşık 5 Mbit/s

Cevap neden bu

Verim ≤ pencere / RTT = 65,536 × 8 bit / 0,1 s ≈ 5,2 Mbit/s; bağlantı ne kadar hızlı olursa olsun.

Cevap

B · Yaklaşık 5 Mbit/s
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 6

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Ödünç alınacak bitler

25 = 32 ≥ 30 → b = 5, /29

Alt ağ başına cihaz

23 − 2 = 6

Cevap

H = 6
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 143

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

24 = 16

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊134/16⌋·16 = 128
yayın: 128 + 16 − 1 = 143
kullanılabilir cihazlar: 129 … 142

Cevap

x = 143

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals