Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −65 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −658 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1110 1000 OR 1001 1100 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1110 1000OR1001 1100
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
q ∨ (p → r)(q → r) ∨ (p → r)(q → r) ∧ (p → r)(q ∧ p) → r

Hangi formül (q ∨ p) → r formülüne mantıksal olarak denktir? Üzerine tıklayın.

(q ∨ p) → r
  1. 1q ∨ (p → r)
  2. 2(q → r) ∨ (p → r)
  3. 3(q → r) ∧ (p → r)
  4. 4(q ∧ p) → r
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Değili tamamen içeri taşınmış hâliyle hangi önerme ¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)) önermesine denktir? Üzerine tıklayın.

¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x))
  1. 1∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))
  2. 2∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  3. 3∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  4. 4∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABCD000111100001111010011302040507160120130150140819111110

F(A, B, C, D) = Σm(0, 3, 6, 9, 10, 11) fonksiyonunun en küçük toplamlar çarpımı (POS) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Kaç toplam terimi (çarpan) (N) vardır?

F(A, B, C, D) = Σm(0, 3, 6, 9, 10, 11)
N =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKSHIFT

4 bitlik bir kaydırmalı yazmaç Q₃Q₂Q₁Q₀ 0101 değerini tutar. Her saat kenarında bitler bir yer sağa kayar (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ kaybolur) ve seri giriş Q₃’e girer. Seri giriş 4 kenarlarında 1, 1, 1, 0’dir. Son durumu, Q = Q₃Q₂Q₁Q₀, ondalık sayı olarak verin.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 01011, 1, 1, 0
Q =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

31 sayısının 34 modundaki tersini bulun: 0 < x < 34 olan ve 31·x ≡ 1 (mod 34) sağlayan x sayısı.

a = 31n = 34
31−1 mod 34 =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

47 asaldır. 278811 mod 47 değerini bulmak için Fermat’nın küçük teoremini kullanın.

p = 47k = 8811
278811 mod 47 =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Basit özyinelemeli faktöriyel fonksiyonu fact(n) = n × fact(n − 1) ne kadar yığın (stack) alanı kullanır?

  1. AO(n²)
  2. BO(log n)
  3. CO(n)
  4. DO(1)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Durma problemi neyi gösterir?

  1. ADöngülerden kaçınılmalıdır
  2. BBazı programlar daha hızlı bilgisayarlarda daha hızlı çalışır, bu yüzden durma donanıma bağlıdır
  3. CHer program eninde sonunda durur
  4. DHiçbir algoritma her program ve girdi için programın durup durmayacağına karar veremez
11.Veri yapılarıOrta

Bir ikili arama ağacının in-order (sıralı) dolaşımı anahtarları hangi sırayla ziyaret eder?

  1. AEkleme sırasıyla
  2. BSeviye sırasıyla
  3. CHer zaman azalan düzende
  4. DArtan (sıralı) düzende
12.Veri yapılarıZor

Rütbeye göre birleştirme ve yol sıkıştırma kullanan union-find (ayrık küme) yapısının işlem başına amortize maliyeti nedir?

  1. ATam olarak O(log n)
  2. BO(n²)
  3. CO(α(n)), ters Ackermann fonksiyonu; pratikte sabittir
  4. DO(n)
13.Graf kuramıOrta

Bir ağacın derecesi 3 olan 4 köşe, derecesi 4 olan 2 köşe, derecesi 5 olan 3 köşe vardır ve diğer tüm köşeleri yapraktır (derece 1). Kaç yaprağı (L) vardır?

4 × deg 32 × deg 43 × deg 5
L =
14.Graf kuramıZor
205161510311ABCDE

Prim algoritması E köşesinden başlayarak en küçük kapsayan ağacı kurar. 2. kenar olarak eklediği kenara tıklayın.

başlangıç: Ek = 2
  1. 1kenar AB
  2. 2kenar AC
  3. 3kenar BC
  4. 4kenar BD
  5. 5kenar CE
  6. 6kenar DE
  7. 7kenar BE
15.Veritabanları ve SQLOrta

ROLLBACK TO SAVEPOINT s1 ne yapar?

  1. ATüm işlemi baştan geri alır
  2. BKayıt noktasını ve o zamandan beri değişen tüm tabloları siler
  3. Cs1 kayıt noktasından sonra yapılan değişiklikleri geri alır ve işlemi açık tutar
  4. Dİşlemi sonlandırır ve her şeyi commit eder
16.Veritabanları ve SQLZor

Bir sorgu için kapsayan indeks (covering index) nedir?

  1. AHer tablonun her sütununu kapsayan bir indeks
  2. BHer gece yeniden oluşturulan bir indeks
  3. CYalnızca birincil anahtar üzerindeki bir indeks
  4. DSorgunun ihtiyaç duyduğu tüm sütunları içeren, böylece tablonun kendisinin okunmasına gerek bırakmayan bir indeks
17.Bilgisayar ağlarıOrta

192.168.10.77/26 ana bilgisayarının ağ adresi nedir?

  1. A192.168.10.0
  2. B192.168.10.76
  3. C192.168.10.64
  4. D192.168.10.128
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bir TCP bağlantısının penceresi 64 KB, gidiş-dönüş süresi 100 ms ve pencere ölçekleme yok. Yaklaşık en yüksek verimi nedir?

  1. AYaklaşık 640 Mbit/s
  2. BYaklaşık 50 Mbit/s
  3. CYaklaşık 5 Mbit/s
  4. DYaklaşık 0,5 Mbit/s
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/24 → /2811111111111111111111111111110000ağ bitlericihaz bitleri

192.168.158.0/24 ağı, en düşük adresten başlayarak 1, 2, 3, … diye numaralandırılan /28 alt ağlarına bölünüyor (1. alt ağ .0’dan başlar). 8. alt ağın yayın adresinin dördüncü okteti x nedir?

192.168.158.0/24/28alt ağ 8 (1. alt ağ .0’dan başlar)
x =
20.IPv4 alt ağlarıZor
üçüncü oktet 15 … 18012806403201618141211ortakdeğişken

Bir yönlendiricinin şu ağlara rotaları var: 10.68.15.0/24, 10.68.16.0/24, 10.68.17.0/24, 10.68.18.0/24. Hepsini kapsayan tek bir özet rotanın en uzun önek uzunluğu p nedir?

10.68.15.0/24 … 10.68.18.0/24
p =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 191

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

65 = 0100 0001
tersine çevrilmiş: 1011 1110
+1 → 1011 1111

İşaretsiz okuyun

1011 1111₂ = 256 − 65 = 191

Cevap

U = 191
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 252

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

OR en az bir bit 1 olduğunda 1 verir.

1110 1000
OR 1001 1100
= 1111 1100

Sonucun değeri

1111 1100₂ = 252

Cevap

R = 252
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: (q → r) ∧ (p → r)

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Kural

(a ∨ b) → c, a ya da b doğru olduğunda c’yi gerektirir: (a → c) ∧ (b → c).
(q ∨ p) → r ≡ (q → r) ∧ (p → r)

Doğruluk tablosuyla denetleyin

p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 0 | 1 0 0 0
p = 1, q = 0, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 0, r = 0: 0 | 0 1 0 1
p = 0, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 0, q = 1, r = 0: 0 | 1 1 0 1
p = 0, q = 0, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 | 1 1 1 1

Cevap

(q → r) ∧ (p → r)

Çubuktan sonraki sütunlar, gösterilen sırayla seçeneklerdir.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Değili içeri taşıyın

¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)) ≡ ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Cevap

∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Diğer seçenekler ya bir niceleyiciyi değiştirmeden bırakır, ya niceleyicilerin sırasını değiştirir ya da iç formülün değilini yanlış alır.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: N = 6

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABCD000111100001111010011302040507160120130150140819111110

0’ları gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

(B′ + D′)
(B′ + C)
(A + C + D′)
(A′ + C + D)
(A′ + B′)
(A + B + C′ + D)

En küçük POS biçimi

F = (B′ + D′)(B′ + C)(A + C + D′)(A′ + C + D)(A′ + B′)(A + B + C′ + D)
N = 6

Cevap

N = 6
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: Q = 7

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Her kenardan sonraki durum

0101 → 1010 → 1101 → 1110 → 0111

Ondalık değer

0111₂ = 7

Cevap

Q = 7
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 31−1 mod 34 = 11

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Genişletilmiş Öklid algoritması

Her r kalanı r ≡ t·31 (mod 34) olarak yazılır.

r = 34, t = 0
r = 31, q = 1, t = 1
r = 3, q = 10, t = −1
r = 1, q = 3, t = 11

Ters

1 ≡ 11·31 (mod 34)
x = 11
kontrol: 31·11 = 341 = 10·34 + 1

Cevap

31−1 mod 34 = 11
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 278811 mod 47 = 24

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Üssü indirgeyin

8811 mod 46 = 25
278811 ≡ 2725 (mod 47)

Küçük kuvvet

2725 mod 47 = 24

Cevap

278811 mod 47 = 24
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · O(n)

Cevap neden bu

Herhangi bir dönüş olmadan önce özyineleme n çağrı derinliğine ulaşır ve her çağrının bir yığın çerçevesine ihtiyacı vardır, bu yüzden O(n) alan kullanır.

Cevap

C · O(n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · Hiçbir algoritma her program ve girdi için programın durup durmayacağına karar veremez

Cevap neden bu

Turing durma probleminin karar verilemez olduğunu gösterdi: bir karar verici algoritmanın var olduğu varsayımı, tersini yapan bir programla çelişkiye yol açar.

Cevap

D · Hiçbir algoritma her program ve girdi için programın durup durmayacağına karar veremez
11.Veri yapıları

Cevap: D · Artan (sıralı) düzende

Cevap neden bu

Önce sol alt ağacı, sonra düğümü, sonra sağ alt ağacı ziyaret etmek BST anahtarlarını sıralı düzende verir.

Cevap

D · Artan (sıralı) düzende
12.Veri yapıları

Cevap: C · O(α(n)), ters Ackermann fonksiyonu; pratikte sabittir

Cevap neden bu

Her iki optimizasyonla işlemler O(α(n)) amortize süre alır; gerçekçi her n için α(n) ≤ 4'tür.

Cevap

C · O(α(n)), ters Ackermann fonksiyonu; pratikte sabittir
13.Graf kuramı

Cevap: L = 19

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Bir ağaç için el sıkışma lemması

L + 35 = 2(L + 9) − 2
L = 19

Cevap

L = 19

Kısayol: L = 2 + Σ (d − 2); toplam, derecesi d ≥ 3 olan köşeler üzerindendir.

14.Graf kuramı

Cevap: kenar CE

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Prim algoritması

1. DE (3)
2. CE (10)
3. AC (5)
4. BE (11)

kenar numarası 2

CE

Cevap

kenar CE
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: C · s1 kayıt noktasından sonra yapılan değişiklikleri geri alır ve işlemi açık tutar

Cevap neden bu

Kayıt noktası bir işlemin içinde bir noktayı işaretler; ona geri dönmek sonraki işleri iptal eder, önceki değişiklikler ise COMMIT'e kadar beklemede kalır.

Cevap

C · s1 kayıt noktasından sonra yapılan değişiklikleri geri alır ve işlemi açık tutar
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · Sorgunun ihtiyaç duyduğu tüm sütunları içeren, böylece tablonun kendisinin okunmasına gerek bırakmayan bir indeks

Cevap neden bu

Başvurulan tüm sütunlar indeksteyse VTYS yalnızca indeks taraması yapıp tablo satırlarını getirmeyi atlayabilir; bu G/Ç tasarrufu sağlar.

Cevap

D · Sorgunun ihtiyaç duyduğu tüm sütunları içeren, böylece tablonun kendisinin okunmasına gerek bırakmayan bir indeks
17.Bilgisayar ağları

Cevap: C · 192.168.10.64

Cevap neden bu

/26 alt ağları 0, 64, 128 ve 192'de başlar. 77, 64–127 bloğunda yer alır; bu yüzden ağ adresi 192.168.10.64'tür.

Cevap

C · 192.168.10.64
18.Bilgisayar ağları

Cevap: C · Yaklaşık 5 Mbit/s

Cevap neden bu

Verim ≤ pencere / RTT = 65,536 × 8 bit / 0,1 s ≈ 5,2 Mbit/s; bağlantı ne kadar hızlı olursa olsun.

Cevap

C · Yaklaşık 5 Mbit/s
19.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 127

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Blok boyutu

24 = 16

8 numaralı alt ağ

ağ: (8 − 1)·16 = 112
yayın: 112 + 16 − 1 = 127

Cevap

x = 127
20.IPv4 alt ağları

Cevap: p = 19

Rota özetleme: a.b.c.0/p özet rotası, ilk p biti eşleşen tüm ağları kapsar. İlk ve son ağın farklı olan oktetini ikili olarak yazın; ortak baştaki bitlerin sayısı artı ondan önceki oktetlerin bitleri, en uzun özet önekidir.

Bitleri karşılaştırın

15 = 00001111
18 = 00010010
ortak baştaki bitler: 3

Önek uzunluğu

p = 16 + 3 = 19

Cevap

p = /19

Özet rota: 10.68.0.0/19 (listede olmayan 28 ağı da kapsar).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals