Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
8 bitlik ikiye tümleyen0−12806403201608040201

Bitleri, 8 bitlik ikiye tümleyende −64 saklayacak şekilde ayarlayın. İşaretsiz bir sayı olarak okunduğunda desenin değeri U nedir?

N = −648 bit
U =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 1110 0001 >> 1 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

1110 0001>> 1
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
r ∨ ¬p¬r ∧ ¬p¬r ∧ p¬r ∨ ¬p

Hangi formül ¬(r ∨ p) formülüne mantıksal olarak denktir? Üzerine tıklayın.

¬(r ∨ p)
  1. 1r ∨ ¬p
  2. 2¬r ∧ ¬p
  3. 3¬r ∧ p
  4. 4¬r ∨ ¬p
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))

Değili tamamen içeri taşınmış hâliyle hangi önerme ¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)) önermesine denktir? Üzerine tıklayın.

¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x))
  1. 1∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  2. 2∀x ∀y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  3. 3∃x ∃y (¬R(x, y) ∧ ¬R(y, x))
  4. 4∃x ∃y (R(x, y) → ¬R(y, x))
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABCD000111100001111000011302140517160120130151140809111110

F(A, B, C, D) = Σm(3, 4, 6, 7, 10, 11, 14) fonksiyonunun en küçük çarpımlar toplamı (SOP) biçimini bulmak için Karnaugh haritasını kullanın. Toplamda kaç literal (L) içerir (üzerinde işaret olan bir değişken bir literal sayılır)?

F(A, B, C, D) = Σm(3, 4, 6, 7, 10, 11, 14)
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
TQ0​Q0​TQ1​Q1​TQ2​Q2​TQ3​Q3​CLKMOD-10

Eşzamanlı bir onluk (mod-10) sayıcı 0, 1, …, 9 sayar ve sonra 0’a döner. 1 değerinden başlar. 14 saat darbesinden sonra hangi sayıyı, Q, (ondalık olarak) gösterir?

Q0 = 114N = 10
Q =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

x ≡ 2 (mod 4) ve x ≡ 3 (mod 11) sağlayan en küçük pozitif tam sayı x değerini bulun.

x ≡ 2 (mod 4)x ≡ 3 (mod 11)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor
mc = me​ mod ncm = cd​ mod nm(n, e) = (611, 11)d = ?

Bir RSA anahtarı p = 13 ve q = 47 asallarını ve e = 11 genel üssünü kullanıyor. Özel üssü, d, bulun (0 < d < φ(n)).

p = 13q = 47e = 11
d =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

T(n) = 2T(n/2) + O(1) yinelemesinin çözümü nedir?

  1. AO(log n)
  2. BO(n²)
  3. CO(n log n)
  4. DO(n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

Aşağıdan yukarıya (bottom-up) yöntemle n sırasız elemandan ikili yığın oluşturmanın zaman karmaşıklığı nedir?

  1. AO(log n)
  2. BO(n log n)
  3. CO(n)
  4. DO(n²)
11.Veri yapılarıOrta

V köşeli bir graf için komşuluk matrisi ne kadar bellek kullanır?

  1. AO(log V)
  2. BO(V²)
  3. CO(E)
  4. DO(V + E)
12.Veri yapılarıZor

Bloom filtresi "bu eleman kümede mi?" sorusunu nasıl yanıtlayabilir?

  1. AYalnızca sayılar için
  2. BHer zaman kesin yanıtlarla
  3. CYanlış pozitifler olabilir ama yanlış negatif olmaz
  4. DYanlış negatifler olabilir ama yanlış pozitif olmaz
13.Graf kuramıOrta

Bağlantılı bir grafın 17 köşesi ve 27 kenarı vardır. Bir kapsayan ağaç kalması için kaç kenar (k) kaldırılmalıdır?

|V| = 17|E| = 27
k =
14.Graf kuramıZor
37917151810212ABCDEFG

Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı kurar. 5. kenar olarak eklediği kenara tıklayın; atlanan kenarlar sayılmaz.

k = 5
  1. 1kenar AB
  2. 2kenar BC
  3. 3kenar CE
  4. 4kenar DE
  5. 5kenar DF
  6. 6kenar EF
  7. 7kenar GB
  8. 8kenar GC
  9. 9kenar GE
15.Veritabanları ve SQLOrta

orders tablosunda her biri mevcut bir müşteriye başvuran 5 satır var. customers tablosunda 3 satır var. customer_id üzerinden bir INNER JOIN kaç satır döndürür?

  1. A8
  2. B3
  3. C15
  4. D5
16.Veritabanları ve SQLZor

R'yi R1 ve R2'ye ayrıştırmak ne zaman kayıpsız olmayı garanti eder?

  1. AR'nin her niteliği hem R1'de hem R2'de göründüğünde
  2. BR1 ve R2'nin ortak nitelikleri R1'in veya R2'nin bir süper anahtarını oluşturduğunda
  3. CR1 ve R2'nin hiç ortak niteliği olmadığında
  4. DR1 ve R2 aynı sayıda sütuna sahip olduğunda
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Hangi tek önek hem 192.168.0.0/24'ü hem 192.168.1.0/24'ü özetler?

  1. A192.168.1.0/23
  2. B192.168.0.0/22
  3. C192.168.0.0/23
  4. D192.168.0.0/25
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bir uzak terminal uygulaması, küçük tuş vuruşu paketleri bekletildiği için ağır hissettiriyor. Çoğu zaman hangi TCP mekanizması sorumludur?

  1. AYavaş başlangıç (slow start)
  2. BHızlı yeniden iletim
  3. CNagle algoritması
  4. DÜçlü el sıkışma
19.IPv4 alt ağlarıOrta
/24 → /2511111111111111111111111110000000ağ bitlericihaz bitleri

192.168.170.0/24 ağı, en düşük adresten başlayarak 1, 2, 3, … diye numaralandırılan /25 alt ağlarına bölünüyor (1. alt ağ .0’dan başlar). 2. alt ağın ağ adresinin dördüncü okteti x nedir?

192.168.170.0/24/25alt ağ 2 (1. alt ağ .0’dan başlar)
x =
20.IPv4 alt ağlarıZor
son oktet = 62012806413211618141201ağcihaz

Bir cihazın adresi 10.20.248.62/27. Alt ağının yayın adresinin son sayısı (dördüncü okteti) x nedir?

10.20.248.62/27
x =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: U = 192

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Tersine çevirin ve bir ekleyin

64 = 0100 0000
tersine çevrilmiş: 1011 1111
+1 → 1100 0000

İşaretsiz okuyun

1100 0000₂ = 256 − 64 = 192

Cevap

U = 192
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 112

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

1 kadar sağa kaydırmak her biti 1 basamak sağa taşır; sağ uçtan düşen bitler kaybolur ve soldan sıfırlar girer.

1110 0001 >> 1
= 0111 0000

Sonucun değeri

0111 0000₂ = 112

Cevap

R = 112
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ¬r ∧ ¬p

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Kural

De Morgan: ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b. ∨ , ∧ olur ve her iki parçanın değili alınır.
¬(r ∨ p) ≡ ¬r ∧ ¬p

Doğruluk tablosuyla denetleyin

p = 1, r = 1: 0 | 1 0 0 0
p = 1, r = 0: 0 | 0 0 1 1
p = 0, r = 1: 0 | 1 0 0 1
p = 0, r = 0: 1 | 1 1 0 1

Cevap

¬r ∧ ¬p

Çubuktan sonraki sütunlar, gösterilen sırayla seçeneklerdir.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Değili içeri taşıyın

¬∀x ∀y (R(x, y) → R(y, x)) ≡ ∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Cevap

∃x ∃y (R(x, y) ∧ ¬R(y, x))

Diğer seçenekler ya bir niceleyiciyi değiştirmeden bırakır, ya niceleyicilerin sırasını değiştirir ya da iç formülün değilini yanlış alır.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 12

Karnaugh haritaları: hücreler Gray koduyla (00, 01, 11, 10) sıralanır; bu yüzden komşu hücreler, kenarların karşısındakiler dahil, tam olarak tek değişkende farklılaşır. 1’leri 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik dikdörtgenler içinde, olabildiğince büyük ve olabildiğince az sayıda gruplayın; her 1 kapsanana kadar. Her grup bir çarpım terimidir: grubun içinde sabit kalan değişkenler. 2ᵏ hücrelik bir grup k değişken kaybeder. Fark etmez durumları (X) grupları büyütmek için kullanılabilir ama kapsanmaları gerekmez. 0’ları gruplamak en küçük POS biçimini verir.

ABCD000111100001111000011302140517160120130151140809111110

1’leri gruplayın

Her grup 2ᵏ hücrelik bir dikdörtgendir; kenardaki hücreler karşı kenardaki hücrelerin komşusudur.

B′CD
A′CD
ACD′
A′BD′

En küçük SOP biçimi

F = B′CD + A′CD + ACD′ + A′BD′
L = 12

Cevap

L = 12

Aynı büyüklükte başka bir gruplama da vardır; terim ve literal sayısı aynıdır.

6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: Q = 5

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Tam çevrimler

Her 10 darbe sayıcıyı aynı duruma geri getirir.

14 = 1·10 + 4

Kalan darbelerden sonraki sayı

Q = (1 + 4) mod 10 = 5
Q = 0101₂

Cevap

Q = 5
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 14

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

Birinci denklik

x = 2 + 4k

İkinci denklik

2 + 4k ≡ 3 (mod 11) → 4k ≡ 1 (mod 11)
k ≡ 3·1 ≡ 3 (mod 11)

Sonuç

x = 2 + 4·3 = 14
x = 14
kontrol: 14 mod 4 = 2, 14 mod 11 = 3

Cevap

x = 14
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: d = 251

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

Modül ve φ değeri

n = 13·47 = 611
φ(n) = 12·46 = 552

Genişletilmiş Öklid algoritması

r = 552, t = 0
r = 11, q = 50, t = 1
r = 2, q = 5, t = −50
r = 1, q = 2, t = 251

Özel üs

d = 251
kontrol: 11·251 = 2761 = 5·552 + 1

Cevap

d = 251
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · O(n)

Cevap neden bu

Ana teoreme göre nlog₂ 2 = n sabit işe baskındır, bu yüzden en büyüğü yarılara bölerek bulmada olduğu gibi T(n) = Θ(n)'dir.

Cevap

D · O(n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · O(n)

Cevap neden bu

Aşağı süzme (sift-down) maliyetleri seviyeler boyunca toplandığında yakınsak bir seri elde edilir, bu yüzden yığınlaştırma (heapify) doğrusal zamanda çalışır.

Cevap

C · O(n)
11.Veri yapıları

Cevap: B · O(V²)

Cevap neden bu

Komşuluk matrisi V × V giriş saklar ve yoğun graflar için verimlidir; komşuluk listeleri O(V + E) kullanır ve seyrek graflar için daha iyidir.

Cevap

B · O(V²)
12.Veri yapıları

Cevap: C · Yanlış pozitifler olabilir ama yanlış negatif olmaz

Cevap neden bu

Bir elemana ait bitlerden herhangi biri 0 ise eleman kesinlikle yoktur; hepsi 1 ise muhtemelen vardır. Bloom filtreleri çok az bellek karşılığında doğruluktan ödün verir.

Cevap

C · Yanlış pozitifler olabilir ama yanlış negatif olmaz
13.Graf kuramı

Cevap: k = 11

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Kapsayan ağacın kenarları

17 − 1 = 16

Kaldırılacak kenarlar

k = 27 − 16 = 11

Cevap

k = 11
14.Graf kuramı

Cevap: kenar DF

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Kruskal algoritması

1. GC (2)
2. AB (3)
3. BC (7)
4. CE (9)
5. DF (15)
6. DE (17)

kenar numarası 5

DF

Cevap

kenar DF
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: D · 5

Cevap neden bu

Her sipariş tam olarak bir eşleşen müşteri bulur; bu yüzden birleştirme sipariş başına bir satır döndürür: 5 satır.

Cevap

D · 5
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · R1 ve R2'nin ortak nitelikleri R1'in veya R2'nin bir süper anahtarını oluşturduğunda

Cevap neden bu

Paylaşılan nitelikler R1'in veya R2'nin tüm niteliklerini belirliyorsa, onları yeniden birleştirmek tam olarak özgün satırları üretir ve sahte demet oluşmaz.

Cevap

B · R1 ve R2'nin ortak nitelikleri R1'in veya R2'nin bir süper anahtarını oluşturduğunda
17.Bilgisayar ağları

Cevap: C · 192.168.0.0/23

Cevap neden bu

0 ve 1 üçüncü oktetin son biti dışında tüm bitleri paylaşır; bu yüzden 192.168.0.0'dan başlayan bir bit daha kısa önek (/23) ikisini tam olarak kapsar.

Cevap

C · 192.168.0.0/23
18.Bilgisayar ağları

Cevap: C · Nagle algoritması

Cevap neden bu

Nagle algoritması önceki veri onaylanmamışken küçük segmentleri bir araya toplamak için bekler. Bu bant genişliğinden tasarruf sağlar ama etkileşimli trafiğe gecikme ekler.

Cevap

C · Nagle algoritması
19.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 128

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Blok boyutu

27 = 128

2 numaralı alt ağ

ağ: (2 − 1)·128 = 128
yayın: 128 + 128 − 1 = 255

Cevap

x = 128
20.IPv4 alt ağları

Cevap: x = 63

IPv4 alt ağları: bir adres 32 bittir. /p öneki, baştaki kaç bitin ağı belirttiğini söyler; kalan 32 − p bit cihazları numaralandırır. Bir alt ağda 2³²⁻ᵖ adres vardır, ancak ilki (ağ adresi) ve sonuncusu (yayın adresi) cihazlara verilemez; bu yüzden 2³²⁻ᵖ − 2 cihaz sığar. İstisnalar: /31 (noktadan noktaya bağlantı, RFC 3021) 2 adresinin ikisini de ana bilgisayarlar için kullanır, /32 ise tek bir adrestir (tek bir ana bilgisayar ya da loopback).

Blok boyutu

25 = 32

Bu cihazın alt ağı

ağ: ⌊62/32⌋·32 = 32
yayın: 32 + 32 − 1 = 63
kullanılabilir cihazlar: 33 … 62

Cevap

x = 63

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals