Bilgisayar Biliminin Temelleri: hızlı tekrar paketi

Formül kâğıtları, her konunun temel yöntem adımları ve 20 alıştırma sorusu; tam çözümler en sonda.

Yeni sorularDerse dön

Yazdırma penceresinde, bir kopyayı cihazınızda saklamak için “PDF olarak kaydet” seçeneğini seçin.

1Formüller ve yöntemler

Sayı sistemleri

Basamak değerleri
ikili 2k, sekizli 8k, onaltılı 16k
Onluğa
Σ dk·bk
Onluktan
tabana bölün, kalanları aşağıdan yukarı okuyun
Onaltılı ↔ ikili
bir onaltılı basamak = 4 bit
İkiye tümleyen
bitleri ters çevirin ve 1 ekleyin

Önermeler mantığı ve ispatlar

Bir doğruluk tablosunun satırları
2ⁿ
Gerektirme
p → q ≡ ¬p ∨ q ≡ ¬q → ¬p
Gerektirmenin değili
¬(p → q) ≡ p ∧ ¬q
Çift yönlü gerektirme
p ↔ q ≡ (p → q) ∧ (q → p)
De Morgan
¬(p ∧ q) ≡ ¬p ∨ ¬q, ¬(p ∨ q) ≡ ¬p ∧ ¬q
Dağılma kuralları
p ∨ (q ∧ r) ≡ (p ∨ q) ∧ (p ∨ r), p ∧ (q ∨ r) ≡ (p ∧ q) ∨ (p ∧ r)
Niceleyicilerin değili
¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x), ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x)
Modus ponens, modus tollens
p → q, p ⊢ q; p → q, ¬q ⊢ ¬p

Yöntem

  1. Farklı değişkenleri sayın: doğruluk tablosu 2ⁿ satırdan oluşur ve hepsinin 1 olduğu satırla başlar.
  2. Her alt formüle kendi sütununu verin ve sütunları içten dışa doğru doldurun.
  3. Her bağlacın kuralını uygulayın: → yalnızca 1 → 0 için 0’dır, ↔ iki taraf aynı olduğunda 1’dir.
  4. Denkliklerde son sütunları satır satır karşılaştırın; bir argümanda ise yalnızca bütün öncüllerin 1 olduğu satırlara bakın.
  5. Niceleyicili bir önermenin değilini almak için ¬’yi içeri taşıyın, ∀ ile ∃’yi değiştirin ve iç formülün değilini alın.

Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Temel kapılar
A·B, A + B, A′, (A·B)′, (A + B)′, A ⊕ B
Boole kuralları
X + X′ = 1, X·X′ = 0, X + XY = X, XY + XY′ = X
De Morgan
(X·Y)′ = X′ + Y′, (X + Y)′ = X′·Y′
Karnaugh haritası sırası
00, 01, 11, 10 (Gray code)
2ᵏ hücrelik grup
k değişken kaybeder
4’ten 1’e çoklayıcı
F = A′B′I0 + A′BI1 + AB′I2 + ABI3
Flip-floplar
D: Q⁺ = D, T: Q⁺ = T ⊕ Q, JK: Q⁺ = JQ′ + K′Q
Sayıcılar
n bit: 2ⁿ durum; mod-N: 2ⁿ ≥ N olan en küçük n; fçıkış = fclk/N
Dalgacık (ripple) sayıcı
fmax = 1/(n·tpd)
Halka ve Johnson sayıcılar
n ve 2n durum

Yöntem

  1. Bir devre için girişlerden çıkışa doğru her seferinde bir kapı olacak şekilde çalışın ve her telin üzerine değeri yazın ya da ifadesini yazıp doğruluk tablosunu doldurun.
  2. Sadeleştirme için 1’leri (ve fark etmez durumlarını X olarak) Gray kodlu satır ve sütunlara, 00, 01, 11, 10, sahip bir Karnaugh haritasına koyun.
  3. 1’leri kenarlardan dolanarak 1, 2, 4, 8 ya da 16 hücrelik olabildiğince az ve olabildiğince büyük gruplarla kapsayın; her grup, sabit kalan değişkenlerden oluşan bir çarpım terimidir. POS biçimi için 0’ları gruplayın.
  4. Flip-floplar ve sayıcılar için girişleri her etkin saat kenarında okuyun, her kenardan sonra durumu yazın ve n bitlik bir sayıcının 2ⁿ durumdan sonra başa sardığını unutmayın.

Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Kalanlı bölme
a = q·n + r, 0 ≤ r < n
Öklid
gcd(a, b) = gcd(b, a mod b)
En küçük ortak kat
lcm(a, b) = a·b/gcd(a, b)
Ters
a·a⁻¹ ≡ 1 (mod n), gcd(a, n) = 1
Doğrusal denklik
a·x ≡ b → x ≡ a⁻¹·b (mod n)
Euler’in φ fonksiyonu
φ(n) = n·∏(1 − 1/p), φ(pᵏ) = pᵏ − pᵏ⁻¹
Fermat
aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p)
RSA
n = pq, φ = (p − 1)(q − 1), d = e⁻¹ mod φ, c = mᵉ mod n, m = cᵈ mod n

Yöntem

  1. Önce her sayıyı n modunda indirgeyin; kalanlar 0 ile n − 1 arasındadır.
  2. EBOB için Öklid algoritmasıyla art arda bölün; sıfırdan farklı son kalan EBOB’dur.
  3. Bir ters için genişletilmiş algoritmayı çalıştırın ve a’nın katsayısını alın; negatifse n ekleyin.
  4. a·x ≡ b denkliğini a⁻¹ ile çarparak çözün; iki denkliği x = r₁ + m₁k yazarak birleştirin.
  5. Kuvvetler için üssü ikilik tabanda yazın ve art arda kare alın; RSA’da d = e⁻¹ mod φ(n) ve φ(n) = (p − 1)(q − 1)’dir.

Graf kuramı

El sıkışma lemması
Σ deg(v) = 2|E|
Tam graflar
|E(Kn)| = n(n − 1)/2, |E(Km,n)| = m·n
Düzgün (regüler) graf
|E| = n·k/2
Ağaç ve orman
|E| = n − 1, |E| = n − c
Ağacın yaprakları
L = 2 + Σ (deg(v) − 2) over deg(v) ≥ 3
Euler
devre: tüm derecelerin çift olması; yol: tam olarak 2 tek derece
Kn içindeki Hamilton devreleri
(n − 1)!/2
Dijkstra güncellemesi
d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v))
L uzunluğundaki gezintiler
(Mᴸ)ij

Yöntem

  1. Her köşenin derecesini yazın; dereceler toplamı kenar sayısının iki katıdır.
  2. Euler sorularında grafın bağlantılı olduğunu denetleyin ve derecesi tek olan köşeleri sayın.
  3. Ağaçlarda n − 1 kenarı ve el sıkışma lemmasını kullanın.
  4. Dijkstra için geçici uzaklıkların bir tablosunu tutun ve her turda henüz kesinleşmemiş köşelerden en küçük uzaklığa sahip olanı kesinleştirin.
  5. En küçük kapsayan ağaç için kenarları ağırlığa göre sıralayın ve bir döngü kapatan her kenarı atlayın (Kruskal) ya da bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütün (Prim).

IPv4 alt ağları

Alt ağ başına cihaz
2(32 − prefix) − 2 (/31: 2, /32: 1)
Blok boyutu
256 − (mask octet)
Ağ adresi
IP AND maske
Yayın adresi
IP OR (NOT maske): tüm ana bilgisayar bitleri 1
Ödünç alınan n bitten alt ağlar
2n

2Alıştırma soruları

1.Sayı sistemleriOrta
ikiye tümleyende basamak değerleri0−12806413201608040211

8 bitlik 0010 0001 dizisi, ikiye tümleyen biçiminde işaretli bir tam sayı saklıyor. Onluk değeri N nedir?

0010 00018 bit
N =
2.Sayı sistemleriZor
ayarlamak için bitlere tıklayın012806403201608040201

Bitleri 0011 0110 OR 0101 0001 işleminin 8 bitlik sonucuna ayarlayın. Sonucun onluk değeri R nedir?

0011 0110OR0101 0001
R =
3.Önermeler mantığı ve ispatlarOrta
(r → p) → qr → (p → q)(r → q) ∧ (p → q)r ∧ (p → q)

Hangi formül (r ∧ p) → q formülüne mantıksal olarak denktir? Üzerine tıklayın.

(r ∧ p) → q
  1. 1(r → p) → q
  2. 2r → (p → q)
  3. 3(r → q) ∧ (p → q)
  4. 4r ∧ (p → q)
4.Önermeler mantığı ve ispatlarZor
qrr → q¬r¬q11100100

Öncülleri r → q; ¬r ve sonucu ¬q olan argüman geçersizdir. Doğruluk tablosunda karşı örnek olan satıra tıklayın.

r → q¬r∴ ¬q
  1. 1q = 1, r = 1
  2. 2q = 1, r = 0
  3. 3q = 0, r = 1
  4. 4q = 0, r = 0
5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarOrta
ABC000111100101324576

F = AC + A′B′C + ABC fonksiyonunu en küçük çarpımlar toplamı biçimine sadeleştirin. Sadeleştirilmiş ifade kaç literal (L) içerir?

F = AC + A′B′C + ABC
L =
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplarZor
DQ3​Q3​DQ2​Q2​DQ1​Q1​DQ0​Q0​CLKSHIFT

4 bitlik bir kaydırmalı yazmaç Q₃Q₂Q₁Q₀ 1100 değerini tutar. Her saat kenarında bitler bir yer sağa kayar (Q₃ → Q₂ → Q₁ → Q₀, Q₀ kaybolur) ve seri giriş Q₃’e girer. Seri giriş 7 kenarlarında 1, 0, 0, 0, 0, 0, 1’dir. Son durumu, Q = Q₃Q₂Q₁Q₀, ondalık sayı olarak verin.

Q₃Q₂Q₁Q₀ = 11001, 0, 0, 0, 0, 0, 1
Q =
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikOrta

32x ≡ 49 (mod 59) denkliğini çözün. 0 < x < 59 olan x çözümünü verin.

32x ≡ 49 (mod 59)
x =
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetikZor

593 mod 11 değerini bulmak için tekrarlı kare almayı kullanın.

a = 5k = 93n = 11
593 mod 11 =
9.Algoritmalar ve karmaşıklıkOrta

Aşağıdan yukarıya bir tabloyla n. Fibonacci sayısını hesaplamanın zaman karmaşıklığı nedir?

  1. AO(log n)
  2. BO(2ⁿ)
  3. CO(n²)
  4. DO(n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklıkZor

T(n) = 2T(n/2) + n log n yinelemesinin çözümü nedir?

  1. AΘ(n)
  2. BΘ(n log n)
  3. CΘ(n log² n)
  4. DΘ(n²)
11.Veri yapılarıOrta

"{[()]}" ifadesindeki parantezlerin dengeli olup olmadığını kontrol etmek için hangi veri yapısı kullanılır?

  1. AKarma tablosu
  2. BYığın
  3. CKuyruk
  4. Dİkili arama ağacı
12.Veri yapılarıZor

Bir AVL düğümü, sol çocuğunun sağ alt ağacı fazla yükseldiği için dengesiz (sol-sağ durumu). Hangi düzeltme uygulanır?

  1. ASol çocukta sola döndürme, ardından düğümde sağa döndürme
  2. BDüğümde tek bir sola döndürme
  3. CDüğümde tek bir sağa döndürme
  4. DSol çocukta sağa döndürme, ardından düğümde sola döndürme
13.Graf kuramıOrta

Bağlantılı bir grafın 17 köşesi ve 23 kenarı vardır. Bir kapsayan ağaç kalması için kaç kenar (k) kaldırılmalıdır?

|V| = 17|E| = 23
k =
14.Graf kuramıZor
1917141315101220ABCDEFG

Ağırlıklı grafın en küçük kapsayan ağacının toplam ağırlığını (W) bulun.

|V| = 7|E| = 9
W =
15.Veritabanları ve SQLOrta

Hangi ACID özelliği onaylanmış (commit edilmiş) değişikliklerin bir sistem çökmesinden sonra da kalmasını garanti eder?

  1. AYalıtım (isolation)
  2. BKalıcılık (durability)
  3. CBölünmezlik (atomicity)
  4. DTutarlılık (consistency)
16.Veritabanları ve SQLZor

FROM customers c LEFT JOIN orders o ON o.customer_id = c.id WHERE o.status = 'paid' sorgusu siparişi olmayan müşterileri beklenmedik biçimde dışarıda bırakıyor. Neden?

  1. ALEFT JOIN eşleşmeyen satırları asla tutmaz
  2. Bstatus ayrılmış bir sözcüktür
  3. Co üzerindeki WHERE koşulu NULL ile doldurulmuş satırları reddeder ve sorguyu bir iç birleştirmeye dönüştürür
  4. DBirleştirme ON yerine USING kullanmalıdır
17.Bilgisayar ağlarıOrta

Bir anahtar (switch) normalde hangi OSI katmanında çalışır?

  1. AFiziksel (1. katman)
  2. BTaşıma (4. katman)
  3. CAğ (3. katman)
  4. DVeri bağlantısı (2. katman)
18.Bilgisayar ağlarıZor

Bir kullanıcı 8.8.8.8'e ping atabiliyor ama hiçbir web sitesini adıyla açamıyor. Sorun büyük olasılıkla nerededir?

  1. AFiziksel kabloda
  2. BVarsayılan ağ geçidinde
  3. CAğ kartı sürücüsünde
  4. DAd çözümlemede (DNS)
19.IPv4 alt ağlarıOrta
255.255.255.12811111111111111111111111110000000ağ bitlericihaz bitleri

Bir alt ağ 255.255.255.128 maskesini kullanıyor. Kaç kullanılabilir cihaz adresi H vardır?

255.255.255.128
H =
20.IPv4 alt ağlarıZor
üçüncü oktet 130 … 137112806403201608041201ortakdeğişken

Bir yönlendiricinin şu ağlara rotaları var: 10.246.130.0/24, 10.246.131.0/24, 10.246.132.0/24, 10.246.133.0/24, 10.246.134.0/24, 10.246.135.0/24, 10.246.136.0/24, 10.246.137.0/24. Hepsini kapsayan tek bir özet rotanın en uzun önek uzunluğu p nedir?

10.246.130.0/24 … 10.246.137.0/24
p =

3Çözeltiler

1.Sayı sistemleri

Cevap: N = 33

Konumsal sayı sistemleri: her basamak, değeri çarpı tabanın bir kuvveti kadar değerlidir. İkilik sistemde basamaklar 1, 2, 4, 8, 16, …; onaltılık sistemde 1, 16, 256, … değerindedir ve A–F, 10–15'i gösterir. 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit +128 yerine −128 değerindedir; negatif sayılar böyle saklanır.

Değerleri toplayın

Diğer bitler normal pozitif değerlerini korur.

32 + 1 = 33

Cevap

N = 33
2.Sayı sistemleri

Cevap: R = 119

Bitleri ayarlamak: her bit ikinin bir kuvveti değerindedir (128, 64, …, 1). Bir onaltılık basamak tam olarak dört bittir ve 8 bitlik ikiye tümleyende en soldaki bit −128 değerindedir. Bit işlemleri her bit konumunda ayrı ayrı çalışır.

Bit bit

OR en az bir bit 1 olduğunda 1 verir.

0011 0110
OR 0101 0001
= 0111 0111

Sonucun değeri

0111 0111₂ = 119

Cevap

R = 119
3.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: r → (p → q)

Mantıksal denklik: doğruluk tablosunun her satırında aynı değere sahip iki formül denktir (≡). Totoloji her satırda 1, çelişki her satırda 0’dır; olumsallık ikisi de değildir. Yararlı kurallar: De Morgan, ¬(a ∧ b) ≡ ¬a ∨ ¬b ve ¬(a ∨ b) ≡ ¬a ∧ ¬b; a → b ≡ ¬a ∨ b ≡ ¬b → ¬a (karşıt değil); ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b; ve dağılma kuralları, a ∨ (b ∧ c) ≡ (a ∨ b) ∧ (a ∨ c).

Kural

Dışa aktarma: (a ∧ b) → c ≡ a → (b → c). İkisi de yalnızca a = 1, b = 1 ve c = 0 iken 0’dır.
(r ∧ p) → q ≡ r → (p → q)

Doğruluk tablosuyla denetleyin

p = 1, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 1, q = 1, r = 0: 1 | 1 1 1 0
p = 1, q = 0, r = 1: 0 | 0 0 0 0
p = 1, q = 0, r = 0: 1 | 0 1 0 0
p = 0, q = 1, r = 1: 1 | 1 1 1 1
p = 0, q = 1, r = 0: 1 | 1 1 1 0
p = 0, q = 0, r = 1: 1 | 1 1 0 1
p = 0, q = 0, r = 0: 1 | 0 1 1 0

Cevap

r → (p → q)

Çubuktan sonraki sütunlar, gösterilen sırayla seçeneklerdir.

4.Önermeler mantığı ve ispatlar

Cevap: q = 1, r = 0

Niceleyiciler ve argümanlar: ¬∀x P(x) ≡ ∃x ¬P(x) ve ¬∃x P(x) ≡ ∀x ¬P(x). Değili içeri taşıyın, geçtiği her niceleyiciyi değiştirin ve iç formülün değilini ¬(a → b) ≡ a ∧ ¬b gibi önermeler mantığı kurallarıyla alın. Tüm öncüllerin 1 olduğu her satırda sonuç da 1 ise bir argüman geçerlidir. Öncüllerin doğru, sonucun yanlış olduğu tek bir satır bir karşı örnektir ve argümanın geçersiz olduğunu gösterir.

Öncüller ve sonuç satır satır

q = 1, r = 1: 1 0 | 0
q = 1, r = 0: 1 1 | 0
q = 0, r = 1: 0 0 | 1
q = 0, r = 0: 1 1 | 1

Karşı örnek

q = 1, r = 0

Cevap

q = 1, r = 0

Bu biçimdeki bir argüman geçerli bir kurala benzer, ama geçerli olmadığını göstermek için tek bir satır yeter.

5.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: L = 4

Boole cebiri: ifadeleri sadeleştiren kurallar X + X′ = 1 ve X·X′ = 0, X + X = X, soğurma X + X·Y = X, birleştirme kuralı X·Y + X·Y′ = X, X + X′Y = X + Y ve uzlaşma teoremi XY + X′Z + YZ = XY + X′Z’dir. De Morgan yasaları (X·Y)′ ifadesini X′ + Y′’ye ve (X + Y)′ ifadesini X′·Y′’ye çevirir. Bir Karnaugh haritası bu kuralları grafik olarak uygular: iki komşu hücrelik her grup, XY + XY′ = X kuralının bir kullanımıdır.

İfadenin minterimleri

AC → m(5, 7)
A′B′C → m(1)
ABC → m(7)
ABC00011110010011030204151706

Gruplayın ve okuyun

F = B′C + AC

Literalleri sayın

L = 4

Cevap

L = 4
6.Sayısal mantık: kapılar, K-haritaları ve flip-floplar

Cevap: Q = 8

Flip-floplar ve sayıcılar: bir flip-flop yalnızca saatin etkin kenarında değişir. D girişini kopyalar (Q⁺ = D); T, T = 1 iken tersler; JK, 00 için tutar, 01 için sıfırlar, 10 için kurar, 11 için tersler. n bitlik bir ikilik sayıcının 2ⁿ durumu vardır ve 2ⁿ modunda sayar; mod-N sayıcı 0, 1, …, N − 1 sayıp 0’a döner ve 2ⁿ ≥ N olan en küçük n kadar flip-flop gerektirir. Bir dalgacık (ripple) sayıcının her aşaması frekansı yarıya indirir; bu yüzden mod-N sayıcının son çıkışı fclk/N ile çalışır. n flip-flopluk bir Johnson sayıcının 2n durumu, bir halka sayıcının n durumu vardır.

Her kenardan sonraki durum

1100 → 1110 → 0111 → 0011 → 0001 → 0000 → 0000 → 1000

Ondalık değer

1000₂ = 8

Cevap

Q = 8
7.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: x = 55

Tersler ve denklikler: a’nın n modunda tersi, tam olarak ebob(a, n) = 1 olduğunda vardır. Genişletilmiş Öklid algoritması 1 = s·n + t·a yazar ve sonra a⁻¹ ≡ t (mod n) olur. ebob(a, n) = 1 olan a·x ≡ b (mod n) denkliğinin çözümü x ≡ a⁻¹·b’dir. Modülleri aralarında asal olan x ≡ r₁ (mod m₁) ve x ≡ r₂ (mod m₂) denkliklerinin m₁·m₂ modunda bir çözümü vardır (Çin kalan teoremi). Euler’in φ(n) fonksiyonu 1’den n’ye kadar n ile aralarında asal olan sayıları sayar: φ(n) = n·∏(1 − 1/p).

32 sayısının tersi

r = 59, t = 0
r = 32, q = 1, t = 1
r = 27, q = 1, t = −1
r = 5, q = 5, t = 2
r = 2, q = 2, t = −11
r = 1, q = 2, t = 24
32−1 ≡ 24 (mod 59)

Çözün

x ≡ 24·49 = 1176 ≡ 55 (mod 59)
kontrol: 32·55 = 1760 ≡ 49 (mod 59)

Cevap

x = 55
8.Sayılar kuramı ve modüler aritmetik

Cevap: 593 mod 11 = 4

Modüler kuvvetler ve RSA: aᵏ mod n değerini tekrarlı kare almayla hesaplayın: k’yi ikilik tabanda yazın, kare alın, her adımdan sonra indirgeyin ve biti 1 olan kuvvetleri çarpın. Fermat: a’yı bölmeyen bir p asalı için aᵖ⁻¹ ≡ 1 (mod p); dolayısıyla üs p − 1 modunda indirgenebilir. RSA: p ve q asallarını seçin, n = p·q ve φ(n) = (p − 1)(q − 1); genel üs e, φ(n) ile aralarında asaldır ve özel üs d = e⁻¹ mod φ(n)’dir. c = mᵉ mod n ile şifreleyin ve m = cᵈ mod n ile çözün.

İkilik üs

93 = 10111012 = 64 + 16 + 8 + 4 + 1

Tekrarlı kare alma

51 ≡ 5 (mod 11)
52 ≡ 3 (mod 11)
54 ≡ 9 (mod 11)
58 ≡ 4 (mod 11)
516 ≡ 5 (mod 11)
532 ≡ 3 (mod 11)
564 ≡ 9 (mod 11)

Gerekli kuvvetleri çarpın

593 ≡ 5·9·4·5·9 ≡ 4 (mod 11)

Cevap

593 mod 11 = 4
9.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: D · O(n)

Cevap neden bu

Tabloyu 0'dan n'ye doldurmak girdi başına bir toplama gerektirir, bu yüzden iş üstel yerine doğrusaldır.

Cevap

D · O(n)
10.Algoritmalar ve karmaşıklık

Cevap: C · Θ(n log² n)

Cevap neden bu

k. seviye yaklaşık n log(n / 2ᵏ) iş yapar ve log n seviye üzerinden toplamak Θ(n log² n) verir; bu, ana teoremin genişletilmiş ikinci durumudur.

Cevap

C · Θ(n log² n)
11.Veri yapıları

Cevap: B · Yığın

Cevap neden bu

Her açılan parantezi push edin ve kapanan bir parantez geldiğinde pop edin; çıkan parantezle eşleşmeli ve sonunda yığın boş olmalıdır.

Cevap

B · Yığın
12.Veri yapıları

Cevap: A · Sol çocukta sola döndürme, ardından düğümde sağa döndürme

Cevap neden bu

İlk döndürme sol-sağ durumunu sol-sol durumuna dönüştürür; bu da ardından dengesiz düğümde bir sağa döndürmeyle düzeltilir.

Cevap

A · Sol çocukta sola döndürme, ardından düğümde sağa döndürme
13.Graf kuramı

Cevap: k = 7

Euler, Hamilton ve ağaçlar: bağlantılı bir grafın tüm köşelerinin derecesi çiftse bir Euler devresi (her kenar bir kez, başlangıca dönüş), tam olarak iki köşenin derecesi tekse devre olmayan bir Euler yolu vardır; yol bir tek dereceli köşeden ötekine gider. Bir Hamilton devresi her köşeyi bir kez ziyaret eder; Kn grafında bunlardan (n − 1)!/2 tane vardır. n köşeli bir ağacın n − 1 kenarı vardır ve m kenarlı bağlantılı bir graf m − n + 1 kenar kaldırıldıktan sonra bir kapsayan ağaç bırakır.

Kapsayan ağacın kenarları

17 − 1 = 16

Kaldırılacak kenarlar

k = 23 − 16 = 7

Cevap

k = 7
14.Graf kuramı

Cevap: W = 63

En kısa yollar ve kapsayan ağaçlar: Dijkstra algoritması her turda bir köşeyi kesinleştirir: geçici uzaklığı en küçük olan, henüz kesinleşmemiş köşeyi. Uzaklığı artık kesindir ve her komşu v için d(v) = min(d(v), d(u) + w(u, v)) alınır. Kruskal algoritması en küçük kapsayan ağacı, kenarları hafiften ağıra alıp bir döngü kapatacak kenarları atlayarak kurar; Prim algoritması bir başlangıç köşesinden tek bir ağaç büyütür ve her seferinde ağaçtan çıkan en hafif kenarı ekler. n köşeli bir kapsayan ağacın n − 1 kenarı vardır.

Kruskal algoritması

BD (1): al
CE (3): al
DF (10): al
EF (12): al
BC (14): atla, döngü kapatır
DE (15): atla, döngü kapatır
AC (17): al
AB (19): atla, döngü kapatır
GB (20): al

Toplam ağırlık

W = 1 + 3 + 10 + 12 + 17 + 20 = 63

Cevap

W = 63
15.Veritabanları ve SQL

Cevap: B · Kalıcılık (durability)

Cevap neden bu

Kalıcılık, bir işlem commit edildiğinde etkilerinin, genellikle kararlı depolamaya bir günlük yazılarak, korunması demektir.

Cevap

B · Kalıcılık (durability)
16.Veritabanları ve SQL

Cevap: C · o üzerindeki WHERE koşulu NULL ile doldurulmuş satırları reddeder ve sorguyu bir iç birleştirmeye dönüştürür

Cevap neden bu

Eşleşmeyen satırlarda o.status NULL'dur; bu yüzden WHERE testi TRUE olmaz; koşulu ON yan tümcesine taşımak her müşteriyi tutar.

Cevap

C · o üzerindeki WHERE koşulu NULL ile doldurulmuş satırları reddeder ve sorguyu bir iç birleştirmeye dönüştürür
17.Bilgisayar ağları

Cevap: D · Veri bağlantısı (2. katman)

Cevap neden bu

Standart bir anahtar MAC adreslerini öğrenir ve çerçeveleri 2. katmanda iletir. 3. katman anahtarlar ayrıca yönlendirme de yapar.

Cevap

D · Veri bağlantısı (2. katman)
18.Bilgisayar ağları

Cevap: D · Ad çözümlemede (DNS)

Cevap neden bu

Harici bir IP'ye başarılı bir ping, kablolamanın, adreslemenin ve yönlendirmenin çalıştığını kanıtlar. Adların başarısız olması bir DNS sunucusu veya çözümleyici ayarı sorununa işaret eder.

Cevap

D · Ad çözümlemede (DNS)
19.IPv4 alt ağları

Cevap: H = 126

IPv4 subnetting: an address has 32 bits. The prefix /p says how many leading bits identify the network; the remaining 32 − p bits number the hosts. A subnet has 2³²⁻ᵖ addresses, but the first (network address) and last (broadcast address) cannot be given to hosts, so 2³²⁻ᵖ − 2 hosts fit. Exceptions: a /31 (point-to-point link, RFC 3021) uses both of its 2 addresses for hosts, and a /32 is one single address (a single host or a loopback).

Önek uzunluğu

255.255.255.128 = /25

Kullanılabilir cihazlar

27 − 2 = 126

Cevap

H = 126
20.IPv4 alt ağları

Cevap: p = 20

Rota özetleme: a.b.c.0/p özet rotası, ilk p biti eşleşen tüm ağları kapsar. İlk ve son ağın farklı olan oktetini ikili olarak yazın; ortak baştaki bitlerin sayısı artı ondan önceki oktetlerin bitleri, en uzun özet önekidir.

Bitleri karşılaştırın

130 = 10000010
137 = 10001001
ortak baştaki bitler: 4

Önek uzunluğu

p = 16 + 4 = 20

Cevap

p = /20

Özet rota: 10.246.128.0/20 (listede olmayan 8 ağı da kapsar).

ExamProblems · examproblems.com/courses/computer-science-fundamentals